廣東省深圳市2024屆高三下學(xué)期三模數(shù)學(xué)試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1廣東省深圳市2024屆高三下學(xué)期三模數(shù)學(xué)試題一、選擇題：本題共8小題，每小題5分，共40分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的.1.已知全集，則（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗如圖，畫出圖，并將條件中的集合標(biāo)在圖中，如圖，集合．故選：C．2.若復(fù)數(shù)的實(shí)部大于0，且，則（）A. B. C. D.〖答案〗D〖解析〗設(shè)，代入，得，解得：，所以.故選：D.3.已知向量，是平面上兩個(gè)不共線的單位向量，且，，，則（）A.、、三點(diǎn)共線 B.、、三點(diǎn)共線C.、、三點(diǎn)共線 D.、、三點(diǎn)共線〖答案〗C〖解析〗對(duì)A，因?yàn)?，，不存在?shí)數(shù)使得，故、、三點(diǎn)不共線，故A錯(cuò)誤；對(duì)B，因?yàn)?，，不存在?shí)數(shù)使得，故、、三點(diǎn)不共線，故B錯(cuò)誤；對(duì)C，因?yàn)?，，則，故、、三點(diǎn)共線，故C正確；對(duì)D，因?yàn)?，，不存在?shí)數(shù)使得，故、、三點(diǎn)不共線，故D錯(cuò)誤.故選：C．4.已知數(shù)列滿足：，且數(shù)列為等差數(shù)列，則（）A.10 B.40 C.100 D.103〖答案〗D〖解析〗設(shè)數(shù)列的公差為，則，故，所以．故選：D.5.如圖，已知長(zhǎng)方體的體積為是棱的中點(diǎn)，平面將長(zhǎng)方體分割成兩部分，則體積較小的一部分的體積為（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗取的中點(diǎn)，連接，易知，所以平面與交點(diǎn)為.設(shè)長(zhǎng)方體的長(zhǎng)、寬、高分別為，則.平面將長(zhǎng)方體分割成兩部分，則體積較小的一部分的體積為.故選：A.6.已知橢圓，直線與交于兩點(diǎn)，且．則橢圓的離心率是（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗設(shè)，記，設(shè)中點(diǎn)為，所以，由題意可知，中點(diǎn)是直線與直線的交點(diǎn)，聯(lián)立，解得，另一方面，聯(lián)立，得．易知，由韋達(dá)定理得，解得，所以，故離心率．故選：B.7.某羽毛球俱樂(lè)部，安排男女選手各6名參加三場(chǎng)雙打表演賽（一場(chǎng)為男雙，一場(chǎng)為女雙，一場(chǎng)為男女混雙），每名選手只參加1場(chǎng)表演賽，則所有不同的安排方法有（）A.2025種 B.4050種 C.8100種 D.16200種〖答案〗B〖解析〗先考慮兩對(duì)混雙的組合有種不同的方法，余下名男選手和名女選手各有種不同的配對(duì)方法組成兩對(duì)男雙組合，兩對(duì)女雙組合，故共有．故選：B．8.設(shè)函數(shù)．若實(shí)數(shù)使得對(duì)任意恒成立，則（）A. B.0 C.1 D.〖答案〗C〖解析〗函數(shù)，依題意，對(duì)任意的恒成立，即對(duì)恒成立，因此對(duì)恒成立，于是，顯然，否則且，矛盾，則，顯然，否則且，矛盾，從而，解得，所以.故選：C．二、選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分.在每小題給出的選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求.