河南省鶴壁市高級中學(xué)2024-2025學(xué)年高二物理上學(xué)期尖子生聯(lián)賽調(diào)研試題二

PAGEPAGE19河南省鶴壁市高級中學(xué)2024-2025學(xué)年高二物理上學(xué)期尖子生聯(lián)賽調(diào)研試題二一．選擇題（共8小題,每小題4分）1．如圖所示，帶箭頭的射線為電場線，虛線代表電場中的三條等勢線，其中電勢φa＝50V，φc＝10V，點(diǎn)b為a、c連線的中點(diǎn)，一帶負(fù)電的質(zhì)點(diǎn)僅在電場力作用下從M點(diǎn)運(yùn)動到N點(diǎn)。下列說法正確的是（）A．電勢φb等于30V B．電勢φb小于30V C．帶電質(zhì)點(diǎn)在M點(diǎn)的加速度比在N點(diǎn)的加速度小 D．帶電質(zhì)點(diǎn)在M點(diǎn)的動能比在N點(diǎn)的小2．如圖所示，空間存在水平向右、電場強(qiáng)度大小為E的勻強(qiáng)電場，一個質(zhì)量為m、電荷量為+q的小球，從A點(diǎn)以初速度v0豎直向上拋出，經(jīng)過一段時間落回到與A點(diǎn)等高的位置B點(diǎn)（圖中未畫出），重力加速度為g。下列說法正確的是（）A．小球運(yùn)動到最高點(diǎn)時距離A點(diǎn)的高度為 B．小球運(yùn)動到最高點(diǎn)時速度大小為 C．小球運(yùn)動過程中最小動能為 D．A、B兩點(diǎn)之間的電勢差為3．在如圖所示的電路中，閉合開關(guān)S，電路達(dá)到穩(wěn)定后，平行金屬板中帶電質(zhì)點(diǎn)P恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)。不考慮電流表和電壓表對電路的影響，電阻R1與電源內(nèi)阻r阻值相等。當(dāng)滑動變阻器R的滑片向a端移動時，則（）A．帶電質(zhì)點(diǎn)P將向下運(yùn)動 B．電源的輸出功率將變大 C．電壓表V2讀數(shù)變更量的肯定值與電流表A讀數(shù)變更量的肯定值之比肯定不變 D．電壓表V1讀數(shù)變更量的肯定值大于電壓表V2的讀數(shù)變更量的肯定值4．下列四幅演示試驗圖中，試驗現(xiàn)象表述正確的是（）A．圖甲用磁鐵靠近輕質(zhì)鋁環(huán)A，A會靠近磁鐵 B．圖乙斷開開關(guān)S，觸點(diǎn)C馬上斷開 C．圖丙演示反向電流相互吸引，同向電流相互排斥 D．圖丁電子射線管（A為陰極），接通高壓電源后，熒光屏上的電子束向上偏轉(zhuǎn)5．如圖所示，圓形區(qū)域AOB內(nèi)存在垂直紙面對內(nèi)的勻強(qiáng)磁場，AO和BO是圓的兩條相互垂直的半徑，一帶電粒子從A點(diǎn)沿AO方向進(jìn)入磁場，從B點(diǎn)離開，若該粒子以同樣的速度從C點(diǎn)（C點(diǎn)為AB弧上隨意一點(diǎn)）平行于AO方向進(jìn)入磁場，則（）A．粒子帶負(fù)電 B．該粒子從OB之間某點(diǎn)離開磁場 C．該粒子仍舊從B點(diǎn)離開磁場 D．入射點(diǎn)C越靠近B點(diǎn)，粒子運(yùn)動時間越長6．如圖所示，兩方向相反、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B的勻強(qiáng)磁場被邊長為L的等邊三角形ABC志向分開，三角形內(nèi)磁場方向垂直紙面對里，三角形頂點(diǎn)A處有一質(zhì)子源，能沿∠BAC的角平分線放射速度不同的質(zhì)子（質(zhì)子重力不計），全部質(zhì)子均能通過C點(diǎn)，質(zhì)子比荷＝k，則質(zhì)子的速度不行能為（）A．