天津市2024年高考物理模擬試卷及答案1

天津市2024年高考物理模擬試卷及答案閱卷人一、單選題得分1．在近代物理發(fā)展的過(guò)程中，實(shí)驗(yàn)和理論相互推動(dòng)，促進(jìn)了人們對(duì)世界的認(rèn)識(shí)。對(duì)下列實(shí)驗(yàn)描述正確的是（）A．盧瑟福通過(guò)A圖所示的實(shí)驗(yàn)，發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子和中子B．湯姆孫通過(guò)B圖所示的氣體放電管，提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型C．C圖所示的實(shí)驗(yàn)中，驗(yàn)電器因?yàn)閹县?fù)電指針張開(kāi)D．D圖放射源產(chǎn)生的三種射線中，射線1的電離本領(lǐng)最強(qiáng)2．雨后太陽(yáng)光射入空氣中的水滴，先折射一次，然后在水滴的背面發(fā)生反射，最后離開(kāi)水滴時(shí)再折射一次，就形成了彩虹。如圖，太陽(yáng)光從左側(cè)射入球形水滴，a、b是其中的兩條出射光線，在這兩條出射光線中，一條是紅光，另一條是紫光，下列說(shuō)法正確的是（）A．a(chǎn)光線是紅光，b光線是紫光B．遇到同樣的障礙物，b光比a光更容易發(fā)生明顯衍射C．a(chǎn)光在水滴中的傳播時(shí)間比b光在水滴中的傳播時(shí)間短D．增大太陽(yáng)光在水滴表面的入射角，則可能沒(méi)有光線從水滴中射出3．2022年1月22日，我國(guó)實(shí)踐二十一號(hào)衛(wèi)星（SJ-21）將一顆失效的北斗2號(hào)衛(wèi)星從擁擠的地球同步軌道上拖拽到了航天器稀少的更高的軌道上，此舉標(biāo)志著航天器被動(dòng)移位和太空垃圾處理新方式的成功執(zhí)行。這顆失效的北斗2號(hào)衛(wèi)星原本運(yùn)行在高度約36000公里的地球同步靜止軌道上，SJ-21在失效衛(wèi)星旁邊進(jìn)行了近距離操作，幾個(gè)小時(shí)后將其拖離了同步軌道，經(jīng)過(guò)轉(zhuǎn)移軌道抬升了1500km高度后，最終將其送到圓形衛(wèi)星墓地軌道，完成任務(wù)后SJ-21隨即返回到地球靜止軌道。如圖所示為這個(gè)過(guò)程中幾個(gè)軌道示意圖，其中1為地球同步靜止軌道，2為轉(zhuǎn)移軌道，3為墓地軌道，M為1、2軌道的切點(diǎn)，N為2、3軌道的切點(diǎn)，下列判斷正確的是（）A．北斗2號(hào)在軌道1運(yùn)行時(shí)的速度為7.9km/sB．北斗2號(hào)在軌道1運(yùn)行時(shí)的周期大于在軌道3運(yùn)行時(shí)的周期C．SJ-21俘獲北斗2號(hào)后需要在M點(diǎn)加速才能進(jìn)入軌道2D．SJ-21返回時(shí)需要在N點(diǎn)加速才能進(jìn)入軌道24．如圖甲所示，氣缸內(nèi)封閉了一定質(zhì)量的氣體（可視為理想氣體），可移動(dòng)活塞與容器壁光滑接觸，開(kāi)始時(shí)活塞處于Ⅰ位置靜止，經(jīng)歷某個(gè)過(guò)程后，活塞運(yùn)動(dòng)到Ⅱ位置（圖中未標(biāo)出）重新靜止，活塞處于這兩個(gè)位置時(shí)，氣缸內(nèi)各速率區(qū)間的氣體分子數(shù)n占總分子數(shù)N的百分比（nNA．氣體在狀態(tài)Ⅰ時(shí)溫度較高 B．氣體在狀態(tài)Ⅱ時(shí)壓強(qiáng)較大C．在此過(guò)程中外界對(duì)氣體做正功 D．在此過(guò)程中氣體從外界吸熱5．如圖所示，向前行駛的車(chē)廂內(nèi)有一面向行駛方向的乘客，乘客在自身重力G與車(chē)廂（含座椅）的作用力F的作用下與車(chē)廂保持相對(duì)靜止，座椅旁邊有一小球用細(xì)線懸掛在車(chē)廂的天花板上，懸線與豎直方向成θ角也與車(chē)廂相對(duì)靜止，下列說(shuō)法中正確的是（）A．乘客受到的合力方向與運(yùn)動(dòng)方向相同B．車(chē)廂的速度越大，懸線與豎直方向的夾角θ越大C．車(chē)廂對(duì)乘客的作用力F一定大于乘客的重力GD．懸線與豎直方向夾角θ增大，車(chē)廂對(duì)乘客作用力F可能不變閱卷人二、多選題得分6．直角坐標(biāo)系的y軸為兩種均勻介質(zhì)的分界線，由位于坐標(biāo)原點(diǎn)O的一波源發(fā)出的兩列機(jī)械波a、b同時(shí)分別在兩種介質(zhì)中傳播，某時(shí)刻的波形如圖所示，此刻a波恰好傳到x=4m處，P為x=1.A．