浙江詩陽市2025屆高三物理下學(xué)期6月模擬考試試題含解析

PAGE27-浙江省東陽市2025屆高三物理下學(xué)期6月模擬考試試題（含解析）一、選擇題1.2024年11月16日第26屆國際計(jì)量大會(huì)（CGPM）通過的“修訂國際單位制”的決議中，仍保持原7個(gè)基本單位，只是更新了其中4個(gè)基本單位的定義方法。下列說法正確的是（）A.“牛頓（N）”是國際單位制中的基本單位B.“電子伏特（eV）”表示的是電壓的單位C.“毫安時(shí)（mA.h）”表示的是能量的單位D.“瓦特（W）”用國際單位制中的基本單位表示為kg·m2·s-3【答案】D【解析】【詳解】A．“牛頓（N）”是國際單位制中的導(dǎo)出單位，故A錯(cuò)誤；B．“電子伏特（eV）”是能量的單位，故B錯(cuò)誤；C．依據(jù)可知，毫安時(shí)（mA.h）是電量的單位，故C錯(cuò)誤；D．依據(jù)功率與功的公式有結(jié)合則功率的單位用國際單位制基本單位表示為kg?m2?s-3，故D正確。故選D。2.新華社西昌3月10日電“芯級(jí)箭體直徑9.5米級(jí)、近地軌道運(yùn)載實(shí)力50噸至140噸、奔月轉(zhuǎn)移軌道運(yùn)載實(shí)力15噸至50噸、奔火（火星）轉(zhuǎn)移軌道運(yùn)載實(shí)力12噸至44噸……”這是我國重型運(yùn)載火箭長征九號(hào)研制中的一系列指標(biāo)，已取得階段性成果，預(yù)料將于2030年前后實(shí)現(xiàn)首飛?；鸺c(diǎn)火升空，燃料連續(xù)燃燒的燃?xì)庖院艽蟮乃俣葟幕鸺龂娍趪姵?，火箭獲得推力。下列觀點(diǎn)正確的是（）A.噴出的燃?xì)鈱?duì)四周空氣的擠壓力就是火箭獲得的推力B.因?yàn)閲姵龅娜細(xì)鈹D壓空氣，所以空氣對(duì)燃?xì)獾姆醋饔昧褪腔鸺@得的推力C.燃?xì)獗粐姵鏊查g，火箭對(duì)燃?xì)獾淖饔昧褪腔鸺@得的推力D.燃?xì)獗粐姵鏊查g，燃?xì)鈱?duì)火箭的反作用力就是火箭獲得的推力【答案】D【解析】【詳解】A．噴出的燃?xì)鈱?duì)四周空氣的擠壓力，作用在空氣上，不是火箭獲得的推力，故A錯(cuò)誤；B．空氣對(duì)燃?xì)獾姆醋饔昧Γ饔迷谌細(xì)馍?，不是火箭獲得的推力，故B錯(cuò)誤；CD．燃?xì)獗粐姵鏊查g，燃?xì)鈱?duì)火箭的反作用力作用在火箭上，是火箭獲得的推力，故C錯(cuò)誤D正確。故選D。3.東陽湖溪鎮(zhèn)的郭止在南宋紹興十八年獨(dú)資創(chuàng)辦興建了“石洞書院”。先后禮聘葉適、朱熹、魏了翁等名師在石洞書院掌教。并留下很多詩詞和題刻。圖為朱熹的摩崖題刻“石洞之門”。這塊巖石受到地球?qū)λ娜f有引力大小為F引，它隨地球自轉(zhuǎn)所需的向心力大小為F向，其重力大小為G，則（）A.F引＞G＞F向 B.F引＞F向＞GC.F向＞F引＞G D.G＞F引＞F向【答案】A【解析】【詳解】這塊巖石在地球表面隨地球自轉(zhuǎn)，向心力由萬有引力的一個(gè)分力供應(yīng)，另一個(gè)分力等于重力G，通常狀況下，由于地球自轉(zhuǎn)的角速度很小，則我們可以忽視巖石的自轉(zhuǎn)，其自轉(zhuǎn)須要的向心力特別小，因此有F引＞G＞F向，故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選A。4.隨著科學(xué)技術(shù)的日益進(jìn)步，人們對(duì)原子及原子核的相識(shí)越來越深刻，下列有關(guān)原子及原子核的說法正確的是（）A.粒子散射試驗(yàn)揭示了原子核具有困難結(jié)構(gòu)B.自然放射性元素在上升溫度后它的半衰期會(huì)縮短C.放射性同位素發(fā)出的γ射線能進(jìn)行金屬探傷D.比結(jié)合能越大的原子核越穩(wěn)定，因此它的結(jié)合能也肯定越大【答案】C【解析】【詳解】A．