BkL B． C． D．7．如圖所示，在水平勻強(qiáng)電場和垂直紙面對里的勻強(qiáng)磁場中，有一豎直足夠長的固定絕緣桿MN，小球P套在桿上，已知P的質(zhì)量為m，電量為+q，電場強(qiáng)度為E、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，P與桿間的動摩擦因數(shù)為μ，重力加速度為g。小球由靜止起先下滑直到穩(wěn)定的過程中（）A．小球的加速度先增大后不變 B．小球的機(jī)械能和電勢能的總和保持不變 C．下滑加速度為最大加速度一半時的速度可能是 D．下滑加速度為最大加速度一半時的速度可能是8．如圖所示為一種獲得高能粒子的裝置原理圖，環(huán)形管內(nèi)存在垂直于紙面、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小可調(diào)的勻強(qiáng)磁場（環(huán)形管的寬度特別小），質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子可在環(huán)中做半徑為R的圓周運(yùn)動。A、B為兩塊中心開有小孔且小孔距離很近的平行極板，原來電勢均為零，每當(dāng)帶電粒子經(jīng)過A板剛進(jìn)入A、B之間時，A板電勢上升到+U，B板電勢仍保持為零，粒子在兩板間的電場中得到加速，每當(dāng)粒子離開B板時，A板電勢又降為零，粒子在電場中一次一次地加速使得動能不斷增大，而在環(huán)形區(qū)域內(nèi)，通過調(diào)整磁感應(yīng)強(qiáng)度大小可使粒子運(yùn)行半徑R不變。已知極板間距遠(yuǎn)小于R，則下列說法正確的是（）A．環(huán)形區(qū)域內(nèi)勻強(qiáng)磁場的磁場方向垂直于紙面對里 B．粒子從A板小孔處由靜止起先在電場力作用下加速，繞行N圈后回到A板時獲得的總動能為2NqU C．粒子在繞行的整個過程中，A板電勢變更的周期不變 D．粒子繞行第N圈時，環(huán)形區(qū)域內(nèi)勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為二．多選題（共4小題，每小題6分）9．如圖所示，勻強(qiáng)電場中有一個以O(shè)為圓心、半徑為R的圓，電場方向與圓所在平面平行，A、O兩點(diǎn)電勢差為U（U＞0）。一帶正電粒子僅在電場力的作用下經(jīng)過該區(qū)域，在A、B兩點(diǎn)時速度大小均為v0，粒子重力不計，以下說法正確的是（）A．粒子從A到B的運(yùn)動過程中，電場力先做負(fù)功后做正功 B．粒子可能在A、B間是做勻速圓周運(yùn)動 C．假如將該帶電粒子從A點(diǎn)由靜止釋放，它將沿AO運(yùn)動 D．圓周上，兩點(diǎn)電勢差最大值為2U10．如圖所示，空間中存在一個半徑為R的圓形勻強(qiáng)磁場，方向垂直紙面對里，從圓形磁場邊界上的P點(diǎn)沿不同方向射入兩個不同電荷量、初速度大小相同的帶電粒子A、B，A粒子與圓形磁場半徑的夾角為α＝30°，B粒子與圓形磁場半徑的夾角為θ＝60°，結(jié)果兩粒子都會從邊界上的C點(diǎn)射出。不計粒子的重力，則下列說法正確的是（）A．A、B粒子帶同種性質(zhì)電荷 B．A、B粒子的比荷之比為1： C．A、B粒子在磁場中運(yùn)動的時間之比為：2 D．若變更A粒子的入射方向，則粒子在磁場中運(yùn)動的時間有可能會延長11．