2023-2024學(xué)年新疆烏魯木齊市101中學(xué)高一（下）期末物理試卷（含解析）

第=page11頁，共=sectionpages11頁2023-2024學(xué)年新疆烏魯木齊市101中學(xué)高一（下）期末物理試卷一、單選題：本大題共9小題，共36分。1.關(guān)于摩擦起電、接觸起電、感應(yīng)起電，下列說法正確的是(

)A.三種起電方式相同B.這三種方式都產(chǎn)生了電荷

C.這三種起電方式的實(shí)質(zhì)是一樣的，都是電荷的轉(zhuǎn)移D.這三種方式不符合電荷守恒定律2.下列關(guān)于物理學(xué)史和物理思想方法，敘述錯(cuò)誤的是(

)A.卡文迪許在測量萬有引力常量的實(shí)驗(yàn)中，運(yùn)用了“放大法”

B.“牛頓第一定律”是牛頓通過大量實(shí)驗(yàn)得出的

C.從物理思想方法上講，平均速度體現(xiàn)了“等效替代”的物理思想

D.功率是采用“比值法”定義的物理量3.如圖所示，帶電粒子從電場中a點(diǎn)以速度v0進(jìn)入電場，僅在電場力作用下，沿虛線所示的軌跡運(yùn)動到b點(diǎn)，下列判斷正確的是(

)A.Ea>Eb

B.Ea<4.如圖所示，a為放在赤道上相對地球靜止的物體，隨地球自轉(zhuǎn)做勻速圓周運(yùn)動，b為沿地球表面附近做勻速圓周運(yùn)動的人造衛(wèi)星(軌道半徑近似等于地球半徑)，c為地球的同步衛(wèi)星，以下關(guān)于a、b、c的說法中正確的是(

)A.a、b、c的角速度大小關(guān)系為ωa=ωb>ωc

B.a、b、c的向心加速度大小關(guān)系為ab>ac>aa

C.a、5.有關(guān)圓周運(yùn)動的基本模型，下列說法正確的是(

)

A.如圖a，汽車通過拱橋的最高點(diǎn)時(shí)處于超重狀態(tài)

B.如圖b，懸掛在同一點(diǎn)的兩個(gè)小球在同一水平面內(nèi)做圓錐擺運(yùn)動，則繩長的角速度大

C.如圖c，同一小球在內(nèi)壁光滑且固定的圓錐筒內(nèi)的A、B位置先后沿水平面分別做勻速圓周運(yùn)動，則小球在A位置處所受筒壁的支持力等于B位置處所受筒壁的支持力

D.如圖d，火車轉(zhuǎn)彎若超過規(guī)定速度行駛時(shí)，火車輪緣對內(nèi)軌會有擠壓作用6.一電動摩托車在平直的公路上由靜止啟動，其運(yùn)動的速度v與時(shí)間t的關(guān)系如圖甲所示，圖乙表示電動摩托車牽引力的功率P與時(shí)間t的關(guān)系。設(shè)電動摩托車在運(yùn)動過程中所受阻力為車(包括駕駛員)總重力的k倍，在18s末電動摩托車的速度恰好達(dá)到最大。已知電動摩托車(包括駕駛員)總質(zhì)量m=200kg，重力加速度g取10m/s2。則下列說法正確的是(

)A.0到18s內(nèi)電動摩托車一直勻加速運(yùn)動

B.0到8s內(nèi)，電動摩托車的牽引力為800N

C.8s到18s過程中，電動摩托車位移為95.5m

D.k=0.27.如圖所示，小球自a點(diǎn)由靜止自由下落，到b點(diǎn)時(shí)與豎直放置的輕彈簧接觸，到c點(diǎn)時(shí)彈簧被壓縮到最短。若不計(jì)空氣阻力，在小球由a→b→c的運(yùn)動過程中(

)A.小球的重力勢能隨時(shí)間均勻減少

B.小球在b點(diǎn)時(shí)速度最大

C.小球的彈性勢能，在bc段先減小后增大

D.到c點(diǎn)時(shí)小球重力勢能的減少量等于彈簧彈性勢能的增加量8.如圖甲所示，一質(zhì)量為2kg的物體靜止在水平地面上，水平推力F隨位移x變化的關(guān)系如圖乙所示，已知物體與地面間的動摩擦因數(shù)μ=0.2，g取10m/s2，則下列說法正確的是(

