2023-2024學(xué)年山東省高三下學(xué)期2月聯(lián)考物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE72024屆高三年級(jí)2月份大聯(lián)考物理試題本試卷共8頁(yè)，18題。全卷滿分100分。考試用時(shí)90分鐘。注意事項(xiàng)：1.答題前，先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上，并將準(zhǔn)考證號(hào)條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2.選擇題的作答：每小題選出〖答案〗后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號(hào)涂黑。寫(xiě)在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。3.非選擇題的作答：用簽字筆直接答在答題卡上對(duì)應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫(xiě)在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。4.考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試題卷和答題卡一并上交。一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。在每個(gè)題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.下列關(guān)于光現(xiàn)象的表述正確的是（）A.黃光和紫光通過(guò)同一狹縫后，紫光的衍射現(xiàn)象更明顯B.雨后的彩虹是光的干涉現(xiàn)象C.一束紅光由空氣射入玻璃中，這束紅光的波長(zhǎng)變長(zhǎng)D.激光全息照相利用了光的干涉原理〖答案〗D〖解析〗A．黃光比紫光波長(zhǎng)長(zhǎng)，衍射現(xiàn)象更明顯，故A錯(cuò)誤；B．雨后的彩虹是光的折射現(xiàn)象，故B錯(cuò)誤；C．紅光由空氣射入玻璃，波速減小，波長(zhǎng)變短，故C錯(cuò)誤；D．全息照相利用了光的干涉，故D正確。故選D。2.下列說(shuō)法正確的是（）A.宇宙射線進(jìn)入地球大氣層時(shí)，中子撞擊氮引發(fā)核反應(yīng)產(chǎn)生碳14，其核反應(yīng)方程為B.石墨對(duì)X射線散射后，在散射X射線中，除了有與入射波長(zhǎng)相同的成分外，還有波長(zhǎng)小于的成分C.普朗克為解釋黑體輻射規(guī)律作出假設(shè)：必須假定電磁波本身的能量也是不連續(xù)的，即認(rèn)為光本身就是由一個(gè)個(gè)不可分割的能量子組成的D.根據(jù)玻爾原子理論的基本假設(shè)，電子在躍遷時(shí)吸收或放出的光子的頻率，由躍遷后的能級(jí)決定〖答案〗A〖解析〗A．宇宙射線進(jìn)入地球大氣層時(shí)，中子撞擊氮引發(fā)核反應(yīng)產(chǎn)生碳14，核反應(yīng)方程為故A正確；B．石墨對(duì)X射線散射后，在散射的X射線中，除了有與入射波長(zhǎng)相同的成分外，還有波長(zhǎng)大于入射波長(zhǎng)的成分，故B錯(cuò)誤；C．愛(ài)因斯坦解釋光電效應(yīng)時(shí)，認(rèn)為光本身是有一個(gè)個(gè)不可分割的能量子組成的，這些能量子叫作光子，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)玻爾原子理論的基本假設(shè)，電子在躍遷時(shí)吸收或放出的光子的頻率，由躍遷的能級(jí)差決定，故D錯(cuò)誤。故選A。3.中國(guó)傳統(tǒng)工藝——榫卯結(jié)構(gòu)出現(xiàn)在當(dāng)下流行的拼插玩具中，如圖甲所示。凸出部分叫榫，凹進(jìn)部分叫卯，榫和卯咬合，起到連接作用。圖乙是一種榫卯連接構(gòu)件，相互連接的兩部分M、N，其中構(gòu)件M固定在水平地面上，榫、卯接觸面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ，沿N的軸線OP用大小為F的力才能將N從M中緩慢拉出?？烧J(rèn)為各接觸面間的彈力大小均為，滑動(dòng)摩擦力與最大靜摩擦力大小相等，N的下表面與水平地面未接觸，則榫、卯接觸面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ為（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗緩慢拉出，所以處于平衡態(tài)，榫卯結(jié)構(gòu)有4個(gè)接觸面，則解得故選C。4.社團(tuán)活動(dòng)豐富了同學(xué)們的課余生活，如圖所示為小冬同學(xué)制作的一臺(tái)手搖式交流發(fā)電機(jī)，當(dāng)緩慢搖動(dòng)大皮帶輪手柄時(shí)，連接在發(fā)電機(jī)上的小燈泡就會(huì)一閃一閃的發(fā)光。若已知大皮帶輪的半徑為R，小皮帶輪的半徑為r，R=6r，搖動(dòng)手柄的角速度為，且搖動(dòng)過(guò)程中皮帶不打滑，則下列說(shuō)法正確的是（）A.發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的交變電流頻率為B.小燈泡閃爍的頻率為C.增大搖動(dòng)手柄的角速度，小燈泡的閃爍頻率增大，但亮度不變D.增大搖動(dòng)手柄的角速度，小燈泡的閃爍頻率不變，但亮度增大〖答案〗B〖解析〗A．根據(jù)題意有皮帶傳動(dòng)時(shí)，兩皮帶輪邊緣線速度大小相等，根據(jù)解得可知，發(fā)電機(jī)轉(zhuǎn)子的角速度為手柄角速度的6倍，發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的交變電流頻率為故A錯(cuò)誤；B．小燈泡閃爍的頻率是交流電頻率的兩倍，即有故B正確；CD．感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的峰值為結(jié)合上述可知，增大搖動(dòng)手柄角速度，小燈泡的閃爍頻率增大，電動(dòng)勢(shì)的峰值增大，即電動(dòng)勢(shì)的有效值增大，即小燈泡的亮度也增大，故CD錯(cuò)誤。故選B。5.杭州第19屆亞運(yùn)會(huì)跳水比賽于2023年9月30日至10月4日在杭州奧體中心游泳館舉行。我國(guó)跳水運(yùn)動(dòng)員包攬了全部的10枚金牌，真正做到了“十全十美”。如圖甲所示為10米跳臺(tái)冠軍楊昊比賽時(shí)的精彩瞬間。圖乙對(duì)跳水過(guò)程進(jìn)行了模擬，假設(shè)將楊昊看作質(zhì)點(diǎn)，0時(shí)刻楊昊到達(dá)最高點(diǎn)A，此后做自由落體運(yùn)動(dòng)，t時(shí)刻到達(dá)標(biāo)記點(diǎn)B，3t時(shí)刻到達(dá)落水點(diǎn)C，已知BC的高度為9.6m，則AC的高度為（）A.10m B.10.4m C.10.8m D.11.2m〖答案〗C〖解析〗從最高點(diǎn)開(kāi)始楊昊做自由落體運(yùn)動(dòng)，相同時(shí)間間隔位移之比為1∶3∶5，則AC的高度為故選C。6.如圖所示為電影《流浪地球》中我國(guó)殲擊機(jī)垂直起降的劇照。假設(shè)該殲擊機(jī)的質(zhì)量為25噸，起飛時(shí)，單位時(shí)間豎直向下噴出氣體的質(zhì)量為300千克，噴氣速度為1000m/s。重力加速度g取，則起飛瞬間該殲擊機(jī)的加速度大小約為（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗設(shè)向下為正，對(duì)噴出氣體列動(dòng)量定理有根據(jù)牛頓第三定律有，氣體對(duì)飛機(jī)的作用力大小與F大小相等，設(shè)向上為正，對(duì)飛機(jī)受力分析，有解得故選B。7.如圖所示為單反相機(jī)的取景五棱鏡原理圖，光線a經(jīng)平面鏡反射后以垂直AB面的方向射入五棱鏡，以平行于AB面的方向射出五棱鏡。已知玻璃相對(duì)空氣的折射率為1.5，CD面與AB面的夾角為30°，∠ABC=90°。