盧瑟福的α粒子散射試驗(yàn)揭示了原子具有核式結(jié)構(gòu)，自然放射現(xiàn)象揭示了原子核具有困難的結(jié)構(gòu)，故A錯(cuò)誤；B．半衰期的大小與溫度無關(guān)，變更溫度，不會(huì)變更半衰期，故B錯(cuò)誤；C．放射性同位素發(fā)出的γ射線能進(jìn)行金屬探傷，故C正確；D．比結(jié)合能越大的原子核中核子結(jié)合得越堅(jiān)固，原子核越穩(wěn)定，與結(jié)合能的大小無關(guān)。結(jié)合能還與核子數(shù)有關(guān)，故D錯(cuò)誤。故選C。5.在2015年9月3日紀(jì)念世界反法西斯閱兵式中，我空軍某部的直升機(jī)梯隊(duì)在地面上空某高度A位置處于靜止待命狀態(tài)，要求該梯隊(duì)11時(shí)26分40秒由靜止起先沿水平方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過AB段加速后，進(jìn)入BC段的勻速受閱區(qū)，11時(shí)30分準(zhǔn)時(shí)通過C位置。已知AB=5km，BC=10km，若取飛機(jī)動(dòng)身的時(shí)刻為t=0，沿AC方向建立坐標(biāo)軸，A點(diǎn)作為坐標(biāo)原點(diǎn)，下列關(guān)于直升機(jī)的速度v、加速度a和位移x的圖象正確的是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】【詳解】由題可知，在AC段做勻加速運(yùn)動(dòng)末速度在BC段做勻速運(yùn)動(dòng)由題可知整理得，，A．在圖象中前100s加速度為，在100s~200s內(nèi)，加速度為零，A錯(cuò)誤；B．在圖象中，前100s斜率為，末速度為100m/s，在100s~200s內(nèi)，速度恒為100m/s，B正確；CD．在圖象中，前100s圖象為開口向上的拋物線。且t=0時(shí)刻的切線斜率為零，CD錯(cuò)誤。故選B。6.如圖所示的電路中，定值電阻R0與電源內(nèi)阻r的阻值相等，各表均為志向電表。向左移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片P時(shí)各表示數(shù)的變更量分別為、和，正確的是（）A.三塊表的示數(shù)都減小B.電源輸出功領(lǐng)先增大后減小C.為定值D.【答案】C【解析】【詳解】A．電路的連接方式為和變阻器并聯(lián)接到電源上，電壓表測量路端電壓，電流表A1測量通過變阻器的電流，電流表A2測量電路的總電流。變阻器滑片向左移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻增大，則路端電壓增大即電壓表V示數(shù)增大；電路的總電阻增大，則總電流減小，即電流表A2示數(shù)減小；定值電阻兩端的電壓增大，通過定值電阻的電流增大，而總電流減小，所以通過變阻器的電流減小，即電流表A1的示數(shù)減小，A錯(cuò)誤；B．設(shè)電源的電動(dòng)勢為，外電路電阻為，則電源的輸出功率為可知，時(shí)，電源輸出功率最大；時(shí)電源輸出功率隨外電阻增大而增大；時(shí)，電源輸出功率隨外電阻增大而減小，因?yàn)?，所以外電路電阻，則變阻器滑片向左移動(dòng)時(shí)，外電路電阻增大，所以電源的輸出功率增大，B錯(cuò)誤；Ｃ．等于電源的內(nèi)阻，是一個(gè)定值，C正確；D．設(shè)通過的電流為，則增大，減小，減小，所以D錯(cuò)誤。故選C。7.如圖所示，正六面體真空盒置于絕緣水平面上，它的ADHE面與BCGF面均為金屬板且?guī)У攘慨惙N電荷，其中BCGF面帶正電，ADHE面帶負(fù)電，其他面為絕緣材料從小孔P沿水平方向平行于ABFE面以相同速率射入三個(gè)質(zhì)量相同的帶正電液滴a、b、c最終分別落在1、2、3三點(diǎn)，下列說法正確的是（）A.三個(gè)液滴在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相同B.