2024屆福建省龍巖市高三二模物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGE2024學(xué)年一級(jí)校高三聯(lián)考試卷物理試題（考試時(shí)間：75分鐘滿(mǎn)分：100分）注意：請(qǐng)將試題的全部〖答案〗填寫(xiě)在答題卡上。一、單項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.自制一個(gè)原、副線圈匝數(shù)分別為600匝和190匝的變壓器，原線圈接12V的正弦交流電源，副線圈接額定電壓為3.8V的小燈泡。實(shí)際測(cè)得小燈泡兩端電壓為2.5V。下列措施有可能使小燈泡正常發(fā)光的是（）A.僅增加原線圈匝數(shù)B.僅增加副線圈匝數(shù)C.將原、副線圈匝數(shù)都增為原來(lái)的兩倍D.將兩個(gè)3.8V小燈泡并聯(lián)起來(lái)接入副線圈〖答案〗B〖解析〗A．由知，僅增加原線圈匝數(shù)，副線圈的輸出電壓U2減小，不能使小燈泡正常發(fā)光，故A錯(cuò)誤；B．由知，僅增加副線圈匝數(shù)，副線圈的輸出電壓U2增大，有可能使小燈泡正常發(fā)光，故B正確；C．由知，將原、副線圈匝數(shù)都增為原來(lái)的兩倍，但由于原線圈的電壓不變，則副線圈的輸出電壓U2不變，不能使小燈泡正常發(fā)光，故C錯(cuò)誤；D．將兩個(gè)3.8V小燈泡并聯(lián)，但由于原線圈的電壓不變，則副線圈的輸出電壓U2不變，不能使小燈泡正常發(fā)光，故D錯(cuò)誤。故選B。2.下列四種情形中，與其余三種所涉及的光學(xué)原理不同的是（）A.透鏡上方看到牛頓環(huán)B.相機(jī)鏡頭涂有增透膜C.光經(jīng)過(guò)大頭針尖時(shí)產(chǎn)生條紋D.檢查平面的平整程度〖答案〗C〖解析〗牛頓環(huán)是利用了光的干涉原理，增透膜是利用光的干涉原理，光經(jīng)過(guò)大頭針尖時(shí)產(chǎn)生條紋是衍射現(xiàn)象，用標(biāo)準(zhǔn)平面檢查光學(xué)平面的平整程度是利用光的薄膜干涉現(xiàn)象綜上所述，與其余三種所涉及的光學(xué)原理不同的是C。故選C。3.如圖所示，某人在河谷堤岸上以一定初速度水平拋出一小石塊，拋出的小石塊可能落在拋出點(diǎn)左側(cè)的任何位置，落地速度與水平方向的夾角成為偏向角，下列說(shuō)法正確的是（）A.初速度越大，落地時(shí)間越長(zhǎng)B.初速度越大，落地時(shí)間越短C.初速度越大，偏向角越小D.初速度不同，偏向角可能相等 〖答案〗D〖解析〗AB．落地時(shí)間長(zhǎng)短與小石塊豎直方向位移有關(guān)，由于落點(diǎn)不確定，落地時(shí)間長(zhǎng)短無(wú)法確定，故AB錯(cuò)誤；CD．設(shè)速度偏轉(zhuǎn)角為，位移偏轉(zhuǎn)角為。根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)速度方向夾角和位移方向夾角關(guān)系規(guī)律可知當(dāng)小球落在拋出點(diǎn)所在斜面時(shí)，落地速度與水平方向的夾角相同，與水平初速度無(wú)關(guān)，故D正確，C錯(cuò)誤。故選D。4.玉米是我國(guó)重要的農(nóng)作物。收割后脫粒玉米用如圖甲所示的傳送帶裝置。如圖乙所示，將收割曬干的玉米投入脫粒機(jī)后，玉米粒從靜止開(kāi)始被傳送到底端與脫粒機(jī)相連的順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的傳送帶上，一段時(shí)間后和傳送帶保持相對(duì)靜止，直至從傳送帶的頂端飛出，最后落在水平地面上，玉米被迅速裝袋轉(zhuǎn)運(yùn)，提升了加工轉(zhuǎn)運(yùn)的效率。已知傳送帶與水平方向的夾角為θ、頂端的高度為h，玉米粒相對(duì)于傳送帶頂端的最大高度也是h，若不計(jì)風(fēng)力、空氣阻力和玉米粒之間的相互作用力，已知重力加速度為g，下列說(shuō)法正確的是（）A.玉米粒在傳送帶上時(shí)，所受摩擦力始終不變B.玉米粒落地點(diǎn)與傳送帶底端的水平距離為C.傳送帶的速度大小為D.玉米粒飛出后到落地所用的時(shí)間為〖答案〗B〖解析〗A．玉米粒剛放在傳送帶上時(shí)，玉米粒受到沿傳送帶向上的滑動(dòng)摩擦力，當(dāng)玉米粒與傳送帶達(dá)到共速后，受到沿傳送帶向上的靜摩擦力，所受摩擦力發(fā)生改變，故A錯(cuò)誤；C．設(shè)傳送帶速度為v，玉米粒脫離傳送帶后水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，所以到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)解得故C錯(cuò)誤；D．玉米粒從飛出到落地過(guò)程，豎直方向上根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系有解得故D錯(cuò)誤；B．從脫離到落地時(shí)水平位移為所以落地點(diǎn)與傳送帶底端的水平距離為故B正確。故選B。二、雙項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題6分，共24分。在每小題有兩項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。