2020屆廣東省深圳市高考物理二調(diào)試卷(含答案詳解)

2020屆廣東省深圳市高考物理二調(diào)試卷一、單選題（本大題共8小題，共24.0分）1. 如圖所示為研究光電效應(yīng)的電路圖。開(kāi)關(guān)閉合后，當(dāng)用波長(zhǎng)為λ0的單色光照射光電管的陰極K時(shí)，電流表有示數(shù)。下列說(shuō)法正確的是(????)A.若只讓滑片P向D端移動(dòng)，則電流表的示數(shù)一定增大B.若只增加該單色光的強(qiáng)度，則電流表示數(shù)一定增大C.若改用波長(zhǎng)小于λ0的單色光照射光電管的陰極K，則陰極KD.若改用波長(zhǎng)大于λ0的單色光照射光電管的陰極K2. 足球運(yùn)動(dòng)員用20N的力把質(zhì)量1kg的足球踢出10m

遠(yuǎn)，則運(yùn)動(dòng)員對(duì)足球做的功為(????)A.200

J B.100

JC.98

J D.條件不足，無(wú)法確定3. 如圖所示，空間中的M、N處存在兩個(gè)被固定的、等量同種正點(diǎn)電荷，在它們的連線上有A、B、C三點(diǎn)，已知MA=CN=NB，MA<NA.現(xiàn)有一正點(diǎn)電荷g，關(guān)于在電場(chǎng)中移動(dòng)電荷q，下列說(shuō)法中正確的是(????)A.沿半圓弧l將q從B點(diǎn)移到C點(diǎn)，電場(chǎng)力不做功B.沿曲線r將q從B點(diǎn)移到C點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功C.沿曲線s將q從A點(diǎn)移到C點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功D.沿直線將q從A點(diǎn)移到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功4. 如圖所示，網(wǎng)球發(fā)球機(jī)正對(duì)豎直墻面兩次發(fā)球分別在墻上留下A、B兩點(diǎn)印跡、OP為水平線，測(cè)得AB-=3OA-，忽略空氣阻力，每個(gè)網(wǎng)球質(zhì)量相同，則A.兩球發(fā)射的初速度之比vA：vBB.兩球離開(kāi)P點(diǎn)時(shí)動(dòng)能之比EkA：EkBC.兩球下落過(guò)程重力做功之比WA：WBD.兩球剛碰墻壁時(shí)重力瞬時(shí)功率之比PA：PB5. 沿同一直線運(yùn)動(dòng)的a、b兩物體，其x-t圖象分別為圖中直線a和曲線b所示，由圖可知(

