浙江省2024年高考物理模擬試卷及答案13

浙江省2024年高考物理模擬試卷及答案閱卷人一、單選題得分1．“匹”又稱(chēng)馬力。雖然“匹”是一個(gè)古老的功率單位，但現(xiàn)代的空調(diào)、內(nèi)燃機(jī)等仍常使用這個(gè)單位?！捌ァ庇脟?guó)際單位制的基本單位表示應(yīng)為（）A．735kg?m/s2 C．735kg/s2 2．小沈同學(xué)從桐鄉(xiāng)出發(fā)去嘉興，他在導(dǎo)航軟件中獲得如圖所示的信息，按圖中導(dǎo)航方案“預(yù)計(jì)18：37到達(dá)”。則（）A．“18：37”指時(shí)間間隔 B．導(dǎo)航推薦的方案三位移最小C．方案一的32km除以55分鐘為平均速度 D．方案二的平均速度最大3．如圖所示，足球場(chǎng)上畫(huà)了一條以O(shè)為原點(diǎn)，以x軸為對(duì)稱(chēng)軸的拋物線(xiàn)，A、B為該拋物線(xiàn)上的兩點(diǎn)。體育老師要求學(xué)生在規(guī)定時(shí)間內(nèi)不停頓地從拋物線(xiàn)的一端跑到另一端。小張同學(xué)按要求完成該運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，可以肯定的是（）A．所受的合外力始終不為零 B．x軸方向的分運(yùn)動(dòng)是勻速運(yùn)動(dòng)C．y軸方向的分運(yùn)動(dòng)是勻速運(yùn)動(dòng) D．通過(guò)A、B兩點(diǎn)時(shí)的加速度相等4．下列四幅圖涉及到不同的物理知識(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）A．圖甲：黑體輻射強(qiáng)度的極大值隨溫度升高向波長(zhǎng)較長(zhǎng)的方向移動(dòng)B．圖乙：用竹竿舉著蜂鳴器快速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)聽(tīng)到聲音頻率發(fā)生變化，這是多普勒效應(yīng)C．圖丙：下雪時(shí)輕盈的雪花從空中飄落，說(shuō)明分子在做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)D．圖?。焊邏狠旊娋€(xiàn)上方架有與大地相連的兩條導(dǎo)線(xiàn)，其原理是尖端放電5．如圖所示，用桿秤稱(chēng)量中藥。三根長(zhǎng)度相同的細(xì)繩對(duì)稱(chēng)地系于圓形秤盤(pán)上。中藥和秤盤(pán)的總質(zhì)量為m，則當(dāng)桿秤穩(wěn)定時(shí)（）A．每根細(xì)繩的拉力大小mg3 C．增加細(xì)繩長(zhǎng)度時(shí)秤砣應(yīng)向右移動(dòng) D．增加細(xì)繩長(zhǎng)度時(shí)手對(duì)秤拉力增大6．如圖所示是港珠澳大橋的一段半徑為120m的圓弧形彎道。晴天時(shí)路面對(duì)輪胎的徑向最大靜摩擦力為正壓力的0.8倍，下雨時(shí)路面對(duì)輪胎的徑向最大靜摩擦力變?yōu)檎龎毫Φ?.4倍。若汽車(chē)通過(guò)圓弧形彎道時(shí)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，汽車(chē)視為質(zhì)點(diǎn)，路面視為水平且不考慮車(chē)道的寬度，則（）A．汽車(chē)以72km/h的速率通過(guò)此圓弧形彎道時(shí)的向心加速度為3.0m/s2B．汽車(chē)以72km/h的速率通過(guò)此圓弧形彎道時(shí)的角速度為0.6rad/sC．晴天時(shí)汽車(chē)以180km/h的速率可以安全通過(guò)此圓弧形彎道D．下雨時(shí)汽車(chē)以70km/h的速率可以安全通過(guò)此圓弧形彎道7．如圖所示是磁電式電表的結(jié)構(gòu)示意圖。磁電式電表由固定的蹄形磁鐵（圖中只畫(huà)出了一部分）、極靴、圓柱形鐵芯、繞在鋁框上的銅質(zhì)線(xiàn)圈、下端帶有平衡錘的指針等組成。指針與鋁框固定在一起，可繞轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)動(dòng)。則（）A．鋁框轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)框內(nèi)沒(méi)有感應(yīng)電流B．圓柱形鐵芯使得極靴間形成勻強(qiáng)磁場(chǎng)C．平衡錘的作用是使指針整體的重心在轉(zhuǎn)軸上D．用電表測(cè)量時(shí)線(xiàn)圈左右兩側(cè)所受安培力方向相同8．太陽(yáng)內(nèi)部核聚變反應(yīng)產(chǎn)生的能量向太空輻射，太陽(yáng)輻射在到達(dá)地面之前會(huì)經(jīng)過(guò)厚厚的大氣層并損失近50%能量?，F(xiàn)測(cè)得單位時(shí)間內(nèi)地球表面正對(duì)太陽(yáng)光的單位面積上吸收的太陽(yáng)輻射約為1.4×103J/m2s。已知日地距離為1.5×108km，則太陽(yáng)每秒鐘因輻射而虧損的質(zhì)量約為（）A．8.8×103kg B．6.6×105kg C．2.2×107kg D．8.8×109kg9．月球夜晚溫度低至-180℃，“玉兔二號(hào)”月球車(chē)攜帶的放射性同位素钚238（94238Pu）會(huì)不斷發(fā)生α衰變94238Pu→24A．k=1且X為電子 B．92234U比C．94238Pu的比結(jié)合能比92234U的大 10．如圖所示，水面上方一只小鳥(niǎo)正沿水平路線(xiàn)從左向右飛行，水中一定深度處有一條靜止的魚(yú)，點(diǎn)O是魚(yú)正上方與小鳥(niǎo)飛行軌跡的交點(diǎn)。則小鳥(niǎo)從左向右水平飛行時(shí)（）A．飛到O點(diǎn)時(shí)鳥(niǎo)看到的魚(yú)比實(shí)際位置深 B．飛到O點(diǎn)時(shí)魚(yú)看到的鳥(niǎo)比實(shí)際高度低C．飛向O點(diǎn)過(guò)程中鳥(niǎo)看到魚(yú)遠(yuǎn)離水面下沉 D．