江蘇省南京市浦口區(qū)南京漢開(kāi)書(shū)院高中部2024-2025學(xué)年高三上學(xué)期8月月考物理試題（解析版）

南京漢開(kāi)書(shū)院2025屆高三第一次學(xué)情檢測(cè)物理試卷一、單項(xiàng)選擇題：本題共11小題，每小題4分，共44分，每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意。1.“玉兔二號(hào)”裝有我國(guó)自主研發(fā)的放射性钚電池，其發(fā)生衰變后的產(chǎn)物是鈾并放出能量，下列說(shuō)法中正確的是（）A.鈾234原子核內(nèi)質(zhì)子數(shù)比中子數(shù)多50個(gè)B.衰變的實(shí)質(zhì)是核內(nèi)的兩個(gè)中子和兩個(gè)質(zhì)子轉(zhuǎn)化成了一個(gè)粒子C.衰變后鈾234的質(zhì)量與粒子的質(zhì)量之和等于衰變前钚238的質(zhì)量D.充分利用太陽(yáng)能加熱核電池可以加快钚238的衰變【答案】B【解析】【詳解】A．a(chǎn)衰變使钚238減少兩個(gè)質(zhì)子和兩個(gè)中子，變?yōu)樾潞?。則質(zhì)子數(shù)變?yōu)?2，中子為可知衰變后的原子核內(nèi)質(zhì)子數(shù)比中子數(shù)少50個(gè)，故A錯(cuò)誤；B．α衰變的實(shí)質(zhì)是核內(nèi)的兩個(gè)中子和兩個(gè)質(zhì)子轉(zhuǎn)化成了一個(gè)α粒子，故B正確；C．由于衰變中有質(zhì)量虧損，所以衰變后原子核的質(zhì)量與a粒子的質(zhì)量之和小于衰變前钚238的質(zhì)量，故C錯(cuò)誤；D．半衰期由元素種類(lèi)決定，跟其他因素?zé)o關(guān)，故D錯(cuò)誤。故選B。2.運(yùn)動(dòng)員以圖示的姿勢(shì)靜止于水平地面上，則運(yùn)動(dòng)員（）A.一定受到摩擦力B.對(duì)地面的壓力就是重力C.受到的支持力和重力是一對(duì)平衡力D.受到的支持力是由于腳掌形變產(chǎn)生的【答案】C【解析】【詳解】A．運(yùn)動(dòng)員靜止于水平地面上，水平方向受力平衡，可知運(yùn)動(dòng)員不受摩擦力的作用，故A錯(cuò)誤；B．運(yùn)動(dòng)員對(duì)地面的壓力大小等于運(yùn)動(dòng)員的重力大小，壓力、重力是不同性質(zhì)的力，故運(yùn)動(dòng)員對(duì)地面的壓力不是重力，故B錯(cuò)誤；C．運(yùn)動(dòng)員受到的支持力和重力是一對(duì)平衡力，故C正確；D．運(yùn)動(dòng)員受到的支持力是由于地面形變產(chǎn)生的，故D錯(cuò)誤。故選C。3.2024年3月20日，我國(guó)“鵲橋二號(hào)”衛(wèi)星發(fā)射成功，多次調(diào)整后進(jìn)入周期為24h的環(huán)月橢圓軌道運(yùn)行，并與在月球上開(kāi)展探測(cè)任務(wù)的“嫦娥四號(hào)”進(jìn)行通訊測(cè)試。已知月球自轉(zhuǎn)周期27.3天，下列說(shuō)法正確的是（）A.月球處于“鵲橋二號(hào)”橢圓軌道的中心位置B.“鵲橋二號(hào)”在近月點(diǎn)和遠(yuǎn)月點(diǎn)的加速度大小相同C.“鵲橋二號(hào)”在遠(yuǎn)月點(diǎn)的運(yùn)行速度小于月球第一宇宙速度D.“鵲橋二號(hào)”與月心連線(xiàn)和“嫦娥四號(hào)”與月心連線(xiàn)在相等時(shí)間內(nèi)分別掃過(guò)的面積相等【答案】C【解析】【詳解】A．由開(kāi)普勒第一定律可知，月球處于“鵲橋二號(hào)”橢圓軌道的一個(gè)焦點(diǎn)上，A錯(cuò)誤；B．“鵲橋二號(hào)”在近月點(diǎn)距離月球最近，受到的萬(wàn)有引力最大，加速度最大；在遠(yuǎn)月點(diǎn)距離月球最遠(yuǎn)，受到的萬(wàn)有引力最小，加速度最小，故“鵲橋二號(hào)”在近月點(diǎn)和遠(yuǎn)月點(diǎn)的加速度大小不相同，B錯(cuò)誤；C．