云南省2024年高考物理模擬試卷及答案9

云南省2024年高考物理模擬試卷及答案閱卷人一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第14～17題只有一項符合題目要求，第18～21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。得分1．“量子化”是二十世紀(jì)以來最重要的物理思想之一，下列選項中與“量子化”思想無關(guān)的是（）A．普朗克為解釋黑體輻射實驗規(guī)律提出的能量子假說B．盧瑟福通過α粒子散射實驗提出的原子核式結(jié)構(gòu)模型C．波爾提出原子結(jié)構(gòu)假說成功解釋了氫光譜D．愛因斯坦提出光子說并用于光電效應(yīng)的解釋2．潛水運動員在水中向岸上發(fā)射激光，如圖所示。潛水員某次在同一位置沿同一方向分別發(fā)出a、b兩種顏色的激光，結(jié)果岸上只接收到了a光，沒有接收到b光，則下列說法正確的是（）A．水對a光的折射率大于水對b光的折射率 B．在水中，a光的傳播速度小于b光的傳播速度C．真空中，a光的波長大于b光的波長 D．若b是黃顏色的光，則a可能是綠顏色的光3．光滑水平面上平行放置兩根完全相同的軟繩，兩人分別握住繩的一端，在水平面上沿垂直于繩的方向擺動，形成沿x軸正方向傳播的兩列簡諧波。某時刻兩列波的波動圖像分別如圖甲、乙所示，此時兩列波分別傳到離手12m和15m處。下列說法正確的是（）A．兩列波的周期相等 B．兩列波的波源同時開始振動C．兩列波的波源起振方向相同 D．此時圖乙所示的波中x=8m處質(zhì)點的加速度方向沿y軸負(fù)方向4．如圖所示，一導(dǎo)熱氣缸由粗細(xì)不同的兩段圓柱形氣缸連接而成，通過剛性桿連接的活塞A、B封閉了一定質(zhì)量的理想氣體，活塞可無摩擦滑動，活塞及連接桿的重量不可忽略。則氣缸由如圖所示的狀態(tài)在豎直面內(nèi)緩慢轉(zhuǎn)動90°至活塞A在下方，氣缸始終處于密封狀態(tài)且環(huán)境溫度和大氣壓強均保持不變，此過程中關(guān)于缸內(nèi)氣體，下列說法正確的是（）A．壓強變小 B．體積變小C．向外放熱 D．外界對氣體做正功5．如圖所示，真空中帶電量為＋Q和＋3Q的兩點電荷分別固定在等邊三角形ABC的A、B兩點上，O為AB的中點。下列說法正確的是（）A．O點電勢比C點的高B．O點的電場強度比C點的小C．在AO間某點固定一個負(fù)點電荷可能使C點電場強度為0D．在BO間某點固定一個負(fù)點電荷可能使C點電場強度為06．如圖甲所示為一個小型起重機的電路圖，M為電動機，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為22∶1，原線圈接在u=2202sin100πtA．通過電流表的電流方向每秒變化100次 B．電壓表的示數(shù)為14.1VC．電動機線圈的電阻為6.25Ω D．電動機的效率為62.5％7．太陽系各大行星幾乎在同一平面內(nèi)沿同一方向繞太陽做圓周運動，當(dāng)?shù)厍蚯『眠\行到某個行星和太陽之間，且三者幾乎成一條直線時，在天文學(xué)中稱為“行星沖日”現(xiàn)象。已知太陽系中部分行星的軌道半徑、公轉(zhuǎn)周期和2023年沖日時間如下表所示，下列說法正確的是（）行星地球木星土星天王星海王星軌道半徑（AU）1.05.29.51930公轉(zhuǎn)周期（年）1.0