如圖甲所示有界勻強(qiáng)磁場Ⅰ的寬度與圖乙所示圓形勻強(qiáng)磁場Ⅱ的半徑相等，不計重力的粒子從左邊界的M點(diǎn)以肯定初速度水平向右垂直射入磁場I，從右邊界射出時速度方向偏轉(zhuǎn)了θ角；該粒子以同樣的初速度沿半徑方向垂直射入磁場Ⅱ，射出磁場時速度方向偏轉(zhuǎn)了2θ角。已知磁場I、Ⅱ的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為B1、B2，粒子在磁場中的運(yùn)動時間分別為t1、t2，則B1與B2的比值和t1與t2的比值分別為（）A．＝B．＝cosθC．＝ D．＝12．如圖所示，足夠長的水平絕緣傳送帶以大小為v0的速度順時針勻速轉(zhuǎn)動，傳送帶上方足夠大空間內(nèi)存在垂直于紙面對里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。將一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）無初速度地放在傳送帶的左端，小物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為μ，重力加速度為g，下列所畫出的小物塊速度隨時間變更的圖象（圖中t0＝，vm＝）可能正確的是（）A． B． C． D．三．試驗題（共2小題，每空1分）13．如圖甲所示，游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為mm；如圖乙所示，螺旋測微器的讀數(shù)為mm。14．某試驗小組利用如圖甲所示的電路圖測定一電源的電動勢（大約為6V）和內(nèi)電阻。要求盡量減小試驗誤差。（1）在下列兩個電壓表中選擇一個最合適的來改裝成量程為0～9V的電壓表。①量程為0～2V、內(nèi)阻為2kΩ的電壓表②量程為0～3V、內(nèi)阻為3kΩ的電壓表則應(yīng)選擇電壓表，且串聯(lián)一個阻值為kΩ的電阻，就可以改裝成量程為0～9V的電壓表。（2）現(xiàn)有電流表（0～0.6A），開關(guān)和導(dǎo)線若干，以及以下器材：A．滑動變阻器R1（0～50Ω）B．滑動變阻器R2（0～500Ω）試驗中滑動變阻器應(yīng)選用（填相應(yīng)器材前的代號）。（3）某位同學(xué)記錄的6組數(shù)據(jù)如表所示，其中5組數(shù)據(jù)的對應(yīng)點(diǎn)已經(jīng)標(biāo)在圖乙的坐標(biāo)紙上，請標(biāo)出余下一組數(shù)據(jù)的對應(yīng)點(diǎn)，并在坐標(biāo)紙上正確作出U﹣I圖線。序號123456電壓U（V）5.805.605.205.004.804.40電流I（A）0.0600.1200.2400.2600.3600.480（4）依據(jù)（3）中所畫圖線，可得出該電源的電動勢E＝V，內(nèi)電阻r＝Ω（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）。（5）本次試驗中，由于系統(tǒng)誤差導(dǎo)致所測得的電源電動勢（填“偏大”“偏小”或”不變”）。內(nèi)阻（填“偏大”“偏小”或“不變”）。四．計算題（共4小題）15．（8分）如圖所示，光滑絕緣斜面高度h＝0.45m，斜面底端與光滑絕緣水平軌道圓弧連接，水平軌道邊緣緊靠平行板中心軸線。平行板和三個電阻構(gòu)成如圖所示電路，平行板板長為l＝0.9m，板間距離d＝0.6m，R1＝3Ω，R2＝3Ω，R3＝6Ω?？梢钥礊橘|(zhì)點(diǎn)的帶電小球，電量q＝﹣0.01C，質(zhì)量m＝0.03kg，從斜面頂端靜止下滑。