三個(gè)液滴落究竟板時(shí)的速率相同C.液滴c所帶的電荷量最少D.整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中液滴a動(dòng)能增量最大【答案】D【解析】【詳解】A．三液滴在豎直方向做初速度為零的勻加速度直線運(yùn)動(dòng)，水平方向做勻速度直線運(yùn)動(dòng)，由圖示可知三液滴的水平位移，初速度相同，依據(jù)可知在空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間關(guān)系為，故A錯(cuò)誤；C．它們拋出點(diǎn)的高度相等，依據(jù)可知加速度的關(guān)系為，三個(gè)液滴質(zhì)量相同的帶正電液滴，依據(jù)牛頓其次定律可知液滴所帶的電荷量關(guān)系為故C錯(cuò)誤；BD．對(duì)液滴由動(dòng)能定理得故整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中液滴的動(dòng)能增量關(guān)系為三個(gè)液滴落究竟板時(shí)的速率關(guān)系為故B錯(cuò)誤，D正確。8.如圖所示，小球從高處下落到豎直放置的輕彈簧上在從接觸到將彈簧壓縮到最短的過程中，下列敘述中正確的是（）A.球的加速度的最大值不肯定大于重力加速度gB.球所受彈力的最大值，肯定小于其重力的2倍C.小球的動(dòng)能漸漸減小而系統(tǒng)的機(jī)械能保持不變D.系統(tǒng)的勢能先削減后增加【答案】D【解析】【詳解】AB．小球從接觸彈簧起先做簡諧振動(dòng)，此時(shí)的加速度為重力加速度g，依據(jù)簡諧振動(dòng)的對(duì)稱性，運(yùn)動(dòng)到關(guān)于平衡位置對(duì)稱點(diǎn)，速度大小不變，加速度大小為g，但小球還在向下運(yùn)動(dòng)，因此到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)加速度肯定大于g，依據(jù)牛頓其次定律，此時(shí)彈簧的彈力大于2倍重力，AB錯(cuò)誤；C．起先一段時(shí)間內(nèi)，彈簧的彈力小于重力，小球做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)彈簧的彈力等于重力時(shí)速度達(dá)到最大值，接下來彈簧的彈力大于重力，小球做減速運(yùn)動(dòng)，因此從接觸彈簧起先，小球的動(dòng)能先增大后減小，C錯(cuò)誤；D．由于整個(gè)過程只有彈簧的彈力和重力做功，整個(gè)系統(tǒng)機(jī)械能守恒，由于小球的動(dòng)能先增加后減小，因此系統(tǒng)勢能先減小后增加，D正確。故選D。9.如圖所示，志向變壓器原副線圈的匝數(shù)分別為n1、n2，副線圈電路中L1、L2、L3為3個(gè)完全相同的小燈泡，A為志向溝通電流表，L為電感線圈，C為電容器，閉合電鍵K后（）A.電流表指針會(huì)不斷搖擺B.僅增加副線圈的匝數(shù)n2，L1變暗C.僅提高溝通電源的頻率，L2變暗D.電路穩(wěn)定后突然斷開電鍵K，燈泡L1會(huì)閃一下燈泡L2卻不會(huì)【答案】C【解析】【詳解】A．溝通電流表顯示的是有效值，通過交變電流時(shí)，不會(huì)搖擺，故A錯(cuò)誤；

B．增加副線圈的匝數(shù)，依據(jù)志向變壓器的工作原理可知，輸出電壓增大，燈泡L1兩端的電壓增大，變亮，故B錯(cuò)誤；

C．僅提高溝通電源的頻率，則電感對(duì)電流的阻礙作用增大，燈泡L2變暗，故C正確；

D．電路穩(wěn)定后通過燈泡L1的電流最大，若突然斷開電鍵K，燈泡L1不會(huì)閃亮一下，燈泡L2也不會(huì)閃亮，故D錯(cuò)誤。