)A.物體運(yùn)動的最大速度為3m/s

B.在運(yùn)動中由于摩擦產(chǎn)生的熱量為20J

C.物體在水平地面上運(yùn)動的最大位移是5.25m

D.物體先做加速運(yùn)動，推力撤去時(shí)開始做減速運(yùn)動9.舉重運(yùn)動是我國多次在世界級大賽中摘金奪銀的傳統(tǒng)強(qiáng)項(xiàng).在舉重比賽中，運(yùn)動員舉起杠鈴時(shí)必須使杠鈴平衡一段時(shí)間才能被視為成功，如圖.下列說法中正確的是(

)A.向上舉起的過程中，運(yùn)動員對杠鈴做負(fù)功

B.向上舉起的過程中，運(yùn)動員對杠鈴不做功

C.舉起后保持平衡的一段時(shí)間內(nèi)，運(yùn)動員對杠鈴做功

D.舉起后保持平衡的一段時(shí)間內(nèi)，運(yùn)動員對杠鈴沒有做功二、多選題：本大題共3小題，共12分。10.如圖所示，某人將質(zhì)量為m、靜止在水平地面上A點(diǎn)的足球以速度v0斜向上踢起，當(dāng)足球到達(dá)離地面高度為?的B點(diǎn)時(shí)，取B處為零勢能參考面，重力加速度大小為g，不計(jì)空氣阻力。下列說法正確的是(

)A.足球在A點(diǎn)的機(jī)械能為12mB.足球在A點(diǎn)的機(jī)械能為12mv02

C.D.足球在B點(diǎn)的機(jī)械能為111.如圖所示為科學(xué)家模擬水星探測器進(jìn)入水星表面繞行軌道的過程示意圖，假設(shè)水星的半徑為R，探測器在距離水星表面高度為3R的圓形軌道Ⅰ上做勻速圓周運(yùn)動，運(yùn)行的周期為T，在到達(dá)軌道的P點(diǎn)時(shí)變軌進(jìn)入橢圓軌道Ⅱ，到達(dá)軌道Ⅱ的“近水星點(diǎn)”Q時(shí)，再次變軌進(jìn)入近水星軌道Ⅲ繞水星做勻速圓周運(yùn)動，從而實(shí)施對水星探測的任務(wù)，則下列說法正確的是(

)A.水星探測器在P、Q兩點(diǎn)變軌的過程中速度均減小

B.水星探測器在軌道Ⅱ上運(yùn)行的周期小于T

C.水星探測器在軌道Ⅰ和軌道Ⅱ上穩(wěn)定運(yùn)行經(jīng)過P時(shí)加速度大小不相等

D.若水星探測器在軌道Ⅱ上經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)的速度大小為vp，在軌道Ⅲ上做圓周運(yùn)動的速度大小為v312.如圖，天花板上固定一個(gè)光滑小環(huán)O，一絕緣細(xì)繩穿過光滑小環(huán)，兩端分別與帶電小球A、B連接，A、B的質(zhì)量分別為m1和m2，帶電荷量分別為q1、q2，系統(tǒng)靜止時(shí)，小球A、B和光滑小環(huán)O的距離分別為l1、l2，細(xì)繩OA段與豎直方向的夾角為α，細(xì)繩OB段與豎直方向的夾角為A.α=β B.m1m2=l2三、實(shí)驗(yàn)題：本大題共2小題，共16分。13.某同學(xué)做“研究小球做平拋運(yùn)動”的實(shí)驗(yàn)如圖所示

(1)該實(shí)驗(yàn)中必須保證的條件和進(jìn)行的實(shí)驗(yàn)操作是______；

A.測定平拋小球的質(zhì)量m

B.保證斜槽光滑

C.保證斜槽末端水平

D.測定斜槽頂端到桌面的高度?