“鵲橋二號(hào)”在遠(yuǎn)月點(diǎn)的速度小于軌道與遠(yuǎn)月點(diǎn)相切的衛(wèi)星的線(xiàn)速度，軌道與遠(yuǎn)月點(diǎn)相切的衛(wèi)星的線(xiàn)速度小于第一宇宙速度，故“鵲橋二號(hào)”在遠(yuǎn)月點(diǎn)的運(yùn)行速度小于月球第一宇宙速度，C正確；D．由開(kāi)普勒第二定律可知，同一顆衛(wèi)星與月球的連線(xiàn)在相同時(shí)間掃過(guò)的面積相等，但是“鵲橋二號(hào)”與“嫦娥四號(hào)”是兩顆軌道不同的衛(wèi)星，相同時(shí)間掃過(guò)的面積不相等，D錯(cuò)誤。故選C。4.某同學(xué)用如圖所示裝置驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，實(shí)驗(yàn)中除小球的水平位移外，還必須測(cè)量的物理量有（）A.A、B球的直徑 B.A、B球的質(zhì)量C.水平槽距紙面的高度 D.A球釋放位置G距水平槽的高度【答案】B【解析】【詳解】?jī)汕蚺鲎策^(guò)程，根據(jù)動(dòng)量守恒有兩球做平拋運(yùn)動(dòng)過(guò)程，有，可得整理得其中、、分別是碰后入射球A的水平位移、未發(fā)生碰撞時(shí)A入射球的水平位移、碰后被碰小球B的水平位移，若滿(mǎn)足成立，則動(dòng)量守恒定律成立。因此，該實(shí)驗(yàn)中還需要測(cè)量A、B球的質(zhì)量。故選B。5.取一條較長(zhǎng)的軟繩，用手握住一端拉平后連續(xù)向上，向下抖動(dòng)長(zhǎng)繩，可以看到如圖所示的一列波，此時(shí)波剛好傳播至質(zhì)點(diǎn)，質(zhì)點(diǎn)在平衡位置。則（）A.質(zhì)點(diǎn)將向右運(yùn)動(dòng)B.質(zhì)點(diǎn)的起振方向向上C.此后質(zhì)點(diǎn)的速度始終相同D.質(zhì)點(diǎn)比滯后半個(gè)周期振動(dòng)【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)波的傳播方向，根據(jù)同側(cè)法，質(zhì)點(diǎn)向上振動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．在波的傳播方向上任何質(zhì)點(diǎn)的起振方向都和波源的起振方向相同，質(zhì)點(diǎn)向上起振，故質(zhì)點(diǎn)的起振方向向上，故B正確；C．質(zhì)點(diǎn)的距離等于波長(zhǎng)的一半，可知此后質(zhì)點(diǎn)的速度始終相反，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)波的傳播方向，繩波先傳播至質(zhì)點(diǎn)，故質(zhì)點(diǎn)比滯后半個(gè)周期振動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故選B。6.如圖所示，一足夠長(zhǎng)的傾斜傳送帶以恒定的速率逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，某時(shí)刻在傳送帶上適當(dāng)?shù)奈恢梅派暇哂幸欢ǔ跛俣鹊男∥飰K，如圖所示。取沿傳送帶向下的方向?yàn)檎较?，則下列圖中不可能描述小物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】【詳解】AB．當(dāng)小物塊的初速度沿斜面向下（），且小于傳送帶的速度時(shí)，對(duì)小物塊受力分析，由牛頓第二定律可得即可知小物塊將沿傳送帶向下做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，若傳送帶足夠長(zhǎng)，則會(huì)出現(xiàn)小物塊達(dá)到傳送帶速度時(shí)，滿(mǎn)足可知二者將共速。故AB正確，與題意不符；CD．