5.2022年10月9日，我國(guó)綜合性太陽(yáng)探測(cè)衛(wèi)星“夸父一號(hào)”成功發(fā)射，實(shí)現(xiàn)了對(duì)太陽(yáng)探測(cè)跨越式突破?！翱涓敢惶?hào)”衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，距地面高度約為720km，運(yùn)行一圈所用時(shí)間約為100分鐘。如圖所示，為了隨時(shí)跟蹤和觀測(cè)太陽(yáng)的活動(dòng)，“夸父一號(hào)”在隨地球繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)的過(guò)程中，需要其軌道平面始終與太陽(yáng)保持固定的取向，使太陽(yáng)光能照射到“夸父一號(hào)”，下列說(shuō)法正確的是（）A.“夸父一號(hào)”的運(yùn)行軌道平面平均每天轉(zhuǎn)動(dòng)的角度約為1°B.“夸父一號(hào)”繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的速度大于7.9km/sC.“夸父一號(hào)”繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的向心加速度小于地球表面的重力加速度D.由題干信息，根據(jù)開(kāi)普勒第三定律，可求出日地間平均距離〖答案〗AC〖解析〗A．因?yàn)椤翱涓敢惶?hào)”軌道要始終保持要太陽(yáng)光照射到，則在一年之內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)，即軌道平面平均每天約轉(zhuǎn)動(dòng)，故A正確；B．第一宇宙速度是所有繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星的最大環(huán)繞速度，則“夸父一號(hào)”的速度小于7.9km/s，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)萬(wàn)有引力與重力的關(guān)系根據(jù)牛頓第二定律“夸父一號(hào)”繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑大于地球半徑，可知“夸父一號(hào)”繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的向心加速度小于地球表面的重力加速度，故C正確；D．“夸父一號(hào)”繞地球轉(zhuǎn)動(dòng)，地球繞太陽(yáng)轉(zhuǎn)動(dòng)，中心天體不同，則根據(jù)題中信息不能求解地球與太陽(yáng)的距離，故D錯(cuò)誤。故選AC。6.如圖，圓形水平餐桌面上有一個(gè)半徑為r、可繞中心軸轉(zhuǎn)動(dòng)的同心圓盤(pán)，在圓盤(pán)的邊緣放置一個(gè)質(zhì)量為m的小物塊，物塊與圓盤(pán)間、物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為。現(xiàn)從靜止開(kāi)始緩慢增大圓盤(pán)的角速度，物塊從圓盤(pán)上滑落后，最終恰好停在桌面邊緣。若最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度大小為g，圓盤(pán)厚度及圓盤(pán)與餐桌間的間隙不計(jì)，物塊可視為質(zhì)點(diǎn)。則（）A.小物塊從圓盤(pán)上滑落后，小物塊在餐桌上做曲線運(yùn)動(dòng)B.物塊隨圓盤(pán)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，圓盤(pán)對(duì)小物塊做功為C.餐桌面的半徑為D.物塊在餐桌面上滑行的過(guò)程中，所受摩擦力的沖量大小為〖答案〗BD〖解析〗A．小物塊從圓盤(pán)上滑落后，小物塊沿切線方向滑出，合外力為與速度方向相反的滑動(dòng)摩擦力，做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．小物塊滑下時(shí)可知由動(dòng)能定理可得圓盤(pán)對(duì)小物塊做的功為故B正確；C．小物塊滑下后在桌面上滑動(dòng)時(shí)，由動(dòng)能定理得解得小物塊在桌面滑動(dòng)距離則餐桌面的半徑為故C錯(cuò)誤；D．物塊在餐桌面上滑行的過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)量定理可得所受摩擦力的沖量大小為故D正確。故選BD。7.如圖所示為某彈跳玩具，底部是一個(gè)質(zhì)量為m的底座，通過(guò)彈簧與頂部一質(zhì)量的小球相連，同時(shí)用輕質(zhì)無(wú)彈性的細(xì)繩將底座和小球連接，穩(wěn)定時(shí)繩子伸直而無(wú)張力。用手將小球按下一段距離后釋放，小球運(yùn)動(dòng)到初始位置處時(shí)，瞬間繃緊細(xì)繩，帶動(dòng)底座離開(kāi)地面，一起向上運(yùn)動(dòng)，底座離開(kāi)地面后能上升的最大高度為h，則（）A.用手將小球按下一段距離后，彈簧的彈性勢(shì)能為B.繩子繃緊前的瞬間，小球的動(dòng)能為C.繩子繃緊瞬間，系統(tǒng)損失的機(jī)械能為D.玩具離開(kāi)地面上升到最高點(diǎn)的過(guò)程中，重力做功為〖答案〗CD〖解析〗ABC．