云南省2025屆高三物理下學(xué)期適應(yīng)性考試試題A卷含解析

PAGE16-云南省2025屆高三物理下學(xué)期適應(yīng)性考試試題（A卷）（含解析）二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，第14~18題只有一項符合題目要求，第19~21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.近代物理取得了特別輝煌的成就，下列關(guān)于近代物理的說法正確的是（）A.用同頻率的光照耀不同的的金屬表面時均有光電子逸出，從金屬表面逸出的光電子的最大初動能Ek越大，則這種金屬的逸出功W就越大B.137Cs是核泄漏時對人體產(chǎn)生有害輻射的的重要污染物，其核反應(yīng)方程式其中X為電子C.一個氫原子處在n=4的能級，當(dāng)它躍遷到較低能級時，最多可發(fā)出6種頻率的光子D.每個核子只與鄰近核子產(chǎn)生核力作用，比結(jié)合能越大的原子核越不穩(wěn)定【答案】B【解析】【詳解】A．依據(jù)愛因斯坦的光電效應(yīng)方程同種光照耀金屬，初動能Ek越大，該金屬的逸出功W就越小，A錯誤；B．在核反應(yīng)方程中，依據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒，電荷數(shù)守恒，可以求得X的質(zhì)量數(shù)為零，帶一個單位負電荷，因此它肯定是電子，B正確；C．因為只有一個氫原子，處在n=4的能級，當(dāng)它躍遷到較低能級時，最多可發(fā)出3種頻率的光子，C錯誤；D．比結(jié)合能越大，原了核結(jié)合的越堅固，也就是原子核越穩(wěn)定，D錯誤。故選B。2.如圖甲所示，O、A為電場中始終線上的兩個點，帶正電的點電荷只受電場力的作用，從O點以某一初速度沿直線運動到A點，其電勢能Ep隨位移x的變更關(guān)系如圖乙所示。則從O到A過程中，下列說法正確的是（）A.點電荷的速度先增大后減小B.點電荷所受電場力先減小后增大C.該電場是負點電荷形成的D.O到A電勢先降低后上升【答案】B【解析】【詳解】A．正電荷在電場力作用下運動，故電荷的電勢能與動能的總和不變，由圖象可知，電勢能先增大后減小，則動能先減小后增大，速度先減小后增大，A錯誤；

BC．電場力做的功W=Fx=Ep-Ep0，Ep-x圖線的斜率反映電場力的大小，可見電場力先減小后增大，且方向發(fā)生了變更，因此不行能是點電荷的電場，即B正確，C錯誤；

D．從A到B過程中，該正電荷的電勢能先增大再減小，則空間各點的電勢先上升后降低，D錯誤。

故選B。3.某跳水運動員身高1.8m訓(xùn)練時從10m跳臺雙腳朝下自由下落。小潘同學(xué)利用手機連拍功能，連續(xù)拍了幾張照片，其中兩張連續(xù)照片中顯示運動員雙腳離水面的實際高度分別為5.0m和2.8m，試估算手機連拍的時間間隔（）A1×10-1 B.2×10-1 C.1×10-2 D.2×10【答案】B【解析】【詳解】雙腳離水面5.0m時，依據(jù)自由落體運動規(guī)律得聯(lián)立并帶入數(shù)據(jù)解得同理可得雙腳離水面2.8m時可知故選B。4.如圖所示，三輛完全相同的平板小車a、b、c成始終線排列，質(zhì)量均為M，靜止在光滑水平面上。c車上有一靜止的質(zhì)量為m的小孩?，F(xiàn)跳到b車上，接著又馬上從b車跳到a車上。小孩跳離c車和b車時對地的水平速度均為v。小孩跳到a車上后相對a車保持靜止，則（）A.a、b、c、小孩四者組成的系統(tǒng)水平方向動量不守恒B.b、c兩車運動速率相等C.b的速率為D.a的速率為【答案】D【解析】【詳解】A．