)A.兩物體運(yùn)動(dòng)方向始終不變B.0～t1內(nèi)aC.t1D.t1～t2內(nèi)6. 下列例子中應(yīng)用了反沖原理的是(????)A.洗衣機(jī)洗衣服時(shí)脫水過(guò)程 B.體操運(yùn)動(dòng)員在著地時(shí)彎曲雙腿C.噴氣式飛機(jī)和火箭的飛行 D.火車(chē)進(jìn)站時(shí)切斷動(dòng)力向前滑行7. 如圖所示，一木塊被水平外力F緊壓在傾斜墻面處于靜止。下列說(shuō)法正確的是(????)A.木塊只受到3個(gè)力的作用B.木塊一定受到4個(gè)力的作用C.墻面與木塊間可能沒(méi)有彈力D.墻面與木塊間可能沒(méi)有摩擦力8. 如圖所示，一輕彈簧上、下兩端各連接質(zhì)量均為m的兩物塊A、B，開(kāi)始時(shí)，系統(tǒng)靜止在水平面上，現(xiàn)用一豎直向上的恒力F拉物塊A，使其向上運(yùn)動(dòng)，直到物塊B剛好要離開(kāi)地面，重力加速度為g，則(????)A.A的加速度不變B.此過(guò)程恒力F做的功等于物塊A增加的機(jī)械能C.此過(guò)程中恒力F的功率一直增大D.此過(guò)程彈簧彈力對(duì)物塊A做功為正值二、多選題（本大題共6小題，共22.0分）9. 理想變壓器正常工作時(shí)，若只增加接在副線圈兩端的總電阻，則(????)A.副線圈中的電流增大 B.副線圈中的電流減小C.原線圈中的電流增大 D.原線圈中的電流減小10. 雜技表演“飛車(chē)走壁”的簡(jiǎn)化模型如圖所示、，表演者在側(cè)壁某一水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)、表演時(shí)雜技演員和摩托車(chē)的總質(zhì)量不變，摩托車(chē)與側(cè)壁間沿側(cè)壁傾斜方向的摩擦力不計(jì)，軌道平面離地面的高度為H，側(cè)整的黃角α不變。下列說(shuō)法正確的是A.H越大，摩托車(chē)做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度越小B.H越大，摩托車(chē)做圓周運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能越大C.摩托車(chē)對(duì)側(cè)壁的壓力大小與H無(wú)關(guān)D.摩托車(chē)圓周運(yùn)動(dòng)的周期與H無(wú)關(guān)11. 如圖1，A、B是一條電場(chǎng)線上的兩點(diǎn)，若在A點(diǎn)釋放一初速為零的電子，電子僅受電場(chǎng)力作用，并沿電場(chǎng)線從A運(yùn)動(dòng)到B，其速度隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖2所示．設(shè)A、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度分別為EA、EB，電勢(shì)分別為UA、UBA.EA=EB B.EA<E12. 回旋加速器在科學(xué)研究中得到了廣泛應(yīng)用，其原理如圖所示，D1和D2是兩個(gè)中空的半圓形金屬盒，置于與盒面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，它們接在電壓為U、周期為T(mén)的交流電源上．位于D1圓心處的質(zhì)子源A能不斷產(chǎn)生質(zhì)子(初速度可以忽略)，它們?cè)趦珊兄g被電場(chǎng)加速．當(dāng)質(zhì)子被加速到最大動(dòng)能Ek后，再將它們引出．忽略質(zhì)子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，則下列說(shuō)法中A.若只增大交變電壓U，則質(zhì)子的最大動(dòng)能EkB.若只增大交變電壓U，則質(zhì)子在回旋加速器中運(yùn)行時(shí)間縮短C.質(zhì)子第n次被加速前后的軌道半徑之比為n-1：nD.若只將交變電壓的周期變?yōu)?T，仍可用此裝置加速質(zhì)子13. 下列說(shuō)法中正確的是(????)A.液晶既有液體的流動(dòng)性，又具有光學(xué)各向異性B.飽和氣壓隨溫度的升高而變小C.單晶體具有規(guī)則形狀，且有各向異性的特征D.可以從單一熱源吸取熱量，使之全部變成有用的機(jī)械功，而不產(chǎn)生其他影響14. 下列說(shuō)法正確的是(????)A.一定質(zhì)量的理想氣體，體積減小，壓強(qiáng)也減小時(shí)，在單位面積上單位時(shí)間內(nèi)與容器壁碰撞的分子數(shù)目可能減少B.一定質(zhì)量的理想氣體，在吸熱后，體積增大，壓強(qiáng)也增大，則氣體吸收的熱量一定大于它對(duì)外所做的功C.將實(shí)際氣體壓縮時(shí)，氣體分子間作用力做負(fù)功，分子勢(shì)能增大D.燒水時(shí)，速率大的水分子數(shù)目增多，但可能有水分子的速率反而減小E.0℃的冰熔化成0℃的水，體積減小，故分子勢(shì)能減小，由于溫度不變，分子的平均動(dòng)能不變?nèi)?shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共12.0分）15. 某同學(xué)探究彈力與彈簧伸長(zhǎng)量的關(guān)系．彈簧自然懸掛，長(zhǎng)度記為L(zhǎng)0，彈簧下端掛上砝碼盤(pán)時(shí)，長(zhǎng)度記為L(zhǎng)x；在砝碼盤(pán)中每次增加10g砝碼，彈簧長(zhǎng)度依次記為L(zhǎng)1至代表符號(hào)LLLLLLLL數(shù)值(cm)25.3527.3529.3531.3033.435.3537.4039.30(1)表中有一個(gè)數(shù)值記錄不規(guī)范，代表符號(hào)為_(kāi)_____．(2)如圖是該同學(xué)根據(jù)表中數(shù)據(jù)作的圖，縱軸是砝碼的質(zhì)量，橫軸是彈簧長(zhǎng)度與______的差值(填“L0或Lx”(3)由圖可知彈簧的勁度系數(shù)為_(kāi)_____N/m；通過(guò)圖和表可知砝碼盤(pán)的質(zhì)量為_(kāi)_____g(結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字，g取9.8m/s16. 在“測(cè)定電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻”實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)在坐標(biāo)紙上畫(huà)出U-I圖線如圖所示。則電源的電動(dòng)勢(shì)E=______V，內(nèi)阻r=______Ω。四、計(jì)算題（本大題共5小題，共48.0分）17. 如圖所示，物體在蒙有動(dòng)物毛皮的斜面上運(yùn)動(dòng)．由于毛皮表面的特殊性，引起物體的運(yùn)動(dòng)有如下特點(diǎn)：①順著毛的生長(zhǎng)方向運(yùn)動(dòng)時(shí)毛皮產(chǎn)生的阻力可以忽略；②逆著毛的生長(zhǎng)方向運(yùn)動(dòng)會(huì)受到來(lái)自毛皮的滑動(dòng)摩擦力，且動(dòng)摩擦因數(shù)μ恒定．斜面頂端距水平面高度為h=0.8m，質(zhì)量為m=2kg的小物體M從斜面頂端A由靜止滑下，從O點(diǎn)進(jìn)入光滑水平滑道時(shí)無(wú)機(jī)械能損失，為使M制動(dòng)，將輕彈簧的一端固定在水平滑道延長(zhǎng)線B處的墻上，另一端恰位于水平軌道的中點(diǎn)C.已知斜面的傾角θ=53°，動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ=0.5，其余各處的摩擦不計(jì)，g=10m/s2(1)彈簧壓縮到最短時(shí)的彈性勢(shì)能(設(shè)彈簧處于原長(zhǎng)時(shí)彈性勢(shì)能為零)(2)若物塊M能夠被彈回到斜面上，則它能夠上升的最大高度是多少？(3)物塊M在斜面上下滑過(guò)程中的總路程．18. 如圖所示，相距為d、板間電壓為U的平行金屬板M、N間有垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B0的勻強(qiáng)磁場(chǎng)；在pOy區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向外、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)；pOx區(qū)域?yàn)闊o(wú)場(chǎng)區(qū)．一正離子(不計(jì)重力)沿平行于金屬板、垂直磁場(chǎng)射入兩板間并做勻速直線運(yùn)動(dòng)，從H(0,a)點(diǎn)垂直y軸進(jìn)入第Ⅰ象限，經(jīng)Op上某點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng)，最后垂直x軸離開(kāi)第Ⅰ象限．求：(1)離子在平行金屬板間的運(yùn)動(dòng)速度；(2)離子的荷質(zhì)比qm(3)離子在第Ⅰ象限的磁場(chǎng)區(qū)域和無(wú)場(chǎng)區(qū)域內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比．19. 如圖所示，傳送帶以恒定的速度v=10m/s運(yùn)動(dòng)，傳送帶與水平面的夾角θ為37°，PQ=16m，將一小物塊無(wú)初速地放在傳送帶上P點(diǎn)，物塊與此傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5，g=10m/s2.求當(dāng)傳送帶順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，小物塊運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的時(shí)間為多少？(sin37°=0.6,cos37°=0.8)20. 底面積S=40cm2、高l0=15cm的圓柱形汽缸開(kāi)口向上固定在水平地面上，開(kāi)口處兩側(cè)有擋板，如圖所示。缸內(nèi)有一可自由移動(dòng)的質(zhì)量為m=2kg的活塞封閉了一定質(zhì)量的理想氣體，不可伸長(zhǎng)的細(xì)線一端固定在活塞上，另一端跨過(guò)兩個(gè)光滑定滑輪拉著質(zhì)量為M=10kg的物體A.開(kāi)始時(shí)，氣體溫度tl=27℃，活塞到缸底的距離l1=l0cm，物體A(i)物體A剛著地時(shí)氣體的溫度；(ii)活塞剛到達(dá)汽缸頂部時(shí)氣體的溫度。21. 如圖所示，長(zhǎng)為31cm、內(nèi)徑均勻的細(xì)玻璃管開(kāi)口向上豎直放置，管內(nèi)水銀柱的上端正好與管口齊平，封閉氣體的長(zhǎng)為10cm，若把玻璃管在豎直平面內(nèi)緩慢轉(zhuǎn)至開(kāi)口豎直向下，這時(shí)留在管內(nèi)的水銀柱長(zhǎng)為15cm，然后再緩慢轉(zhuǎn)回到開(kāi)口豎直向上，求：(I)大氣壓強(qiáng)P0(Ⅱ)末狀態(tài)時(shí)空氣柱的長(zhǎng)度．