波源的起振方向沿y軸正方向 B．兩列波的頻率關(guān)系為fC．此刻b波傳到x=?16m處 D．質(zhì)點(diǎn)P在這段時(shí)間內(nèi)通過(guò)的路程為50cm7．如圖所示，KLMN是一個(gè)豎直的匝數(shù)為n的矩形線框，全部處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的水平方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線框面積為S，電阻為R，線框繞豎直固定軸以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)（俯視逆時(shí)針?lè)较颍?dāng)MN邊與磁場(chǎng)方向的夾角為30°時(shí)（圖示位置），下列說(shuō)法正確的是（）A．導(dǎo)線框中產(chǎn)生的瞬時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小是3B．導(dǎo)線框中電流的方向是K→L→M→N→KC．再轉(zhuǎn)過(guò)60°時(shí)導(dǎo)線框中產(chǎn)生的電流達(dá)到最大值D．再轉(zhuǎn)過(guò)60°時(shí)穿過(guò)導(dǎo)線框的磁通量變化率為08．如圖所示，由兩水平面（虛線）所夾的區(qū)域內(nèi)，有水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，自該區(qū)域上方的A點(diǎn)，將質(zhì)量相等、帶等量異種電荷的小球a、b先后以相同的初速度沿平行于電場(chǎng)的方向射出。小球在重力的作用下從B點(diǎn)進(jìn)入電場(chǎng)區(qū)域，并從該區(qū)域的的下邊界離開(kāi)，已知a球在電場(chǎng)中做直線運(yùn)動(dòng)之后從M點(diǎn)離開(kāi)電場(chǎng)，b球從N點(diǎn)離開(kāi)電場(chǎng)且離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)速度方向豎直向下，根據(jù)上述信息，下列判斷正確的是（）A．a(chǎn)球帶負(fù)電，b球帶正電B．a(chǎn)球和b球在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等C．M點(diǎn)到B點(diǎn)的水平距離是N點(diǎn)到B點(diǎn)的水平距離的3倍D．b球離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)比其進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)電勢(shì)能大閱卷人三、實(shí)驗(yàn)題得分9．利用如圖所示的裝置可以驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，即研究半徑相同的小球在軌道水平部分碰撞前后的動(dòng)量關(guān)系。先安裝好實(shí)驗(yàn)裝置，在地上鋪一張白紙，白紙上鋪放復(fù)寫(xiě)紙，記下重垂線所指的位置O。（1）為完成此實(shí)驗(yàn)，以下提供的測(cè)量工具中，必須使用的是；A．刻度尺B．天平B．打點(diǎn)計(jì)時(shí)器D．秒表（2）關(guān)于本實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法正確的是____；A．同一組實(shí)驗(yàn)中，入射小球必須從同一位置由靜止釋放B．入射小球的質(zhì)量必須小于被碰小球的質(zhì)量C．軌道傾斜部分必須光滑D．軌道末端必須水平放置（3）實(shí)驗(yàn)時(shí)先讓入射球多次從斜軌上位置S由靜止釋放，通過(guò)白紙和復(fù)寫(xiě)紙找到其平均落地點(diǎn)的位置P。然后，把被碰球靜置于軌道的水平部分末端，仍將入射球從斜軌上位置S由靜止釋放，與被碰球相碰，并多次重復(fù)該操作，兩小球平均落地點(diǎn)位置分別為M、N。不同小組的同學(xué)分別進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，所用的入射球質(zhì)量均為被碰球質(zhì)量的2倍，下列各組白紙上記錄的小球落點(diǎn)位置結(jié)果，由于誤差較大明顯不符合動(dòng)量守恒規(guī)律的是____；A． B．C． D．10．在學(xué)校社團(tuán)活動(dòng)中，某實(shí)驗(yàn)小組欲將一只量程為0~A．待改裝的微安表頭G（量程為0~B．