a(chǎn)、b、c、小孩四者組成的系統(tǒng)，水平方向的外力之和為零，水平方向動量守恒，故A錯誤；BC．對小孩跳離c車的過程，取向右為正方向，對小孩和c的系統(tǒng)，由水平方向動量守恒定律，有解得c車的速度為負號表示方向向左；對小孩跳上b車再跳離b車的過程，由小孩和b的系統(tǒng)水平方向動量守恒，有解得b車最終的速度為故BC均錯誤。D．對小孩跳上a車的過程，由動量守恒定律，有解得a車的最終速度為故D正確。故選D。5.在如圖所示的裝置中，兩物塊A、B的質(zhì)量分別為mA、mB，而且mA＞mB，整個系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，設(shè)此時輕質(zhì)動滑輪右端的輕繩與水平面之間的夾角為θ，若小車向左緩慢移動一小段距離并停下來后，整個系統(tǒng)再次處于靜止?fàn)顟B(tài)，則下列說法正確的是（）A.物塊A的位置高度不變 B.物塊A的位置將變低C.輕繩與水平面的夾角θ將變大 D.輕繩與水平面的夾角θ將不變【答案】D【解析】【詳解】CD．動滑輪兩邊繩子拉力相等，且在水平方向的重量也要相等才能平衡，故兩邊繩子與水平方向的夾角相等，都等于，繩子上的拉力總是等于A的重力保持不變，且動滑輪兩邊繩子的拉力合力總是等于mBg，合力不變，依據(jù)平行四邊形合成，則兩邊繩子的夾角不變，即不變。故D正確，C錯誤。AB．小車向左緩慢移動一小段距離，由上分析可知繩子與水平方向的夾角不變，而小車和滑輪之間的水平距離增大，因此滑輪到小車之間的繩子應(yīng)變長，繩子總長度不變，則物體A將上升。故AB錯誤。故選D。6.宇宙飛船以周期T繞地球作圓周運動時，由于地球遮擋陽光，會經(jīng)驗“日全食”過程(宇航員看不見太陽)，如圖所示，已知地球的半徑為R，地球質(zhì)量為M，引力常量為G，地球自轉(zhuǎn)周期為T0，太陽光可看作平行光，飛船上的宇航員在A點測出對地球的張角為ɑ，則以下推斷正確的是()A.飛船繞地球運動的線速度為B.一個天內(nèi)飛船經(jīng)驗“日全食”的次數(shù)為C.飛船每次“日全食”過程的時間為D.飛船周期為【答案】AD【解析】【詳解】飛船繞地球勻速圓周運動，線速度為；又由幾何關(guān)系知

，解得：，故A正確；地球自轉(zhuǎn)一圈時間為T0，飛船繞地球一圈時間為T，飛船繞一圈會有一次日全食，所以每過時間T就有一次日全食，得一天內(nèi)飛船經(jīng)驗“日全食”的次數(shù)為，

故B錯誤；由幾何關(guān)系，飛船每次“日全食”過程的時間內(nèi)飛船轉(zhuǎn)過α角所需的時間為：，故C錯誤．萬有引力供應(yīng)向心力則：得：，故D正確.7.如圖所示，電荷量相等的兩種離子氖20和氖22從容器A下方的狹縫S1飄入（初速度為零）電場區(qū)，經(jīng)電場加速后通過狹縫S2、S3垂直于磁場邊界MN射入勻強磁場，磁場方向垂直紙面對里，離子經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后發(fā)生分別，最終到達照相底片D上。不考慮離子間的相互作用，則（）A.電場力對每個氖20和氖22做的功相等B.氖22進入磁場時的速度較大C.氖22在磁場中運動的半徑較小D.若加速電壓發(fā)生波動，兩種離子打在照相底片上的位置可能重疊【答案】AD【解析】【詳解】A．依據(jù)電場力做功公式，氖20和氖22的電荷量相同，加速電場電壓相同，所以做的功相同，A正確；B．在加速電場中，依據(jù)動能定理有由于氖20的質(zhì)量小于氖22的質(zhì)量，所以氖20的速度大于氖22的速度，B錯誤；C．