(2)如圖所示是該同學(xué)采用頻閃照相機(jī)拍攝到的小球做平拋運(yùn)動的照片，圖中背景方格的邊長為L=5cm，A、B、C是拍下小球的三個(gè)位置，如果重力加速度取g=10m/s2，那么：

①照相機(jī)拍攝時(shí)每______s曝光一次；

②小球做平拋運(yùn)動的初速度的大小為______m/s；

③上圖照片中三個(gè)位置中的A點(diǎn)______(選填：是或不是)小球做平拋運(yùn)動的拋出位置。14.如圖1所示，將打點(diǎn)計(jì)時(shí)器固定在鐵架臺上，用重物帶動紙帶從靜止開始自由下落，利用此裝置可“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”。

(1)已準(zhǔn)備的器材有：打點(diǎn)計(jì)時(shí)器(帶導(dǎo)線)、紙帶、復(fù)寫紙、帶鐵夾的鐵架臺和帶夾子的重物，此外還必需的器材是______(只有一個(gè)選項(xiàng)符合要求，填選項(xiàng)前的符號)。

A.直流電源、天平及砝碼

B.直流電源、刻度尺

C.交流電源、天平及砝碼

D.交流電源、刻度尺

(2)為驗(yàn)證機(jī)械能是否守恒，需要比較重物下落過程中任意兩點(diǎn)間的______。

A.動能變化量與勢能變化量

B.速度變化量與勢能變化量

C.速度變化量與高度變化量

(3)安裝好實(shí)驗(yàn)裝置，正確進(jìn)行實(shí)驗(yàn)操作，從打出的紙帶中選出符合要求的紙帶，如圖2所示(其中一段紙帶圖中未畫出)。圖中O點(diǎn)為打出的起始點(diǎn)，且速度為零。選取在紙帶上連續(xù)打出的點(diǎn)A、B、C、D、E、F、G作為計(jì)數(shù)點(diǎn)。其中測出：D、E、F點(diǎn)距起始點(diǎn)O的距離如圖所示。已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打點(diǎn)周期為T=0.02s。由此可計(jì)算出物體下落到E點(diǎn)時(shí)的瞬時(shí)速度vB=______m/s(結(jié)果保留三位有效數(shù)字)。

(4)大多數(shù)學(xué)生的實(shí)驗(yàn)結(jié)果顯示，重力勢能的減少量大于動能的增加量，原因是______。

A.利用公式v=gt計(jì)算重物速度

B.利用公式v=2g?計(jì)算重物速度

C.存在空氣阻力和摩擦阻力的影響

D.四、計(jì)算題：本大題共4小題，共36分。15.在500m的高空有一熱氣球以10m/s的速度水平飛行，某時(shí)刻有一物體從熱氣球上掉落，不計(jì)空氣阻力，g取10m/s2，求：

(1)該物體經(jīng)多長時(shí)間落地；

(2)掉下6s時(shí)物體的速度大?。?6.在一個(gè)半徑為R的星球表面，離地?處無初速釋放一小球，不計(jì)阻力，小球落地時(shí)速度為v。這顆星球的同步衛(wèi)星離地高度為H。已知引力常量G，求：

(1)這顆星球的質(zhì)量；

(2)這顆星球的自轉(zhuǎn)周期。17.如圖所示，質(zhì)量都是m的物體A和B，通過輕繩子跨過滑輪相連.斜面光滑且足夠長，不計(jì)繩子和滑輪之間的摩擦.開始時(shí)A物體離地的高度為?，B物體位于斜面的底端，用手托住A物體，A、B兩物均靜止，撤去手后，此后B物體一直未離開斜面，求：

(1)A物體將要落地時(shí)的速度多大？

(2)A物落地后，B物由于慣性將繼續(xù)沿斜面上升，則B物在斜面上的最遠(yuǎn)點(diǎn)離地的高度多大？18.如圖所示，一質(zhì)量為2千克的物體從半徑為5米的光滑的14圓弧滑軌的上端從靜止開始下滑到底端，然后繼續(xù)沿著AB水平面滑動，物體與水平面間的動摩擦因數(shù)為0.2，求：

(1)物體滑至A點(diǎn)時(shí)的速度；

(2)物體在A點(diǎn)對軌道的正壓力的大??；

(3)物體在水平面上能夠滑行的最大距離。答案解析1.C

【解析】解：A：摩擦起電是通過摩擦的方式，使兩個(gè)物體穩(wěn)定后分別帶等量的異種電荷；接觸起電是利用接觸的方式，使兩個(gè)導(dǎo)體分別帶同種電荷；感應(yīng)起電是利用帶電體靠近導(dǎo)體的方式，使導(dǎo)體兩端分別帶上等量異種電荷，故A錯(cuò)誤；