（1）若S1、S2均斷開，小球剛好沿平行板中心軸線做直線運(yùn)動，求電源電動勢E；（2）若S1斷開，S2閉合，小球離開平行板右邊緣時，速度偏向角tanθ＝，求電源內(nèi)阻r。16．（12分）如圖所示，在y＞0的區(qū)域存在勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)沿y軸負(fù)方向；在y＜0區(qū)域存在勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直xOy平面對外。一電荷量為q、質(zhì)量為m的帶正電的運(yùn)動粒子，經(jīng)過y軸上y＝h處的點(diǎn)P1時速率為v0，方向沿x軸正方向；然后，經(jīng)過x軸上x＝2h處的P2點(diǎn)進(jìn)入磁場，并經(jīng)過y軸上y＝﹣2h處的P3點(diǎn)，不計粒子力。求：（1）電場強(qiáng)度的大??；（2）磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小；（3）粒子從P1起先運(yùn)動直到第三次經(jīng)過x軸所用的時間。17．（12分）如圖所示，在無限長的豎直邊界NS和MT間充溢勻強(qiáng)電場，同時該區(qū)域上、下部分分別充溢方向垂直于NSTM平面對外和向內(nèi)的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為B和2B，KL為上下磁場的水平分界線，在NS和MT邊界上，距KL高h(yuǎn)處分別有P、Q兩點(diǎn)，NS和MT間距為1.8h。質(zhì)量為m、帶電量為+q的粒子從P點(diǎn)垂直于NS邊界射入該區(qū)域，在兩邊界之間做圓周運(yùn)動，重力加速度為g。（1）求該電場強(qiáng)度的大小和方向；（2）要使粒子不從NS邊界飛出，求粒子入射速度的最小值。18．（12分）如圖所示為平面直角坐標(biāo)系xOy平面的俯視圖，在第一象限存在方向沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度大小為E1；在其次、第三象限存在方向垂直于坐標(biāo)平面對里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B；在第四象限存在由特別靜電裝置產(chǎn)生的勻強(qiáng)電場，電場方向平行坐標(biāo)平面且與y軸正方向的夾角為45°，電場強(qiáng)度大小為E2。一個帶負(fù)電的粒子，從y軸上的P點(diǎn)（0，﹣d）沿x軸負(fù)方向射出，速度大小為v0，粒子的比荷，粒子運(yùn)動依次經(jīng)過y軸上的A點(diǎn)（圖中未畫出）、x軸上的C點(diǎn)、過C點(diǎn)且平行于y軸的直線上的D點(diǎn)（圖中未畫出）。已知粒子經(jīng)過C點(diǎn)時的動能是經(jīng)過A點(diǎn)時動能的2倍，粒子從C運(yùn)動到D所用時間t2與從A運(yùn)動到C所用時間t1的關(guān)系為t2＝t1，不計粒子重力。求：（1）A點(diǎn)的坐標(biāo)；（2）電場強(qiáng)度E1和E2的比值；鶴壁中學(xué)高二年級尖子生聯(lián)賽調(diào)研二物理參考答案與試題解析一．選擇題（共8小題）1．