設(shè)細(xì)繩繃緊后瞬間，小球和底座一起向上運(yùn)動(dòng)的速度大小為v，底座離開(kāi)地面后能上升h高，則有設(shè)細(xì)繩繃緊前瞬間，小球速度為，根據(jù)動(dòng)量守恒可得可得則繩子繃緊前的瞬間，小球的動(dòng)能為則繩子繃緊瞬間，系統(tǒng)損失的機(jī)械能為用手將小球按下一段距離后，在繩子繃緊前的瞬間，減小的彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化成小球的動(dòng)能和重力勢(shì)能，故彈性勢(shì)能滿(mǎn)足故AB錯(cuò)誤，C正確；D．玩具離開(kāi)地面上升到最高點(diǎn)的過(guò)程中，重力做功為故D正確。故選CD。8.如圖所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直紙面向外勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，固定一內(nèi)部真空且內(nèi)壁光滑的圓柱形薄壁絕緣管道，其軸線與磁場(chǎng)垂直。管道橫截面半徑為a，長(zhǎng)度為（）。帶電粒子束持續(xù)以某一速度v沿軸線進(jìn)入管道，粒子在磁場(chǎng)力作用下經(jīng)過(guò)一段圓弧垂直打到管壁上，與管壁發(fā)生彈性碰撞，多次碰撞后從另一端射出，單位時(shí)間進(jìn)入管道的粒子數(shù)為n，粒子電荷量為，不計(jì)粒子的重力、粒子間的相互作用，下列說(shuō)法正確的是（）A.粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的圓弧半徑為B.粒子質(zhì)量為C.管道內(nèi)的等效電流為D.粒子束對(duì)管道的平均作用力大小為〖答案〗BD〖解析〗AB．帶正電的粒子沿軸線射入，然后垂直打到管壁上，可知粒子運(yùn)動(dòng)的圓弧半徑為R=a解得粒子質(zhì)量為A錯(cuò)誤，B正確；C．根據(jù)電流的定義式解得C錯(cuò)誤；D．粒子束對(duì)管道的平均作用力大小等于等效電流受的安培力F=nqBlD正確。故選BD。三、非選擇題：共60分，其中9、10、11題為填空題，12、13題為實(shí)驗(yàn)題，14~16題為計(jì)算題。請(qǐng)考生按要求作答。9.請(qǐng)將下列核反應(yīng)方程補(bǔ)充完整。A．____；B．____；C．____?！即鸢浮健冀馕觥紸．由質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知，質(zhì)量數(shù)電荷數(shù)由此可知產(chǎn)生的元素X是，該方程為此核反應(yīng)方程式是重核裂變方程；B．同理，質(zhì)量數(shù)電荷數(shù)由此可知產(chǎn)生的元素X是氦核，該方程為此核反應(yīng)方程式是衰變；C．同理，質(zhì)量數(shù)電荷數(shù)由此可知產(chǎn)生的元素X是，該方程為此核反應(yīng)方程式是人工轉(zhuǎn)變方程。10.有一列振幅為的簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，時(shí)刻位于0點(diǎn)的波源開(kāi)始振動(dòng)。時(shí)的波形如圖所示，此時(shí)波傳播到處，波源的坐標(biāo)為，則該簡(jiǎn)諧波傳播的速度____；周期____；波長(zhǎng)____。〖答案〗11m/s4.8m〖解析〗[1]該簡(jiǎn)諧波傳播的速度為[2]由波形平移法可知，質(zhì)點(diǎn)的起振方向沿軸負(fù)方向，設(shè)波源的振動(dòng)方程為由題意可知可得解得周期為[3]波長(zhǎng)為11.如圖，兩端開(kāi)口、下端連通的導(dǎo)熱汽缸，用兩個(gè)輕質(zhì)絕熱活塞（截面積分別為和）封閉一定質(zhì)量的理想氣體，活塞與汽缸壁間無(wú)摩擦。在左端活塞上緩慢加細(xì)沙，活塞從A下降h高度到B位置時(shí)，活塞上細(xì)沙的總質(zhì)量為m。在此過(guò)程中，用外力F作用在右端活塞上，使活塞位置始終不變。整個(gè)過(guò)程環(huán)境溫度和大氣壓強(qiáng)保持不變，系統(tǒng)始終處于平衡狀態(tài)，重力加速度為g。（1）整個(gè)過(guò)程，理想氣體的分子平均動(dòng)能____；（2）整個(gè)過(guò)程，外力F做功等于____；（3）左端活塞到達(dá)B位置時(shí)，外力_____?！即鸢浮剑?）不變（2）0（3）〖解析〗（1）[1]汽缸導(dǎo)熱，整個(gè)過(guò)程，理想氣體溫度不變，分子平均動(dòng)能不變（2）[2]外力F作用在右端活塞上，活塞位置不變，可知在F作用下沒(méi)有位移，可知外力F做功為0。（3）[3]左端活塞到達(dá)B位置時(shí)，對(duì)左邊活塞有對(duì)于右邊活塞有聯(lián)立兩式得12.采用圖1所示的電路圖來(lái)測(cè)量金屬絲的電阻率。（1）實(shí)驗(yàn)時(shí)，閉合開(kāi)關(guān)S前，滑動(dòng)變阻器的滑片P應(yīng)處在___________（填“M”或“N”）端。（2）按照?qǐng)D1連接實(shí)物圖，如圖2所示。閉合開(kāi)關(guān)前檢查電路時(shí)，發(fā)現(xiàn)有一根導(dǎo)線接錯(cuò)，該導(dǎo)線為_(kāi)__________（填“a”“b”或“c”）。若閉合開(kāi)關(guān)，該錯(cuò)誤連接會(huì)帶來(lái)的問(wèn)題有___________?！