故選C。10.2024年9月25日，微信啟動(dòng)頁“變臉”：由此前美國衛(wèi)星拍攝地球的靜態(tài)圖換成了我國“風(fēng)云四號(hào)”衛(wèi)星拍攝地球的動(dòng)態(tài)圖（如圖）?！帮L(fēng)云四號(hào)”是一顆靜止軌道衛(wèi)星，關(guān)于“風(fēng)云四號(hào)”，下列說法正確的有（）A.不能全天候監(jiān)測同一地區(qū)B.運(yùn)行速度大于第一宇宙速度C.在相同時(shí)間內(nèi)該衛(wèi)星與地心連線掃過的面積相等D.向心加速度大于地球表面的重力加速度【答案】C【解析】【詳解】A．由于“風(fēng)云四號(hào)”是同步衛(wèi)星，故相對(duì)地面靜止，故能全天候監(jiān)測同一地區(qū)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．依據(jù)萬有引力供應(yīng)向心力，有解得而第一宇宙速度是近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度，故同步衛(wèi)星的速度小于第一宇宙速度，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．依據(jù)開普勒其次定律，在相同時(shí)間內(nèi)該衛(wèi)星與地心連線掃過的面積相等，選項(xiàng)C正確；D．向心加速度由萬有引力產(chǎn)生，依據(jù)牛頓其次定律有而地球表面旁邊，依據(jù)萬有引力近似等于重力有解得重力加速度故“風(fēng)云四號(hào)”向心加速度小于地球表面重力加速度，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。11.在如圖電路中，志向變壓器原副線圈的匝數(shù)比為20:1，在副線圈的電路中R0為定值電阻，R是滑動(dòng)變阻器。V1和V2是志向溝通電壓表，A1和A2是志向溝通電流表?，F(xiàn)在原線圈兩端輸入電壓u=311sin100πt（V）的溝通電，滑片P向下滑動(dòng)時(shí)。下列說法正確的是（）A.V2的示數(shù)大約為11V且保持不變，A2的示數(shù)變大B.V2的示數(shù)大約為15.5V且保持不變，A1的示數(shù)變大C.V2的示數(shù)漸漸變小，A1、A2的示數(shù)都變大D.志向變壓器的輸出功率可能增加，也可能削減【答案】A【解析】【詳解】ABC．由題知，原線圈輸入電壓的最大值為，則原線圈輸入電壓的有效值依據(jù)電壓與匝數(shù)之比解得當(dāng)滑片P向下滑動(dòng)時(shí)滑動(dòng)變阻器的有效電阻減小，因原線圈的電壓不變，故副線圈的電壓不變，所以V2的示數(shù)大約為11V且保持不變，依據(jù)歐姆定律可知，副線圈的電流增大，即A2的示數(shù)變大，依據(jù)電流與匝數(shù)的關(guān)系，可知原線圈的電流也大，即A1的示數(shù)變大，故A正確，BC錯(cuò)誤；D．依據(jù)可知保持不變，增大，故變壓器的輸出功率增加，故D錯(cuò)誤。故選A。12.如圖所示，等腰三角形ABC為一棱鏡的橫截面，頂角A為。一束光線從AB邊入射，從AC邊射出，已知入射光線與AB邊的夾角和出射光線與AC邊的夾角相等，入射光線與出射光線的夾角也為。則該棱鏡的折射率為（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【詳解】光在介質(zhì)中傳播的光路圖如圖所示：

依據(jù)題意可知∠1=∠4，所以∠2=∠3，依據(jù)幾何學(xué)問有∠1=∠4=θ，∠2＝∠3＝，依據(jù)折射定律可知，折射率為故ABC錯(cuò)誤，D正確。

故選D。13.如圖是某電磁泵模型，泵體是長為L1寬和高都為L2的長方體，泵體處在垂直向外、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，泵體上下表面分別接電勢差為U的恒壓電源。若電磁泵工作時(shí)電流表示數(shù)為I，泵和液面的高度差為h，液體的電阻率為，單位時(shí)間內(nèi)電磁泵抽取液體的質(zhì)量為m（不計(jì)電流表內(nèi)阻以及液體在流淌中與管壁之間的阻力，重力加速度為g）。則（）A.泵體上表面應(yīng)接電源負(fù)極B.流過電磁泵的電流I小于C.電磁泵對(duì)液體產(chǎn)生的推力大小為BIL1D.時(shí)間t內(nèi)抽取的水離開泵時(shí)的動(dòng)能為【答案】B【解析】【詳解】A．當(dāng)泵體上表面接電源的負(fù)極時(shí)，電流從下向上流過泵體，這時(shí)受到的磁場力水平向右，不會(huì)拉動(dòng)液體，故A錯(cuò)誤；