已知，下列說(shuō)法正確的是（）A.光線在F點(diǎn)的折射角的正弦值為0.75B.光線在F點(diǎn)發(fā)生全反射C.調(diào)節(jié)CD面與AB面的夾角，使得光線a由CD面射向空氣時(shí)，恰好發(fā)生全反射，調(diào)整后CD面與AB面的夾角為48°D.如果左下角的三角形表示一正立的物體，經(jīng)過(guò)多次反射后在取景窗中得到的是正立的像〖答案〗A〖解析〗AB．已知玻璃相對(duì)空氣的折射率為1.5，則發(fā)生全反射的臨界角C滿足由幾何關(guān)系可知光線在F點(diǎn)的入射角為30°，因?yàn)樗匀肷浣切∮谂R界角，不能發(fā)生全反射，設(shè)折射角為，則解得故A正確，B錯(cuò)誤；C．調(diào)節(jié)CD面與AB面的夾角，使得光線a由CD面射向空氣時(shí)，恰好發(fā)生全反射，調(diào)整后CD面與AB面的夾角為42°，故C錯(cuò)誤；D．從三角形下方作出光線，如圖所示由圖可知在取景窗中得到的是倒立的像，故D錯(cuò)誤。故選A。8.如圖所示，質(zhì)量為1kg的物塊a與質(zhì)量為4.36kg的物塊b用不可伸長(zhǎng)的輕繩跨接在一光滑的輕質(zhì)定滑輪（大小可忽略）兩側(cè)，滑輪上側(cè)到水平光滑桌面高度h=12m。a在桌面的上方，b在桌面上，初始時(shí)a、b在外力控制下均靜止，右側(cè)繩與豎直方向的夾角為37°。撤去控制，用大小恒為20N的力F水平向右拉b，a、b開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，a、b均可看作質(zhì)點(diǎn)，b始終未離開(kāi)桌面，重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。一段時(shí)間后，右側(cè)繩與豎直方向的夾角變?yōu)?3°。在此瞬間，a的速度大小為（）A.6m/s B.5m/s C.4.8m/s D.3.6m/s〖答案〗C〖解析〗夾角由37°變化為53°，如圖所示由幾何關(guān)系得到，，故a在豎直方向上升了b在水平方向前進(jìn)了，b的水平速度沿繩方向的分量為0.8vb，即此速度為a的速度，由功能關(guān)系得代入數(shù)據(jù)解得，故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每個(gè)題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。9.如圖所示，嫦娥五號(hào)探測(cè)器由軌道器、返回器、著陸器和上升器等多個(gè)部分組成。探測(cè)器完成對(duì)月球表面的取樣任務(wù)后，樣品將由上升器攜帶升空進(jìn)入環(huán)月軌道，與環(huán)月軌道上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道器返回器組合體（簡(jiǎn)稱(chēng)“組合體”）對(duì)接。為了安全，上升器與組合體對(duì)接時(shí)，必須具有相同的速度。已知上升器（含樣品）的質(zhì)量為m，月球的半徑為R，月球表面的“重力加速度”為g，組合體到月球表面的高度為h。取上升器與月球相距無(wú)窮遠(yuǎn)時(shí)引力勢(shì)能為零，上升器與月球球心距離r時(shí)，引力勢(shì)能為，G為引力常量，月球的質(zhì)量為M（未知），不計(jì)月球自轉(zhuǎn)的影響。下列說(shuō)法正確的是（）A.月球的質(zhì)量B.組合體在環(huán)月軌道上做圓周運(yùn)動(dòng)的速度v的大小為C.上升器與組合體成功對(duì)接時(shí)上升器的能量為D.上升器從月球表面升空并與組合體成功對(duì)接至少需要的能量為〖答案〗AD〖解析〗A．月球表面的“重力加速度”為g，根據(jù)解得月球的質(zhì)量故A正確；B．根據(jù)結(jié)合上述，解得組合體的線速度故B錯(cuò)誤；C．上升器與組合體成功對(duì)接時(shí)上升器的動(dòng)能為引力勢(shì)能則上升器的能量為故C錯(cuò)誤；D．上升器從月球表面升空并與組合體成功對(duì)接至少需要的能量為結(jié)合上述解得故D正確。故選AD。10.如圖所示，五角星是邊長(zhǎng)相等的共面十邊形，b、a、i、h四點(diǎn)共線，若在j、d點(diǎn)固定電荷量為Q的正點(diǎn)電荷，一帶負(fù)電的試探電荷q從g點(diǎn)由靜止釋放，僅在靜電力作用下運(yùn)動(dòng)。下列說(shuō)法正確的是（）A.i、e兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同B.試探電荷q從g點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過(guò)程中，其電勢(shì)能先減小后增大C.試探電荷q在g、b兩點(diǎn)間往復(fù)運(yùn)動(dòng)D.若在h、f點(diǎn)也固定電荷量為Q的正點(diǎn)電荷，試探電荷q由靜止釋放后將向b點(diǎn)運(yùn)動(dòng)〖答案〗BC〖解析〗A．j、d點(diǎn)固定電荷量相等的正點(diǎn)電荷，根據(jù)等量同種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)分布規(guī)律可知，i、e兩點(diǎn)位置對(duì)稱(chēng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，但方向不同，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)等量同種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)分布規(guī)律可知，帶負(fù)電的試探電荷q從g點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)過(guò)程中，電場(chǎng)力先做正功后做分功，則電勢(shì)能先減小后增大，故B正確；C．根據(jù)等量同種點(diǎn)電荷的電電勢(shì)分布規(guī)律可知，b點(diǎn)和g點(diǎn)電勢(shì)相等，帶負(fù)電的試探電荷q在g、b兩點(diǎn)間往復(fù)運(yùn)動(dòng)，故C正確；D．根據(jù)根據(jù)等量同種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)分布規(guī)律可知，若在h、f點(diǎn)也固定電荷量為Q的正點(diǎn)電荷，則g點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度向上，帶負(fù)電的試探電荷q向下運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故選BC。11.如圖所示，一等腰直角三角形線圈的匝數(shù)為n，ab、bc邊長(zhǎng)均為L(zhǎng)，線圈電阻為R。線圈平面與勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直，且一部分處在磁場(chǎng)中，三角形與磁場(chǎng)邊界的交點(diǎn)為d、e，其中d、e分別為邊ac、bc的中點(diǎn)，在時(shí)間內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向不變，大小由B均勻地增大到3B，在此過(guò)程中（）A.線圈中的磁通量增加量為B.線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為C.線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流大小為D.線圈整體所受安培力大小增加了〖答案〗BD〖解析〗A．根據(jù)可知，線圈中的磁通量增加了故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為故B正確；C．根據(jù)歐姆定律可知，線圈中的感應(yīng)電流大小為故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)安培力的計(jì)算公式可知，安培力增加了故D正確。故選BD。12.