B：這三種方式都是本質(zhì)都是發(fā)生了電荷的轉(zhuǎn)移，并沒有創(chuàng)造新電荷，故B錯(cuò)誤；

C：這三種起電方式的實(shí)質(zhì)，都是通過使電荷發(fā)生轉(zhuǎn)移的方式，而使物體帶電，故C正確；

D：這三種起電方式，都沒有改變電荷量的代數(shù)和，故沒有違反電荷守恒定律，故D錯(cuò)誤。

故選：C。

根據(jù)對三種起電方式的過程和結(jié)果，分析帶電現(xiàn)象的產(chǎn)生原因，可以了解三種起電方式的異同點(diǎn)；根據(jù)電荷守恒定律的理解，判斷電荷量的代數(shù)和守恒情況，即可得到三種起電方式是否符合電荷守恒定律的結(jié)論。

本題考查三種起電方式的本質(zhì)、電荷守恒定律的理解，要重點(diǎn)理解到互相之間的區(qū)別和共同點(diǎn)。2.B

【解析】解：A、卡文迪許巧妙地運(yùn)用扭秤實(shí)驗(yàn)，利用平面鏡將微小形變放大，運(yùn)用了放大法成功測出引力常量的數(shù)值，故A正確。

B、牛頓第一定律是牛頓在前人研究的基礎(chǔ)上總結(jié)出來的，而不是牛頓通過大量的實(shí)驗(yàn)探究直接總結(jié)出來的，故B錯(cuò)誤。

C、效替代法是在保證某種效果相同的前提下，將實(shí)際的、復(fù)雜的物理問題和物理過程轉(zhuǎn)化為等效的、簡單的、易于研究的物理問題和物理過程來研究和處理的方法，故平均速度為等效替代法，故C正確；

D、功率：P=Wt，用來描述做功的快慢，是采用“比值法”定義的物理量。故D正確

本題選擇錯(cuò)誤的，

故選：B。

卡文迪許巧妙地運(yùn)用扭秤實(shí)驗(yàn)，用了放大法成功測出引力常量；伽利略為了說明力不是維持物體運(yùn)動的原因用了理想實(shí)驗(yàn)法；

牛頓第一定律是牛頓在前人研究的基礎(chǔ)上總結(jié)出來的；

功率的大小與做功的多少以及時(shí)間的長短無關(guān)。3.B

【解析】解：AB、根據(jù)電場線疏密表示電場強(qiáng)度大小可知，電場線b點(diǎn)比a點(diǎn)密集，則Ea<Eb，故A錯(cuò)誤，B正確；

CD、根據(jù)電場力公式F=qE，結(jié)合Ea<Eb得Fa<Fb，故4.B

【解析】解：A、a、c的角速度相等。對于b、c，根據(jù)萬有引力提供向心力得

GMmr2=mω2r

得ω=GMr3，c的軌道半徑大于b的軌道半徑，則ωb>ωc，即有ωb>ωa=ωc，故A錯(cuò)誤；

B、對于a、c，ω相等，根據(jù)a=rω2知，ac>aa；對于b、c，根據(jù)GMmr2=ma得a=GM?r2，則ab>ac，即有ab>ac>aa，故B正確。

C、對于a、c，ω相等，根據(jù)v=rω知，vc>va；對于b、c，根據(jù)GMm5.C

【解析】解：A.汽車通過拱橋的最高點(diǎn)時(shí)由重力與支持力的合力提供向心力，故汽車加速度方向向下，汽車處于失重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；

B.對小球進(jìn)行分析，根據(jù)合外力提供向心力有

mgtanθ=mω2Lsinθ

解得角速度滿足

ω=gLcosθ

由于小球在同一水平面內(nèi)，則Lcosθ相等，均等于軌跡圓心到懸點(diǎn)的高度差，可知，兩小球的角速度相等，與繩長無關(guān)，故B錯(cuò)誤；

C.水平面分別做勻速圓周運(yùn)動，重力與支持力的合力提供向心力，令圓錐側(cè)面與水平面夾角為θ，對小球進(jìn)行分析有

N=mgcosθ

可知，小球在A位置處所受筒壁的支持力等于B位置處所受筒壁的支持力，故C正確；

D.火車轉(zhuǎn)彎時(shí)，若超過規(guī)定速度行駛時(shí)，重力與斜面軌道支持力的合力不足以提供向心力，火車有向外做離心運(yùn)動的趨勢，此時(shí)火車輪緣對外軌會有擠壓作用，故D錯(cuò)誤。

故選：C。

對汽車通過拱橋的最高點(diǎn)時(shí)合力提供向心力分析A6.C

【解析】解：A.v?t圖像的斜率表示加速度，由圖甲可知，0到8s內(nèi)電動摩托車做勻加速運(yùn)動，8～18s內(nèi)摩托車做加速度減小的加速運(yùn)動，故A錯(cuò)誤；