飛離O點(diǎn)過(guò)程中魚(yú)看到鳥(niǎo)離水面高度不變11．如圖1所示是一款光電煙霧探測(cè)器的原理圖。當(dāng)有煙霧進(jìn)入時(shí)，來(lái)自光源S的光被煙霧散射后進(jìn)入光電管C，光射到光電管中的鈉表面時(shí)會(huì)產(chǎn)生光電流。如果產(chǎn)生的光電流大于10?8A，便會(huì)觸發(fā)報(bào)警系統(tǒng)。金屬鈉的遏止電壓UcA．要使該探測(cè)器正常工作，光源S發(fā)出的光波波長(zhǎng)不能小于5.0×B．圖2中圖像斜率的物理意義為普朗克常量hC．觸發(fā)報(bào)警系統(tǒng)時(shí)鈉表面每秒釋放出的光電子數(shù)最少是N=6.25×1010個(gè)D．通過(guò)調(diào)節(jié)光源發(fā)光的強(qiáng)度來(lái)調(diào)整光電煙霧探測(cè)器的靈敏度是不可行的12．在天文觀測(cè)中，科學(xué)家向某行星發(fā)射了兩顆衛(wèi)星。若衛(wèi)星甲和乙在同一平面內(nèi)以相反方向繞行星作勻速圓周運(yùn)動(dòng)，甲衛(wèi)星每隔19A．1：4 B．1：2 C．2：1 D．4：113．如圖所示，空間有兩個(gè)相距為d的等量異種電荷，以?xún)呻姾蛇B線(xiàn)的中點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)O，建立如圖所示坐標(biāo)系。在x軸上有一坐標(biāo)為（l，0）的點(diǎn)A，在y軸上有一坐標(biāo)為（0，l）的點(diǎn)B。若d?l，則（）A．A、B兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等 B．A點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小是B點(diǎn)的兩倍C．在A點(diǎn)由靜止釋放的負(fù)點(diǎn)電荷將作簡(jiǎn)諧振動(dòng) D．在B點(diǎn)由靜止釋放的正點(diǎn)電荷將作上下振動(dòng)閱卷人二、多選題得分14．如圖1所示，在直鐵棒上有上下兩組線(xiàn)圈，上線(xiàn)圈匝數(shù)n1=200匝，下線(xiàn)圈匝數(shù)n2A．交流電壓表讀數(shù)為202V C．下線(xiàn)圈中電流的頻率為50Hz D．滑動(dòng)變阻器滑片下移時(shí)上線(xiàn)圈輸入功率增大15．水面上兩振源振動(dòng)圖像皆如圖1所示。圖2是兩振源發(fā)出的兩列水波在離振源較近區(qū)域內(nèi)疊加形成的干涉圖樣，實(shí)線(xiàn)表示波峰，虛線(xiàn)表示波谷。圖2中M、N、Q點(diǎn)皆為兩振源連線(xiàn)中垂線(xiàn)上的點(diǎn)，R點(diǎn)為PQ連線(xiàn)上一點(diǎn)。若用圖3中的甲、乙、丙三圖像描述圖2區(qū)域內(nèi)的振動(dòng)，則可能正確的說(shuō)法是（）A．M點(diǎn)振動(dòng)如丙所示 B．N點(diǎn)振動(dòng)如乙所示C．R點(diǎn)振動(dòng)如甲所示 D．Q點(diǎn)振動(dòng)如乙所示閱卷人三、實(shí)驗(yàn)題得分16．實(shí)驗(yàn)題（1）在“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”實(shí)驗(yàn)中，采用重錘自由下落的實(shí)驗(yàn)方案，經(jīng)正確操作獲得一條紙帶如圖1所示。實(shí)驗(yàn)所用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源頻率為50Hz，重錘質(zhì)量m=0.30kg，當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭=9.79m/s2，則打A點(diǎn)時(shí)紙帶速度為，A點(diǎn)到B點(diǎn)過(guò)程中重力勢(shì)能變化量為（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。（2）小姚同學(xué)用如圖2所示的裝置做“探究碰撞中的不變量”實(shí)驗(yàn)。①關(guān)于滑塊A、B的碰撞，下列說(shuō)法正確的是.A．兩個(gè)滑塊碰撞前必須有一個(gè)靜止 B．兩個(gè)滑塊碰撞后必須結(jié)合在一起C．兩個(gè)滑塊碰撞后可結(jié)合在一起，也可分開(kāi) D．兩滑塊可以從整體靜止到相互彈開(kāi)②實(shí)驗(yàn)中測(cè)得滑塊A的質(zhì)量為222.0g，滑塊B的質(zhì)量為216.0g，用50分度游標(biāo)卡尺測(cè)量遮光條A的寬度，其讀數(shù)如圖3所示，則讀數(shù)為cm；滑塊A從左向右通過(guò)光電門(mén)1后與靜止的滑塊B碰撞，碰后粘合成一體通過(guò)光電門(mén)2，遮光條A先后通過(guò)光電門(mén)1、2所對(duì)應(yīng)的計(jì)時(shí)器讀數(shù)分別如圖4、圖5所示（圖中數(shù)值的單位是ms），則碰后滑塊A、B的總動(dòng)量為kg·m/s（計(jì)算結(jié)果保留2位小數(shù)）。（3）在“用雙縫干涉測(cè)量光的波長(zhǎng)”的實(shí)驗(yàn)中，①用單色光照射雙縫后，在目鏡中觀察到如圖所示的情形。若其他操作無(wú)誤，則上述情形下測(cè)得的單色光波長(zhǎng)將（選填“偏大”、“不變”或“偏小”）；②若想對(duì)圖的情形進(jìn)行調(diào)整，則需要的操作是。A．旋轉(zhuǎn)毛玻璃屏 B．左右撥動(dòng)撥桿C．旋轉(zhuǎn)測(cè)量頭上的手輪 D．旋轉(zhuǎn)遮光筒和測(cè)量頭閱卷人四、單選題得分17．在“測(cè)量玻璃的折射率”實(shí)驗(yàn)中，所用的玻璃磚如圖所示。玻璃磚有4個(gè)光學(xué)面A、B、C、D，其中A，C兩面相互平行。此實(shí)驗(yàn)中對(duì)于玻璃磚入射面和出射面的選擇，正確的是（）A．