同理，可知當(dāng)小物塊的初速度沿斜面向上（），對(duì)小物塊受力分析，由牛頓第二定律可得即可知小物塊先沿傳送帶向上勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，減到零后反向勻加速，若傳送帶足夠長(zhǎng)會(huì)出現(xiàn)與傳送帶共速的情況（）或者繼續(xù)勻加速（）此時(shí)加速度滿(mǎn)足故C正確，與題意不符；D錯(cuò)誤，與題意相符。本題選不正確的故選D。7.在水平鐵軌上沿直線(xiàn)行駛的列車(chē)車(chē)廂里，車(chē)頂上用細(xì)線(xiàn)懸掛一個(gè)小球，車(chē)廂地板上放置一個(gè)質(zhì)量為m的木箱。某段時(shí)間內(nèi)，擺線(xiàn)與豎直方向夾角始終為θ，木箱相對(duì)于地板靜止，如圖所示。下列判斷正確的是（）A.列車(chē)一定向右運(yùn)動(dòng)B.列車(chē)的加速度大小為gsinθC.木箱所受摩擦力方向一定向右D.如果細(xì)線(xiàn)懸掛的小球在豎直平面內(nèi)擺動(dòng)，列車(chē)的加速度一定在不斷變化【答案】C【解析】【詳解】ABC．對(duì)小球受力分析且由牛頓第二定律有mgtanθ=ma得小球加速度大小為a=gtanθ加速度方向水平向右，由于列車(chē)、小球和木箱具有相同的加速度，則列車(chē)的加速度大小為gtanθ，方向水平向右，由于列車(chē)的速度方向未知，則列車(chē)可能向右做加速運(yùn)動(dòng)，也可能向左做減速運(yùn)動(dòng)，對(duì)木箱受力分析可知，無(wú)論列車(chē)向左還是向右運(yùn)動(dòng)，木箱所受摩擦力方向一定向右，故AB錯(cuò)誤、C正確；D．當(dāng)列車(chē)由變速運(yùn)動(dòng)突然停止，由于慣性，小球?qū)⒆鲐Q直平面內(nèi)擺動(dòng)，即細(xì)線(xiàn)與豎直方向的夾角周期變化，列車(chē)的加速度始終為零，故D錯(cuò)誤。故選C。8.風(fēng)洞實(shí)驗(yàn)是進(jìn)行空氣動(dòng)力學(xué)研究的重要方法。如圖所示，將小球從A點(diǎn)以某一速度v0水平向左拋出，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間，小球運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)正下方的B點(diǎn)，O點(diǎn)是軌跡的最左端，風(fēng)對(duì)小球的作用力水平向右，大小恒定。則小球速度最小時(shí)位于（）A.A點(diǎn) B.O點(diǎn)C.軌跡AO之間的某一點(diǎn) D.軌跡OB之間的某一點(diǎn)【答案】C【解析】【詳解】如圖所示將重力和風(fēng)力合成為一個(gè)力，速度分解為沿合力直線(xiàn)方向分速度和垂直合力直線(xiàn)方向分速度，當(dāng)沿合力直線(xiàn)方向的分速度減為0時(shí)，小球的速度最小，即小球最小速度為圖中的，可知該點(diǎn)位于軌跡AO之間的某一點(diǎn)。故選C。9.科學(xué)家研究發(fā)現(xiàn)，蜘蛛在沒(méi)有風(fēng)的情況下也能向上“起飛”。如圖，當(dāng)?shù)厍虮砻鎺в胸?fù)電荷，空氣中有正電荷時(shí)，蜘蛛在其尾部吐出帶電的蛛絲，在電場(chǎng)力的作用下實(shí)現(xiàn)向上“起飛”。下列說(shuō)法正確的是（）A.蜘蛛往電勢(shì)高處運(yùn)動(dòng) B.電場(chǎng)力對(duì)蛛絲做負(fù)功C.蛛絲的電勢(shì)能增大 D.蛛絲帶的是正電荷【答案】A【解析】【詳解】由題意可知，蛛絲受到空氣中正電荷的吸引力和地球負(fù)電荷的排斥力，則蛛絲帶的是負(fù)電荷；離正電荷越近電勢(shì)越高，則蜘蛛往電勢(shì)高處運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程電場(chǎng)力對(duì)蛛絲做正功，蛛絲的電勢(shì)能減小。故選A。10.某種光伏電池的工作原理如圖所示。半徑為的透明導(dǎo)電的球殼為陽(yáng)極A，球形感光材料為陰極K。現(xiàn)用動(dòng)量為的黃光照射K極，K極能發(fā)射出最大初動(dòng)能為的光電子。已知電子電荷量為，光速為，普朗克常量為，忽略光電子重力及之間的相互作用。