微安表G1（量程為0C．滑動(dòng)變阻器R1（0D．滑動(dòng)變阻器R2（0E.電阻箱R（0~F.電源E（電動(dòng)勢(shì)約為9V）G.開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干（1）為順利完成實(shí)驗(yàn)，變阻器1應(yīng)選擇，變阻器2應(yīng)選擇（填器材前序號(hào)）；（2）實(shí)驗(yàn)時(shí)，除了微安表G1的示數(shù)I1和微安表G的示數(shù)I2（3）改裝完成后，實(shí)驗(yàn)小組利用電流表A和改裝后的電壓表V，用伏安法測(cè)量某未知電阻的阻值，測(cè)量時(shí)電流表的示數(shù)為0.2A，改裝的電壓表指針指在原200μA處，則該電阻的測(cè)量值為Ω。閱卷人四、解答題得分11．遙控F3P模型是一種固定翼模型飛機(jī)，通過(guò)安裝在機(jī)頭位置的電機(jī)帶動(dòng)螺旋槳轉(zhuǎn)動(dòng)向后推動(dòng)空氣為飛機(jī)提供動(dòng)力，可以通過(guò)控制副翼和尾翼實(shí)現(xiàn)各種復(fù)雜的3D動(dòng)作，因此目前正得到越來(lái)越多航模愛(ài)好者的喜愛(ài)。現(xiàn)對(duì)模型進(jìn)行飛行試驗(yàn)，已知模型的質(zhì)量為m=0.2kg，取g=10m/s2（1）通過(guò)控制，使無(wú)人機(jī)在某一高度沿水平面做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，需要使機(jī)翼與水平方向成一定的角度“側(cè)身”飛行。如圖所示，機(jī)翼與水平方向的夾角為θ=37°，若想無(wú)人機(jī)在半徑不超過(guò)R=4.（2）控制模型使其沿豎直方向爬升，在地面上從靜止開(kāi)始以恒定升力豎直向上運(yùn)動(dòng)，經(jīng)時(shí)間t=2s時(shí)離地面的高度為?=8m，設(shè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中所受空氣阻力大小恒為f=2N，求此過(guò)程動(dòng)力系統(tǒng)的升力F；（3）從（2）中達(dá)到的狀態(tài)開(kāi)始，模型通過(guò)不斷調(diào)整升力繼續(xù)上升，在距離地面高度為H=18m處速度恰為0，求無(wú)人機(jī)從h上升到H的過(guò)程中，動(dòng)力系統(tǒng)所做的功W為多少？12．兩根平行相距為L(zhǎng)的足夠長(zhǎng)的金屬直角導(dǎo)軌如圖所示放置，它們各有一邊在同一水平面內(nèi)，另一邊垂直于水平面，導(dǎo)軌的水平部分光滑。金屬細(xì)桿ab靜止在水平導(dǎo)軌上，金屬桿cd緊貼豎直導(dǎo)軌，兩金屬桿與導(dǎo)軌垂直接觸形成閉合回路，整個(gè)裝置處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。已知兩根金屬細(xì)棒的質(zhì)量均為m、電阻均為R，cd桿與豎直導(dǎo)軌之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，導(dǎo)軌電阻不計(jì)?，F(xiàn)用平行于水平導(dǎo)軌的恒力F（大小未知）作用在ab桿上使ab桿由靜止開(kāi)始向右運(yùn)動(dòng)，同時(shí)由靜止放cd桿，過(guò)一段時(shí)間后，兩金屬桿同時(shí)達(dá)到最大速度，重力加速度為g，求：（1）桿ab的最大速度v；（2）拉力F的大小；（3）若ab桿從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到獲得最大速度移動(dòng)過(guò)的距離為x，求此過(guò)程中cd桿上產(chǎn)生的焦耳熱Q。13．質(zhì)譜儀是一種檢測(cè)同位素的儀器，利用電場(chǎng)和磁場(chǎng)可以將同位素進(jìn)行分離。現(xiàn)有氕(11H)、氘(12H)兩種帶電粒子從容器A下方的狹縫S1飄入電勢(shì)差為U（1）M點(diǎn)與狹縫S3（2）若某些氘粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后，形成等效電流為I的粒子束，最終垂直打在照相底片上的P點(diǎn)（圖中未畫(huà)出）形成一個(gè)曝光點(diǎn)，粒子均被吸收。求氘粒子束單位時(shí)間內(nèi)對(duì)P點(diǎn)的沖擊力大小F；（3）若考慮磁感應(yīng)強(qiáng)度在(B0?ΔB)到(