D.電動摩托車的速度恰好達(dá)到最大時(shí)，有

F=f

由P=Fvm=fvm

解得

f=Pvm=800010N=800N

根據(jù)題意有

k=fmg=800200×10=0.4，故D錯(cuò)誤；

B.0到8s內(nèi)，摩托車的加速度為

a=ΔvΔt=88m/s2=1m/s2

由牛頓第二定律，有摩托車的牽引力為

F?f=ma

解得F=1000N，故B錯(cuò)誤；

C.8s到18s過程中，根據(jù)動能定理，有

Pt?fx=12m7.D

【解析】解：A.重力勢能Ep=mg?，小球從a到b是勻加速運(yùn)動，從b到平衡位置小球做變加速運(yùn)動，從平衡位置到最低點(diǎn)c，小球做減速運(yùn)動，不是勻速下降，所以重力勢能不隨時(shí)間均勻變化，故A錯(cuò)誤；

B.在平衡位置時(shí)，小球合力為零，加速度為零，小球有最大速度，這個(gè)平衡位置不是b點(diǎn)，而是在b、c之間的某點(diǎn)上，故B錯(cuò)誤；

C.在bc段彈簧的形變量不斷增大，彈性勢能不斷增大，故C錯(cuò)誤；

D.從a到c重力勢能的減少量全部轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢能，故D正確。

故選：D。

a→b段，小球做勻變速運(yùn)動小球的重力勢能隨時(shí)間均勻減少，在b→c的運(yùn)動過程中小球先做變加速運(yùn)動，從平衡位置到最低點(diǎn)c，小球做變減速運(yùn)動，重力勢能不隨時(shí)間均勻變化；在bc段彈簧的形變量不斷增大，彈性勢能不斷增大；c點(diǎn)小球速度為零，則根據(jù)能量守恒可知，小球重力勢能的減少量等于彈簧彈性勢能的增加量。8.A

【解析】解：A、物體的摩擦力f=μmg=0.2×2×10N=4N，由圖可知F與x的關(guān)系式為：F=10?2x

當(dāng)F=f=4N時(shí)，物體的合力為零，速度最大，可得x=3m，物體運(yùn)動位移為3m時(shí)，F(xiàn)=4N，則力F做的功：WF1=F?x=10+42×3J=21J，此過程由動能定理有：WF1?fx=12mvm2，代入數(shù)據(jù)可得：vm=3m/s，故A正確；

B、由圖像面積可得力F運(yùn)動5m做的功：WF2=10×52J=25J，設(shè)物體整個(gè)運(yùn)動過程，克服摩擦力做的功為Wf，由動能定理有：WF2?Wf=0，可得Wf=25J，由功能關(guān)系可知在運(yùn)動中由于摩擦產(chǎn)生的熱量為25J，故B錯(cuò)誤；

C、設(shè)物體在水平地面上運(yùn)動的最大位移為xm，全過程由動能定理有：WF2?fxm=0，代入數(shù)據(jù)可得：xm9.D

【解析】解：A、向上舉起的過程中，人對杠鈴的作用力向上，杠鈴的位移也向上，所以人對杠鈴做正功，所以AB錯(cuò)誤。

C、舉起后保持平衡的一段時(shí)間內(nèi)，人對杠鈴有力的作用，但是杠鈴沒有移動，沒有位移，所以此時(shí)人對杠鈴做的功為零，所以C錯(cuò)誤。D正確；

故選：D。

對杠鈴進(jìn)行受力分析，根據(jù)功的公式分析可以人對杠鈴的做功的情況．

本題就是對功的公式的理解，掌握住功的公式就很容易分析得出結(jié)論了．10.AD

【解析】解：取B處為零勢能參考面

AB、足球在A點(diǎn)的重力勢能為

EpA=?mg?

動能為

EkA=12mv02

足球在A點(diǎn)的機(jī)械能為

EA=EpA+EkA=12mv02?mg?