下列說(shuō)法正確旳是（）A.入射光子的波長(zhǎng)為B.陰極感光材料的逸出功為C.若僅增大入射光強(qiáng)度，電壓表的示數(shù)將增大D.若用紫光照射K極，電壓表的最大示數(shù)將小于【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)德布羅意波長(zhǎng)公式可知入射光子的波長(zhǎng)為故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程有解得陰極感光材料的逸出功為故B正確；CD．隨著K極逸出光電子運(yùn)動(dòng)到A極，A、K之間的電壓逐漸增大，若K電極逸出的最大動(dòng)能的光電子恰好運(yùn)動(dòng)不到A電極，兩極間電壓達(dá)到最大，再增大入射光強(qiáng)度電壓表示數(shù)不再增大，根據(jù)動(dòng)能定理有兩極間的最大電壓為若用紫光照射K極，可知初動(dòng)能增大，則有故CD錯(cuò)誤。故選B。11.如圖所示，半徑為r2的圓形單匝線(xiàn)圈中央有半徑為r1的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化關(guān)系為B=B0+kt（k>0），線(xiàn)圈電阻為R，則磁感應(yīng)強(qiáng)度從B0增大到2B0時(shí)間內(nèi)（）A.線(xiàn)圈面積有縮小趨勢(shì)B.線(xiàn)圈中電子沿逆時(shí)針?lè)较蚨ㄏ蛞苿?dòng)C.線(xiàn)圈中產(chǎn)生的焦耳熱為D.通過(guò)導(dǎo)線(xiàn)橫截面電荷量為【答案】C【解析】【詳解】A．線(xiàn)圈不在磁場(chǎng)中，不受安培力，無(wú)收縮擴(kuò)張趨勢(shì)，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)楞次定律和右手定則可知，線(xiàn)圈中感應(yīng)電流為逆時(shí)針?lè)较?，因此電子運(yùn)動(dòng)方向?yàn)轫槙r(shí)針。故B錯(cuò)誤；C．線(xiàn)圈中磁通量變化率為線(xiàn)圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為變化過(guò)程中產(chǎn)生的焦耳熱為由于聯(lián)立可得故C正確；D．通過(guò)導(dǎo)線(xiàn)的電荷量為可得故D錯(cuò)誤。故選C。二、非選擇題：共5題，共56分。其中第13題~第16題解答時(shí)請(qǐng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟，只寫(xiě)出最后答案的不能得分；有數(shù)值計(jì)算時(shí)，答案中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位。12.精密儀器中常用到金屬膜電阻，它是通過(guò)金屬電鍍工藝將金屬層濺射到絕緣陶瓷基底的表面形成的。如圖甲所示，某金屬膜電阻長(zhǎng)度為L(zhǎng)，金屬膜厚度為h。實(shí)驗(yàn)室提供的器材有：干電池2節(jié)，電壓表V（量程，內(nèi)阻約），電流表（，內(nèi)阻約為），滑動(dòng)變阻器（最大阻值），開(kāi)關(guān)S，導(dǎo)線(xiàn)若干。某同學(xué)用圖乙所示電路測(cè)量該金屬膜電阻的電阻率，請(qǐng)回答以下問(wèn)題：（1）閉合S前，應(yīng)將滑動(dòng)變阻器的滑片置于___________端（選填“a”或“b”）；（2）用螺旋測(cè)微器測(cè)量鍍膜后的陶瓷管直徑D，示數(shù)如圖丙所示，則___________mm；（3）閉合開(kāi)關(guān)后，移動(dòng)滑片，測(cè)出多組電表示數(shù)的U，I值，并畫(huà)出圖像如圖丁所示，可得金屬膜電阻的阻值___________；（4）用字母D、L、R、h表示金屬膜電阻的電阻率___________；（5）金屬膜電阻的電阻率測(cè)量值偏大，試寫(xiě)出產(chǎn)生誤差的主要原因___________。