即鸢浮剑?）M（2）b移動(dòng)滑片時(shí)，電壓表和電流表的示數(shù)不變〖解析〗（1）[1]實(shí)驗(yàn)時(shí)，閉合開(kāi)關(guān)S前，為保護(hù)電路，滑動(dòng)變阻器滑片P應(yīng)處在最大阻值處，滑動(dòng)變阻器的滑片P應(yīng)處在M端。（2）[2][3]滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，滑動(dòng)變阻器下端兩接線柱與電源相連，故b導(dǎo)線接錯(cuò)；該錯(cuò)誤帶來(lái)的問(wèn)題是移動(dòng)滑片的過(guò)程中電壓表和電流表的示數(shù)不變。13.某同學(xué)為了驗(yàn)證對(duì)心碰撞過(guò)程中的動(dòng)量守恒定律，設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)：用紙板搭建如圖所示的滑道，使硬幣可以平滑地從斜面滑到水平面上，其中為水平段，在水平段取一點(diǎn)。選擇相同材質(zhì)的一元硬幣和一角硬幣進(jìn)行實(shí)驗(yàn)。測(cè)量硬幣的質(zhì)量，得到一元硬幣和一角硬幣的質(zhì)量分別為和。將硬幣放置在斜面上某一位置，標(biāo)記此位置為。由靜止釋放a，當(dāng)a停在水平面上某處時(shí)，測(cè)量a右側(cè)到點(diǎn)的距離，如圖甲所示；將硬幣b放置在處，左側(cè)與點(diǎn)重合，再將a從點(diǎn)由靜止釋放，當(dāng)兩枚硬幣發(fā)生碰撞后，a、b分別停在水平面上時(shí)，測(cè)量a右側(cè)到點(diǎn)的距離、b左側(cè)到點(diǎn)的距離，如圖乙所示。保持釋放位置不變，重復(fù)實(shí)驗(yàn)若干次，得到的平均值分別為。（1）在本實(shí)驗(yàn)中，b選用的是______（選填“一元”或“一角”）硬幣。（2）若a、b碰撞前后動(dòng)量守恒，則應(yīng)滿(mǎn)足的表達(dá)式為_(kāi)_____（用、和表示）；若碰撞前后動(dòng)量守恒且機(jī)械能相等，則應(yīng)滿(mǎn)足的表達(dá)式為_(kāi)_____（用和表示）。（3）該同學(xué)規(guī)范的完成了實(shí)驗(yàn)的每一步操作，最后代入實(shí)驗(yàn)測(cè)得的數(shù)據(jù)，發(fā)現(xiàn)碰撞前后動(dòng)量并不守恒，原因可能是______（回答一條即可）?！即鸢浮剑?）一角（2）（3）①可能兩個(gè)硬幣厚度不同，兩硬幣重心連線與水平面不平行；②兩硬幣碰撞內(nèi)力不遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于外力，動(dòng)量守恒只是近似滿(mǎn)足，即如果摩擦力比較大，動(dòng)量守恒只是近似滿(mǎn)足〖解析〗（1）[1]為了保證兩硬幣碰后都向右運(yùn)動(dòng)，則需要入射硬幣質(zhì)量大于被碰硬幣的質(zhì)量即碰撞后甲向右運(yùn)動(dòng)，即b選用的一角的硬幣；

（2）[2]不放置硬幣乙時(shí)，甲從O點(diǎn)到P點(diǎn)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得-μm1g=m1a由勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移—速度公式得0-v02=2as0聯(lián)立解得同理碰后兩硬幣的速度分別為以碰撞前瞬間a的速度方向?yàn)檎较?，a、b碰撞過(guò)程，由動(dòng)量守恒定律得m1v0=m1v1+m2v2[3]若碰撞前后動(dòng)量守恒且機(jī)械能相等，則由機(jī)械能守恒定律得聯(lián)立解得（4）[4]誤差可能原因是：①可能兩個(gè)硬幣厚度不同，兩硬幣重心連線與水平面不平行；②兩硬幣碰撞內(nèi)力不遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于外力，動(dòng)量守恒只是近似滿(mǎn)足，即如果摩擦力比較大，動(dòng)量守恒只是近似滿(mǎn)足。14.如圖所示，Q為固定的正點(diǎn)電荷，A、B兩點(diǎn)在Q的正上方和Q相距分別為在h和0.25h，將另一個(gè)可以看作點(diǎn)電荷的帶正電的粒子從A點(diǎn)由靜止釋放，運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)速度正好又變?yōu)榱恪Ｔ摿Ｗ釉贏點(diǎn)處的加速度大小為重力加速度的，已知重力加速度為g。求：(1)該粒子加速度為零時(shí)距離Q的高度；(2)若取A點(diǎn)的電勢(shì)為零，求該粒子在B點(diǎn)的電勢(shì)能(用Q和h，g表示)?！即鸢浮?1)；(2)〖解析〗(1)設(shè)該粒子加速度為零時(shí)距離Q的高度為x，由牛頓第二定律和平衡條件得解得(2)由能量守恒定律，該粒子在B點(diǎn)的電勢(shì)能為15.如圖所示，質(zhì)量為m＝1kg的物體置于傾角θ＝37°的固定斜面上，物體與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.5（重力加速度g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8）(1)如圖甲所示，用平行于斜面的推力F1作用于物體上，使其沿斜面勻速上滑，求F1大??