參考答案及解析1.答案：B解析：解：A、電路所加電壓為正向電壓，如果電流達(dá)到飽和電流，增加電壓，電流也不會(huì)增大，故A錯(cuò)誤；B、只增加單色光強(qiáng)度，逸出的光子數(shù)增多，電流增大，故B正確；C、金屬的逸出功與入射光無(wú)關(guān)，故C錯(cuò)誤；D、改用波長(zhǎng)大于λ0的光照射，雖然光子的能量變小，但也可能發(fā)生光電效應(yīng)，可能有電流，故D故選：B。分析電路，正向電壓時(shí)，達(dá)到飽和電流之前，電壓越大，電流越大；單色光強(qiáng)度與頻率和光子數(shù)共同決定；金屬的逸出功是固有屬性，與入射光無(wú)關(guān)；根據(jù)愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程分析。解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)方程，知道最大初動(dòng)能與遏止電壓的關(guān)系，注意光電子的最大初動(dòng)能是由入射光的頻率決定，與光強(qiáng)無(wú)關(guān)。2.答案：D解析：力做功的公式為W=FLcosθ，要找出物體在該力作用下通過(guò)的位移即可，力為20N，沒(méi)有告訴位移，故無(wú)法求做功．該題是利用公式求出相關(guān)物理量，直接進(jìn)行判斷，要知道公式W=FLcosθ中F、L應(yīng)對(duì)應(yīng)于同一過(guò)程．根據(jù)功的公式W=Fs，知F=20N，s不能確定，故運(yùn)動(dòng)員對(duì)足球做的功不能確定；故ABC錯(cuò)誤，D正確．故選：D