在磁場中，依據(jù)洛倫茲力供應(yīng)向心力，可得解得依據(jù)動能和動量的關(guān)系有綜上可推斷，q、B和Ek相同，由于氖22的質(zhì)量大，所以氖22的半徑也大，C錯誤；D．在加速電場中，依據(jù)動能定理有在磁場中，依據(jù)洛倫茲力供應(yīng)向心力，可得聯(lián)立可得對于同位素，加速電壓相同時，質(zhì)量越大做圓周運動的半徑越大；對同種離子，加速電壓越大，其做圓周運動的半徑越大；若電壓發(fā)生波動，則氖20和氖22做圓周運動的半徑在肯定的范圍內(nèi)變更，所以氖20在電壓較高時的半徑可能和氖22在電壓較低時的半徑相等，兩種離子打在照相底片上的位置就重疊，所以D正確。故選AD。8.如圖所示，空間等間距分布著水平向里的一系列足夠多的磁感應(yīng)強度為B條形勻強磁場區(qū)，磁場區(qū)域豎直高度足夠高。每個條形磁場區(qū)域的寬度和相鄰條形磁場區(qū)域的間距均為d，現(xiàn)有一邊長為L（d>L），質(zhì)量為m，電阻為R的正方形線框MNOP以初速度v0從左側(cè)磁場邊緣水平進入磁場，進入磁場時MN邊平行磁場邊界，則以下說法正確的是（）A.由于磁場的存在使得線框落地時間比沒有磁場時更長B.線框在該區(qū)域運動過程中產(chǎn)生的焦耳熱為C.線框每穿過一個磁場區(qū)域時水平速度的變更量大小均為D.線框能穿過完整條形磁場區(qū)域的個數(shù)為表達式【答案】BD【解析】【詳解】A．線框進入磁場或者出離磁場時會產(chǎn)生感應(yīng)電流，則線圈上下邊受到的安培力等大反向，可知豎直方向的合力仍等于線框的重力，則磁場的存在，線框落地時間與沒有磁場時相同，選項A錯誤；B．線框水平方向上進磁場和出磁場受安培力做減速運動，在無磁場區(qū)以及全部在磁場中做勻速直線運動，在豎直方向上僅受重力，做自由落體運動。最終水平速度減為零，線框最終將豎直下落，設(shè)線框豎直下落H時，速度為vH，由能量守恒得自由落體規(guī)律vH2=2gH解得選項B正確；C．線圈在水平方向進入和出離磁場時都受到向左的安培力作用而做減速運動，則線圈進入磁場時，依據(jù)動量定理則則線框每穿過一個磁場區(qū)域時水平速度的變更量大小均為選項C錯誤；D．依據(jù)C的分析可知，線框能穿過完整條形磁場區(qū)域的個數(shù)為表達式選項D正確。故選BD。三、非選擇題：共174分，第22~32題為必考題，每個試題考生都必需作答。第33~38題為選考題，考生依據(jù)要求作答。9.某試驗小組要做“探究小車的加速度與合外力的關(guān)系”的試驗，采納的試驗裝置如圖1所示．本試驗首先要平衡摩擦力，其目的是______A.為了試驗時細線的拉力近似等于所掛鉤碼的重力B.為了試驗時小車所受的合外力等于細線的拉力C.為了試驗時小車所受的合外力等于所掛鉤碼的重力本試驗______填“須要”或“不須要”鉤碼的質(zhì)量遠小于小車的質(zhì)量．該同學(xué)在探討小車運動時打出了一條紙帶，在紙帶上每連續(xù)5個間隔取一個計數(shù)點，相鄰兩個計數(shù)點之間的距離如圖2所示，打點計時器的頻率，則小車的平均加速度為______結(jié)果保留3位有效數(shù)字試驗時，某同學(xué)由于疏忽，遺漏了平衡摩擦力這一步驟，他測量得到的圖象，可能是下圖中的圖線______【答案】(1).B(2).不須要(3).0.999(4).C【解析】【分析】(1)探究小車加速度與合外力的關(guān)系，小車所受的合外力等于細線的拉力，須要平衡摩擦力；(2)運用力傳感器可以干脆測量力的大小，不須要使鉤碼的質(zhì)量遠小于小車的質(zhì)量；(3)依據(jù)逐差法求解小車的加速度；(4)假如沒有平衡摩擦力的話，就會出現(xiàn)當(dāng)有拉力時，物體不動的狀況.