只能選用A，C兩面B．不能選用B，C兩面C．既可選用A，C兩面，也可選用B，C兩面閱卷人五、實(shí)驗(yàn)題得分18．在“測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻”實(shí)驗(yàn)中：（1）請(qǐng)根據(jù)圖2所示電路圖，在答題卷上與圖3對(duì)應(yīng)的位置用筆畫(huà)線(xiàn)代替導(dǎo)線(xiàn)完成實(shí)物連線(xiàn)；（2）開(kāi)關(guān)S?分別接在1和2處，記錄兩電表讀數(shù)并在圖4所示的坐標(biāo)紙上描點(diǎn)、畫(huà)線(xiàn)，得到圖線(xiàn)a和b、開(kāi)關(guān)S2接在1處時(shí)對(duì)應(yīng)的圖線(xiàn)是（填a或者b）；（3）根據(jù)現(xiàn)有器材分析并判斷，實(shí)驗(yàn)時(shí)開(kāi)關(guān)S?應(yīng)接在（填1或者2），試用簡(jiǎn)短的文字說(shuō)明理由。閱卷人六、解答題得分19．如圖1所示，上端封閉、下端開(kāi)口且粗細(xì)均勻的玻璃管長(zhǎng)度L=570mm，將其從水銀面上方豎直向下緩慢插入水銀中。發(fā)現(xiàn)管內(nèi)水銀面與管壁接觸的位置向下彎曲，致玻璃管內(nèi)水銀面形成凸液面，如圖2所示。當(dāng)玻璃管恰好全部插入水銀時(shí)，管內(nèi)、外水銀面的高度差為h，此時(shí)作用于管的豎直向下壓力大小為F。已知大氣壓強(qiáng)p0=760mmHg≈1.0×105Pa（1）圖2所示水銀面說(shuō)明水銀能否浸潤(rùn)玻璃？插入過(guò)程中，管內(nèi)氣體吸熱還是放熱？（2）求高度差h：（3）求撤去壓力F的瞬間，玻璃管的加速度大小。20．如圖所示是一個(gè)游戲裝置的示意圖，固定于地面的水平軌道AB、豎直半圓形軌道BC和豎直圓形管道CD平滑連接，B和C分別是BC和CD的最低點(diǎn)。水平平臺(tái)EF可在豎直平面內(nèi)自由移動(dòng)。鎖定的壓縮彈簧左右兩端分別放置滑塊a和b，解除鎖定后，a沿軌道ABCD運(yùn)動(dòng)并從D點(diǎn)拋出。若a恰好從E點(diǎn)沿水平方向滑上EF且不滑高平臺(tái)，則游戲成功。已知BC半徑R1=0.2m；CD半徑R2=0.1m且管道內(nèi)徑遠(yuǎn)小于R2，對(duì)應(yīng)的圓心角θ=127°；EF長(zhǎng)度L=1.08m；滑塊與EF間動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.25，其它阻力均不計(jì)；滑塊質(zhì)量ma=0.1kg，mb=0.2kg，且皆可視為質(zhì)點(diǎn)；sin37°=0.6，cos37°=0.8。（1）若彈簧釋放的能量Ep=3.0.J，求在B點(diǎn)時(shí)圓形軌道對(duì)a的支持力大小；（2）若要游戲成功，a在C點(diǎn)的最小速度是多少？（3）若固定b，推導(dǎo)并寫(xiě)出游戲成功時(shí)a最終位置到D點(diǎn)的水平距離x與彈簧釋放的彈性勢(shì)能Ep的關(guān)系式。21．如圖所示，兩根豎直放置的足夠長(zhǎng)金屬導(dǎo)軌MN、PQ間距為l，底部是“△”型剛性導(dǎo)電支架，導(dǎo)軌區(qū)域布滿(mǎn)了垂直于平面MNQP的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。長(zhǎng)為l的金屬棒ab垂直導(dǎo)軌放置，與導(dǎo)軌接觸良好。半徑為r的輕質(zhì)圓盤(pán)與導(dǎo)軌在同一豎直平面內(nèi)，可繞通過(guò)圓盤(pán)中心的固定轉(zhuǎn)軸O勻速轉(zhuǎn)動(dòng)。圓盤(pán)與導(dǎo)軌間有一T型架，T型架下端與金屬棒ab固定連接，在約束槽制約下只能上下運(yùn)動(dòng)。固定在圓盤(pán)邊緣的小圓柱體嵌入在T型架的中空橫梁中。當(dāng)圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，小圓柱體帶動(dòng)T型架進(jìn)而驅(qū)動(dòng)金屬棒ab上下運(yùn)動(dòng)。已知ab質(zhì)量為m，電阻為R?！啊鳌毙蛯?dǎo)電支架共六條邊，每條邊的電阻均為R。MN、PQ電阻不計(jì)且不考慮所有接觸電阻，圓盤(pán)、T型架質(zhì)量不計(jì)。圓盤(pán)以角速度ω沿逆時(shí)針?lè)较騽蛩俎D(zhuǎn)動(dòng)，以中空橫梁處于圖中虛線(xiàn)位置處為初始時(shí)刻，求：（1）初始時(shí)刻ab所受的安培力；（2）圓盤(pán)從初始時(shí)刻開(kāi)始轉(zhuǎn)過(guò)90°的過(guò)程中，通過(guò)ab的電荷量；（3）圓盤(pán)從初始時(shí)刻開(kāi)始轉(zhuǎn)過(guò)90°的過(guò)程中，T型架對(duì)ab的沖量I；（4）圓盤(pán)從初始時(shí)刻開(kāi)始轉(zhuǎn)過(guò)90°的過(guò)程中，T型架對(duì)ab做的功。22．如圖1所示是一個(gè)電子檢測(cè)裝置的示意圖，兩塊長(zhǎng)度為d且平行正對(duì)的金屬板M、N相距為d，板間加有如圖2所示的交變電壓。M、N右側(cè)區(qū)域存在垂直紙面向里且范圍足夠大的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。N右側(cè)邊緣。O點(diǎn)正下方存在著長(zhǎng)度足夠長(zhǎng)的收集板，收集板通過(guò)電流表與大地相連。M、N左端連線(xiàn)中點(diǎn)處有一粒子源S，它沿兩板間中軸線(xiàn)方向持續(xù)均勻射出速度為v0、質(zhì)量為m、電荷量為?e的電子。已知交變電壓最大值Umax=3mv（1）t=T（2）收集板上能被電子打到的區(qū)域長(zhǎng)度（3）若題給條件下電流表有確定示數(shù)，求通過(guò)電流表的電流I；（4）若電子射入的速度范圍為v0