3.答案：C解析：解：AB、沿半圓弧l將q從B點(diǎn)移到C點(diǎn)的過(guò)程中，從B到N電場(chǎng)力做負(fù)功，N到C電場(chǎng)力做正功，根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加，知NC段的電場(chǎng)強(qiáng)度大于BN段的電場(chǎng)強(qiáng)度，B到C過(guò)程中，電場(chǎng)力做的負(fù)功小于電場(chǎng)力做的正功，所以B到C電場(chǎng)力做正功。故A、B錯(cuò)誤。C、A點(diǎn)與B點(diǎn)等電勢(shì)，所以A點(diǎn)移動(dòng)到C點(diǎn)與從B點(diǎn)移動(dòng)到C點(diǎn)等效，所以將電荷從A點(diǎn)移動(dòng)到C點(diǎn)電場(chǎng)力做正功。故C正確。D、A、B兩點(diǎn)等電勢(shì)，所以從A點(diǎn)移動(dòng)B點(diǎn)，電場(chǎng)力不做功。故D錯(cuò)誤。故選：C。電場(chǎng)力做功與路徑無(wú)關(guān)，根據(jù)電荷的移動(dòng)方向，分析電勢(shì)的變化，判斷電場(chǎng)力做功情況。解決本題的關(guān)鍵掌握電場(chǎng)力做功的特點(diǎn)：電場(chǎng)力做功與路徑無(wú)關(guān)，掌握判斷電場(chǎng)力做功正負(fù)的方法。4.答案：D解析：解：A、網(wǎng)球做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)公式：x=vth=1結(jié)合AB-=3OA-，可知vA：vB、根據(jù)動(dòng)能的計(jì)算公式Ek=12mv2，結(jié)合兩次發(fā)球的速度之比可知EC、根據(jù)重力做功的公式WG=mgh，結(jié)合AB-=3OA-，可知WAD、根據(jù)重力瞬時(shí)功率的公式P=mgv結(jié)合平拋豎直方向自由落體運(yùn)動(dòng)有：vy聯(lián)立解得PA：PB=1：2故選：D。通過(guò)豎直方向位移的比值求時(shí)間的比值，通過(guò)水平方向位移的比值求初速度的比值，根據(jù)動(dòng)能和重力做功的公式求得對(duì)應(yīng)比值，重力瞬時(shí)功率的計(jì)算公式為P=mgv本題考查平拋運(yùn)動(dòng)、動(dòng)能定理、重力做功、重力做功的功率問(wèn)題，注意求解重力做功的功率時(shí)應(yīng)為P=mgv5.答案：C解析：根據(jù)圖象切線的斜率表示速度，確定運(yùn)動(dòng)的方向，結(jié)合位置坐標(biāo)比較位移的大小，根據(jù)位移和時(shí)間的比值比較平均速度的大小關(guān)系。解決本題的關(guān)鍵知道位移時(shí)間圖線的物理意義，知道圖線切線斜率表示瞬時(shí)速度．結(jié)合幾何知識(shí)研究圖象的物理意義。A.在x-t圖象中，切線的斜率表示速度，b圖象的斜率先負(fù)后正，說(shuō)明b車(chē)先沿負(fù)向運(yùn)動(dòng)，后沿正向運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B.由圖知：0時(shí)刻到t1時(shí)刻，a物體的位移小于b物體的位移，故BC.t1到t2時(shí)間內(nèi)，某時(shí)刻兩圖象的斜率相等，物體的速度相同，故D.t1～t故選C。