【詳解】(1)為了試驗時小車所受的合外力等于細線的拉力，須要用小車的重力分力與摩擦力相平衡，故B正確；故選B.(2)運用傳感器可以干脆測量拉力的大小，不須要鉤碼的質(zhì)量遠小于小車的質(zhì)量，故選不須要；(3)頻率為：f=50Hz，則周期為：T=0.02s，連續(xù)5個點為一個計數(shù)點，相鄰兩個計數(shù)點之間的時間間隔為：t=5T=0.1s；依據(jù)逐差法可知小車的加速度為：.(4)若沒有平衡摩擦力，則當(dāng)F≠0時，a=0．也就是說當(dāng)繩子上有拉力時小車的加速度還為0，所以可能是圖中的圖線C.【點睛】解決本題的關(guān)鍵知道試驗的原理以及試驗需留意的事項，駕馭平衡摩擦力的方法，留意不能將裝砂的小桶用細繩通過定滑輪系在小車上．探討三個物理量之間的關(guān)系，需采納限制變量法，先限制一個物理量不變，探討另外兩個物理量之間的關(guān)系．留意探討a與m的關(guān)系時，若作a-m圖線，圖線是曲線，無法得出a與m的關(guān)系．10.用下列器材組裝成一個電路，既能測量出電池組的電動勢E和內(nèi)阻r，又能同時描繪小燈泡的伏安特性曲線。A.電壓表V1（量程6V、內(nèi)阻很大）B.電壓表V2（量程3V、內(nèi)阻很大）C.電流表A（量程3A、內(nèi)阻很小）D.滑動變阻器R（最大阻值10Ω）E.小燈泡（2A、5W）F.電池組（電動勢E、內(nèi)阻r）G.開關(guān)一只，導(dǎo)線若干(1)某同學(xué)設(shè)計的試驗電路圖如圖甲，試驗時調(diào)整滑動變阻器的滑動片向右滑動，則電壓表V1的示數(shù)________，電壓表V2的示數(shù)________。（填“變大”“變小”或“不變”）(2)每一次操作后，同時記錄電流表A、電壓表V1和電壓表V2的示數(shù)，組成兩個坐標點（I，U1）、（I，U2），標到U－I坐標中，經(jīng)過多次測量，最終描繪出兩條圖線，如圖乙所示，則電池組的電動勢E=________V、內(nèi)阻r=________Ω。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）(3)在U－I圖像中兩條圖線在P點相交，此時滑動變阻器連入電路的阻值應(yīng)為________Ω，電池組的效率為________。【答案】(1).變小(2).變大(3).4.5(4).1.0(5).0(6).56%【解析】【詳解】（1）[1]調(diào)整滑動變阻器的滑動片向右滑動，滑動變阻器接入電路中的阻值變小，外電路的電阻減小，則路端電壓減小，電壓表V1的示數(shù)變小；[2]因電路的電流變大，則電壓表V2的示數(shù)變大。（2）[3]由題圖乙可知，電池組的電動勢E=4.5V[4]內(nèi)阻（3）[5]兩圖線的交點處，兩個電壓表的讀數(shù)相同，故此時滑動變阻器接入電路中的阻值為0；[6]電池組的效率為11.如圖1所示，足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ豎直放置，其寬度L＝1m，一勻強磁場垂直穿過導(dǎo)軌平面，導(dǎo)軌的上端M與P之間連接阻值為R＝0.40Ω的電阻，質(zhì)量為m＝0.01kg、電阻為r＝0.30Ω的金屬棒ab緊貼在導(dǎo)軌上．