；(2)如圖乙所示，若斜面不固定，改用水平推力F2作用于物體上，使物體沿斜面勻速下滑，此過(guò)程中斜面仍保持靜止，求F2大小和斜面受到地面的摩擦力f地。〖答案〗(1)10N；(2)；〖解析〗(1)以物體m為研究對(duì)象，受力如下圖所示根據(jù)題意有聯(lián)立解得(2)分析物體m的受力如下圖所示根據(jù)題意有解得以整體為研究對(duì)象方向水平向左。16.清華大學(xué)研究的新型SSMB-EUV光刻技術(shù)，用于提供高強(qiáng)度、可調(diào)波長(zhǎng)的極紫外光源。方案中的同步軌道如圖所示，密度分布非常均勻的穩(wěn)流電子束被導(dǎo)入同步軌道。同步軌道上存在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，電子在磁場(chǎng)控制下沿著固定半徑的軌道做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，每轉(zhuǎn)一周，穿越一次加速腔，從中獲得能量，如圖所示。同步加速器中磁感應(yīng)強(qiáng)度隨電子速度的增加而增加。已知圓形軌道半徑為R，電子的質(zhì)量為m，電荷量為-e，加速腔ab的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，L<<R，當(dāng)電子進(jìn)入加速腔時(shí)，加速電壓的大小始終為U，離開(kāi)加速腔后，加速腔的電壓變?yōu)?，加速電場(chǎng)的頻率與電子的回旋頻率保持同步。已知加速腔外無(wú)電場(chǎng)，腔內(nèi)無(wú)磁場(chǎng)，不考慮重力、相對(duì)論效應(yīng)以及粒子間相互作用。（1）當(dāng)電子在同步軌道的動(dòng)能為Ek時(shí)，求軌道處的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大??？（2）長(zhǎng)度為d（d<L）、初動(dòng)能為Ek的電子束，經(jīng)加速腔加速一次后長(zhǎng)度變?yōu)槎嗌?？?）注入初動(dòng)能為Ek，長(zhǎng)度為d的電子束，最多可以被加速腔加速幾次？〖答案〗（1）；（2）；（3）〖解析〗（1）電子在磁場(chǎng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，有得（2）若某次電子未被加速前有其中被加速后有加速后長(zhǎng)度為（3）設(shè)注入初動(dòng)能為Ek，長(zhǎng)度為d的電子束，最多可以被加速腔加速n次，有所以2023-2024學(xué)年一級(jí)校高三聯(lián)考試卷物理試題（考試時(shí)間：75分鐘滿(mǎn)分：100分）注意：請(qǐng)將試題的全部〖答案〗填寫(xiě)在答題卡上。一、單項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.自制一個(gè)原、副線圈匝數(shù)分別為600匝和190匝的變壓器，原線圈接12V的正弦交流電源，副線圈接額定電壓為3.8V的小燈泡。實(shí)際測(cè)得小燈泡兩端電壓為2.5V。下列措施有可能使小燈泡正常發(fā)光的是（）A.僅增加原線圈匝數(shù)B.僅增加副線圈匝數(shù)C.將原、副線圈匝數(shù)都增為原來(lái)的兩倍D.將兩個(gè)3.8V小燈泡并聯(lián)起來(lái)接入副線圈〖答案〗B〖解析〗A．由知，僅增加原線圈匝數(shù)，副線圈的輸出電壓U2減小，不能使小燈泡正常發(fā)光，故A錯(cuò)誤；B．由知，僅增加副線圈匝數(shù)，副線圈的輸出電壓U2增大，有可能使小燈泡正常發(fā)光，故B正確；C．由知，將原、副線圈匝數(shù)都增為原來(lái)的兩倍，但由于原線圈的電壓不變，則副線圈的輸出電壓U2不變，不能使小燈泡正常發(fā)光，故C錯(cuò)誤；D．將兩個(gè)3.8V小燈泡并聯(lián)，但由于原線圈的電壓不變，則副線圈的輸出電壓U2不變，不能使小燈泡正常發(fā)光，故D錯(cuò)誤。故選B。2.下列四種情形中，與其余三種所涉及的光學(xué)原理不同的是（）A.透鏡上方看到牛頓環(huán)B.相機(jī)鏡頭涂有增透膜C.光經(jīng)過(guò)大頭針尖時(shí)產(chǎn)生條紋D.檢查平面的平整程度〖答案〗C〖解析〗牛頓環(huán)是利用了光的干涉原理，增透膜是利用光的干涉原理，光經(jīng)過(guò)大頭針尖時(shí)產(chǎn)生條紋是衍射現(xiàn)象，用標(biāo)準(zhǔn)平面檢查光學(xué)平面的平整程度是利用光的薄膜干涉現(xiàn)象綜上所述，與其余三種所涉及的光學(xué)原理不同的是C。故選C。3.如圖所示，某人在河谷堤岸上以一定初速度水平拋出一小石塊，拋出的小石塊可能落在拋出點(diǎn)左側(cè)的任何位置，落地速度與水平方向的夾角成為偏向角，下列說(shuō)法正確的是（）A.初速度越大，落地時(shí)間越長(zhǎng)B.初速度越大，落地時(shí)間越短C.初速度越大，偏向角越小D.初速度不同，偏向角可能相等 〖答案〗D〖解析〗AB．落地時(shí)間長(zhǎng)短與小石塊豎直方向位移有關(guān)，由于落點(diǎn)不確定，落地時(shí)間長(zhǎng)短無(wú)法確定，故AB錯(cuò)誤；CD．設(shè)速度偏轉(zhuǎn)角為，位移偏轉(zhuǎn)角為。根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)速度方向夾角和位移方向夾角關(guān)系規(guī)律可知當(dāng)小球落在拋出點(diǎn)所在斜面時(shí)，落地速度與水平方向的夾角相同，與水平初速度無(wú)關(guān)，故D正確，C錯(cuò)誤。