6.答案：C解析：解：A、洗衣機(jī)洗衣服時(shí)脫水過(guò)程利用的是離心現(xiàn)象，與反沖無(wú)關(guān)，故A錯(cuò)誤；B、體操運(yùn)動(dòng)員在著地時(shí)彎曲雙腿是利用了緩沖原理，故B錯(cuò)誤；C、噴氣式飛機(jī)和火箭的飛行都是應(yīng)用了反沖的原理，故C正確；D、火車(chē)進(jìn)站時(shí)切斷動(dòng)力向前滑行是利用慣性，故D錯(cuò)誤。故選：C。明確反沖運(yùn)動(dòng)是相互作用的物體之間的作用力與反作用力產(chǎn)生的效果；同時(shí)注意其他物理規(guī)律在生產(chǎn)生活中的應(yīng)用．解決本題的關(guān)鍵知道反沖的原理，并且要知道反沖、慣性以及離心現(xiàn)象等在實(shí)際生活中的運(yùn)用．7.答案：B解析：解：對(duì)木塊受力分析，根據(jù)平衡條件可知木塊受推力、重力，若沒(méi)有支持力就沒(méi)有摩擦力，物體不可能平衡，故一定有支持力，同理有靜摩擦力，如圖所示，所以物體受到4個(gè)力作用，故ACD錯(cuò)誤，B正確。故選：B。對(duì)木塊受力分析，根據(jù)平衡條件可知物塊受推力、重力、支持力和靜摩擦力。本題關(guān)鍵是熟悉受力分析的方法，明確彈力和摩擦力的產(chǎn)生條件，然后根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件列式分析。8.答案：B解析：解：A、對(duì)A受力分析，開(kāi)始時(shí)，A受重力、拉力F和彈簧向上的彈力，由牛頓第二定律得：F+kx-mg=ma，隨著A的上升，彈簧的壓縮量x減小，加速度減小，但方向向上，A做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)．當(dāng)彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)后，A繼續(xù)上升，彈簧被拉長(zhǎng)，則有