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】由題可知，“匹”是一個(gè)古老的功率單位，根據(jù)P=Wt=Fst可得N·m2．【答案】D【解析】【解答】A.“18：37”指時(shí)刻，是到達(dá)嘉興的時(shí)刻，故A錯(cuò)誤；

B.三種方案的初末位置相同，即位移相同，故B錯(cuò)誤；

C.方案一的32km指的是路程，32km除以55分鐘為平均速率，故C錯(cuò)誤；

D.根據(jù)v=xt可知，三種方案位移相同，第二種方案用時(shí)最短，故第二種方案平均速度最大，故D正確。

3．【答案】A【解析】【解答】A.學(xué)生沿拋物線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，其做曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，速度方向發(fā)生變化，速度變化量不為0，加速度不為0，故學(xué)生所受合外力不為0，故A正確；

BC.學(xué)生所受合外力的方向指向拋物線(xiàn)的凹側(cè)，但是具體方向未知，故x和y軸方向的分運(yùn)動(dòng)不確定是勻速運(yùn)動(dòng)，故BC錯(cuò)誤；

D.學(xué)生所受合外力的方向和大小不確定，故通過(guò)A和B點(diǎn)的加速度不能確定大小，故D錯(cuò)誤。

故答案為：A。

【分析】對(duì)于曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，了解其合外力方向指向拋物線(xiàn)的凹側(cè)，且由于合外力方向未知，故x和y軸方向的分運(yùn)動(dòng)方向未知。4．【答案】B【解析】【解答】A.圖甲表明：隨溫度的升高，黑體輻射強(qiáng)度的極大值向波長(zhǎng)較短的方向移動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B.蜂鳴器快速轉(zhuǎn)動(dòng)至聲源的相對(duì)位置發(fā)生改變，所接受頻率發(fā)生變化，是多普勒效應(yīng)，故B正確；

C.雪花是宏觀物體，與分子熱運(yùn)動(dòng)無(wú)關(guān)，故C錯(cuò)誤；

D.高壓輸電線(xiàn)上方架有與大地相連的兩條導(dǎo)線(xiàn)是避雷線(xiàn)，防止雷直接擊到輸電線(xiàn)，故D錯(cuò)誤。

故答案：B。

【分析】由圖像看出黑體輻射強(qiáng)度的極大值與波長(zhǎng)的關(guān)系；知道多普勒效應(yīng)的原理；知道雪花是宏觀物體；避雷線(xiàn)防止雷直接擊到輸電線(xiàn)。5．【答案】B【解析】【解答】AB.設(shè)每根繩子與豎直方向的夾角為θ，對(duì)中藥和秤盤(pán)這個(gè)整體受力分析有，3Tcosθ=mg，所以T=mg3cosθ，由于分母cosθ<1，所以得出來(lái)的拉力結(jié)果T>mg3；當(dāng)增大細(xì)繩長(zhǎng)度時(shí)，細(xì)繩與豎直方向的夾角θ將減小，則cosθ將變大，代入拉力的式子可以得到拉力減小了。故A錯(cuò)誤，B正確；