全部選對(duì)的得6分，部分選對(duì)的得部分分，有選錯(cuò)的得0分.9.平行六面體中，各個(gè)表面的直角個(gè)數(shù)之和可能為（）A.0 B.4 C.8 D.16〖答案〗ACD〖解析〗平行六面體的六個(gè)面都是平行四邊形，且相對(duì)的平行四邊形全等，所以六個(gè)平行四邊形中的矩形個(gè)數(shù)可能為，所以各個(gè)表面的直角個(gè)數(shù)之和可能為.故選：ACD．10.已知函數(shù)有最小正零點(diǎn)，，若在上單調(diào)，則（）A. B. C. D.〖答案〗BC〖解析〗，故，，故，故，，故或，當(dāng)時(shí)，，，故，，，有最小正零點(diǎn)，，，，故，，故，，當(dāng)，，函數(shù)不單調(diào)，排除；當(dāng)時(shí)，，，故，，或，或，，故，，故，，驗(yàn)證滿足條件，此時(shí)．綜上，AD錯(cuò)誤，BC正確.故選：BC．11.如圖，三棱臺(tái)的底面為銳角三角形，點(diǎn)D，H，E分別為棱，，的中點(diǎn)，且，；側(cè)面為垂直于底面的等腰梯形，若該三棱臺(tái)的體積最大值為，則下列說(shuō)法可能但不一定正確的是（）A.該三棱臺(tái)的體積最小值為 B.C. D.〖答案〗BD〖解析〗由，，可得點(diǎn)的軌跡為橢圓，如圖則橢圓方程，由于則，又因?yàn)闉殇J角三角形，則且，所以，，所以，由于，所以，設(shè)，則，設(shè)三棱臺(tái)的高為，則，因?yàn)樵撊馀_(tái)的體積最大值為，，所以，由于無(wú)最小值，故該三棱臺(tái)的體積無(wú)最小值，故A不正確；對(duì)于三棱臺(tái)有側(cè)面為垂直于底面的等腰梯形，則如圖，以為原點(diǎn)，在平面上作面，在面作面，則，設(shè)，則，，，所以，由于，，所以，又，故B可能正確；同理，又，故D可能正確；如圖，將三棱臺(tái)補(bǔ)成三棱錐，設(shè)點(diǎn)到平面的距離為，則，又，所以，故C一定正確.故選：BD.三、填空題：本題共3小題，每小題5分，共15分.12.寫出函數(shù)的一條斜率為正的切線方程：______．〖答案〗（〖答案〗不唯一）〖解析〗，，則，取切點(diǎn)為，則斜率為，又，則切線方程為：，即.13.兩個(gè)連續(xù)隨機(jī)變量X，Y滿足，且，若，則______．〖答案〗0.86〖解析〗因?yàn)?，所以，因?yàn)?，所以，即又，所以，，所以，所?14.雙曲線的左右焦點(diǎn)分別為，，以實(shí)軸為直徑作圓O，過(guò)圓O上一點(diǎn)E作圓O的切線交雙曲線的漸近線于A，B兩點(diǎn)（B在第一象限），若，與一條漸近線垂直，則雙曲線的離心率為_(kāi)_____．〖答案〗2或〖解析〗記與漸近線的交點(diǎn)為，當(dāng)一條漸近線斜率大于1時(shí)，根據(jù)題意，作圖如下：，，故；則在△中，設(shè)，又，由余弦定理可得，解得，即；在△中，，又，故；又左焦點(diǎn)到直線的距離，即，又，故，則在圓上，即與圓相切；顯然，則，又，又，故可得，根據(jù)對(duì)稱性，，故，故三點(diǎn)共線，點(diǎn)是唯一的，根據(jù)題意，必為雙曲線右頂點(diǎn)；此時(shí)顯然有，故雙曲線離心率為；同理，當(dāng)一條漸近線斜率大于0小于1時(shí)，必為，此時(shí)有一條漸近線的傾斜角為，離心率為.四、解答題：本題共5小題，第15小題13分，第16、17小題15分，第18、19小題17分，共77分.解答應(yīng)寫出文字說(shuō)明、證明過(guò)程或演算步驟.15.數(shù)列中，，，且，（1）求數(shù)列的通項(xiàng)公式；（2）數(shù)列的前項(xiàng)和為，且滿足，，求．解：（1）因?yàn)椋?