F-kx-mg=ma，隨著A的上升，彈簧的伸長(zhǎng)量x增大，加速度減小，但方向向上，故A繼續(xù)做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤．B、根據(jù)平衡條件可知，開(kāi)始時(shí)彈簧壓縮量和B剛好要離開(kāi)地面時(shí)彈簧伸長(zhǎng)量均為：x=mgk，所以彈簧彈性勢(shì)能的變化量為零，根據(jù)功能關(guān)系知，此過(guò)程恒力F做的功等于物塊A增加的機(jī)械能，故C、A先做加速運(yùn)動(dòng)后再做減速運(yùn)動(dòng)，而力F恒定，故此過(guò)程中恒力F的功率先增大后減小，故C錯(cuò)誤；D、整個(gè)過(guò)程中，彈性勢(shì)能不變，所以整個(gè)過(guò)程中彈簧對(duì)A做功為零，故D錯(cuò)誤；故選：B對(duì)A應(yīng)用牛頓第二定律求出加速度，再有運(yùn)動(dòng)學(xué)知識(shí)確定A的速度變化情況，進(jìn)而確定力F的功率變化，結(jié)合動(dòng)能定理和能量守恒知識(shí)，確定功能之間關(guān)系．本題的關(guān)鍵要能正確分析物體的受力情況，來(lái)判斷物體的運(yùn)動(dòng)情況．要知道彈簧的彈性勢(shì)能與形變量有關(guān)．9.答案：BD解析：解：A、理想變壓器的原副線圈的電壓與匝數(shù)成正比，因原線圈的電壓不變，匝數(shù)也不變，所以副線圈的電壓也不變，若增增加接在副線圈兩端的總電阻，則副線圈中電流減小，故A錯(cuò)誤，B正確；C、理想變壓器的輸入功率由輸出功率決定，副線圈中電流減小，則輸出的電功率增大，故原線圈輸入功率減小，因原線圈的電壓不變，原線圈中電流減小，故C錯(cuò)誤，D正確；故選：BD。根據(jù)理想變壓器的原副線圈的電壓與匝數(shù)關(guān)系，來(lái)確定副線圈電壓如何變化；理想變壓器的輸入功率由輸出功率決定；由P=U考查理想變壓器的變壓比，掌握原副線圈間的功率關(guān)系，理解P=U10.答案：ABC解析：摩托車(chē)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，提供圓周運(yùn)動(dòng)的向心力是重力mg和支持力F的合力，作出力圖，得出向心力大小不變。h越高，圓周運(yùn)動(dòng)的半徑越大，由向心力公式分析周期、線速度大小。本題考查應(yīng)用物理規(guī)律分析實(shí)際問(wèn)題的能力，此題是圓錐擺模型，關(guān)鍵是分析物體的受力情況，抓住不變量進(jìn)行研究解：A、摩托車(chē)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，摩擦力恰好為零，由重力mg和支持力F的合力提供圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，作出力圖如圖，則有：向心力Fn=mgtanα，m，α不變，向心力大小不變。由mgtanα=mrω2得：ω=gtanαr，則知H越高，B、根據(jù)牛頓第二定律得Fn=mv2r，H越高，r越大，F(xiàn)C、側(cè)壁對(duì)摩托車(chē)的支持力F=mgcosαD、根據(jù)Fn=4π2mrT2，由于故選：ABC。