CD.就算增大細(xì)繩的長(zhǎng)度，中藥和秤盤(pán)對(duì)秤桿總的拉力沒(méi)有變，所以不用改變秤砣的位置以及手對(duì)秤的拉力也不變，故CD錯(cuò)誤。

故答案為：B。

【分析】首先要對(duì)中藥和秤盤(pán)組成的系統(tǒng)受力分析，整體受到三根繩子斜向上的拉力和整體的重力，設(shè)繩子與豎直方向的夾角為6．【答案】D【解析】【解答】CD.本題為圓弧彎道問(wèn)題，地面對(duì)汽車(chē)的靜摩擦力提供向心力，當(dāng)靜摩擦力達(dá)到最大值時(shí)，汽車(chē)的速度也達(dá)到最大值，有fmax=kmg=mvm2R，當(dāng)晴天時(shí)，k=0.8，代入可得vm=111.5km/?，此時(shí)180km/h已經(jīng)超速，無(wú)法安全通過(guò)此圓弧彎道，而當(dāng)雨天時(shí)，k=0.4，代入得vm=78.9km/?，此時(shí)的速度70km/h沒(méi)有超速，所以可以安全的通過(guò)此段圓弧彎道，故C錯(cuò)誤，D正確；

AB.無(wú)論是雨天還是晴天，速度72km/h即20m/s都不會(huì)超速，汽車(chē)都能安全通過(guò)彎道，所以有a=v7．【答案】C【解析】【解答】ABD.圓柱形鐵芯與蹄形磁鐵之間形成輻向均勻的磁場(chǎng)，并非是勻強(qiáng)磁場(chǎng)，如圖所示

在線(xiàn)圈轉(zhuǎn)動(dòng)的過(guò)程中，線(xiàn)圈的面始終與磁場(chǎng)平行，無(wú)論轉(zhuǎn)到哪里，左右兩條邊都垂直切割磁感線(xiàn)，兩條邊的感應(yīng)電流方向是相反的，根據(jù)左手定則，可知左右兩條邊受到的安培力方向是相反的，故ABD錯(cuò)誤；

C.平衡錘的作用是利用到了力矩，它的目的是為了阻礙指針的傾斜趨勢(shì)，使指針整體的重心在轉(zhuǎn)軸上，故C正確。

故答案為：C。

【分析】本題考查了磁電式電表，圓柱形鐵芯與蹄形磁鐵之間形成輻向均勻的磁場(chǎng)，無(wú)論線(xiàn)圈的面轉(zhuǎn)到哪里，線(xiàn)圈的面始終與磁場(chǎng)平行，線(xiàn)圈左右的兩條邊始終垂直切割磁感線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，兩條邊的感應(yīng)電流的方向相反，根據(jù)左手定則也可以知道兩條邊受到的安培力方向也相反；平衡錘的作用是為了阻礙指針的傾斜趨勢(shì)，使指針整體的重心在轉(zhuǎn)軸上。8．【答案】D【解析】【解答】由于單位時(shí)間內(nèi)地球表面正對(duì)太陽(yáng)光的單位面積上吸收的太陽(yáng)輻射約為E1=1.4×103J/m2s，說(shuō)明以日地距離為半徑的球面上每秒鐘吸收的太陽(yáng)的能量為E=E1×4π9．【答案】B【解析】【解答】A.92238U+12H→93238Np+k01n此核反應(yīng)式子根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒可知k=2，利用質(zhì)量數(shù)守恒和質(zhì)子數(shù)守恒可知X為?10e，所以X為電子，故A錯(cuò)誤；

B.放射性同位素的原子核很不穩(wěn)定，會(huì)不間斷地、自發(fā)地放射出射線(xiàn)，直至變成另一種穩(wěn)定同位素，這就是所謂“核衰變”。由于92234U是92238U經(jīng)過(guò)三個(gè)核反應(yīng)得到的，所以92234U比92238U更加穩(wěn)定，故B正確；

C.由于94238Pu→24He+92234U要釋放能量，首先94238Pu10．【答案】C【解析】【解答】當(dāng)小鳥(niǎo)在O點(diǎn)左側(cè)的時(shí)候，我們可以看到光線(xiàn)在水面發(fā)生了折射，折射光線(xiàn)如圖所示

而我們小鳥(niǎo)看魚(yú)的時(shí)候是沿著折射光線(xiàn)的延長(zhǎng)線(xiàn)看回去，可以看到小鳥(niǎo)看到的是小鳥(niǎo)的虛像，即在O點(diǎn)左邊的時(shí)候，鳥(niǎo)看到的魚(yú)比實(shí)際位置淺，當(dāng)小鳥(niǎo)運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)時(shí)，小鳥(niǎo)看到的是魚(yú)本身，所以在飛向O點(diǎn)過(guò)程中鳥(niǎo)看到魚(yú)在遠(yuǎn)離水面下沉。在鳥(niǎo)遠(yuǎn)離O點(diǎn)過(guò)程，根據(jù)光的折射以及魚(yú)反著折射光線(xiàn)看回去，可以看到魚(yú)看到的是在鳥(niǎo)本身位置正上方的虛像，所以在鳥(niǎo)飛離O的過(guò)程中，魚(yú)看到鳥(niǎo)離水面的高度在上升。故C正確，ABD錯(cuò)誤。