B．依據(jù)電阻定律，泵體內(nèi)液體的電阻由能量關(guān)系可知故B正確；

C．依據(jù)安培力公式F=BIL2，故C錯(cuò)誤；

D．若t時(shí)間內(nèi)抽取水的質(zhì)量為mt，依據(jù)能量守恒定律，則這部分水離開泵時(shí)的動(dòng)能為故D錯(cuò)誤；

故選B。14.氫原子的能級(jí)圖如圖所示，若大量氫原子處于n=4能級(jí)要向低能級(jí)躍遷，則下列說法正確的是（）A.大量氫原子躍遷時(shí)可能發(fā)出6種不同頻率的光B.氫原子由n=4能級(jí)躍遷到n=3能級(jí)時(shí)氫原子能量減小，電子動(dòng)能減小C.用能量為0.70eV和0.80eV的兩種光子同時(shí)照耀大量氫原子，有可能使處于n=4能級(jí)的氫原子電離D.從n=4能級(jí)躍遷到n=2能級(jí)釋放的光子照耀逸出功為2.25eV的金屬時(shí)，產(chǎn)生的光電子最大初動(dòng)能是0.30eV【答案】AD【解析】【詳解】A．大量氫原子從n=4能級(jí)向低能級(jí)躍遷時(shí)，可能發(fā)出的光子頻率的種類為故A正確；B．氫原子由n=4能級(jí)躍遷到n=3能級(jí)時(shí)，氫原子能量減小，電子運(yùn)動(dòng)半徑減小，依據(jù)解得電子的動(dòng)能由于軌道半徑變小，電子動(dòng)能增大，故B錯(cuò)誤；C．處于n=4能級(jí)時(shí)的氫原子電離時(shí)須要汲取的最小能量為因此用能量為0.70eV和0.80eV的兩種光子同時(shí)照耀大量氫原子，不能使處于n=4能級(jí)的氫原子電離，故C錯(cuò)誤；D．從n=4能級(jí)躍遷到n=2能級(jí)釋放的光子能量為由愛因斯坦光電效應(yīng)方程解得發(fā)出的光電子的最大初動(dòng)能故D正確。故選AD。15.新冠肺炎疫情期間，紅外線探測人體體溫得到了更加廣泛的應(yīng)用，如火車站啟用紅外線熱成像測量體溫，旅客從探頭前走過即可馬上測溫，如體溫超過37.4度，儀器就會(huì)發(fā)出警報(bào)。可見物理常識(shí)在生活中無處不在，以下物理學(xué)學(xué)問的相關(guān)敘述中，正確的是（）A.紅外線的顯著作用是熱效應(yīng)，溫度較低的物體不能輻射紅外線B.探測儀發(fā)出的紅外線波長大于醫(yī)院CT中運(yùn)用的X射線波長C.用透亮的標(biāo)準(zhǔn)樣板和單色光檢查平面的平整度是利用了光的偏振D.通過手指間的縫隙視察日光燈，可以看到彩色條紋，說明光具有波動(dòng)性【答案】BD【解析】【詳解】A．紅外線的顯著作用是熱效應(yīng)，任何溫度的物體均可以輻射紅外線；故A錯(cuò)誤；

B．探測儀發(fā)出的紅外線波長大于醫(yī)院CT中運(yùn)用的X射線波長，選項(xiàng)B正確；

C．用透亮的標(biāo)準(zhǔn)樣板和單色光檢查平面的平整度是利用了光的干涉，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D．通過手指間的縫隙視察日光燈，可以看到彩色條紋，是光的衍射現(xiàn)象，說明光具有波動(dòng)性，選項(xiàng)D正確。