11.答案：AD解析：解：由圖可知：電子做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)．勻加速運(yùn)動(dòng)說(shuō)明所受電場(chǎng)力恒定，因此為勻強(qiáng)電場(chǎng)，即EA=EB，電子由靜止從A運(yùn)動(dòng)到B，所以電場(chǎng)力由A指向B，因此電場(chǎng)線方向從B指向A，沿電場(chǎng)線電勢(shì)降低，即有φA故選AD．根據(jù)電子運(yùn)動(dòng)的速度-時(shí)間圖象可知，電子做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由此可以判斷出電場(chǎng)的方向和電場(chǎng)強(qiáng)度大小的變化情況．本題結(jié)合運(yùn)動(dòng)圖象考查了電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)的變化情況，考查角度新穎，要注意結(jié)合圖象的含義以及電場(chǎng)線和電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)的關(guān)系求解．12.答案：BC解析：解：A、根據(jù)qvB=mv2r，得v=qBrmB、若只增大交變電壓U，則質(zhì)子在回旋加速器中加速次數(shù)會(huì)減小，導(dǎo)致運(yùn)行時(shí)間變短，故B正確；C、根據(jù)洛倫茲力提供向心力做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則有半徑公式R=mvBq與nqU=12mv2，所以質(zhì)子第nD、若只將交變電壓的周期變?yōu)?T，而質(zhì)子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期不變，則兩周期不同，所以不能始終處于加速狀態(tài)，故D錯(cuò)誤，故選：BC?；匦铀倨魇峭ㄟ^(guò)電場(chǎng)進(jìn)行加速，磁場(chǎng)進(jìn)行偏轉(zhuǎn)來(lái)加速帶電粒子．帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期與交流電源的周期相同，根據(jù)T=2πmqB比較周期．當(dāng)粒子最后離開(kāi)回旋加速器時(shí)的速度最大，根據(jù)解決本題的關(guān)鍵知道帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期與交流電源的周期相同，求出粒子的周期和最大動(dòng)能，根據(jù)質(zhì)量比和電量比，去比較周期和最大動(dòng)能．13.答案：AC解析：解：A、根據(jù)液晶特點(diǎn)和性質(zhì)可知，液晶既有液體的流動(dòng)性，又具有光學(xué)各向異性，故A正確．B、溫度越高，液體越容易揮發(fā)，故飽和汽壓隨溫度的升高而增大，故B錯(cuò)誤．C、晶體有單晶體和多晶體，單晶體一定具有規(guī)則形狀，且有各向異性的特征，故C正確．D、根據(jù)熱力學(xué)第二定律得知，在沒(méi)有外界影響之下，從單一熱源吸取熱，不可能使之全部變成有用的機(jī)械功，故D錯(cuò)誤．故選：AC．本題考查的知識(shí)點(diǎn)較多，關(guān)鍵要掌握固體的特性、飽和氣壓等等，要掌握熱力學(xué)第二定律，并能用來(lái)分析實(shí)際問(wèn)題．14.答案：ABD解析：解：A、一定質(zhì)量的理想氣體，體積減小，壓強(qiáng)也減小時(shí)，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，溫度也減小，分子平均速度也減小，在單位面積上單位時(shí)間內(nèi)與容器壁碰撞的分子數(shù)目可能減少，A正確；B、一定質(zhì)量的理想氣體，在吸熱后，體積增大，則氣體對(duì)外做功，壓強(qiáng)也增大，結(jié)合理想氣體狀態(tài)方程知溫度升高，內(nèi)能增大，根據(jù)熱力學(xué)第一定律：△U=W+Q知，Q>W，故B正確。C、將實(shí)際氣體壓縮時(shí)，氣體壓強(qiáng)(力)做負(fù)功，分子勢(shì)能不，故C錯(cuò)誤；D、燒水時(shí)，溫度升高，分子平均動(dòng)能增大，大部分水分子數(shù)速率增大，但這是一個(gè)統(tǒng)計(jì)數(shù)，所以可能有水分子的速率反而減小，故D正確；E、0℃的冰逐漸熔化成0℃的水的過(guò)程中吸收熱量，冰的內(nèi)能增大，而冰的溫度不變，則分子的平均動(dòng)能不變，所以分子勢(shì)能會(huì)增加，故E錯(cuò)誤。故選：ABD。溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志；內(nèi)能由分子動(dòng)能和分子勢(shì)能組成；熱力學(xué)第一定律：△U=W+Q；壓強(qiáng)的微觀因素有單位面積碰撞器壁的分子數(shù)和分子動(dòng)能決定；冰溶化的過(guò)程中吸收熱量，分子勢(shì)能會(huì)增加。分子動(dòng)理論和熱力定律知識(shí)點(diǎn)多且相互聯(lián)系，一定要學(xué)細(xì)學(xué)精，理解到位。15.答案：L3