如圖所示，光垂直照射斜面，把一個(gè)質(zhì)量為0.2kg的小球從斜面頂端水平彈射出來(lái)做平拋運(yùn)動(dòng)，小球剛好落在木板底端。然后使用手機(jī)連續(xù)拍照功能，拍出多張照片記錄小球此運(yùn)動(dòng)過(guò)程。通過(guò)分析照片可以得到小球的飛行時(shí)間為0.6s，小球與其影子距離最大時(shí)，影子A距木板頂端和底端的距離之比約為7:9，重力加速度g=10m/s2。下列說(shuō)法正確的是（）A.飛行過(guò)程中，重力對(duì)小球做的功為1.8JB.小球與影子距離最大時(shí)，剛好是飛行的中間時(shí)刻C.斜面的傾角θ=30°D.木板的長(zhǎng)度為3.6m〖答案〗BCD〖解析〗A．小球做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移時(shí)間公式有根據(jù)功的公式，可得飛行過(guò)程中，重力對(duì)小球做的功為故A錯(cuò)誤；B．經(jīng)過(guò)分析可知，當(dāng)小球與影子距離最大時(shí)，此時(shí)小球的速度方向與斜面平行，即速度方向與水平方向的夾角為，此時(shí)豎直方向的速度為當(dāng)小球落到斜面底端時(shí)，此時(shí)小球位移與水平方向的夾角為，令此時(shí)速度方向與水平方向的夾角為，則有此時(shí)豎直方向的速度為則有則有故小球與影子距離最大時(shí)，剛好是飛行的中間時(shí)刻，故B正確；CD．將小球的運(yùn)動(dòng)沿斜面與垂直于斜面分解，建立直角坐標(biāo)系如圖所示由題意可知?jiǎng)t有可得，又由于則y方向速度減為零需要的時(shí)間為結(jié)合上述有聯(lián)立可得，可得則有故木板的長(zhǎng)度為故CD正確。故選BCD。三、非選擇題：本題共6小題，共60分。13.小婷同學(xué)在做“用單擺測(cè)定重力加速度”的實(shí)驗(yàn)。（1）該同學(xué)先用游標(biāo)卡尺測(cè)量小鐵球的直徑如圖甲所示，則小鐵球的直徑_________cm。（2）該同學(xué)用秒表計(jì)時(shí)，記錄了單擺全振動(dòng)50次所用的時(shí)間如圖乙所示，秒表讀數(shù)為_(kāi)__________s。（3）若擺線的長(zhǎng)度為0.98m，該同學(xué)由以上數(shù)據(jù)求出重力加速度_________（結(jié)果保留三位有效數(shù)字，）。（4）若他測(cè)得的g值偏小，可能的原因是___________（填正確〖答案〗標(biāo)號(hào)）。A.測(cè)擺線長(zhǎng)時(shí)擺線拉得過(guò)緊B.擺線上端未牢固地系于懸點(diǎn)，振動(dòng)中出現(xiàn)了松動(dòng)，使擺線長(zhǎng)度增加了C.開(kāi)始計(jì)時(shí)時(shí)，秒表提前按下D.實(shí)驗(yàn)中誤將49次全振動(dòng)數(shù)為50次〖答案〗（1）1.58（2）100（3）9.74（4）BC〖解析〗（1）[1]由圖甲可知小球的直徑（2）[2]由秒表可讀出時(shí)間為100s。（3）[3]由單擺周期公式整理有其中解得（4）[4]A．測(cè)擺線長(zhǎng)時(shí)擺線拉得過(guò)緊，會(huì)使得擺長(zhǎng)測(cè)量偏大，由可知，其導(dǎo)致g測(cè)量偏大，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；B．?dāng)[線上端未牢固地系于懸點(diǎn)，振動(dòng)中出現(xiàn)了松動(dòng)，使擺線長(zhǎng)度增加了，使得測(cè)量的擺長(zhǎng)偏小，根據(jù)可知，其導(dǎo)致g測(cè)量偏小，故B項(xiàng)正確；C．開(kāi)始計(jì)時(shí)時(shí)，秒表提前按下，使得測(cè)量的周期偏大，由可知，其導(dǎo)致g測(cè)量偏小，故C項(xiàng)正確；D．實(shí)驗(yàn)中誤將49次全振動(dòng)數(shù)為50次，使得測(cè)量的周期偏小，由可知，其導(dǎo)致g測(cè)量偏大，故D項(xiàng)錯(cuò)誤。故選BC。14.為了能夠準(zhǔn)確地測(cè)量某電池組的電動(dòng)勢(shì)及內(nèi)阻，提供的器材如下：A電壓表V（0~3V~15V，內(nèi)阻未知）B.電流表A（0~0.6A~3A，內(nèi)阻未知）C.定值電阻R0（阻值R0=2Ω）D.滑動(dòng)變阻器R若干（最大阻值為10Ω、100Ω）E.電池組一組、開(kāi)關(guān)與導(dǎo)線若干（1）圖甲是小田同學(xué)根據(jù)選用儀器設(shè)計(jì)測(cè)量該電池組的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的電路圖。調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，記錄多組電壓表的示數(shù)（U，I），在坐標(biāo)紙上描點(diǎn)連線作出U—I圖像，如圖乙所示，則該電池組的電動(dòng)勢(shì)E=______V，內(nèi)阻r=______Ω。（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）（2）小文同學(xué)則設(shè)計(jì)了圖丙所示的實(shí)驗(yàn)電路對(duì)電池組進(jìn)行測(cè)量，記錄了單刀雙擲開(kāi)關(guān)S2分別接1、2對(duì)應(yīng)電壓表的示數(shù)U和電流表的示數(shù)I；根據(jù)實(shí)驗(yàn)記錄的數(shù)據(jù)繪制U—I圖線如圖丁中所示的A、B兩條圖線?？梢耘袛鄨D線A是利用單刀雙擲開(kāi)關(guān)S2接______（填“1”或“2”）中的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)描出的；分析圖丁可知，此電池組電動(dòng)勢(shì)的真實(shí)值為_(kāi)_____，內(nèi)阻的真實(shí)值為_(kāi)_____?！即鸢浮剑?）2.91.1（2）1〖解析〗（1）[1]根據(jù)閉合電路歐姆定律可得整理得結(jié)合圖像可知，電池組的電動(dòng)勢(shì)為由圖中直線和縱軸截距可得解得電源內(nèi)阻（2）[3]根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理可知可知，單刀雙擲開(kāi)關(guān)S2接1時(shí)，系統(tǒng)誤差在于電流表的分壓，將電流表與電源等效為一個(gè)新電源，則測(cè)量值為等效電源的電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻，由于是串聯(lián)等效，可知，此時(shí)電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值等于真實(shí)值，內(nèi)阻的測(cè)量值大于真實(shí)值，單刀雙擲開(kāi)關(guān)S2接2時(shí)，系統(tǒng)誤差在于電壓表的分流，將電壓表與電源等效為一個(gè)新電源，則測(cè)量值為等效電源的電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻，由于是并聯(lián)等效，可知，此時(shí)電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值小于真實(shí)值，內(nèi)阻的測(cè)量值小于真實(shí)值，即單刀雙擲開(kāi)關(guān)S2接1時(shí)，電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值大于單刀雙擲開(kāi)關(guān)S2接2時(shí)的測(cè)量值，可知，圖線A是利用單刀雙擲開(kāi)關(guān)S2接1；[4][5]結(jié)合上述可知，當(dāng)單刀雙擲開(kāi)關(guān)S2接1時(shí)，誤差在于電流表的分壓，當(dāng)斷路時(shí)，干路電流為0，電流表分壓為0，即斷路時(shí)的測(cè)量值等于真實(shí)值，當(dāng)單刀雙擲開(kāi)關(guān)S2接2時(shí)，誤差在于電壓表的分流，當(dāng)短路時(shí)，路端電壓為0，電壓表分流為0，即短路時(shí)的測(cè)量值等于真實(shí)值，結(jié)合上述可知，A圖像縱軸交點(diǎn)與B圖像橫軸交點(diǎn)沒(méi)有誤差，將這兩點(diǎn)連接起來(lái)的圖像即為真實(shí)圖像，可知E真=EA，15.