【解答】解：AB、由圖看出，ab段電場線比bc段電場線密，ab段場強(qiáng)較大，依據(jù)公式U＝Ed可知，a、b間電勢差Uab大于b、c間電勢差Ubc，即φa﹣φb＞φb﹣φc，得到φb＜＝V＝30V，故A錯誤，B正確；C、依據(jù)電場線的疏密表示電場強(qiáng)度的大小，電場線越密，電場強(qiáng)度越大，則知M點(diǎn)的場強(qiáng)比N點(diǎn)的場強(qiáng)大，即帶電質(zhì)點(diǎn)在M點(diǎn)的電場力比在N點(diǎn)的大，因此帶電質(zhì)點(diǎn)在M點(diǎn)的加速度比在N點(diǎn)的加速度大，故C錯誤；D、由圖可知，質(zhì)點(diǎn)所受的電場力方向沿電場線向右，質(zhì)點(diǎn)帶負(fù)電，則電場線方向向左，若帶電質(zhì)點(diǎn)從M點(diǎn)運(yùn)動到N，電場力做負(fù)功，則帶電質(zhì)點(diǎn)的電勢能增大，動能減小，故帶電質(zhì)點(diǎn)通過M點(diǎn)時的動能比在N點(diǎn)的大，故D錯誤。故選：B。2．【解答】解：A、小球在空間的運(yùn)動可以分解為水平方向初速度為零，加速度為a＝的勻加速直線運(yùn)動和豎直方向初速度為v0，加速度為g的豎直上拋運(yùn)動，所以在豎直方向上v02＝2gh，解得h＝，故A錯誤；B、小球運(yùn)動到最高點(diǎn)時，豎直方向速度減為零，由v0＝gt，解得t＝，水平方向由vx＝at，解得vx＝，故B錯誤；C、小球運(yùn)動過程中動能的表達(dá)式為Ek＝mv2＝m（+）＝m[（t）2+（v0﹣gt）2]，由數(shù)學(xué)學(xué)問可得當(dāng)t＝時，小球的動能最小，最小動能為Ekm＝，故C錯誤；D、當(dāng)小球運(yùn)動到B點(diǎn)時，運(yùn)動時間為：2t＝，水平方向的位移為x＝（）（2t）2＝，A、B兩點(diǎn)之間的電勢差為U＝Ex＝，故D正確。故選：D。3．【解答】解：A、電容器兩端電壓為滑動變阻器R兩端的電壓，當(dāng)滑動變阻器R的滑片向a端移動時，阻值增大，則電容器兩端的電壓增大，帶電質(zhì)點(diǎn)P將向上運(yùn)動，故A錯誤；B、當(dāng)外電阻等于內(nèi)阻時，電源的輸出功率最大，已知電阻R1與電源內(nèi)阻r阻值相等，當(dāng)滑動變阻器R的滑片向a端移動時，阻值增大，輸出功率將變小，故B錯誤；C、將定值電阻R1看作電源的內(nèi)阻，則電壓表V2讀數(shù)變更量的肯定值與電流表A讀數(shù)變更量的肯定值之比：＝R1+r，恒定不變，故C正確；D、電壓表V1讀數(shù)變更量的肯定值與電流表A讀數(shù)變更量的肯定值之比：＝R1，則電壓表V1讀數(shù)變更量的肯定值小于電壓表V2的讀數(shù)變更量的肯定值，故D錯誤。故選：C。4．【解答】解：A、圖甲用磁鐵靠近輕質(zhì)鋁環(huán)A，由于A環(huán)中發(fā)生電磁感應(yīng)，依據(jù)楞次定律“來拒去留”可知，A將遠(yuǎn)離磁鐵，故A錯誤；B、圖乙斷開開關(guān)S，由于B線圈中的發(fā)生電磁感應(yīng)現(xiàn)象阻礙電流的減小，因此線圈仍有磁性，觸電C不馬上斷開，故B錯誤；C、圖丙中，當(dāng)通入電流方向相反時，探討右導(dǎo)線的受力狀況：將左導(dǎo)線看成場源電流，依據(jù)安培定則可知，它在右導(dǎo)線處產(chǎn)生的磁場方向向外，由左手定則推斷可知，右導(dǎo)線所受的安培力方向向右；同理，將右導(dǎo)線看成場源電流，左導(dǎo)線受到的安培力向左，兩導(dǎo)線遠(yuǎn)離，即兩導(dǎo)線相互排斥；同理可知：當(dāng)電流方向相同時，兩導(dǎo)線要靠攏，即兩導(dǎo)線相互吸引，故C錯誤；D、由圖丁可知，A是陰極，B是陽極，電子在射線管由A向B運(yùn)動，電子帶負(fù)電，由左手定則可知，電子束所受的洛倫茲力向上，熒光屏上的電子束運(yùn)動徑跡向上偏轉(zhuǎn)，故D正確。