故A正確，B錯(cuò)誤；11.ABD

【解析】解：A、探測器在軌道Ⅰ上做勻速圓周運(yùn)動中，萬有引力充當(dāng)向心力，在P點(diǎn)變軌進(jìn)入橢圓軌道Ⅱ時(shí)做向心運(yùn)動，需要的向心力減小，所以需要減小速度；在橢圓軌道Ⅱ的Q點(diǎn)探測器做離心運(yùn)動，需要的向心力大于萬有引力；而變軌進(jìn)入軌道Ⅲ時(shí)需要的向心力也減小，所以速度也減小，故A正確；

B、根據(jù)開普勒第三定律可知，探測器在軌道Ⅱ上運(yùn)行的周期小于T，故B正確；

C、探測器在軌道Ⅰ和軌道Ⅱ上穩(wěn)定運(yùn)行經(jīng)過P時(shí)加速度大小都是萬有引力提供，所以大小相等，故C錯(cuò)誤；

D、根據(jù)開普勒第二定律可知，探測器在軌道Ⅰ上P點(diǎn)速率大于在軌道Ⅱ上P點(diǎn)的速率vp；根據(jù)v=GMR可知，在軌道Ⅲ上的速率v3大于在軌道Ⅰ上的速率，則有v3>vp，故D12.AB

【解析】解：B、對兩小球受力分析，A和B均受重力、拉力、庫侖力，小球A、B均處干平衡狀態(tài)，作力的矢量三角形，如圖所示。

因?yàn)閮尚∏蛲ㄟ^穿過小環(huán)的絕緣細(xì)線連接，則細(xì)線上拉力大小處處相等，T=T′，A、B間的庫侖力是作用力和反作用力，F(xiàn)=F′，大小相等，方向相反，根據(jù)相似三角形知識可知

m1g?=Fr1=Tl1，m2g?=F′r2=T′l2，可得m1m2=l2l1=r2r1，故B正確；

AD、根據(jù)幾何關(guān)系可得r13.C

0.1

1.5

不是

【解析】解：(1)ABC、研究平拋運(yùn)動的實(shí)驗(yàn)很關(guān)鍵的地方是要保證小球能夠水平飛出，只有水平飛出時(shí)小球才做平拋運(yùn)動，對于小球的質(zhì)量，及斜槽是否光滑均無關(guān)，故AB錯(cuò)誤，C正確；

D、小球平拋的初速度是通過平拋運(yùn)動規(guī)律求解得，并不是通過減小的重力勢能轉(zhuǎn)化為增加動能求得，因此不需要測定斜槽頂端到桌面的高度?，故D錯(cuò)誤；

故選：C。

(2)①在豎直方向上有：△?=5L?3L=gT2，

解得：T=2Lg=2×5×10?210s=0.1s

②水平方向：3L=v0t，

故v0=3LT

代入數(shù)據(jù)解得：v0=3×5×10?20.1m/s=1.5?m/s。

③若A點(diǎn)是拋出點(diǎn)，則AB間的豎直距離?=12gT2=12×10×0.1214.D

A

3.04

C

【解析】解：(1)實(shí)驗(yàn)中還必需的器材是交流電源、刻度尺。

故ABC錯(cuò)誤，D正確。

故選：D。

(2)為驗(yàn)證機(jī)械能是否守恒，需要比較重物下落過程中任意兩點(diǎn)間的動能變化量與勢能變化量。

故A正確，BC錯(cuò)誤。

故選：A。

(3)物體下落到E點(diǎn)時(shí)的瞬時(shí)速度

vE=?DF2T=0.5491?0.42752×0.02m/s=3.04m/s

(4)大多數(shù)學(xué)生的實(shí)驗(yàn)結(jié)果顯示，重力勢能的減少量大于動能的增加量，原因是重物下落時(shí)存在空氣阻力和摩擦阻力的影響。

故ABD錯(cuò)誤，C正確。

故選：C。

故答案為：(1)D；(2)A；(3)3.04；(4)C。

(1)在驗(yàn)證機(jī)械能守恒的實(shí)驗(yàn)中，驗(yàn)證動能的增加量與重力勢能的減小量是否相等，所以要測重錘下降的距離和瞬時(shí)速度，測量瞬時(shí)速度和下降的距離均需要刻度尺，不需要秒表，重錘的質(zhì)量可以不測；

(2)在驗(yàn)證機(jī)械能守恒的實(shí)驗(yàn)中，驗(yàn)證動能的增加量與重力勢能的減小量是否相等；

15.解：(1)物體掉落后做平拋運(yùn)動，則有：

?=12gt2

解得：

t=2?g=2×50010s=10s

(2)物體豎直方向的速度為：

vy=gt=60m/s

有：