為了研究自由落體運(yùn)動(dòng)規(guī)律，小陸同學(xué)準(zhǔn)備自制“牛頓管”進(jìn)行試驗(yàn)。假設(shè)抽氣前管內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為大氣壓強(qiáng)，管內(nèi)氣體的體積為2.5L，每次抽氣體積為0.5L。不考慮溫度變化、漏氣等影響，已知，，求：（結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）（1）抽氣10次后管內(nèi)氣體的壓強(qiáng)；（2）抽氣10次后管內(nèi)剩余氣體與第一次抽氣前氣體質(zhì)量之比?！即鸢浮剑?）；（2）0.161〖解析〗（1）設(shè)第一次抽氣后管內(nèi)氣體的壓強(qiáng)變?yōu)閜1，由等溫變化得代入數(shù)據(jù)得設(shè)第二次抽氣后管內(nèi)氣體的壓強(qiáng)變?yōu)閜2，由等溫變化得代入數(shù)據(jù)得依此規(guī)律得第十次抽氣后（2）第一次抽氣后氣體體積變?yōu)?，質(zhì)量之比等于體積之比，即依此規(guī)律得第二次抽氣后聯(lián)立得依此規(guī)律得第十次抽氣后16.一課外興趣研究小組在學(xué)校組織的“雞蛋撞地球”科技活動(dòng)中，為使雞蛋能毫發(fā)無(wú)損的落地，利用電磁阻尼緩沖原理設(shè)計(jì)了一緩沖裝置。其原理模型如圖所示，頂部是蛋倉(cāng)主體，下方是光滑導(dǎo)軌，導(dǎo)軌內(nèi)側(cè)是一緩沖底座，緩沖底座側(cè)面有導(dǎo)槽（未畫(huà)出）與導(dǎo)軌相連。在緩沖底座側(cè)面圍繞底座設(shè)置n個(gè)獨(dú)立單匝閉合矩形金屬線圈，線圈間彼此絕緣，與底座導(dǎo)軌絕緣。導(dǎo)軌內(nèi)側(cè)在蛋倉(cāng)主體上固定有電阻很小的通電線圈可提供較強(qiáng)穩(wěn)定均勻磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向水平，已知緩沖底座與地面接觸后速度迅速減為零，若該緩沖裝置在一次實(shí)驗(yàn)中剛落地前瞬間速度為v0，設(shè)每個(gè)線圈電阻為R，頂部長(zhǎng)度為L(zhǎng)，該裝置除緩沖底座整體外其他部分總質(zhì)量為M，重力加速度為g，導(dǎo)軌落地時(shí)，緩沖底座頂端未接觸蛋倉(cāng)主體下部，忽略空氣阻力。（1）求當(dāng)緩沖底座剛落地后，某一線圈MN（如圖所示）中電流的大小和方向；（2）若導(dǎo)軌夠長(zhǎng)，緩沖底座夠高，求導(dǎo)軌落地時(shí)的最小速度v，并提出兩條減小這一最小速度的方法?！即鸢浮剑?），電流I方向從M到N；（2）；①增大磁場(chǎng)強(qiáng)度；②使用電阻率更小的材料繞制緩沖底座上的線圈以減小線圈的電阻〖解析〗（1）線圈相對(duì)于磁場(chǎng)向上以速度v0運(yùn)動(dòng)，根據(jù)右手定則，電流I的方向從M到N，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得聯(lián)立解得（2）當(dāng)?shù)皞}(cāng)主體及導(dǎo)軌受力平衡時(shí)，速度不再減小，此時(shí)速度最小，根據(jù)力的平衡可知解得從表達(dá)式可看出，要想減小這一最小速度，①增大磁場(chǎng)強(qiáng)度；②使用電阻率更小的材料繞制緩沖底座上的線圈以減小線圈的電阻。17.如圖甲所示的空間坐標(biāo)系x軸、y軸、z軸交于O點(diǎn)。空間存在如圖乙所示的周期性勻強(qiáng)電場(chǎng)以及如圖丙所示的周期性勻強(qiáng)磁場(chǎng)，電場(chǎng)與磁場(chǎng)均沿z軸正方向，E0大小未知，。t=0時(shí)刻，一質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子自O(shè)點(diǎn)沿x軸正方向以速度v0射入，時(shí)粒子到達(dá)坐標(biāo)點(diǎn)（2L，0，L）。粒子重力忽略不計(jì)，忽略一切阻力。（1）求電場(chǎng)強(qiáng)度E0的大小；（2）求時(shí)粒子的位置坐標(biāo)；（3）求粒子再次回到z軸時(shí)的z軸坐標(biāo)；（4）如果保持電場(chǎng)規(guī)律不變，磁場(chǎng)的方向改為沿x軸正方向，求時(shí)粒子的位置坐標(biāo)?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）；（4）〖解析〗（1）在xOz平面內(nèi)，粒子在電場(chǎng)力作用下做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，則有解得（2）在到時(shí)間內(nèi)，在平行于xOy平面內(nèi)，粒子在洛倫茲力作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，在該平面內(nèi)速度分量為v0，由牛頓第二定律有解得由圓周運(yùn)動(dòng)周期為則在該平面內(nèi)，剛好轉(zhuǎn)半圈，即x軸坐標(biāo)為2L，y軸坐標(biāo)為，在z方向，分速度為v0，粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)，沿z軸運(yùn)動(dòng)的距離為即在時(shí)粒子的位置坐標(biāo)為。（3）在至?xí)r間內(nèi)，在xOz平面內(nèi)，粒子在電場(chǎng)力作用下做類(lèi)斜拋運(yùn)動(dòng)，則沿z軸有此時(shí)，z軸方向的分速度為在至?xí)r間內(nèi)，平行于xOy平面內(nèi)，粒子仍舊在洛倫茲力作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，在該平面內(nèi)速度分量仍然為v0，則該段時(shí)間結(jié)束時(shí)，回到z軸，該段時(shí)間內(nèi)，在z方向，分速度為2v0，粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則有則此時(shí)z軸坐標(biāo)為（4）在到時(shí)間內(nèi)，磁場(chǎng)方向變化后，在x軸方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，該方向速度分量依然為v0，該段時(shí)間內(nèi)則x軸坐標(biāo)變?yōu)樵谄叫杏趛Oz平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，半徑依然為L(zhǎng)，z軸坐標(biāo)為L(zhǎng)不變，y軸坐標(biāo)為2L。在至?xí)r間內(nèi)，在xOz平面內(nèi)，在粒子在電場(chǎng)力作用下做類(lèi)斜拋運(yùn)動(dòng)，z方向減速為零，則y軸坐標(biāo)不變?nèi)詾?L，z軸坐標(biāo)減為零，x方向速度不變，該段時(shí)間內(nèi)則x軸坐標(biāo)變?yōu)樵谥習(xí)r間內(nèi)，只在x方向有速度v0，此時(shí)速度方向與磁場(chǎng)方向平行，粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)，該段時(shí)間內(nèi)則x軸坐標(biāo)變?yōu)閦軸坐標(biāo)仍為零，y軸坐標(biāo)仍為2L，在至?xí)r間內(nèi)，在xOz平面在內(nèi)，粒子在電場(chǎng)力作用下做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，z方向勻加速直線運(yùn)動(dòng)，z軸坐標(biāo)再次變?yōu)長(zhǎng)，則y軸坐標(biāo)不變?nèi)詾?L，x方向速度不變，該段時(shí)間內(nèi)則x軸坐標(biāo)變?yōu)樵谥習(xí)r間內(nèi)，在平行于yOz平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，半徑依然為L(zhǎng)，z軸坐標(biāo)為L(zhǎng)不變，y軸坐標(biāo)為4L；x軸方向，粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)，該段時(shí)間內(nèi)則x軸坐標(biāo)變?yōu)橐虼?