故答案為：C。

【分析】本題考查光的折射，當(dāng)鳥(niǎo)偏離魚(yú)的正上方時(shí)看魚(yú)的時(shí)候，根據(jù)光的折射，可以看到鳥(niǎo)看到的是在魚(yú)正上方的虛像，所以在鳥(niǎo)向魚(yú)正上方飛過(guò)來(lái)的時(shí)候，鳥(niǎo)會(huì)看到魚(yú)在遠(yuǎn)離水面下沉；而在鳥(niǎo)飛離O點(diǎn)的過(guò)程中，根據(jù)光線(xiàn)的折射原理以及魚(yú)逆著折射光線(xiàn)看回去的道理可以看到魚(yú)看到的是鳥(niǎo)本身位置正上方的虛像，所以在鳥(niǎo)飛離O點(diǎn)過(guò)程中魚(yú)看到鳥(niǎo)離水平高度是增大的。11．【答案】C【解析】【解答】AB.根據(jù)eUC=Ekm=?v?W°得UC=?ev?W°e，所以以入射光的頻率為橫坐標(biāo)，金屬鈉的遏止電壓UC為縱坐標(biāo)，可以看到畫(huà)出來(lái)是如圖2的傾斜直線(xiàn)，直線(xiàn)與x軸的交點(diǎn)為v=W°?為截止頻率，所以截止頻率v=6×1014Hz，即入射光的最小頻率，所以光源S發(fā)出的光波波長(zhǎng)不能大于λ=cv=3×12．【答案】D【解析】【解答】由于兩衛(wèi)星是反向運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)19T甲兩衛(wèi)星再次相遇，滿(mǎn)足（ω甲+ω乙）×19T甲=2π，又2π=ω甲T甲，代入有19ω乙13．【答案】B【解析】【解答】AB.由于正電荷在A點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)方向水平向右，負(fù)電荷在A點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)方向水平向左，并且正電荷產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)較大，所以EA=E+?E?=kql?d22?kql+d22=kq2dl+d22l2?14．【答案】C,D【解析】【解答】AB.從圖2我們可以看到原線(xiàn)圈的輸入電壓為U1=102V2=10V，所以在變壓器是理想變壓器的情況下，即線(xiàn)圈沒(méi)有內(nèi)阻，沒(méi)有能量的損耗的話(huà)，副線(xiàn)圈的輸出電壓為U2=n2n1U1=20V，但是由于沒(méi)有說(shuō)變壓器是理想變壓器，所以副線(xiàn)圈的輸出電壓不一定等于20V，故AB錯(cuò)誤；

C.由圖知交變電流的周期15．【答案】A,C【解析】【解答】由于M、N、Q三個(gè)點(diǎn)時(shí)兩波源連線(xiàn)中垂線(xiàn)上的點(diǎn)，由于中垂線(xiàn)上的點(diǎn)到波源的距離都相等，所以上面任何一點(diǎn)到兩波源的距離之差等于0，所以這三點(diǎn)都是振動(dòng)的加強(qiáng)點(diǎn)，振幅應(yīng)該是A+A=2A，故M、N、Q的振動(dòng)如圖丙所示，由于R為PQ上的一點(diǎn)，根據(jù)圖2可知R到兩波源之差小于λ2，則R點(diǎn)的波動(dòng)圖像是有可能如圖甲所示的，振幅為A，如果要出現(xiàn)乙那樣的波動(dòng)圖像，點(diǎn)到兩波源的距離要等于半個(gè)波長(zhǎng)的奇數(shù)倍。故AC正確，BD錯(cuò)誤。

故答案為：AC。

16．【答案】（1）0.50；0.29（2）CD；0.510；0.12（3）偏大；D【解析】【解答】（1）根據(jù)勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的物體在一段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的速度速度，知A點(diǎn)的瞬時(shí)速度vA=2×10?22×0.02m/s=0.50m/s，而A到B之間的距離?AB=10.70cm?0.80cm=9.90cm，所以重力勢(shì)能的減少量為?Ep=mg?AB=0.30×9.79×9.90×10?2J≈0.29J。

故答案為：0.50m/s；0.29J。

（2）①只要能驗(yàn)證碰撞過(guò)程中兩個(gè)滑塊組成的系統(tǒng)總動(dòng)量守恒就好，對(duì)碰撞前后兩滑塊的具體運(yùn)動(dòng)情況不做要求，兩個(gè)滑塊可以是碰撞前A向靜止的B運(yùn)動(dòng)過(guò)來(lái)，運(yùn)動(dòng)后兩個(gè)滑塊結(jié)合在一起，一起向右運(yùn)動(dòng)；也可以是碰撞有各自分開(kāi)；也可以A滑塊和B滑塊相向運(yùn)動(dòng)，碰撞后兩滑塊結(jié)合在一起向某個(gè)方向運(yùn)動(dòng)，什么情況都可以，只要符合實(shí)際就好，故CD正確；