，所以?shù)列是公差為的等差數(shù)列，其首項(xiàng)為，于是，則，，，，，所以，所以；而符合該式，故.（2）由（1）問(wèn)知，，則，又，則，兩式相乘得，即，因此與同號(hào)，因?yàn)?，所以?dāng)時(shí)，，此時(shí)，當(dāng)為奇數(shù)時(shí)，，當(dāng)為偶數(shù)時(shí)，；當(dāng)時(shí)，，此時(shí)，當(dāng)為奇數(shù)時(shí)，，當(dāng)為偶數(shù)時(shí)，；綜上，當(dāng)時(shí)，；當(dāng)時(shí)，.16.如圖，一個(gè)質(zhì)點(diǎn)在隨機(jī)外力的作用下，從數(shù)軸點(diǎn)1的位置出發(fā)，每隔向左或向右移動(dòng)一個(gè)單位，設(shè)每次向右移動(dòng)的概率為．（1）當(dāng)時(shí)，求后質(zhì)點(diǎn)移動(dòng)到點(diǎn)0的位置的概率；（2）記后質(zhì)點(diǎn)的位置對(duì)應(yīng)的數(shù)為，若隨機(jī)變量的期望，求的取值范圍．解：（1）后質(zhì)點(diǎn)移動(dòng)到點(diǎn)0的位置，則質(zhì)點(diǎn)向左移動(dòng)了3次，向右移動(dòng)了2次，所求概率為：．（2）所有可能的取值為，且，，，，由，解得，又因?yàn)?，故的取值范圍為?7.如圖，在四棱錐中，底面是邊長(zhǎng)為2的正方形，，點(diǎn)在上，點(diǎn)為的中點(diǎn)，且平面．（1）證明：平面；（2）若，求平面與平面夾角的余弦值．（1）證明：連接交與點(diǎn)，連接，可得平面與平面的交線為，因?yàn)槠矫?，平面，所以，又因?yàn)闉榈闹悬c(diǎn)，所以點(diǎn)為的中點(diǎn)，取的中點(diǎn)，連接，可得且，又因?yàn)闉榈闹悬c(diǎn)，可得且，所以且，所以四邊形為平行四邊形，所以，又因?yàn)槠矫?，且平面，所以平面．?）解：取的中點(diǎn)，連結(jié)，因?yàn)?，可得，且，又因?yàn)?，且，所以，所以，又因?yàn)?，且平面，所以平面，以為坐?biāo)原點(diǎn)，建立如圖所示的空間直角坐標(biāo)系，可得，因?yàn)闉榈闹悬c(diǎn)，為的中點(diǎn)，可得，則，設(shè)是平面的法向量，則，取，可得，所以，設(shè)是平面的法向量，則，取，可得，所以；設(shè)平面與平面的夾角為，則，即平面與平面的夾角的余弦值為．18.已知雙曲線經(jīng)過(guò)橢圓的左、右焦點(diǎn)，設(shè)的離心率分別為，且．（1）求的方程；（2）設(shè)為上一點(diǎn)，且在第一象限內(nèi)，若直線與交于兩點(diǎn)，直線與交于兩點(diǎn)，設(shè)的中點(diǎn)分別為，記直線的斜率為，當(dāng)取最小值時(shí)，求點(diǎn)的坐標(biāo)．解：（1）依題意可得，得，由，得，解得，故的方程為的方程為．（2）易知，設(shè)，直線的斜率分別為，則，，在，即有，可得為定值．設(shè)直線的方程為：，聯(lián)立可得恒成立，設(shè)，則有，可求得，設(shè)直線的方程為：，同理可得，則由可得：，點(diǎn)在第一象限內(nèi)，故，當(dāng)且僅當(dāng)，即時(shí)取等號(hào)，而，故等號(hào)可以取到．即當(dāng)取最小值時(shí)，，聯(lián)立，可解得，故的方程為：的方程為：，聯(lián)立可解得，即有．19.英國(guó)數(shù)學(xué)家泰勒發(fā)現(xiàn)的泰勒公式有如下特殊形式：當(dāng)在處的階導(dǎo)數(shù)都存在時(shí)，．注：表示的2階導(dǎo)數(shù)，即為的導(dǎo)數(shù)，表示的階導(dǎo)數(shù)，該公式也稱麥克勞