，在時(shí)粒子的位置坐標(biāo)為。18.如圖所示，天花板上的O點(diǎn)懸掛一圓錐擺，擺長(zhǎng)L=2m，擺線與豎直方向的夾角為α=37°，擺塊P（可視為質(zhì)點(diǎn)）的質(zhì)量m1=5kg。圓錐擺右下方某位置固定一光滑圓弧軌道AB，圓弧半徑R=3m，對(duì)應(yīng)圓心角β=53°。軌道末端B點(diǎn)與一質(zhì)量m2=2kg的木板M緊靠且與上板平齊，木板M與地面間摩擦力不計(jì)。木板左端上方放置一質(zhì)量m3=5kg的滑塊Q，滑塊Q與木板M上表面間的動(dòng)摩擦因數(shù)滿足，其中x為滑塊Q所在位置到木板M左端的距離。擺塊P、滑塊Q均可看作質(zhì)點(diǎn)。地面右端足夠遠(yuǎn)處有一豎直墻D，木板M及滑塊Q與墻壁碰撞后均可原速率反彈。某時(shí)刻，擺線斷裂，擺塊P做平拋運(yùn)動(dòng)，一段時(shí)間后，擺塊P由A點(diǎn)沿切線進(jìn)入圓弧軌道AB，擺塊P與滑塊Q碰撞時(shí)為彈性碰撞。已知重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。求：（1）擺塊P在做圓錐擺動(dòng)時(shí)的速度大??；（2）圓錐擺懸掛點(diǎn)O到圓弧軌道A點(diǎn)間的距離大??；（3）與墻壁碰撞前滑塊Q剛好不脫離木板M，木板M的長(zhǎng)度大小為多少；（4）滿足（3）條件下，木板M及滑塊Q與墻壁碰撞后，木板M左端再次到達(dá)B點(diǎn)時(shí)，迅速被鎖定靜止，滑塊Q繼續(xù)減速前進(jìn)，判斷滑塊Q能否再與擺塊P相撞？如果能發(fā)生碰撞，此后擺塊P能否飛出A點(diǎn)？如果能飛出A點(diǎn)，求擺塊P能夠到達(dá)的最大高度。如果不能飛出A點(diǎn)，判斷滑塊Q能否離開(kāi)木板M，如果能離開(kāi)，求滑塊Q離開(kāi)木板M時(shí)的速度。如果不能離開(kāi)，求滑塊Q靜止時(shí)的位置。〖答案〗（1）3m/s；（2）；（3）3.5m；（4）能再次碰撞，不能飛出A點(diǎn)，滑塊Q不能離開(kāi)木板，滑塊Q靜止時(shí)距離B點(diǎn)距離為〖解析〗（1）根據(jù)牛頓第二定律可得代入數(shù)據(jù)得（2）擺塊P沿切線進(jìn)入圓周軌道，則由幾何關(guān)系得到達(dá)A點(diǎn)時(shí)的速度vA與水平方向的夾角，則有豎直方向速度平拋過(guò)程時(shí)間水平方向位移豎直方向位移相對(duì)于懸掛點(diǎn)，豎直方向距離為由空間幾何關(guān)系得（3）擺塊P由A點(diǎn)到B點(diǎn)過(guò)程中，由動(dòng)能定理得解得在B點(diǎn)擺塊P與滑塊Q發(fā)生彈性碰撞，則解得滑塊Q剛好不脫離木板M，由動(dòng)量守恒定律得由能量守恒定律得因摩擦產(chǎn)生的熱量解得因摩擦產(chǎn)生的熱量等于平均摩擦力與相對(duì)位移的乘積其中，聯(lián)立解得（4）滑塊Q與木板M同時(shí)撞墻，同時(shí)反彈，之后同時(shí)向左勻速直線運(yùn)動(dòng)，木板M左端再次到達(dá)B點(diǎn)時(shí)，迅速被鎖定靜止，滑塊Q繼續(xù)減速前進(jìn)，到達(dá)B點(diǎn)時(shí)，速度變?yōu)?，由能量守恒定律得解得滑塊Q與擺塊P彈性碰撞，擺塊P的速度又變?yōu)?，假設(shè)減速到A點(diǎn)能夠飛出，由動(dòng)能定理得vP無(wú)解，故擺塊P不能由A點(diǎn)飛出，之后返回B點(diǎn)，再次與滑塊Q彈性碰撞，此時(shí)滑塊Q的動(dòng)能為，故滑塊Q不能滑離木板M，設(shè)前進(jìn)距離x后速度減為零，由能量守恒定律得，，聯(lián)立解得即滑塊Q停在距B點(diǎn)處。2024屆高三年級(jí)2月份大聯(lián)考物理試題本試卷共8頁(yè)，18題。全卷滿分100分?？荚囉脮r(shí)90分鐘。注意事項(xiàng)：1.答題前，先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上，并將準(zhǔn)考證號(hào)條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2.選擇題的作答：每小題選出〖答案〗后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號(hào)涂黑。寫(xiě)在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。3.非選擇題的作答：用簽字筆直接答在答題卡上對(duì)應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫(xiě)在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。4.考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試題卷和答題卡一并上交。一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。在每個(gè)題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.下列關(guān)于光現(xiàn)象的表述正確的是（）A.黃光和紫光通過(guò)同一狹縫后，紫光的衍射現(xiàn)象更明顯B.雨后的彩虹是光的干涉現(xiàn)象C.一束紅光由空氣射入玻璃中，這束紅光的波長(zhǎng)變長(zhǎng)D.激光全息照相利用了光的干涉原理〖答案〗D〖解析〗A．黃光比紫光波長(zhǎng)長(zhǎng)，衍射現(xiàn)象更明顯，故A錯(cuò)誤；B．雨后的彩虹是光的折射現(xiàn)象，故B錯(cuò)誤；C．紅光由空氣射入玻璃，波速減小，波長(zhǎng)變短，故C錯(cuò)誤；D．全息照相利用了光的干涉，故D正確。故選D。2.下列說(shuō)法正確的是（）A.宇宙射線進(jìn)入地球大氣層時(shí)，中子撞擊氮引發(fā)核反應(yīng)產(chǎn)生碳14，其核反應(yīng)方程為B.石墨對(duì)X射線散射后，在散射X射線中，除了有與入射波長(zhǎng)相同的成分外，還有波長(zhǎng)小于的成分C.普朗克為解釋黑體輻射規(guī)律作出假設(shè)：必須假定電磁波本身的能量也是不連續(xù)的，即認(rèn)為光本身就是由一個(gè)個(gè)不可分割的能量子組成的D.根據(jù)玻爾原子理論的基本假設(shè)，電子在躍遷時(shí)吸收或放出的光子的頻率，由躍遷后的能級(jí)決定〖答案〗A〖解析〗A．宇宙射線進(jìn)入地球大氣層時(shí)，中子撞擊氮引發(fā)核反應(yīng)產(chǎn)生碳14，核反應(yīng)方程為故A正確；B．石墨對(duì)X射線散射后，在散射的X射線中，除了有與入射波長(zhǎng)相同的成分外，還有波長(zhǎng)大于入射波長(zhǎng)的成分，故B錯(cuò)誤；C．愛(ài)因斯坦解釋光電效應(yīng)時(shí)，認(rèn)為光本身是有一個(gè)個(gè)不可分割的能量子組成的，這些能量子叫作光子，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)玻爾原子理論的基本假設(shè)，電子在躍遷時(shí)吸收或放出的光子的頻率，由躍遷的能級(jí)差決定，故D錯(cuò)誤。故選A。3.中國(guó)傳統(tǒng)工藝——榫卯結(jié)構(gòu)出現(xiàn)在當(dāng)下流行的拼插玩具中，如圖甲所示。凸出部分叫榫，凹進(jìn)部分叫卯，榫和卯咬合，起到連接作用。圖乙是一種榫卯連接構(gòu)件，相互連接的兩部分M、N，其中構(gòu)件M固定在水平地面上，榫、卯接觸面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ，沿N的軸線OP用大小為F的力才能將N從M中緩慢拉出?？