故選：D。5．【解答】解：A、帶電粒子從A點(diǎn)沿AO方向進(jìn)入磁場，從B點(diǎn)離開，那么粒子在A點(diǎn)向右上方偏轉(zhuǎn)，則由左手定則可判定：粒子帶正電，故A錯誤；BC、一個帶電粒子從A點(diǎn)沿AO方向進(jìn)入磁場，那么粒子做圓周運(yùn)動在A點(diǎn)的半徑方向垂直于AO；又有OA和OB相互垂直，且粒子從B點(diǎn)離開，則由OA、OB及圓周運(yùn)動在A、B兩點(diǎn)的半徑構(gòu)成的四邊形為正方形，如圖所示，所以粒子在磁場中做圓周運(yùn)動的半徑為扇形區(qū)域的半徑R；那么只要C點(diǎn)在AB之間，粒子圓周運(yùn)動軌跡的兩條半徑與扇形區(qū)域的兩條半徑構(gòu)成菱形，那么，粒子轉(zhuǎn)過的中心角肯定等于∠COB，所以粒子仍舊從B點(diǎn)離開磁場，故B錯誤，C正確；D、粒子做圓周運(yùn)動的半徑、速度不變，那么粒子做圓周運(yùn)動的周期不變，所以C點(diǎn)越靠近B點(diǎn)，偏轉(zhuǎn)角度越小，運(yùn)動時間越短，故D錯誤。故選：C。6．【解答】解：質(zhì)子帶正電，且經(jīng)過C點(diǎn)，其可能的軌跡如圖所示：全部圓弧所對圓心角均為60°，所以質(zhì)子運(yùn)行半徑：r＝（n＝1，2，3，…），質(zhì)子在磁場中做圓周運(yùn)動，洛倫茲力供應(yīng)向心力，由牛頓其次定律得：qvB＝m，解得：v＝＝（n＝1，2，3，…），當(dāng)n＝1、2、3時，r＝BkL、、，選項ABD可能，C不行能。本題選不行能的，故選：C。7．【解答】解：A、小球靜止時只受電場力、重力、支持力及摩擦力，電場力水平向左，摩擦力豎直向上，起先瞬間，水平方向上，qE＝N，豎直方向上，摩擦力：f＝μN(yùn)＝μqE，小球的加速度：a＝；小球速度增大，受到洛倫茲力作用，由左手定則可知，洛侖茲力向右，則支持力N將減小，摩擦力減小，故加速度增大，當(dāng)洛倫茲力等于電場力時，支持力為零，摩擦力為零，此時加速度為g，達(dá)到最大值；此后速度接著增大，則洛倫茲力增大，水平方向上，N＝qvB﹣qE，支持力增大，則摩擦力將增大，加速度將減小，故A錯誤；CD、小球下滑加速度為最大加速度的一半會有兩種狀況，一是在洛侖茲力小于電場力的狀況下，另一種是在洛侖茲力大于電場力的狀況下，則：＝，解得：v1＝；同理有：＝，解得：，故C正確，D錯誤；B、在下降過程中有摩擦力做功，故有部分能量轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，小球機(jī)械能和電勢能的總和將減小，故B錯誤。故選：C。8．【解答】解：A，由于粒子帶正電，A板電勢高于B板電勢，要使粒子加速，其在電場中的運(yùn)動方向應(yīng)為由A到B，可知粒子運(yùn)動方向為順時針；由左手定則可知，磁場方向垂直紙面對外，故A錯誤；B、粒子每經(jīng)過一次電場，電場力做正功，動能增加量等于電勢能削減量：qU。繞行N圈后獲得的總動能為NqU，故B錯誤；C、粒子運(yùn)動周期為T＝，由于粒子速度持續(xù)增大，而運(yùn)動的半徑保持不變，所以粒子運(yùn)動周期減小，因此A板電勢變更周期也要減小，故C錯誤；D、由洛倫茲力供應(yīng)向心力，可得：qvB＝，由動能定理可知，粒子速度滿意NqU＝mv2，聯(lián)立解得，B＝，故D正確。故選：D。二．多選題（共4小題）9．