故選BD。16.如圖所示為一列向某方向傳播的簡諧橫波在某時(shí)刻的波形圖，在波的傳播方向上有一質(zhì)點(diǎn)P在該時(shí)刻的振動(dòng)方向如圖。由圖可知（）A.波向右傳播B.波向左傳播C.P點(diǎn)在該時(shí)刻前1/4周期時(shí)和后3/4周期時(shí)運(yùn)動(dòng)狀況相同D.P點(diǎn)在該時(shí)刻前1/4周期時(shí)和后1/4周期時(shí)運(yùn)動(dòng)狀況相反【答案】BCD【解析】【詳解】AB．由于P點(diǎn)向下運(yùn)動(dòng)，因此波向左傳播，B正確，A錯(cuò)誤；C．P點(diǎn)在該時(shí)刻前1/4周期和后3/4周期，這兩個(gè)時(shí)刻相差一個(gè)周期，因此運(yùn)動(dòng)狀況完全相同，C正確；D．P點(diǎn)在該時(shí)刻前1/4周期和后1/4周期，這兩個(gè)時(shí)刻相差半個(gè)周期，運(yùn)動(dòng)狀況恰好相反，D正確。故選BCD。二、試驗(yàn)題17.甲同學(xué)打算做“探討小車速度隨時(shí)間的變更規(guī)律”試驗(yàn)。乙同學(xué)打算做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”試驗(yàn)。(1)如下圖為試驗(yàn)室供應(yīng)的部分器材，甲、乙兩同學(xué)均要運(yùn)用的器材是____，甲、乙兩同學(xué)均不須要運(yùn)用的器材是___（填字母代號(hào)）。(2)圖2是試驗(yàn)中各自得到的紙帶①、②，其中紙帶____（填“①”或“②”）是乙同學(xué)驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律試驗(yàn)得到的，該紙帶b點(diǎn)對(duì)應(yīng)的速度是_____m/s（保留小數(shù)點(diǎn)后面兩位）。(3)關(guān)于這兩個(gè)試驗(yàn)下列說法正確的是_____A.甲同學(xué)在試驗(yàn)的設(shè)計(jì)時(shí)，要求滿意牽引物的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量B.甲同學(xué)試驗(yàn)時(shí)長木板應(yīng)略有傾斜以消退摩擦力的影響C.乙同學(xué)可以利用v=gt公式去求某一點(diǎn)的是瞬時(shí)速度，從而分析機(jī)械能是否守恒D.乙同學(xué)試驗(yàn)時(shí)應(yīng)選用質(zhì)量較大的重物，使重物和紙帶所受的重力遠(yuǎn)大于它們所受的阻力【答案】(1).BD(2).CEF(3).②(4).1.38（1.36-1.40）(5).D【解析】【詳解】（1）[1][2]甲同學(xué)做“探討小車速度隨時(shí)間的變更規(guī)律”試驗(yàn)須要的器材是刻度尺和電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，即BD；乙同學(xué)做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”試驗(yàn)須要的器材是重錘、刻度尺和電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，即ABD；故甲、乙兩同學(xué)均要運(yùn)用的器材是BD；甲、乙兩同學(xué)均不須要運(yùn)用的器材是CEF；（2）[3]紙帶②是驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律試驗(yàn)得到的，因?yàn)樽畛鮾蓚€(gè)點(diǎn)間距離約為2mm，即初速度為0；[4]依據(jù)中間時(shí)刻瞬時(shí)速度等于平均速度，可計(jì)算紙帶②中b點(diǎn)速度，ac間距為5.5cm，故b點(diǎn)速度為（3）[5]AB．甲同學(xué)做“探討小車速度隨時(shí)間的變更規(guī)律”試驗(yàn)，只須要滿意小車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)即可，也不須要平衡摩擦力，故AB錯(cuò)誤；C．