故選D。4.玉米是我國(guó)重要的農(nóng)作物。收割后脫粒玉米用如圖甲所示的傳送帶裝置。如圖乙所示，將收割曬干的玉米投入脫粒機(jī)后，玉米粒從靜止開(kāi)始被傳送到底端與脫粒機(jī)相連的順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的傳送帶上，一段時(shí)間后和傳送帶保持相對(duì)靜止，直至從傳送帶的頂端飛出，最后落在水平地面上，玉米被迅速裝袋轉(zhuǎn)運(yùn)，提升了加工轉(zhuǎn)運(yùn)的效率。已知傳送帶與水平方向的夾角為θ、頂端的高度為h，玉米粒相對(duì)于傳送帶頂端的最大高度也是h，若不計(jì)風(fēng)力、空氣阻力和玉米粒之間的相互作用力，已知重力加速度為g，下列說(shuō)法正確的是（）A.玉米粒在傳送帶上時(shí)，所受摩擦力始終不變B.玉米粒落地點(diǎn)與傳送帶底端的水平距離為C.傳送帶的速度大小為D.玉米粒飛出后到落地所用的時(shí)間為〖答案〗B〖解析〗A．玉米粒剛放在傳送帶上時(shí)，玉米粒受到沿傳送帶向上的滑動(dòng)摩擦力，當(dāng)玉米粒與傳送帶達(dá)到共速后，受到沿傳送帶向上的靜摩擦力，所受摩擦力發(fā)生改變，故A錯(cuò)誤；C．設(shè)傳送帶速度為v，玉米粒脫離傳送帶后水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，所以到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)解得故C錯(cuò)誤；D．玉米粒從飛出到落地過(guò)程，豎直方向上根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系有解得故D錯(cuò)誤；B．從脫離到落地時(shí)水平位移為所以落地點(diǎn)與傳送帶底端的水平距離為故B正確。故選B。二、雙項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題6分，共24分。在每小題有兩項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。5.2022年10月9日，我國(guó)綜合性太陽(yáng)探測(cè)衛(wèi)星“夸父一號(hào)”成功發(fā)射，實(shí)現(xiàn)了對(duì)太陽(yáng)探測(cè)跨越式突破?！翱涓敢惶?hào)”衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，距地面高度約為720km，運(yùn)行一圈所用時(shí)間約為100分鐘。如圖所示，為了隨時(shí)跟蹤和觀測(cè)太陽(yáng)的活動(dòng)，“夸父一號(hào)”在隨地球繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)的過(guò)程中，需要其軌道平面始終與太陽(yáng)保持固定的取向，使太陽(yáng)光能照射到“夸父一號(hào)”，下列說(shuō)法正確的是（）A.“夸父一號(hào)”的運(yùn)行軌道平面平均每天轉(zhuǎn)動(dòng)的角度約為1°B.“夸父一號(hào)”繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的速度大于7.9km/sC.“夸父一號(hào)”繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的向心加速度小于地球表面的重力加速度D.由題干信息，根據(jù)開(kāi)普勒第三定律，可求出日地間平均距離〖答案〗AC〖解析〗A．因?yàn)椤翱涓敢惶?hào)”軌道要始終保持要太陽(yáng)光照射到，則在一年之內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)，即軌道平面平均每天約轉(zhuǎn)動(dòng)，故A正確；B．第一宇宙速度是所有繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星的最大環(huán)繞速度，則“夸父一號(hào)”的速度小于7.9km/s，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)萬(wàn)有引力與重力的關(guān)系根據(jù)牛頓第二定律“夸父一號(hào)”繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑大于地球半徑，可知“夸父一號(hào)”繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的向心加速度小于地球表面的重力加速度，故C正確；D．“夸父一號(hào)”繞地球轉(zhuǎn)動(dòng)，地球繞太陽(yáng)轉(zhuǎn)動(dòng)，中心天體不同，則根據(jù)題中信息不能求解地球與太陽(yáng)的距離，故D錯(cuò)誤。故選AC。6.如圖，圓形水平餐桌面上有一個(gè)半徑為r、可繞中心軸轉(zhuǎn)動(dòng)的同心圓盤(pán)，在圓盤(pán)的邊緣放置一個(gè)質(zhì)量為m的小物塊，物塊與圓盤(pán)間、物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為?，F(xiàn)從靜止開(kāi)始緩慢增大圓盤(pán)的角速度，物塊從圓盤(pán)上滑落后，最終恰好停在桌面邊緣。