29.4684.81164.82023年沖日時間

11月3日8月27日11月14日9月19日A．表內(nèi)所列行星中，地球繞太陽做圓周運動的向心加速度最小B．木星的公轉(zhuǎn)周期約為12年C．海王星2024年沖日時間預(yù)計在9月D．行星軌道半徑越大，相鄰兩次沖日時間間隔越長8．電磁剎車系統(tǒng)具有剎車迅速、安全可靠、結(jié)構(gòu)簡單等特點，如圖所示是電磁剎車系統(tǒng)的示意簡圖。在平行的水平軌道上等間距分布有垂直于導(dǎo)軌平面的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B，有磁場與無磁場區(qū)域的寬度均為d。金屬線圈固定在機車底部，線圈的寬為d、長為L、匝數(shù)為N、電阻為R。當(dāng)質(zhì)量為m的機車（含線圈）以速度v0A．金屬線圈通過每個磁場區(qū)域產(chǎn)生的焦耳熱相等B．機車剛進入磁場時受到的安培力的大小為NC．金屬線圈穿過每個磁場區(qū)域過程中速度的變化量相等D．機車的制動距離為m閱卷人二、非選擇題：共174分。得分9．某同學(xué)通過自由落體運動來測量重力加速度，但由于物體下落時間較短，導(dǎo)致測量誤差較大。為了減小測量誤差，該同學(xué)設(shè)計了如圖所示的實驗裝置，利用秒表和刻度尺來測量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?。部分實驗步驟如下：（1）用一不可伸長的輕繩跨過定滑輪連接質(zhì)量分別為M、m的兩物塊P和Q（M>m），固定物塊Q使P、Q靜止在距離地面一定高度處；（2）用刻度尺測量出物塊P下端距地面的高度h；（3）將物塊Q由靜止釋放，測出P從開始運動到落地所用的時間t，則物塊P下落的加速度表達式為a＝；（4）改變h，重復(fù)上述操作，測得多組實驗數(shù)據(jù)，作出??t2圖像，得到該圖像的斜率為k。若忽略一切摩擦阻力，計算當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊谋磉_式為g＝（用k、M和（5）若考慮輕繩與滑輪之間的摩擦，則通過該方法測得的重力加速度與真實值相比（填“偏大”或“偏小”）。10．某同學(xué)設(shè)計并制作了一個可以測量角度的裝置，其電路如圖所示。其中半圓弧AB是電阻率為ρ、橫截面積為S且粗細(xì)均勻的電阻絲，圓弧的圓心在O點，半徑為r；ON為可繞O旋轉(zhuǎn)的金屬指針，N端可在圓弧AB上滑動且接觸良好，R1為電阻箱，R2為滑動變阻器，V1、V2為理想電壓表，指針（1）按照電路圖連接電路，取圖中ON與OA的夾角為θ（θ用角度制表示），在使用時要讓電壓表V2的示數(shù)隨θ的增大而增大，電壓表V2另一端應(yīng)與電阻絲的端相連（填“A”或“B”）；（2）閉合開關(guān)S前，應(yīng)將滑動變阻器R2的滑片P置于端（填“a”或“b（3）閉合開關(guān)S，旋轉(zhuǎn)ON使其到達圓弧AB的某一位置，調(diào)節(jié)滑動變阻器及電阻箱，使電壓表V1、V2有適當(dāng)?shù)氖緮?shù)，讀出此時電壓表V1、V2的示數(shù)U1、U2及電阻箱的阻值R，此時θ與U2的關(guān)系式為θ（4）將ON調(diào)至θ=180°，并保持R1不變，調(diào)節(jié)R2，使電壓表V1的示數(shù)仍為U1（5）若電壓表V2量程為3V，用上述的操作方法且同樣保持U1不變，要使θ=180°時電壓表V2剛好滿偏，則可能實現(xiàn)的操作是：（填“增大”或“減小”）R1的阻值，同時11．如圖所示，熱氣球由球囊、吊籃和加熱裝置三部分構(gòu)成，加熱裝置固定在吊籃上，用24根對稱分布的輕繩拴住并與球囊相連，輕繩與豎直方向夾角均為37°。熱氣球被鎖定在地面上，現(xiàn)緩慢加熱球內(nèi)空氣使其密度不斷減小。當(dāng)加熱至某溫度時，熱氣球受到豎直向上大小為3.85×104N的浮力，球內(nèi)氣體總質(zhì)量為3100kg，此時解除熱氣球鎖定。若球囊質(zhì)量為208kg，吊籃和加熱裝置總質(zhì)量為192kg，重力加速度大小取g=10m/s（1）熱氣球的加速度大小；（2）每根繩子的拉力大小。12．如圖所示，矩形區(qū)域abcd平面內(nèi)有垂直于平面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B，ab邊長為4L，bc邊長為L。在矩形中心O處有一粒子源，在平面內(nèi)向各方向均勻發(fā)射出速度大小相等的帶電粒子，粒子帶電量均為+q，質(zhì)量均為m。若初速度平行于ab邊的粒子離開磁場時速度方向偏轉(zhuǎn)了60°角，不計粒子之間的相互作用及粒子重力，取sin14（1）粒子在磁場中運動的速度大??；（2）粒子在磁場中運動的最短時間和最長時間的比值；（3）某時刻發(fā)射出的粒子中，當(dāng)初速度方向平行于ab邊的粒子離開磁場時，這些粒子中未離開磁場的粒子數(shù)與已經(jīng)離開磁場的粒子數(shù)之比。