乙同學(xué)做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”試驗(yàn)，不能運(yùn)用v=gt求速度，故C錯(cuò)誤；D．試驗(yàn)中為了減小阻力的影響，重物選用體積較小，質(zhì)量較大的重物，使重物和紙帶所受的重力遠(yuǎn)大于它們所受的阻力，故D正確。故選D。18.甲同學(xué)用圖1所示的試驗(yàn)電路測量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢和內(nèi)阻，試驗(yàn)室供應(yīng)下列器材：A.電流表A1（量程0.6A，內(nèi)阻約0.125）B.電流表A2（量程3A，內(nèi)阻約0.025）C.電壓表V1（量程3V，內(nèi)阻約3）D.電壓表V2（量程15V，內(nèi)阻約15）E.滑動(dòng)變阻器R1（0~20）F.滑動(dòng)變阻器R2（0~1000）G.電池E（電動(dòng)勢約1.5V，內(nèi)阻未知）H.開關(guān)S一只、導(dǎo)線若干(1)試驗(yàn)中電流表應(yīng)選____________，電壓表應(yīng)選____________，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選_________（填器材的代號(hào)）。(2)完成圖2的實(shí)物連接線_______。(3)甲同學(xué)試驗(yàn)中記錄了6組數(shù)據(jù)（如下表）。請?jiān)趫D3中畫出U—I圖線_______，并依據(jù)圖線求得干電池的電動(dòng)勢為E=________。序號(hào)123456電壓U（V）1.451.401.301.251.201.10電流I（A）0.060.120.240.260.360.48【答案】(1).A1(2).V1(3).R1(4).(5).(6).1.49【解析】【詳解】（1）[1]本試驗(yàn)測定電源的電動(dòng)勢和內(nèi)阻，電壓表的選擇參考電源電動(dòng)勢，故應(yīng)選電壓表V1，若運(yùn)用V2表示數(shù)小于量程的三分之一，誤差較大。[2]電流表若選擇量程3A的，電路中的實(shí)際電流應(yīng)當(dāng)大于1A，電阻小于1.5Ω，由待選滑動(dòng)變阻器阻值可知，均不合適，故電流變選擇A1表。[3]依據(jù)電流變量程及電源電動(dòng)勢，為了得到更多合理數(shù)據(jù)，滑動(dòng)變阻器應(yīng)當(dāng)選擇R1，另外此類題目還可以參考下面的數(shù)據(jù)表格，依據(jù)表中數(shù)據(jù)不難得出電流表和電壓表的量程。（2）[4]依據(jù)電路圖連接可得到實(shí)物圖。[5]通過描點(diǎn)作圖可得到一條清楚直線。[6]依據(jù)閉合電路歐姆定律可知U-I圖像的縱截距即電動(dòng)勢大小，故E=1.49V。19.如圖所示，在高速馬路的連續(xù)下坡路段通常會(huì)在主車道旁設(shè)置避險(xiǎn)車道，供發(fā)生緊急狀況的車輛避險(xiǎn)運(yùn)用。若下坡路段的傾角為，長度為L=1000m，避險(xiǎn)車道的傾角為，一輛貨車以v0=90km/h的速度行駛至坡頂時(shí)，突然發(fā)覺剎車失靈，駛到坡底后緊急沖入避險(xiǎn)車道。設(shè)：貨車發(fā)覺緊急狀況后牽引力馬上變?yōu)榱?，貨車與下坡路段之間的摩擦因數(shù)為，與避險(xiǎn)車道之間的摩擦因數(shù)為。求：(1)為了防止貨車在本次事故中避開撞擊末端的緩沖設(shè)施，該避險(xiǎn)車道的最小長度；(2)該貨車在避險(xiǎn)車道上減速直至停下所用的時(shí)間；(3)假如已知避險(xiǎn)車道長度為100米，且車道最末端的緩沖設(shè)施允許小汽車撞擊的最大速度為5m/s，則允許小汽車駛?cè)朐摫茈U(xiǎn)車道時(shí)的最大速度。