【解答】解：A、依據(jù)題目可知，粒子只在電場力作用下移動，電場力做功轉(zhuǎn)化為動能變更，從A到B動能不變，說明AB等電勢，又由于AO電勢差U＞0，則由電場線垂直等勢線且沿著電場線方向電勢降低可知，電場線如圖所示：小球從A到B的運(yùn)動過程中，電場力做功為零，動能變更量為零，電場力先做負(fù)功再做正功，故A正確；B、小球在電場中所受的電場力是恒力，電場力對小球要做功，其速率在變更，所以小球從A到B肯定不是勻速圓周運(yùn)動，故B錯誤；C、假如將該帶電粒子從A點(diǎn)由靜止釋放，粒子沿著電場力的方向移動，帶電粒子電性未知，電場力方向未知，并且電場線方向不是平行于AO，帶電粒子肯定不沿著AO方向運(yùn)動，故C錯誤；D、勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度U＝Ed式中的d是沿著電場強(qiáng)度方向的距離，因而由幾何關(guān)系可知，UAO＝E×R，所以E＝那么圓周上，電勢最高的點(diǎn)與O點(diǎn)的電勢差為U＝ER＝U，因此任兩點(diǎn)間電勢差的最大值為2U，故D正確；故選：AD。10．【解答】解：A、依據(jù)左手定則推斷出A粒子帶負(fù)電荷，B粒子帶正電荷，故A錯誤；B、畫出粒子在磁場中的軌跡圓，由幾何關(guān)系可知A粒子在磁場中的軌跡圓半徑rA＝B粒子在磁場中的軌跡圓半徑rB＝，其中R為圓形磁場的半徑。則rA：rB＝：1由洛倫茲力供應(yīng)向心力可知：qvB＝m，r＝則A、B粒子的比荷之比為1：，故B正確；C、帶電粒子在磁場中的運(yùn)動時間t＝，T＝＝由幾何關(guān)系可知A粒子在磁場中的運(yùn)動時間為tA＝?TA＝＝B粒子在磁場中的運(yùn)動時間為tB＝?TB＝＝則＝＝：2，故C正確；D、粒子運(yùn)動半徑大于圓形磁場半徑時，在磁場中運(yùn)動時間越長，則軌跡對于圓心角越大，弧長、弦長越長，當(dāng)運(yùn)動時間最長時，軌跡弧長對應(yīng)的弦長應(yīng)為圓形磁場的直徑，由以上帶電粒子的軌跡圖可知粒子A從C點(diǎn)射出的時間最長，故D錯誤。故選：BC。11．【解答】解：AB、粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動洛倫茲力供應(yīng)向心力，由牛頓其次定律得：qvB＝m，解得：B＝，粒子運(yùn)動軌跡如圖所示：由幾何學(xué)問得：r1＝，r2＝，則磁感應(yīng)強(qiáng)度之比：＝＝，故A錯誤，B正確；CD、粒子在磁場中的運(yùn)動時間為t＝，T＝＝則＝＝所以＝?＝，故C錯誤，D正確。故選：BD。12．【解答】解：D、小物塊由靜止起先向右做加速運(yùn)動，起先運(yùn)動后受到重力mg，豎直向上的洛倫茲力F洛和支持力N＝mg﹣F洛，水平向右的滑動摩擦力f＝μN(yùn)，依據(jù)牛頓其次定律可知，小物塊運(yùn)動的加速度大小，可見隨著速度v的增大，小物塊做加速度漸漸減小的加速運(yùn)動，故D錯誤；A、當(dāng)v＝0時，a＝μg＝，所以圖線在O點(diǎn)的切線應(yīng)與圖中過O點(diǎn)的傾斜虛直線重合，故A錯誤；B、當(dāng)mg＝qvmB時，a＝0，對應(yīng)速度，當(dāng)vm＜v0，小物塊加速到vm時，支持力N＝0，摩擦力消逝，小物塊脫離傳送帶做勻速運(yùn)動，故B正確；C、當(dāng)vm＞v0，小物塊加速到v0時，小物塊與傳送帶共速，摩擦力消逝，隨傳送帶一起向右做勻速運(yùn)動，故C項正確。故選：BC。三．試驗題（共2小題）13．