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】A、普朗克為解釋黑體輻射實驗規(guī)律提出的能量子假說，故A不符合題意要求；

B、盧瑟福通過α粒子散射實驗提出的原子核式結(jié)構(gòu)模型，與“量子化”思想無關(guān)，故B符合題意要求；

C、波爾提出原子結(jié)構(gòu)假說，認(rèn)為電子軌道量子化，原子能量量子化，成功解釋了氫光譜，故C不符合題意要求；

D、愛因斯坦提出光子說，認(rèn)為光的能量是一份一份的，并用于光電效應(yīng)的解釋，故D不符合題意要求。

故答案為：B。

【分析】普朗克為解釋黑體輻射實驗規(guī)律提出的能量子假說。盧瑟福通過α粒子散射實驗提出的原子核式結(jié)構(gòu)模型。波爾提出原子結(jié)構(gòu)假說，愛因斯坦提出光子說。2．【答案】C【解析】【解答】潛水員某次在同一位置沿同一方向分別發(fā)出a、b兩種顏色的激光，結(jié)果岸上只接收到了a光，沒有接收到b光，可知b光發(fā)生了全反射，可知b光發(fā)生全反射的臨界角較??；根據(jù)全反射臨界角公式

sinC=1n

可知水對a光的折射率小于水對b光的折射率，則a光的頻率小于b光的頻率，若b是黃顏色的光，則a不可能是綠顏色的光；根據(jù)

λ=cf

可知真空中，a光的波長大于b光的波長；根據(jù)

v=cn

可知在水中，a光的傳播速度大于b光的傳播速度。

3．【答案】D【解析】【解答】A、由題意可知兩列波的傳播速度相同，由甲、乙圖可知，兩列波的波長不同，則兩列波的周期不相等，故A錯誤；

B、由于兩列波的傳播速度相同，由甲、乙圖可知，兩列波的傳播距離不同，所以兩列波的波源不是同時開始振動，故B錯誤；

C、根據(jù)波形平移法可知，甲圖中x=12m處的起振方向沿y軸負(fù)方向，乙圖中x=15m處的起振方向沿y軸正方向，而波源的起振方向與質(zhì)點的起振方向相同，所以兩列波的波源起振方向不相同，故C錯誤；

D、此時圖乙所示的波中x=8m處質(zhì)點位移方向為y軸正方向，則加速度方向沿y軸負(fù)方向，故D正確。

故答案為：D。

【分析】根據(jù)圖像確定兩列波的振幅及波長，機械波在同一介質(zhì)中的傳播速度相同，再結(jié)合波速與波長、周期關(guān)系確定兩列波振動周期的關(guān)系。質(zhì)點的起振方向與波源的起振方向相同，根據(jù)傳播方向結(jié)合“上下坡法”確定質(zhì)點的振動方向及波源的起振方向。4．【答案】A【解析】【解答】設(shè)大氣壓強為p，初始時，根據(jù)受力平衡可知，氣體壓強為

p1=p

氣缸由如圖所示的狀態(tài)在豎直面內(nèi)緩慢轉(zhuǎn)動90°至活塞A在下方，根據(jù)受力平衡可得

p2(SA?SB)+(5．【答案】A,D【解析】【解答】A、根據(jù)兩點電荷均為正電荷，離正點電荷越近，電勢越高，由于O點離兩點電荷比C點離兩點電荷更近，所以O(shè)點的電勢比C點的高，故A正確；