（sin15°=0.26，cos15°=0.97，sin37°=0.6，cos37°=0.8）【答案】(1)97.25m；(2)4.4s；(3)162km/h【解析】【詳解】(1)貨車在下坡路段做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，依據(jù)牛頓其次定律代入數(shù)據(jù)得加速度依據(jù)可得駛?cè)氡茈U(xiǎn)車道的初速度貨車在避險(xiǎn)車道行駛時(shí)，依據(jù)牛頓其次定律可得加速度因此避險(xiǎn)車道的最小長度為(2)依據(jù)以上數(shù)據(jù)可得，貨車在避險(xiǎn)車道上的行駛時(shí)間為(3)設(shè)小車在避險(xiǎn)車道底端的速度為v底，頂端的速度為v頂，依據(jù)解得20.如圖所示，在水平軌道右側(cè)安放半徑為R=0.2m的豎直圓形光滑軌道，水平軌道的PQ段鋪設(shè)特別材料，調(diào)整其初始長度為L=1m，水平軌道左側(cè)有一輕質(zhì)志向彈簧，左端固定，彈簧處于自然狀態(tài)。質(zhì)量m=2kg的小物塊A（可視為質(zhì)點(diǎn)）從軌道右側(cè)以初速度v0=2m/s沖上軌道，通過圓形軌道、水平軌道后壓縮彈簧并被彈簧以原速率彈回，經(jīng)水平軌道返回圓形軌道。物塊A與PQ段間的動(dòng)摩擦因數(shù)，軌道其他部分摩擦不計(jì)。求：(1)物塊A第一次到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)對(duì)圓軌道的壓力；(2)物塊壓縮彈簧過程中彈簧獲得的最大彈性勢能；(3)調(diào)整PQ段的長度L，A仍以v0從軌道右側(cè)沖上軌道，當(dāng)滿意什么條件時(shí)，物塊A能3次過Q點(diǎn)且不脫離軌道?！敬鸢浮?1)20N，方向豎直向上；(2)8J；(3)1m≤L＜1.5m【解析】【詳解】（1）物塊到達(dá)圓軌道最高點(diǎn)的過程，由動(dòng)能定理解得FN=20N由牛頓第三定律得，物塊對(duì)軌道的壓力大小為20N，方向豎直向上；（1）彈簧獲得的最大彈性勢能解得=8J（3）若A向左滑上軌道后，能原路向右滑回，則肯定可以3次過Q點(diǎn)且不脫離軌道，因此臨界條件1為沿軌道上滑至最大高度R時(shí)，速度減為0，由動(dòng)能定理得－2μmgL－mgR＝0－得L≥1m臨界條件2為能滑上軌道，由動(dòng)能定理得－2μmgL＝0－得L＜1.5m結(jié)合可得1m≤L＜1.5m21.如圖所示，在xOy直角坐標(biāo)系0<x<L區(qū)域存在沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場，在Lx2.5L的區(qū)域存在方向垂直xOy平面對(duì)里的勻強(qiáng)磁場。S為一粒子源，可以產(chǎn)生帶電量為q、質(zhì)量為m的正粒子，粒子初速度可忽視。粒子經(jīng)電壓為U0的加速電場加速后沿x軸正方向從y軸上的M點(diǎn)進(jìn)入電場區(qū)域，M點(diǎn)到原點(diǎn)的距離為L，一段時(shí)間后該粒子從磁場左邊界與x軸的交點(diǎn)處進(jìn)入磁場，經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后從磁場右邊界射出磁場，該粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為其在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)周期的四分之一，若不計(jì)粒子重力。求：(1)0<x<L區(qū)域內(nèi)勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度；(2)勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大??；(3)若僅將勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度增大到原來的2倍，分析計(jì)算