【解答】解：游標(biāo)卡尺游標(biāo)為20分度，精確度為0.05mm，由圖可知，主尺讀數(shù)為13mm，游標(biāo)尺讀數(shù)為7×0.05mm＝0.35mm，故最終讀數(shù)為：13mm+0.35mm＝13.35mm；螺旋測微器的固定刻度為2mm，可動刻度為25.0×0.01mm＝0.250mm，所以最終讀數(shù)為2.0mm+0.250mm＝2.250mm，由于須要估讀，最終的結(jié)果可以在2.249mm至2.251mm之間。故答案為：13.35；2.250（2.249～2.251均可）。14．【解答】解：（1）應(yīng)選擇量程為0～3V、內(nèi)阻為3kΩ的電壓表②進(jìn)行改裝，改裝后量程與內(nèi)阻都擴(kuò)大3倍，依據(jù)串聯(lián)電路特點(diǎn)可知，串聯(lián)分壓電阻阻值為原電表內(nèi)阻的2倍，串聯(lián)電阻阻值為6kΩ。（2）電源電動勢約為6V，電流表量程為0.6A，電路最小電阻約為R＝Ω＝10Ω，為便利試驗操作，滑動變阻器應(yīng)選擇A。（3）依據(jù)表中試驗數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系內(nèi)描出對應(yīng)點(diǎn)，讓盡可能多的點(diǎn)過直線，不能過直線的點(diǎn)對稱分布在直線兩側(cè)，偏離直線太遠(yuǎn)的點(diǎn)應(yīng)舍去，依據(jù)坐標(biāo)系內(nèi)描出的點(diǎn)作出圖象如圖所示；（4）由圖甲所示可知，路端電壓U＝E﹣Ir，由圖示電源UI圖象可知，電源電動勢E＝6.0V，內(nèi)阻r＝Ω≈3.3Ω。（5）由圖甲所示電路圖可知，當(dāng)外電路短路時，電流的測量值等于真實(shí)值，除此之外，由于電壓表的分流作用，電流的測量值小于真實(shí)值，電源的U﹣I圖象如圖所示，由圖象可知，電源電動勢的測量值小于真實(shí)值，電源內(nèi)阻測量值小于真實(shí)值．故答案為：（1）②；6；（2）A；（3）圖象如圖所示；（4）6.0；3.3；（5）偏??；偏小。四．計算題（共4小題）15．【解答】解：（1）小球下滑過程機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得：解得：v0＝3m/s對S1、S2均斷開時，極板電勢差即為電源電動勢E。小球剛好沿平行板中心軸線做直線運(yùn)動，小球受到的重力和電場力必定平衡，由平衡條件得：得：E＝＝＝18V（2）當(dāng)S1斷開，S2閉合時，帶電小球做類平拋運(yùn)動，則水平方向有：l＝v0t豎直方向分速度有：vy＝at，且vy＝v0tanθ對帶電小球，由牛頓其次定律得：mg﹣qE1＝ma1，其中：UC＝E1d代入數(shù)據(jù)解得：a1＝4m/s2，E1＝18N/C，UC＝10.8V當(dāng)S1斷開，S2閉合時，R1與R3串聯(lián)，電容器與R3并聯(lián)，電容器兩端電壓：UC＝UR3由部分電路歐姆定律：UR3＝I1R3由閉合電路歐姆定律：E＝I1（R1+R3+r）代入數(shù)據(jù)解得：r＝1Ω答：（1）電源電動勢E為18V。（2）電源內(nèi)阻r為1Ω。16．【解答】解：（1）粒子在x軸上方電場中做類平拋運(yùn)動，x方向：2h＝v0t，y方向：h＝at2＝t2，解得：E＝；（2）設(shè)粒子在P2點(diǎn)時沿﹣y方向的速度為vy，則有＝h，即vyt＝2h，所以vy＝v0，則粒子在P2點(diǎn)的速度方向與x軸正方向夾角為45°，粒子到達(dá)P2時速度大?。簐＝，粒子運(yùn)動