烧J(rèn)為各接觸面間的彈力大小均為，滑動(dòng)摩擦力與最大靜摩擦力大小相等，N的下表面與水平地面未接觸，則榫、卯接觸面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ為（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗緩慢拉出，所以處于平衡態(tài)，榫卯結(jié)構(gòu)有4個(gè)接觸面，則解得故選C。4.社團(tuán)活動(dòng)豐富了同學(xué)們的課余生活，如圖所示為小冬同學(xué)制作的一臺(tái)手搖式交流發(fā)電機(jī)，當(dāng)緩慢搖動(dòng)大皮帶輪手柄時(shí)，連接在發(fā)電機(jī)上的小燈泡就會(huì)一閃一閃的發(fā)光。若已知大皮帶輪的半徑為R，小皮帶輪的半徑為r，R=6r，搖動(dòng)手柄的角速度為，且搖動(dòng)過(guò)程中皮帶不打滑，則下列說(shuō)法正確的是（）A.發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的交變電流頻率為B.小燈泡閃爍的頻率為C.增大搖動(dòng)手柄的角速度，小燈泡的閃爍頻率增大，但亮度不變D.增大搖動(dòng)手柄的角速度，小燈泡的閃爍頻率不變，但亮度增大〖答案〗B〖解析〗A．根據(jù)題意有皮帶傳動(dòng)時(shí)，兩皮帶輪邊緣線速度大小相等，根據(jù)解得可知，發(fā)電機(jī)轉(zhuǎn)子的角速度為手柄角速度的6倍，發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的交變電流頻率為故A錯(cuò)誤；B．小燈泡閃爍的頻率是交流電頻率的兩倍，即有故B正確；CD．感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的峰值為結(jié)合上述可知，增大搖動(dòng)手柄角速度，小燈泡的閃爍頻率增大，電動(dòng)勢(shì)的峰值增大，即電動(dòng)勢(shì)的有效值增大，即小燈泡的亮度也增大，故CD錯(cuò)誤。故選B。5.杭州第19屆亞運(yùn)會(huì)跳水比賽于2023年9月30日至10月4日在杭州奧體中心游泳館舉行。我國(guó)跳水運(yùn)動(dòng)員包攬了全部的10枚金牌，真正做到了“十全十美”。如圖甲所示為10米跳臺(tái)冠軍楊昊比賽時(shí)的精彩瞬間。圖乙對(duì)跳水過(guò)程進(jìn)行了模擬，假設(shè)將楊昊看作質(zhì)點(diǎn)，0時(shí)刻楊昊到達(dá)最高點(diǎn)A，此后做自由落體運(yùn)動(dòng)，t時(shí)刻到達(dá)標(biāo)記點(diǎn)B，3t時(shí)刻到達(dá)落水點(diǎn)C，已知BC的高度為9.6m，則AC的高度為（）A.10m B.10.4m C.10.8m D.11.2m〖答案〗C〖解析〗從最高點(diǎn)開(kāi)始楊昊做自由落體運(yùn)動(dòng)，相同時(shí)間間隔位移之比為1∶3∶5，則AC的高度為故選C。6.如圖所示為電影《流浪地球》中我國(guó)殲擊機(jī)垂直起降的劇照。假設(shè)該殲擊機(jī)的質(zhì)量為25噸，起飛時(shí)，單位時(shí)間豎直向下噴出氣體的質(zhì)量為300千克，噴氣速度為1000m/s。重力加速度g取，則起飛瞬間該殲擊機(jī)的加速度大小約為（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗設(shè)向下為正，對(duì)噴出氣體列動(dòng)量定理有根據(jù)牛頓第三定律有，氣體對(duì)飛機(jī)的作用力大小與F大小相等，設(shè)向上為正，對(duì)飛機(jī)受力分析，有解得故選B。7.如圖所示為單反相機(jī)的取景五棱鏡原理圖，光線a經(jīng)平面鏡反射后以垂直AB面的方向射入五棱鏡，以平行于AB面的方向射出五棱鏡。已知玻璃相對(duì)空氣的折射率為1.5，CD面與AB面的夾角為30°，∠ABC=90°。已知，下列說(shuō)法正確的是（）A.光線在F點(diǎn)的折射角的正弦值為0.75B.光線在F點(diǎn)發(fā)生全反射C.調(diào)節(jié)CD面與AB面的夾角，使得光線a由CD面射向空氣時(shí)，恰好發(fā)生全反射，調(diào)整后CD面與AB面的夾角為48°D.如果左下角的三角形表示一正立的物體，經(jīng)過(guò)多次反射后在取景窗中得到的是正立的像〖答案〗A〖解析〗AB．已知玻璃相對(duì)空氣的折射率為1.5，則發(fā)生全反射的臨界角C滿足由幾何關(guān)系可知光線在F點(diǎn)的入射角為30°，因?yàn)樗匀肷浣切∮谂R界角，不能發(fā)生全反射，設(shè)折射角為，則解得故A正確，B錯(cuò)誤；C．調(diào)節(jié)CD面與AB面的夾角，使得光線a由CD面射向空氣時(shí)，恰好發(fā)生全反射，調(diào)整后CD面與AB面的夾角為42°，故C錯(cuò)誤；D．從三角形下方作出光線，如圖所示由圖可知在取景窗中得到的是倒立的像，故D錯(cuò)誤。故選A。8.如圖所示，質(zhì)量為1kg的物塊a與質(zhì)量為4.36kg的物塊b用不可伸長(zhǎng)的輕繩跨接在一光滑的輕質(zhì)定滑輪（大小可忽略）兩側(cè)，滑輪上側(cè)到水平光滑桌面高度h=12m。a在桌面的上方，b在桌面上，初始時(shí)a、b在外力控制下均靜止，右側(cè)繩與豎直方向的夾角為37°。撤去控制，用大小恒為20N的力F水平向右拉b，a、b開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，a、b均可看作質(zhì)點(diǎn)，b始終未離開(kāi)桌面，重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。一段時(shí)間后，右側(cè)繩與豎直方向的夾角變?yōu)?3°。在此瞬間，a的速度大小為（）A.6m/s B.5m/s C.4.8m/s D.3.6m/s〖答案〗C〖解析〗夾角由37°變化為53°，如圖所示由幾何關(guān)系得到，，故a在豎直方向上升了b在水平方向前進(jìn)了，b的水平速度沿繩方向的分量為0.8vb，即此速度為a的速度，由功能關(guān)系得代入數(shù)據(jù)解得，故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每個(gè)題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。9.如圖所示，嫦娥五號(hào)探測(cè)器由軌道器、返回器、著陸器和上升器等多個(gè)部分組成。探測(cè)器完成對(duì)月球表面的取樣任務(wù)后，樣品將由上升器攜帶升空進(jìn)入環(huán)月軌道，與環(huán)月軌道上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道器返回器組合體（簡(jiǎn)稱(chēng)“組合體”）對(duì)接。為了安全，上升器與組合體對(duì)接時(shí)，必須具有相同的速度。已知上升器（含樣品）的質(zhì)量為m，月球的半徑為R，月球表面的“重力加速度”為g，組合體到月球表面的高度為h。取上升器與月球相距無(wú)窮遠(yuǎn)時(shí)引力勢(shì)能為零，上升器與月球球心距離r時(shí)，引力勢(shì)能為，G為引力常量，月球的質(zhì)量為M（未知），不計(jì)月球自轉(zhuǎn)的影響。下列說(shuō)法正確的是（）A.月球的質(zhì)量B.組合體在環(huán)月軌道上做圓周運(yùn)動(dòng)的速度v的大小為C.上升器與組合體成功對(duì)接時(shí)上升器的能量為D.上升器從月球表面升空并與組合體成功對(duì)接至少需要的能量為〖答案〗AD〖解析〗A．月球表面的“重力加速度”為g，根據(jù)解得月球的質(zhì)量故A正確；B．根據(jù)結(jié)合上述，解得組合體的線速度故B錯(cuò)誤；C．上升器與組合體成功對(duì)接時(shí)上升器的動(dòng)能為引力勢(shì)能則上升器的能量為故C錯(cuò)誤；D．上升器從月球表面升空并與組合體成功對(duì)接至少需要的能量為結(jié)合上述解得故D正確。故選AD。10.如圖所示，五角星是邊長(zhǎng)相等的共面十邊形，b、a、i、h四點(diǎn)共線，若在j、d點(diǎn)固定電荷量為Q的正點(diǎn)電荷，一帶負(fù)電的試探電荷q從g點(diǎn)由靜止釋放，僅在靜電力作用下運(yùn)動(dòng)。