現(xiàn)使金屬棒ab由靜止起先下滑，下滑過程中ab始終保持水平，且與導(dǎo)軌接觸良好，其下滑距離x與時間t的關(guān)系如圖2所示，圖象中的OA段為曲線，AB段為直線，導(dǎo)軌電阻不計，g＝10m/s2（忽視ab棒運動過程中對原磁場的影響），試求：（1）當(dāng)t＝1.5s時，重力對金屬棒ab做功的功率；（2）金屬棒ab在起先運動的1.5s內(nèi)，電阻R上產(chǎn)生的熱量；（3）磁感應(yīng)強度B的大?。敬鸢浮浚?）0.7W（2）0.26J（3）0.1T【解析】【詳解】（1）由x﹣t圖象求得t＝1.5s時金屬棒的速度為v==m/s=7m/st＝1.5s時，重力對金屬棒ab做功的功率為P＝mgv＝0.01×10×7W＝0.7W．（2）金屬棒ab在起先運動的1.5s內(nèi)，金屬棒的重力勢能減小，轉(zhuǎn)化為金屬棒的動能和電路的內(nèi)能．設(shè)電路中產(chǎn)生的總焦耳熱為Q，依據(jù)能量守恒定律得mgx=mv2+Q代入解得Q＝0.455J由焦耳定律得R中發(fā)熱QR＝I2Rt，金屬棒ab發(fā)熱Qr＝I2rt，則QR：Qr＝R：r＝4：3又QR+Qr＝Q解得QR＝0.26J（3）金屬棒勻速運動時所受的安培力大小為F＝BIL，而I=，E＝BLv得到F=依據(jù)平衡條件得F＝mg則有=mg代入解得B＝0.1T12.如圖所示，水平面右端放一質(zhì)量m=0.1kg的小物塊（可看做質(zhì)點），讓小物塊以v0=4m/s的初速度使其水平向左運動，運動位移s=1m時將彈簧壓至最短（在彈簧的彈性限度內(nèi)，其勁度系數(shù)k=100N/m。），反彈回到動身點時物塊的速度大小v1=2m/s，若水平面右端與一長L=3m的水平傳送帶平滑連接，傳送帶以v2=10m/s的速度順時針勻速轉(zhuǎn)動，傳送帶右端又與豎直面內(nèi)的光滑圓形軌道的底端平滑連接，當(dāng)小物塊進入圓軌道時會觸發(fā)閉合裝置關(guān)閉圓軌道，圓軌道半徑R=0.8m，不計空氣阻力，g=10m/s2.求：（答案可用根號表示）(1)為使小物塊進入圓軌道后過不了圓心等高點，則傳送帶與物塊間的動摩擦因數(shù)μ1滿意的條件；(2)小物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)μ2、彈簧具有的最大壓縮量xmax；(3)若將一個固定的長度與彈簧原長相等且右端面為與墻面平行的豎直平面的長方體替換彈簧，且右端面上方裝一可看成質(zhì)點的小鈴鐺（圖上沒畫），且去除圓軌道觸發(fā)閉合裝置，物塊進入圓軌道后不脫離圓軌道，小物塊與長方體右端面發(fā)生彈性正碰。傳送帶與物塊間的動摩擦因數(shù)μ=0.1，如要使鈴鐺響二聲，給小物塊向左的初速度v0滿意什么條件?！敬鸢浮?1)；(2)，；(3)【解析】【詳解】(1)物塊恰好到達軌道圓心等高點時，依據(jù)動能定理得帶入數(shù)據(jù)解得為使小物塊進入圓軌道后過不了圓心等高點，則傳送帶與物塊間的動摩擦因數(shù)μ1滿意的條件是(2)物塊從向左運動到回到原點，依據(jù)動能定理得帶入數(shù)據(jù)解得物塊從向左運動到彈簧壓縮到最短時過程，依據(jù)動能定理得帶入數(shù)據(jù)解得(3)要使鈴鐺響二聲，給小物塊向左的較大初速度v0，且到達圓軌道后不能高于圓心等高點，否則可能脫離軌道，從起點到達圓心等高點依據(jù)動能定理得帶入數(shù)據(jù)解得給小物塊向左的較小初速度v0，且最終恰好其次次達到鈴鐺處，傳送帶對物塊先做正功后做負功，傳送帶全程對物塊做功為零；同理重力對物塊做功為零，從起點到其次次到達鈴鐺處，依據(jù)動能定理得帶入數(shù)據(jù)解得給小物塊向左的初速度v0滿意條件是13.下列說法正確是________。A.石墨和金剛石的物理性質(zhì)不同，是由于組成它們的物質(zhì)微粒排列結(jié)構(gòu)不同B.液