若最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度大小為g，圓盤(pán)厚度及圓盤(pán)與餐桌間的間隙不計(jì)，物塊可視為質(zhì)點(diǎn)。則（）A.小物塊從圓盤(pán)上滑落后，小物塊在餐桌上做曲線運(yùn)動(dòng)B.物塊隨圓盤(pán)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，圓盤(pán)對(duì)小物塊做功為C.餐桌面的半徑為D.物塊在餐桌面上滑行的過(guò)程中，所受摩擦力的沖量大小為〖答案〗BD〖解析〗A．小物塊從圓盤(pán)上滑落后，小物塊沿切線方向滑出，合外力為與速度方向相反的滑動(dòng)摩擦力，做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．小物塊滑下時(shí)可知由動(dòng)能定理可得圓盤(pán)對(duì)小物塊做的功為故B正確；C．小物塊滑下后在桌面上滑動(dòng)時(shí)，由動(dòng)能定理得解得小物塊在桌面滑動(dòng)距離則餐桌面的半徑為故C錯(cuò)誤；D．物塊在餐桌面上滑行的過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)量定理可得所受摩擦力的沖量大小為故D正確。故選BD。7.如圖所示為某彈跳玩具，底部是一個(gè)質(zhì)量為m的底座，通過(guò)彈簧與頂部一質(zhì)量的小球相連，同時(shí)用輕質(zhì)無(wú)彈性的細(xì)繩將底座和小球連接，穩(wěn)定時(shí)繩子伸直而無(wú)張力。用手將小球按下一段距離后釋放，小球運(yùn)動(dòng)到初始位置處時(shí)，瞬間繃緊細(xì)繩，帶動(dòng)底座離開(kāi)地面，一起向上運(yùn)動(dòng)，底座離開(kāi)地面后能上升的最大高度為h，則（）A.用手將小球按下一段距離后，彈簧的彈性勢(shì)能為B.繩子繃緊前的瞬間，小球的動(dòng)能為C.繩子繃緊瞬間，系統(tǒng)損失的機(jī)械能為D.玩具離開(kāi)地面上升到最高點(diǎn)的過(guò)程中，重力做功為〖答案〗CD〖解析〗ABC．設(shè)細(xì)繩繃緊后瞬間，小球和底座一起向上運(yùn)動(dòng)的速度大小為v，底座離開(kāi)地面后能上升h高，則有設(shè)細(xì)繩繃緊前瞬間，小球速度為，根據(jù)動(dòng)量守恒可得可得則繩子繃緊前的瞬間，小球的動(dòng)能為則繩子繃緊瞬間，系統(tǒng)損失的機(jī)械能為用手將小球按下一段距離后，在繩子繃緊前的瞬間，減小的彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化成小球的動(dòng)能和重力勢(shì)能，故彈性勢(shì)能滿(mǎn)足故AB錯(cuò)誤，C正確；D．玩具離開(kāi)地面上升到最高點(diǎn)的過(guò)程中，重力做功為故D正確。故選CD。8.如圖所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直紙面向外勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，固定一內(nèi)部真空且內(nèi)壁光滑的圓柱形薄壁絕緣管道，其軸線與磁場(chǎng)垂直。管道橫截面半徑為a，長(zhǎng)度為（）。帶電粒子束持續(xù)以某一速度v沿軸線進(jìn)入管道，粒子在磁場(chǎng)力作用下經(jīng)過(guò)一段圓弧垂直打到管壁上，與管壁發(fā)生彈性碰撞，多次碰撞后從另一端射出，單位時(shí)間進(jìn)入管道的粒子數(shù)為n，粒子電荷量為，不計(jì)粒子的重力、粒子間的相互作用，下列說(shuō)法正確的是（）A.粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的圓弧半徑為B.粒子質(zhì)量為C.管道內(nèi)的等效電流為D.粒子束對(duì)管道的平均作用力大小為〖答案〗BD〖解析〗AB．帶正電的粒子沿軸線射入，然后垂直打到管壁上，可知粒子運(yùn)動(dòng)的圓弧半徑為R=a解得粒子質(zhì)量為A錯(cuò)誤，B正確；C．根據(jù)電流的定義式解得C錯(cuò)誤；D．粒子束對(duì)管道的平均作用力大小等于等效電流受的安培力F=nqBlD正確。故選BD。三、非選擇題：共60分，其中9、10、11題為填空題，12、13題為實(shí)驗(yàn)題，14~16題為計(jì)算題。請(qǐng)考生按要求作答。9.請(qǐng)將下列核反應(yīng)方程補(bǔ)充完整。A．____；B．____；C．____?！即鸢浮健冀馕觥紸．由質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知，質(zhì)量數(shù)電荷數(shù)由此可知產(chǎn)生的元素X是，該方程為此核反應(yīng)方程式是重核裂變方程；B．同理，質(zhì)量數(shù)電荷數(shù)由此可知產(chǎn)生的元素X是氦核，該方程為此核反應(yīng)方程式是衰變；C．同理，質(zhì)量數(shù)電荷數(shù)由此可知產(chǎn)生的元素X是，該方程為此核反應(yīng)方程式是人工轉(zhuǎn)變方程。10.有一列振幅為的簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，時(shí)刻位于0點(diǎn)的波源開(kāi)始振動(dòng)。