下列說(shuō)法正確的是（）A.i、e兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同B.試探電荷q從g點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過(guò)程中，其電勢(shì)能先減小后增大C.試探電荷q在g、b兩點(diǎn)間往復(fù)運(yùn)動(dòng)D.若在h、f點(diǎn)也固定電荷量為Q的正點(diǎn)電荷，試探電荷q由靜止釋放后將向b點(diǎn)運(yùn)動(dòng)〖答案〗BC〖解析〗A．j、d點(diǎn)固定電荷量相等的正點(diǎn)電荷，根據(jù)等量同種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)分布規(guī)律可知，i、e兩點(diǎn)位置對(duì)稱(chēng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，但方向不同，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)等量同種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)分布規(guī)律可知，帶負(fù)電的試探電荷q從g點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)過(guò)程中，電場(chǎng)力先做正功后做分功，則電勢(shì)能先減小后增大，故B正確；C．根據(jù)等量同種點(diǎn)電荷的電電勢(shì)分布規(guī)律可知，b點(diǎn)和g點(diǎn)電勢(shì)相等，帶負(fù)電的試探電荷q在g、b兩點(diǎn)間往復(fù)運(yùn)動(dòng)，故C正確；D．根據(jù)根據(jù)等量同種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)分布規(guī)律可知，若在h、f點(diǎn)也固定電荷量為Q的正點(diǎn)電荷，則g點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度向上，帶負(fù)電的試探電荷q向下運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故選BC。11.如圖所示，一等腰直角三角形線圈的匝數(shù)為n，ab、bc邊長(zhǎng)均為L(zhǎng)，線圈電阻為R。線圈平面與勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直，且一部分處在磁場(chǎng)中，三角形與磁場(chǎng)邊界的交點(diǎn)為d、e，其中d、e分別為邊ac、bc的中點(diǎn)，在時(shí)間內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向不變，大小由B均勻地增大到3B，在此過(guò)程中（）A.線圈中的磁通量增加量為B.線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為C.線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流大小為D.線圈整體所受安培力大小增加了〖答案〗BD〖解析〗A．根據(jù)可知，線圈中的磁通量增加了故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為故B正確；C．根據(jù)歐姆定律可知，線圈中的感應(yīng)電流大小為故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)安培力的計(jì)算公式可知，安培力增加了故D正確。故選BD。12.如圖所示，光垂直照射斜面，把一個(gè)質(zhì)量為0.2kg的小球從斜面頂端水平彈射出來(lái)做平拋運(yùn)動(dòng)，小球剛好落在木板底端。然后使用手機(jī)連續(xù)拍照功能，拍出多張照片記錄小球此運(yùn)動(dòng)過(guò)程。通過(guò)分析照片可以得到小球的飛行時(shí)間為0.6s，小球與其影子距離最大時(shí)，影子A距木板頂端和底端的距離之比約為7:9，重力加速度g=10m/s2。下列說(shuō)法正確的是（）A.飛行過(guò)程中，重力對(duì)小球做的功為1.8JB.小球與影子距離最大時(shí)，剛好是飛行的中間時(shí)刻C.斜面的傾角θ=30°D.木板的長(zhǎng)度為3.6m〖答案〗BCD〖解析〗A．小球做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移時(shí)間公式有根據(jù)功的公式，可得飛行過(guò)程中，重力對(duì)小球做的功為故A錯(cuò)誤；B．經(jīng)過(guò)分析可知，當(dāng)小球與影子距離最大時(shí)，此時(shí)小球的速度方向與斜面平行，即速度方向與水平方向的夾角為，此時(shí)豎直方向的速度為當(dāng)小球落到斜面底端時(shí)，此時(shí)小球位移與水平方向的夾角為，令此時(shí)速度方向與水平方向的夾角為，則有此時(shí)豎直方向的速度為則有則有故小球與影子距離最大時(shí)，剛好是飛行的中間時(shí)刻，故B正確；CD．將小球的運(yùn)動(dòng)沿斜面與垂直于斜面分解，建立直角坐標(biāo)系如圖所示由題意可知?jiǎng)t有可得，又由于則y方向速度減為零需要的時(shí)間為結(jié)合上述有聯(lián)立可得，可得則有故木板的長(zhǎng)度為故CD正確。故選BCD。三、非選擇題：本題共6小題，共60分。13.小婷同學(xué)在做“用單擺測(cè)定重力加速度”的實(shí)驗(yàn)。（1）該同學(xué)先用游標(biāo)卡尺測(cè)量小鐵球的直徑如圖甲所示，則小鐵球的直徑_________cm。（2）該同學(xué)用秒表計(jì)時(shí)，記錄了單擺全振動(dòng)50次所用的時(shí)間如圖乙所示，秒表讀數(shù)為_(kāi)__________s。（3）若擺線的長(zhǎng)度為0.98m，該同學(xué)由以上數(shù)據(jù)求出重力加速度_________（結(jié)果保留三位有效數(shù)字，）。（4）若他測(cè)得的g值偏小，可能的原因是___________（填正確〖答案〗標(biāo)號(hào)）。A.測(cè)擺線長(zhǎng)時(shí)擺線拉得過(guò)緊B.擺線上端未牢固地系于懸點(diǎn)，振動(dòng)中出現(xiàn)了松動(dòng)，使擺線長(zhǎng)度增加了C.開(kāi)始計(jì)時(shí)時(shí)，秒表提前按下D.實(shí)驗(yàn)中誤將49次全振動(dòng)數(shù)為50次〖答案〗（1）1.58（2）100（3）9.74（4）BC〖解析〗（1）[1]由圖甲可知小球的直徑（2）[2]由秒表可讀出時(shí)間為100s。（3）[3]由單擺周期公式整理有其中解得（4）[4]A．測(cè)擺線長(zhǎng)時(shí)擺線拉得過(guò)緊，會(huì)使得擺長(zhǎng)測(cè)量偏大，由可知，其導(dǎo)致g測(cè)量偏大，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；B．?dāng)[線上端未牢固地系于懸點(diǎn)，振動(dòng)中出現(xiàn)了松動(dòng)，使擺線長(zhǎng)度增加了，使得測(cè)量的擺長(zhǎng)偏小，根據(jù)可知，其導(dǎo)致g測(cè)量偏小，故B項(xiàng)正確；C．開(kāi)始計(jì)時(shí)時(shí)，秒表提前按下，使得測(cè)量的周期偏大，由可知，其導(dǎo)致g測(cè)量偏小，故C項(xiàng)正確；D．實(shí)驗(yàn)中誤將49次全振動(dòng)數(shù)為50次，使得測(cè)量的周期偏小，由可知，其導(dǎo)致g測(cè)量偏大，故D項(xiàng)錯(cuò)誤。故選BC。14.為了能夠準(zhǔn)確地測(cè)量某電池組的電動(dòng)勢(shì)及內(nèi)阻，提供的器材如下：A電壓表V（0~3V~15V，內(nèi)阻未知）B.電流表A（0~0.6A~3A，內(nèi)阻未知）C.定值電阻R0（阻值R0=2Ω）D.滑動(dòng)變阻器R若干（最大阻值為10Ω、100Ω）E.