Lx

4.9解析：解：(1)用毫米刻度尺測(cè)量長(zhǎng)度是要估讀到分度值的下一位，記錄數(shù)據(jù)的最后一位是估讀位，故數(shù)據(jù)L3記錄不規(guī)范，由表可知所用刻度尺的最小刻度為1mm(2)根據(jù)胡克定律公式△F=k△x，故橫軸應(yīng)為彈簧長(zhǎng)度與Lx(3)k=由表格得到，彈簧原長(zhǎng)為：L0=25.35cm；掛砝碼盤(pán)時(shí)：根據(jù)胡克定律，砝碼盤(pán)質(zhì)量為：M=k(故答案為：(1)L3；(2)Lx；(3)4.9；彈簧自然懸掛，故是豎直放置；充分利用測(cè)量數(shù)據(jù)，根據(jù)公式△F=k△x可以計(jì)算出彈簧的勁度系數(shù)k.其中△x為彈簧的形變量．彈簧測(cè)力計(jì)的原理是在彈簧的彈性限度內(nèi)，彈簧的伸長(zhǎng)與受到的拉力成正比．對(duì)于實(shí)驗(yàn)問(wèn)題，我們要充分利用圖象處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)來(lái)減少偶然誤差．16.答案：1.50；0.83解析：解：根據(jù)閉合電路歐姆定律可得：U=E-Ir，則根據(jù)圖象可知，圖象與縱軸的交點(diǎn)表示電動(dòng)勢(shì)，故E=1.50V；圖象的斜率表示內(nèi)電阻，則r=△U△I故答案為：1.50；0.83。由閉合電路歐姆定律進(jìn)行分析，結(jié)合圖象的性質(zhì)即可求得電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻。本題考查測(cè)量電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)，要注意明確實(shí)驗(yàn)原理，掌握利用圖象進(jìn)行數(shù)據(jù)處理的基本方法。17.答案：解：(1)物塊M從斜面頂端A運(yùn)動(dòng)到彈簧壓縮到最短，由動(dòng)能定理得

mgh-μmgcosθ?則E(2)設(shè)物塊M第一次彈回，上升的最大高度為H．物塊往回運(yùn)動(dòng)過(guò)程，毛皮對(duì)物塊沒(méi)有摩擦，所以機(jī)械能守恒則得：E解得H=0.5m(3)物塊M最終停止在水平面上，對(duì)于運(yùn)動(dòng)的全過(guò)程，由動(dòng)能定理得

mgh-μmgcosθ物塊M在斜面上下滑過(guò)程中的總路程x=答：(1)彈簧壓縮到最短時(shí)的彈性勢(shì)能是10J(2)若物塊M能夠被彈回到斜面上，則它能夠上升的最大高度是0.5m(3)物塊M在斜面上下滑過(guò)程中的總路程是2.67m．解析：(1)物塊M從斜面頂端A運(yùn)動(dòng)到彈簧壓縮到最短，由動(dòng)能定理求解彈簧壓縮到最短時(shí)的彈性勢(shì)能(2)由動(dòng)能定理研究上升的最大高度位置求解．(3)物塊M最終停止在水平面上，對(duì)于運(yùn)動(dòng)的全過(guò)程，由動(dòng)能定理求解．了解研究對(duì)象的運(yùn)動(dòng)過(guò)程是解決問(wèn)題的前提，根據(jù)題目已知條件和求解的物理量選擇物理規(guī)律解決問(wèn)題．一個(gè)題目可能需要選擇不同的過(guò)程多次運(yùn)用動(dòng)能定理研究．18.答案：解：(1)設(shè)帶電粒子的質(zhì)量為m、電量為q，在平行金屬板間的運(yùn)動(dòng)速度為v，平行金屬板間的場(chǎng)強(qiáng)為E0依題意，有：qvB0又勻強(qiáng)電場(chǎng)，有：E0聯(lián)立①②解得：v=U(2)帶電粒子進(jìn)入pOy區(qū)域，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，設(shè)軌道半徑為r，有：

qvB=mv依題意帶電粒子進(jìn)入第Ⅰ象限轉(zhuǎn)過(guò)14圈后從Op

r+rtan45°=a，得r=1聯(lián)立③④⑤得：qm(3)勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期T=2πr帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間：t1離子從C出來(lái)后作勻速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)經(jīng)過(guò)x軸上的D點(diǎn)，如圖，由幾