故答案為：CD。

②轉(zhuǎn)動(dòng)手輪的作用是使分劃板向左(或向右)移動(dòng)至分劃板的中心刻線(xiàn)與條紋的中心對(duì)齊；旋轉(zhuǎn)毛玻璃屏是為了產(chǎn)生漫反射，衍射圖樣更明顯；左右撥動(dòng)撥桿是為了調(diào)節(jié)單縫和雙縫趨于平行；旋轉(zhuǎn)遮光筒和測(cè)量頭，才能使分劃線(xiàn)與干涉條紋平行。

故答案為：D。

【分析】本題考查了三個(gè)實(shí)驗(yàn)。

（1）在驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”實(shí)驗(yàn)中，要測(cè)量紙帶上某個(gè)點(diǎn)的瞬時(shí)速度，要根據(jù)勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)在一段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度的方法去計(jì)算；要計(jì)算A點(diǎn)到B點(diǎn)重力勢(shì)能的減少量首先要讀出A點(diǎn)到B點(diǎn)下降的高度，再根據(jù)?Ep=mg?AB去計(jì)算。

（2）①做“探究碰撞中的不變量”實(shí)驗(yàn)中，關(guān)于滑塊A、B碰撞前后的運(yùn)動(dòng)情況如何，方案如何實(shí)際不做硬性要求，只要滿(mǎn)足實(shí)際并且能使碰撞前后兩者的總動(dòng)量守恒就好；

②對(duì)游標(biāo)卡尺進(jìn)行讀數(shù)時(shí)，要看清楚它是多少分度，計(jì)算出它的精度，則游標(biāo)卡尺的讀數(shù)等于主尺的讀數(shù)加上對(duì)齊格數(shù)乘以精度；從第一空已經(jīng)求出遮光條d的長(zhǎng)度，則根據(jù)瞬時(shí)速度是極短時(shí)間內(nèi)的平均速度，可以計(jì)算出碰撞后A、B結(jié)合體過(guò)光電門(mén)的瞬時(shí)速度v2=dt2=0.510×1017．【答案】C【解析】【解答】應(yīng)用插針?lè)y(cè)玻璃的折射率實(shí)驗(yàn)時(shí)，我們是在入射的方向上豎直地插上兩枚大頭針P1、P2，在玻璃磚另一側(cè)透過(guò)玻璃磚觀察大頭針P1、P2的像，調(diào)整視線(xiàn)的方向直到P1的像被P2的像擋??；再在另一側(cè)插上兩枚大頭針P3、P4，使P3能擋住P1、P2的像，P4能擋住P1、P2的像及P3本身，即實(shí)驗(yàn)本身能發(fā)生折射就好，對(duì)那些面不做要求，所以可以選A、C兩面作為入射面跟出射面，也可以B、C兩面作為入射面跟出射面，故C正確，AB錯(cuò)誤。

故答案為：C。

【分析】本題考查了“測(cè)量玻璃的折射率”實(shí)驗(yàn)中入射面跟出射面的選取，其實(shí)只要能發(fā)生折射就可以，我們都有辦法利用插針?lè)ù_定入射光線(xiàn)跟出射光線(xiàn)，所以對(duì)面的選擇沒(méi)有特別的要求。18．【答案】（1）（2）b（3）2；因?yàn)閮晒?jié)干電池的內(nèi)阻比較小，若開(kāi)關(guān)S?應(yīng)接在1，電流表相對(duì)電源采用內(nèi)接法，誤差來(lái)源于電流表的分壓，電流表內(nèi)阻對(duì)電池內(nèi)阻的測(cè)量有較大影響；若開(kāi)關(guān)S?應(yīng)接在2，電流表相對(duì)電源采用外接法，誤差來(lái)源于電壓表的分流，由于電池內(nèi)阻遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，可知電壓表內(nèi)阻對(duì)電池內(nèi)阻的測(cè)量影響較小?！窘馕觥俊窘獯稹浚?）當(dāng)開(kāi)關(guān)接在1處時(shí)，使用的是電流表外接法，可以把電流表看作是內(nèi)電路的一部分，則此時(shí)電源的等效內(nèi)阻r內(nèi)=r+RA，則此時(shí)滑動(dòng)變阻器兩端的電壓即電壓表的電壓為路端電壓，U=E?Ir內(nèi)=E?Ir+RA=?r+R【分析】（1）本題考查了測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻實(shí)驗(yàn)，圖4中畫(huà)出了U隨I變化的兩條傾斜直線(xiàn)，利用閉合回路的歐姆定律分別找出開(kāi)關(guān)接1或者2時(shí)電壓與電流的方程關(guān)系，找出兩種情況下傾斜直線(xiàn)的斜率絕對(duì)值表示什么物理量，通過(guò)推導(dǎo)我們知道當(dāng)開(kāi)關(guān)接1時(shí)，傾斜直線(xiàn)的斜率絕對(duì)值為k=r+RA，當(dāng)開(kāi)關(guān)接2時(shí)，傾斜直線(xiàn)的斜率絕對(duì)值為k19．【答案】（1）解：根據(jù)題意，由圖2可知，水銀不浸潤(rùn)玻璃，插入過(guò)程中，溫度不變，氣體內(nèi)能不變，把玻璃管壓入水面過(guò)程中，氣體壓強(qiáng)變大，體積減小，外界對(duì)氣體做功，由熱力學(xué)第一定律可知，氣體放熱。（2）解：根據(jù)題意可知，插入過(guò)程等溫變化，則有p又有p解得?=380mm（3）解：根據(jù)題意，撤去F瞬間，由牛頓第二定律有(解得a=2.5【解析】【分析】（1）從圖2看到了形成了凸液面，說(shuō)明水銀不浸潤(rùn)玻璃；在玻璃管插入水銀中的過(guò)程，由于環(huán)境溫度為常溫且恒定，所以氣體的內(nèi)能不變，而由于把玻璃管壓入水面過(guò)程中，氣體壓強(qiáng)變大，體積減小，外界對(duì)氣體做功，根據(jù)?U=W+Q，說(shuō)明Q<0，氣體要放熱。