B、設(shè)等邊三角形ABC的邊長為L，則O點的電場強度大小為

EO=k3QL22?kQL22=8kQL2

兩點電荷在C點的電場強度大小分別為

E1=kQL2，E6．【答案】A,D【解析】【解答】A、根據(jù)交流電源的表達式可知周期為

T=2πω=2π100πs=0.02s

一個周期內(nèi)電流方向改變兩次，則通過電流表的電流方向每秒變化100次，故A正確；

B、根據(jù)交流電源的表達式可知原線圈輸入電壓有效值為

U1=220V

則副線圈輸出電壓有效值為

U2=n2n1U1=10V

則電壓表的示數(shù)為10V，故B錯誤；

CD、通過指示燈的電流為

IL=PLU2=4107．【答案】B,C【解析】【解答】A、根據(jù)牛頓第二定律可得

GMmr2=ma

可得

a=GMr2

表內(nèi)所列行星中，地球繞太陽做圓周運動的軌道半徑最小，則向心加速度最大，故A錯誤；

B、根據(jù)開普勒第三定律有

R木3T木2=R地3T地2

解得木星的公轉(zhuǎn)周期為

T木≈12年

故B正確；

C、設(shè)海王星與地球相鄰兩次行星沖日的時間間隔為t年，則地球多轉(zhuǎn)一周，故有

2πT地8．【答案】B,C【解析】【解答】A、線圈經(jīng)過每個磁場時通過線圈的電荷量為

q=IΔt=ERΔt=NΔΦR=NBLdR

即通過每個磁場時通過線圈的電荷量相等，根據(jù)

Q=EIt=Eq

隨機車速度的減小，線圈經(jīng)過每個磁場時產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢減小，則金屬線圈通過每個磁場區(qū)域產(chǎn)生的焦耳熱逐漸減小，故A錯誤；

B、機車剛進入磁場時受到的安培力的大小為

F安=NBIL=NBLNBLv0R=N2B2L2v0R9．【答案】（1）無（2）無（3）a=（4）g=2k（5）偏小【解析】【解答】（3）由

?=12at2

可得物塊P下落的加速度表達式為

a=2?t2

（4）根據(jù)

?=12at2

則結(jié)合圖像可得

k=12a

由牛頓第二定律

Mg?mg=(M+m)a10．【答案】（1）A（2）a（3）U（4）72（5）減??；減小【解析】【解答】（1）θ增大，半圓弧電阻絲接入電阻增大，電路總電阻增大，干路電流減小，電源內(nèi)阻、電阻箱與滑動變阻器承擔(dān)的電壓減小，可知，半圓弧電阻兩端電壓增大，為了要讓電壓表V2的示數(shù)隨θ的增大而增大，電壓表V2另一端應(yīng)與電阻絲的A端相連。

（2）滑動變阻器采用限流式，為了確保安全，閉合開關(guān)S前，應(yīng)使滑動變阻器接入電阻最大，即將滑動變阻器R2的滑片P置于a端。

（3）半圓弧形電阻絲接入電阻為

RAN=ρθrS

電阻箱與電阻絲串聯(lián)，通過的電流相等，則有

U1R=U2RAN

代入得

θ=U2RSU1ρr

（4）結(jié)合上述有

θ=U2RSU1ρr

將ON調(diào)至θ=180°，則有

π=RSU1ρr×2.0V

電壓表0.8V刻度線對應(yīng)的角度

β=RSU11．【答案】（1）解：設(shè)球內(nèi)氣體質(zhì)量為m1，球囊質(zhì)量為m2，吊籃和加熱裝置質(zhì)量為F?(解得a=1m（2）解：對吊籃及加熱裝置整體進行受力分析，整體受到24根輕繩向上的的拉力，拉力大小分別為F1，以及自身的重力G=1920N，

已知24根輕繩對稱分布，則輕繩拉力的水平分力相互抵消，豎直分力作用在吊籃整體上，輕繩與豎直方向的夾角為37°，

因此在豎直方向上，吊籃整體所受合力為F2=24F1cos37°-G，

結(jié)合牛頓第二定律可知F2=ma，a=1m/s2，

聯(lián)立以上各式可得F1=200N?！窘馕觥俊痉治觥浚?）對整體進行受力分析，再根據(jù)牛頓第二定律進行解答即可；

（2）對吊籃進行受力分析，吊籃在豎直方向的加速度與熱氣球的加速度相等。再對豎直方向根據(jù)力的合成與分解及牛頓第二定律進行解答；

（3）（1）AB爆炸過程系統(tǒng)滿足動量守恒，且爆炸的部分能量轉(zhuǎn)化為AB的動能，再根據(jù)動量守恒定律及能量守恒定律進行解答；

（2）BC之間發(fā)生彈性碰撞，根據(jù)動量守恒定及能量守恒定律確定碰后C的速度。D在C上滑動過程，CD構(gòu)成的系統(tǒng)動量守恒。D恰好不滑離C，即當(dāng)CD共速時，D恰好位于C的最左端，再對CD構(gòu)成的系統(tǒng)運用動量守恒定律及能量守恒定律進行解答。12．【答案】（1）解：根據(jù)左手定則，粒