電池組一組、開(kāi)關(guān)與導(dǎo)線若干（1）圖甲是小田同學(xué)根據(jù)選用儀器設(shè)計(jì)測(cè)量該電池組的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的電路圖。調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，記錄多組電壓表的示數(shù)（U，I），在坐標(biāo)紙上描點(diǎn)連線作出U—I圖像，如圖乙所示，則該電池組的電動(dòng)勢(shì)E=______V，內(nèi)阻r=______Ω。（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）（2）小文同學(xué)則設(shè)計(jì)了圖丙所示的實(shí)驗(yàn)電路對(duì)電池組進(jìn)行測(cè)量，記錄了單刀雙擲開(kāi)關(guān)S2分別接1、2對(duì)應(yīng)電壓表的示數(shù)U和電流表的示數(shù)I；根據(jù)實(shí)驗(yàn)記錄的數(shù)據(jù)繪制U—I圖線如圖丁中所示的A、B兩條圖線?？梢耘袛鄨D線A是利用單刀雙擲開(kāi)關(guān)S2接______（填“1”或“2”）中的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)描出的；分析圖丁可知，此電池組電動(dòng)勢(shì)的真實(shí)值為_(kāi)_____，內(nèi)阻的真實(shí)值為_(kāi)_____?！即鸢浮剑?）2.91.1（2）1〖解析〗（1）[1]根據(jù)閉合電路歐姆定律可得整理得結(jié)合圖像可知，電池組的電動(dòng)勢(shì)為由圖中直線和縱軸截距可得解得電源內(nèi)阻（2）[3]根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理可知可知，單刀雙擲開(kāi)關(guān)S2接1時(shí)，系統(tǒng)誤差在于電流表的分壓，將電流表與電源等效為一個(gè)新電源，則測(cè)量值為等效電源的電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻，由于是串聯(lián)等效，可知，此時(shí)電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值等于真實(shí)值，內(nèi)阻的測(cè)量值大于真實(shí)值，單刀雙擲開(kāi)關(guān)S2接2時(shí)，系統(tǒng)誤差在于電壓表的分流，將電壓表與電源等效為一個(gè)新電源，則測(cè)量值為等效電源的電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻，由于是并聯(lián)等效，可知，此時(shí)電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值小于真實(shí)值，內(nèi)阻的測(cè)量值小于真實(shí)值，即單刀雙擲開(kāi)關(guān)S2接1時(shí)，電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值大于單刀雙擲開(kāi)關(guān)S2接2時(shí)的測(cè)量值，可知，圖線A是利用單刀雙擲開(kāi)關(guān)S2接1；[4][5]結(jié)合上述可知，當(dāng)單刀雙擲開(kāi)關(guān)S2接1時(shí)，誤差在于電流表的分壓，當(dāng)斷路時(shí)，干路電流為0，電流表分壓為0，即斷路時(shí)的測(cè)量值等于真實(shí)值，當(dāng)單刀雙擲開(kāi)關(guān)S2接2時(shí)，誤差在于電壓表的分流，當(dāng)短路時(shí)，路端電壓為0，電壓表分流為0，即短路時(shí)的測(cè)量值等于真實(shí)值，結(jié)合上述可知，A圖像縱軸交點(diǎn)與B圖像橫軸交點(diǎn)沒(méi)有誤差，將這兩點(diǎn)連接起來(lái)的圖像即為真實(shí)圖像，可知E真=EA，15.為了研究自由落體運(yùn)動(dòng)規(guī)律，小陸同學(xué)準(zhǔn)備自制“牛頓管”進(jìn)行試驗(yàn)。假設(shè)抽氣前管內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為大氣壓強(qiáng)，管內(nèi)氣體的體積為2.5L，每次抽氣體積為0.5L。不考慮溫度變化、漏氣等影響，已知，，求：（結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）（1）抽氣10次后管內(nèi)氣體的壓強(qiáng)；（2）抽氣10次后管內(nèi)剩余氣體與第一次抽氣前氣體質(zhì)量之比?！即鸢浮剑?）；（2）0.161〖解析〗（1）設(shè)第一次抽氣后管內(nèi)氣體的壓強(qiáng)變?yōu)閜1，由等溫變化得代入數(shù)據(jù)得設(shè)第二次抽氣后管內(nèi)氣體的壓強(qiáng)變?yōu)閜2，由等溫變化得代入數(shù)據(jù)得依此規(guī)律得第十次抽氣后（2）第一次抽氣后氣體體積變?yōu)?，質(zhì)量之比等于體積之比，即依此規(guī)律得第二次抽氣后聯(lián)立得依此規(guī)律得第十次抽氣后16.一課外興趣研究小組在學(xué)校組織的“雞蛋撞地球”科技活動(dòng)中，為使雞蛋能毫發(fā)無(wú)損的落地，利用電磁阻尼緩沖原理設(shè)計(jì)了一緩沖裝置。其原理模型如圖所示，頂部是蛋倉(cāng)主體，下方是光滑導(dǎo)軌，導(dǎo)軌內(nèi)側(cè)是一緩沖底座，緩沖底座側(cè)面有導(dǎo)槽（未畫(huà)出）與導(dǎo)軌相連。在緩沖底座側(cè)面圍繞底座設(shè)置n個(gè)獨(dú)立單匝閉合矩形金屬線圈，線圈間彼此絕緣，與底座導(dǎo)軌絕緣。導(dǎo)軌內(nèi)側(cè)在蛋倉(cāng)主體上固定有電阻很小的通電線圈可提供較強(qiáng)穩(wěn)定均勻磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向水平，已知緩沖底座與地面接觸后速度迅速減為零，若該緩沖裝置在一次實(shí)驗(yàn)中剛落地前瞬間速度為v0，設(shè)每個(gè)線圈電阻為R，頂部長(zhǎng)度為L(zhǎng)，該裝置除緩沖底座整體外其他部分總質(zhì)量為M，重力加速度為g，導(dǎo)軌落地時(shí)，緩沖底座頂端未接觸蛋倉(cāng)主體下部，忽略空氣阻力。（1）求當(dāng)緩沖底座剛落地后，某一線圈MN（如圖所示）中電流的大小和方向；（2）若導(dǎo)軌夠長(zhǎng)，緩沖底座夠高，求導(dǎo)軌落地時(shí)的最小速度v，并提出兩條減小這一最小速度的方法?！即鸢浮剑?），電流I方向從M到N；（2）；①增大磁場(chǎng)強(qiáng)度；②使用電阻率更小的材料繞制緩沖底座上的線圈以減小線圈的電阻〖解析〗（1）線圈相對(duì)于磁場(chǎng)向上以速度v0運(yùn)動(dòng)，根據(jù)右手定則，電流I的方向從M到N，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得聯(lián)立解得（2）當(dāng)?shù)皞}(cāng)主體及導(dǎo)軌受力平衡時(shí)，速度不再減小，此時(shí)速度最小，根據(jù)力的平衡可知解得從表達(dá)式可看出，要想減小這一最小速度，①增大磁場(chǎng)強(qiáng)度；②使用電阻率更小的材料繞制緩沖底座上的線圈以減小線圈的電阻。17.如圖甲所示的空間坐標(biāo)系x軸、y軸、z軸交于O點(diǎn)?？臻g存在如圖乙所示的周期性勻強(qiáng)電場(chǎng)以及如圖丙所示的周期性勻強(qiáng)磁場(chǎng)，電場(chǎng)與磁場(chǎng)均沿z軸正方向，E0大小未知，。t=0時(shí)刻，一質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子自O(shè)點(diǎn)沿x軸正方向以速度v0射入，時(shí)粒子到達(dá)坐標(biāo)點(diǎn)（2L，0，L）。粒子重力忽略不計(jì)，忽略一切阻力。（1）求電場(chǎng)強(qiáng)度E0的大?。唬?）求時(shí)粒子的位置坐標(biāo)；（3）求粒子再次回到z軸時(shí)的z軸坐標(biāo)；（4）如果保