（2）在把玻璃管壓入水里的過(guò)程，是一個(gè)等溫變化，可以根據(jù)玻意耳定律列式并結(jié)合末狀態(tài)氣體的壓強(qiáng)等于一個(gè)標(biāo)準(zhǔn)大氣壓強(qiáng)加h高度水銀產(chǎn)生的壓強(qiáng)，兩式子聯(lián)立就可以h的大小。

（3）原本在F的作用下，玻璃管處于平衡狀態(tài)，現(xiàn)在撤去F后玻璃管的合力向上，現(xiàn)在對(duì)玻璃管的上表面受力分析，玻璃管受到內(nèi)部氣體對(duì)它向上的壓力，大氣對(duì)它豎直向下的壓力并且本身的豎直向下的重力，根據(jù)牛頓第二定律列式就可以求出a的大小。20．【答案】（1）解：滑塊a、b相互作用動(dòng)量守恒，彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為a、b動(dòng)能mEvFF（2）解：滑塊a要到達(dá)D點(diǎn)，在D點(diǎn)速度要大于0，則C點(diǎn)的速度至少滿(mǎn)足：1v過(guò)半圓環(huán)軌道BC的最小速度gR1大小為2物體a在C點(diǎn)的最小速度為3.2（3）解：設(shè)物體a到達(dá)D點(diǎn)的速度為vE斜拋運(yùn)動(dòng)滿(mǎn)足t=水平位移x得到xEF軌道位移x距離D點(diǎn)的水平位移x=x=0.12(20Ep【解析】【分析】（1）在彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)的過(guò)程中，a滑塊獲得向左的速度，b滑塊向右的速度，在這個(gè)過(guò)程中，a和b組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒定律列式找出兩者獲得的速度大小關(guān)系，并且由于在彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)的過(guò)程中，a、b、彈簧三者組成的系統(tǒng)能量守恒，彈簧的彈性勢(shì)能減少了轉(zhuǎn)為a、b兩者獲得的動(dòng)能，列能量守恒式子，結(jié)合找到的兩者獲得的速度大小關(guān)系，就可以求出a獲得速度，之后a做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，對(duì)a滑塊受力分析，知它受到豎直向上的支持力和豎直向下的重力，兩者的合力豎直向上，兩者的合力提供向心力，列出向心力公式代入a滑塊在B點(diǎn)的速度就可以求出軌道對(duì)a滑塊的支持力；

（2）要使a滑塊能拋到EF水平軌道，說(shuō)明a滑塊離開(kāi)D點(diǎn)時(shí)速度至少大于0，所以我們可以從C點(diǎn)到D點(diǎn)列動(dòng)能定理，求出a滑塊經(jīng)過(guò)C點(diǎn)的速度至少要滿(mǎn)足的條件，并且要看這個(gè)速度有沒(méi)有大于隱含條件，即當(dāng)圓弧軌道對(duì)a滑塊在C點(diǎn)的彈力等于0時(shí)，a滑塊在C點(diǎn)所對(duì)應(yīng)的速度，結(jié)果有大于，我們就取使a滑塊到達(dá)D點(diǎn)時(shí)速度大于0所對(duì)應(yīng)的C點(diǎn)速度；

（3）如果固定b滑塊，則在彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)的過(guò)程中，彈簧的彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為a獲得的動(dòng)能，所以根據(jù)能量守恒式子列式就可以得到a滑塊獲得的速度，接著從B點(diǎn)到D點(diǎn)全程列動(dòng)能定理結(jié)合a滑塊在B點(diǎn)的速度就可以求出滑塊來(lái)到D點(diǎn)的速度，注意在全程中只有重力做負(fù)功，當(dāng)a滑塊來(lái)到D點(diǎn)后，它要做斜拋運(yùn)動(dòng)，對(duì)它在D點(diǎn)的速度進(jìn)行分解，分別求出水平分速度跟豎直分速度，由于a滑塊在豎直方向上做勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，并且剛飛到水平軌道EF上豎直方向的末速度為0，已知豎直方向的初速度、末速度、加速度a=-g，我們可以列勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的速度公式求出a滑塊在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t，再把時(shí)間t代入水平方向的勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的位移公式，就可以求出D到E點(diǎn)的水平距離。a滑塊飛上EF軌道后，由于水平方向上只受到摩擦力的作用，做勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)直到末速度為0，由于求出了離開(kāi)D點(diǎn)的水平分速度即為E點(diǎn)的初速度以及知道末速度為0，結(jié)合牛頓第二定律求出a和速度位移關(guān)系式就可以求出a滑塊在水平軌道EF上繼續(xù)滑行的距離。此距離加上前面求出的ED兩點(diǎn)的水平距離就是a最終位置到D點(diǎn)的水平距離x。21．【答案】（1）解：初始時(shí)刻，導(dǎo)體棒ab的速度v=ωr則導(dǎo)體棒ab切割磁感線(xiàn)產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)為E=Blv整個(gè)回路的電阻R則導(dǎo)體棒ab受到的安培力大小為為F（2）解：運(yùn)動(dòng)到最底端過(guò)