答案解析部分1．【答案】D【解析】【解答】A．盧瑟福通過(guò)A圖所示的實(shí)驗(yàn)確立了原子的核式結(jié)構(gòu)理論，并沒(méi)有發(fā)現(xiàn)質(zhì)子和中子，A不符合題意；B．湯姆孫通過(guò)B圖所示的氣體放電管發(fā)現(xiàn)了電子，B不符合題意；C．C圖所示的實(shí)驗(yàn)中，從鋅板中逸出光電子，則鋅板帶上正電，驗(yàn)電器因?yàn)閹险娭羔槒堥_(kāi)，C不符合題意；D．D圖放射源產(chǎn)生的三種射線中，射線1是α粒子，其電離本領(lǐng)最強(qiáng)，D符合題意。故答案為：D?！痉治觥浚?）普朗克通過(guò)研究黑體輻射提出能量子的概念；

（2）電子的發(fā)現(xiàn)提示了原子內(nèi)有復(fù)雜結(jié)構(gòu)；

（3）盧瑟福通過(guò)分析α粒子散射實(shí)驗(yàn)結(jié)果，提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型；

（4）根據(jù)電子束通過(guò)鋁箔后的衍射圖樣，說(shuō)明電子具有波動(dòng)性。2．【答案】B【解析】【解答】A．由光路圖可知，a光線的偏折程度較大，則折射率較大，頻率較大，則a是紫光，b光線是紅光，A不符合題意；B．紅光的波長(zhǎng)比紫光長(zhǎng)，則遇到同樣的障礙物，b光比a光更容易發(fā)生明顯衍射，B符合題意；C．根據(jù)v=cD．增大太陽(yáng)光在水滴表面的入射角，則光線在水滴的背面的入射角變大，光線仍能在水滴的背面發(fā)生全反射，從而從水滴中射出，D不符合題意。故答案為：B?！痉治觥浚?）太陽(yáng)光在水滴表面發(fā)生折射現(xiàn)象，入射角相同，根據(jù)折射定律分析a、b兩光的折射率以及兩種光的波長(zhǎng)大小關(guān)系，因?yàn)椴ㄩL(zhǎng)越長(zhǎng)越容易發(fā)生衍射現(xiàn)象；

（2）分析兩種色光在水滴中傳播的路徑大小關(guān)系以及傳播速度的大小關(guān)系，根據(jù)x=vt分析兩種光的傳播時(shí)間。3．【答案】C【解析】【解答】A．北斗2號(hào)在軌道1運(yùn)行時(shí)，運(yùn)行軌道半徑遠(yuǎn)大于地球的半徑，根據(jù)v=可知，其速度小于7.9km/s，A不符合題意；B．根據(jù)開(kāi)普勒第三定律可知，軌道半徑越大，則周期越大，則北斗2號(hào)在軌道1運(yùn)行時(shí)的周期小于在軌道3運(yùn)行時(shí)的周期，B不符合題意；C．SJ-21俘獲北斗2號(hào)后需要在M點(diǎn)加速做離心運(yùn)動(dòng)，才能進(jìn)入軌道2，C符合題意；D．SJ-21返回時(shí)需要在N點(diǎn)減速做向心運(yùn)動(dòng)才能進(jìn)入軌道2，D不符合題意。故答案為：C。【分析】本題考查變軌問(wèn)題，從1軌道變到2軌道時(shí)離心運(yùn)動(dòng)，故需要點(diǎn)火加速，在2軌道的Q點(diǎn)再次點(diǎn)火加速離心運(yùn)動(dòng)后，才能穩(wěn)定在3軌道上。4．【答案】D【解析】【解答】A．由圖像乙可知，氣體在狀態(tài)Ⅱ時(shí)，速率較大的分子占據(jù)的比例較大，則分子平均速率較大，溫度較高，A不符合題意；B．氣體進(jìn)行等壓變化，則氣體在兩個(gè)狀態(tài)的壓強(qiáng)相等，B不符合題意；C．在此過(guò)程中氣體的體積變大，則氣體對(duì)外界做功，C不符合題意；D．在此過(guò)程中氣體對(duì)外做功，溫度升高，內(nèi)能變大，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體從外界吸熱，D符合題意。故答案為：D?！痉治觥浚?）根據(jù)溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志及分子運(yùn)動(dòng)速率的統(tǒng)計(jì)規(guī)律判斷；