【答案】①.a②.3.699##3.700##3.701③.650④.⑤.電流表采用內(nèi)接法，在電路中電流表分壓，致使電阻率測(cè)量值偏大?！窘馕觥俊驹斀狻浚?）[1]分壓式接法滑片置于用電器電壓最小的位置，目的保護(hù)用電器。閉合S前，應(yīng)將滑動(dòng)變阻器的滑片置于a端，從而使閉合開(kāi)關(guān)之后分壓部分電路電壓為從零開(kāi)始變化。故填a；（2）[2]根據(jù)螺旋測(cè)微器規(guī)則，如圖丙所示固定刻度為3.5mm，可動(dòng)刻度為，得陶瓷管直徑D為（3）[3]如圖所示圖像的斜率為電阻大小得（4）[4]根據(jù)電阻定律有而橫截面積聯(lián)立解得金屬膜電阻的電阻率為（5）[5]如圖乙所示，電流表采用內(nèi)接法，在電路中電流表會(huì)分壓，使得電壓表讀數(shù)偏大，由歐姆定律得測(cè)量電阻阻偏大，由可知電阻率測(cè)量值偏大，即原因?yàn)殡娏鞅聿捎脙?nèi)接法，在電路中電流表分壓，致使電阻率測(cè)量值偏大。13.在某種透明液體中有一單色點(diǎn)光源，光源距液面的距離為R，在液面上方可以觀察到有光射出的部分是半徑為R的圓面。已知光在真空中的傳播速度為c。求：（1）液體對(duì)該光折射率n；（2）射出的光線(xiàn)在液體中傳播的最短時(shí)間。【答案】（1）；（2）【解析】【詳解】（1）由題意可得，該單色光在液面發(fā)生全反射時(shí)的臨界角為液體對(duì)該光的折射率為（2）該單色光在液體中的傳播速度為當(dāng)光的路程最短時(shí)，射出的光線(xiàn)在液體中傳播的最短時(shí)間14.如圖所示為擰緊瓶蓋的空飲料瓶。27℃時(shí)，瓶?jī)?nèi)氣體壓強(qiáng)為；當(dāng)溫度升高到37℃過(guò)程中，瓶?jī)?nèi)氣體吸收了7J的熱量，整個(gè)過(guò)程中瓶?jī)?nèi)氣體視為理想氣體且體積保持不變，求：（1）37℃時(shí)，瓶?jī)?nèi)氣體壓強(qiáng)；（2）氣體內(nèi)能增加量。【答案】（1）；（2）7J【解析】【詳解】（1）氣體體積不變，則根據(jù)查理定律可知解得（2）氣體體積不變，則W=0，瓶?jī)?nèi)氣體吸收了7J的熱量，則Q=7J，根據(jù)可得即氣體內(nèi)能增加7J。15.如圖甲所示，滑梯是一種有趣的娛樂(lè)設(shè)施，可以簡(jiǎn)化為如圖乙所示的圓弧形滑道，其在豎直面內(nèi)的半徑，過(guò)A點(diǎn)的切線(xiàn)與豎直方向的夾角為30°。一質(zhì)量的小孩（可視為質(zhì)點(diǎn)）從A點(diǎn)由靜止開(kāi)始下滑，利用速度傳感器測(cè)得小孩到達(dá)圓弧最低點(diǎn)B（切線(xiàn)水平）時(shí)的速度大小為，g取。（1）求小孩在B點(diǎn)時(shí)，滑梯對(duì)小孩的支持力；（2）求小孩在下滑過(guò)程中損失的機(jī)械能；（3）若用外力將小孩緩慢從B點(diǎn)推到A點(diǎn)，設(shè)摩擦阻力大小恒為重力的倍，求外力做的功?！敬鸢浮浚?），方向豎直向上；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）小孩在B點(diǎn)時(shí)，由牛頓第二定律有解得方向豎直向上。（2）根據(jù)題意可知，小孩在下滑過(guò)程中損失的機(jī)械能代入數(shù)據(jù)解得（3）根據(jù)題意，設(shè)外力做的功為，由動(dòng)能定理有代入數(shù)據(jù)解得16.如圖甲所示，在豎直平面建立xOy坐標(biāo)，y軸沿豎直方向，x>0區(qū)域有沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m，帶電量為+q的小球以速度v0從O點(diǎn)沿x軸正方向射入電場(chǎng)，恰好沿x軸做直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，取重力加速度為g。（1）求勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小E；（2）若小球過(guò)O點(diǎn)時(shí)在x