時(shí)的波形如圖所示，此時(shí)波傳播到處，波源的坐標(biāo)為，則該簡(jiǎn)諧波傳播的速度____；周期____；波長(zhǎng)____。〖答案〗11m/s4.8m〖解析〗[1]該簡(jiǎn)諧波傳播的速度為[2]由波形平移法可知，質(zhì)點(diǎn)的起振方向沿軸負(fù)方向，設(shè)波源的振動(dòng)方程為由題意可知可得解得周期為[3]波長(zhǎng)為11.如圖，兩端開(kāi)口、下端連通的導(dǎo)熱汽缸，用兩個(gè)輕質(zhì)絕熱活塞（截面積分別為和）封閉一定質(zhì)量的理想氣體，活塞與汽缸壁間無(wú)摩擦。在左端活塞上緩慢加細(xì)沙，活塞從A下降h高度到B位置時(shí)，活塞上細(xì)沙的總質(zhì)量為m。在此過(guò)程中，用外力F作用在右端活塞上，使活塞位置始終不變。整個(gè)過(guò)程環(huán)境溫度和大氣壓強(qiáng)保持不變，系統(tǒng)始終處于平衡狀態(tài)，重力加速度為g。（1）整個(gè)過(guò)程，理想氣體的分子平均動(dòng)能____；（2）整個(gè)過(guò)程，外力F做功等于____；（3）左端活塞到達(dá)B位置時(shí)，外力_____。〖答案〗（1）不變（2）0（3）〖解析〗（1）[1]汽缸導(dǎo)熱，整個(gè)過(guò)程，理想氣體溫度不變，分子平均動(dòng)能不變（2）[2]外力F作用在右端活塞上，活塞位置不變，可知在F作用下沒(méi)有位移，可知外力F做功為0。（3）[3]左端活塞到達(dá)B位置時(shí)，對(duì)左邊活塞有對(duì)于右邊活塞有聯(lián)立兩式得12.采用圖1所示的電路圖來(lái)測(cè)量金屬絲的電阻率。（1）實(shí)驗(yàn)時(shí)，閉合開(kāi)關(guān)S前，滑動(dòng)變阻器的滑片P應(yīng)處在___________（填“M”或“N”）端。（2）按照?qǐng)D1連接實(shí)物圖，如圖2所示。閉合開(kāi)關(guān)前檢查電路時(shí)，發(fā)現(xiàn)有一根導(dǎo)線接錯(cuò)，該導(dǎo)線為_(kāi)__________（填“a”“b”或“c”）。若閉合開(kāi)關(guān)，該錯(cuò)誤連接會(huì)帶來(lái)的問(wèn)題有___________?！即鸢浮剑?）M（2）b移動(dòng)滑片時(shí)，電壓表和電流表的示數(shù)不變〖解析〗（1）[1]實(shí)驗(yàn)時(shí)，閉合開(kāi)關(guān)S前，為保護(hù)電路，滑動(dòng)變阻器滑片P應(yīng)處在最大阻值處，滑動(dòng)變阻器的滑片P應(yīng)處在M端。（2）[2][3]滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，滑動(dòng)變阻器下端兩接線柱與電源相連，故b導(dǎo)線接錯(cuò)；該錯(cuò)誤帶來(lái)的問(wèn)題是移動(dòng)滑片的過(guò)程中電壓表和電流表的示數(shù)不變。13.某同學(xué)為了驗(yàn)證對(duì)心碰撞過(guò)程中的動(dòng)量守恒定律，設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)：用紙板搭建如圖所示的滑道，使硬幣可以平滑地從斜面滑到水平面上，其中為水平段，在水平段取一點(diǎn)。選擇相同材質(zhì)的一元硬幣和一角硬幣進(jìn)行實(shí)驗(yàn)。測(cè)量硬幣的質(zhì)量，得到一元硬幣和一角硬幣的質(zhì)量分別為和。將硬幣放置在斜面上某一位置，標(biāo)記此位置為。由靜止釋放a，當(dāng)a停在水平面上某處時(shí)，測(cè)量a右側(cè)到點(diǎn)的距離，如圖甲所示；將硬幣b放置在處，左側(cè)與點(diǎn)重合，再將a從點(diǎn)由靜止釋放，當(dāng)兩枚硬幣發(fā)生碰撞后，a、b分別停在水平面上時(shí)，測(cè)量a右側(cè)到點(diǎn)的距離、b左側(cè)到點(diǎn)的距離，如圖乙所示。保持釋放位置不變，重復(fù)實(shí)驗(yàn)若干次，得到的平均值分別為。（1）在本實(shí)驗(yàn)中，b選用的是______（選填“一元”或“一角”）硬幣。（2）若a、b碰撞前后動(dòng)量守恒，則應(yīng)滿(mǎn)足的表達(dá)式為_(kāi)_____（用、和表示）；若碰撞前后動(dòng)量守恒且機(jī)械能相等，則應(yīng)滿(mǎn)足的表達(dá)式為_(kāi)_____（用和表示）。（3）該同學(xué)規(guī)范的完成了實(shí)驗(yàn)的每一步操作，最后代入實(shí)驗(yàn)測(cè)得的數(shù)據(jù)，發(fā)現(xiàn)碰撞前后動(dòng)量并不守恒，原因可能是______（回答一條即可）?！即鸢浮剑?）一角（2）（3）①可能兩個(gè)硬幣厚度不同，兩硬幣重心連線與水平面不平行；②兩硬幣碰撞內(nèi)力不遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于外力，動(dòng)量守恒只是近似滿(mǎn)足，即如果摩擦力比較大，動(dòng)量守恒只是近似滿(mǎn)足〖解析〗（1）[1]為了保證兩硬幣碰后都向右運(yùn)動(dòng)，則需要入射硬幣質(zhì)量大于被碰硬幣的質(zhì)量即碰撞后甲向右運(yùn)動(dòng)，即b選用的一角的硬幣；

（2）[2]不放置硬幣乙時(shí)，甲從O點(diǎn)到P點(diǎn)