（2）根據(jù)等壓變化判斷，體積變大，外界對(duì)氣體做負(fù)功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可判斷。5．【答案】C【解析】【解答】A．由圖可知，小球受合外力方向與車(chē)廂運(yùn)動(dòng)方向相反，可知車(chē)廂做勻減速運(yùn)動(dòng)，乘客受到的合力方向與運(yùn)動(dòng)方向也相反，A不符合題意；B．對(duì)小球，根據(jù)牛頓第二定律可知mg可得a=g則車(chē)廂的加速度越大，懸線與豎直方向的夾角θ越大，但是速度大，θ不一定大，B不符合題意；C．對(duì)乘客受力分析可知，車(chē)廂對(duì)乘客的作用力F=即F一定大于乘客的重力G，C符合題意；D．懸線與豎直方向夾角θ增大，則加速度a變大，車(chē)廂對(duì)乘客作用力F增大，D不符合題意。故答案為：C?！痉治觥渴紫冗x擇球研究，小球受合外力方向與車(chē)廂運(yùn)動(dòng)方向相反，可知車(chē)廂做勻減速運(yùn)動(dòng)，乘客受到的合力方向與運(yùn)動(dòng)方向也相反；根據(jù)牛頓第二定律求出加速度，人的加速度等于車(chē)的。再對(duì)人分析受力，作出力圖，由牛頓第二定律，可知汽車(chē)對(duì)乘客產(chǎn)生的作用力的大小和方向。6．【答案】C,D【解析】【解答】A．因此刻a波恰好傳到x=4m處，可知該質(zhì)點(diǎn)起振方向沿y軸負(fù)向，則波源的起振方向也是沿y軸負(fù)方向，A不符合題意；B．兩列波由同一波源發(fā)出，則頻率相等，B不符合題意；C．此刻a波向右傳播4λa，則b波向左傳播4λb=16m，即此刻b波傳到x=?16m處，C符合題意；D．此刻質(zhì)點(diǎn)P振動(dòng)了2.5個(gè)周期，則質(zhì)點(diǎn)P在這段時(shí)間內(nèi)通過(guò)的路程為10A=50cm，D符合題意。故答案為：CD。

【分析】（1）當(dāng)波傳播到x=4m時(shí)，根據(jù)質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間和周期的關(guān)系，得出質(zhì)點(diǎn)P振動(dòng)的路程和振幅的關(guān)系；

（2）每個(gè)質(zhì)點(diǎn)起振的方向與波源起振方向相同，結(jié)合質(zhì)點(diǎn)的起振方向得出波源的起振方向，同一波源發(fā)出的波，則頻率相等。7．【答案】A,D【解析】【解答】A．導(dǎo)線框中產(chǎn)生的瞬時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小是e=nBωSA符合題意；B．根據(jù)右手定則可知，導(dǎo)線框中電流的方向是K→N→M→L→K，B不符合題意；CD．再轉(zhuǎn)過(guò)60°時(shí)導(dǎo)線框到達(dá)中性面位置，此時(shí)線框中磁通量的變化率為零，產(chǎn)生的電流為零，C不符合題意，D符合題意。故答案為：AD?！痉治觥浚?）寫(xiě)出瞬電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式就可求出瞬時(shí)值了；

（2）根據(jù)楞次定律和安培定則可判斷感應(yīng)電流的方向，再轉(zhuǎn)過(guò)60°正好轉(zhuǎn)到中性面位置，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零；

（3）導(dǎo)線框在磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中，穿過(guò)導(dǎo)線框的磁通量隨時(shí)間做周期性變化，其磁通量的變化率也隨時(shí)間做周期性變化。8．【答案】B,C,D【解析】【解答】A．由題意可知，b球進(jìn)入水平電場(chǎng)后在水平方向做減速運(yùn)動(dòng)，出離電場(chǎng)時(shí)水平速度減為零，則b球帶負(fù)電，a球帶正電，A不符合題意；B．從開(kāi)始拋出到出離電場(chǎng)，兩球在豎直方向只受重力作用，加速度相同，則兩球在豎直方向的運(yùn)動(dòng)相同，即a球和b球在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，B符合題意；C．設(shè)兩粒子進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)水平速度為v0，經(jīng)過(guò)電場(chǎng)的時(shí)間為t，則對(duì)a球從M點(diǎn)射出時(shí)水平位移x對(duì)b球從N點(diǎn)射出時(shí)水平位移x其中對(duì)b球v解得x即M點(diǎn)到B點(diǎn)的水平距離是N點(diǎn)到B點(diǎn)的水平距離的3倍，C符合題意；D．b球在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，電場(chǎng)力做負(fù)功，則電勢(shì)能增加，即離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)比其進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)電勢(shì)能大，D符合題意。故答案為：BCD。【分析】（1）由M、N在電場(chǎng)中豎直方向的運(yùn)動(dòng)，知道運(yùn)動(dòng)時(shí)間t相等；

（2）由M、N在電場(chǎng)中水平方向的運(yùn)動(dòng)，在電場(chǎng)力作用下產(chǎn)生的加速度沿水平方向，大小相等；

（3）對(duì)兩球水平方向的運(yùn)動(dòng)分別根據(jù)速度時(shí)間公式列式解得，電場(chǎng)力做負(fù)功，則電勢(shì)能增加。9．【答案】（1）AB（2）A；D（3）A；D【解析】【解答】1）要測(cè)量碰撞前后的動(dòng)量，在質(zhì)量要用天平測(cè)量，而速度是用水平位移代替，刻度尺也是必須的，故答案為：AB；（2）AC．同一組實(shí)驗(yàn)中，入射小球必須從同一位置釋放，才能保證兩次碰撞前的速度相同，軌道傾斜部分不必光滑，A符合題意，C不符合題意；B．為了避免入射球反彈，入射球的質(zhì)量必須大于被碰小球的質(zhì)量，B不符合題意；D．軌道末端必須水平，才能使小球做平拋運(yùn)動(dòng)，D符合題意；故答案為：AD；（3）根據(jù)題意結(jié)合動(dòng)量守恒定律得出2m?OP=2m?OM+m?ON整理得2OP?2OM=ON即2MP=ON結(jié)合圖象可知，AD明顯不符合。故答案為：AD?！痉治觥?1)由實(shí)驗(yàn)需要測(cè)量的量分析可得需要答案；

(2)為了保證碰撞前后使入射小球不反彈，故使入射小球的質(zhì)量大于被碰小球的質(zhì)量；

（3）為使兩球發(fā)生正碰，兩小球的半徑必須相同；

(4)兩球碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒定律答題。10．【答案】（1）D；E（2）變阻器2的阻值（3）60【解析】【解答】（1）在該實(shí)驗(yàn)中，首先要閉合S1，斷開(kāi)S2，調(diào)節(jié)變阻器1使得，電流計(jì)G1和G2偏轉(zhuǎn)到滿刻度的23以上（設(shè)為I1），然后閉合S2，保持變阻器1的電阻不變，調(diào)節(jié)變阻器2，使得電流計(jì)G讀數(shù)為I2，則通過(guò)變阻器2的電流為I1-I2，通過(guò)變阻器2的阻值以及電流關(guān)系可求解電流G的內(nèi)阻；則認(rèn)為當(dāng)閉合S2時(shí)，電路中的電流I1（2）由上述分析可知，實(shí)驗(yàn)時(shí)，除了微安表G1的示數(shù)I1和微安表G的示數(shù)（3）將滿偏電流為250μA的電流計(jì)改裝為15V量程的電壓表，當(dāng)電流計(jì)讀數(shù)為200μA時(shí)，對(duì)應(yīng)的電壓值為12V，則待測(cè)電阻阻值為R=【分析】(1)由實(shí)驗(yàn)原理選擇合適的電學(xué)儀器：

(2)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理及目的分析出還需要記錄的數(shù)據(jù)：

(3)根據(jù)歐姆定律和電路結(jié)構(gòu)求出電阻的測(cè)量值。11．【答案】（1）解：無(wú)人機(jī)做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力由重力和機(jī)翼升力的合力提供，則mg解得v=（2）解：無(wú)人機(jī)上升的加速度a=根據(jù)牛頓第二定律可知F?mg?f=ma解得F=4.8N（3）解：無(wú)人機(jī)在h=8m處的速度v=at=8m/s由動(dòng)能定理W?mg解得W=33.6J【解析】【分析】(1)無(wú)人機(jī)在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，向心力由重力和機(jī)翼升力的合力共同提供，由牛頓第二定律求飛行速度最大值；

(2)先求出無(wú)人機(jī)的加速度，然后由牛頓第二定律求升力F；

(3)無(wú)人機(jī)從h上升到H的過(guò)程中，由動(dòng)能定理求動(dòng)力系統(tǒng)所做的功W。12．【答案】（1）解：取cd棒為研究對(duì)象，