廣東省廣州市番禺實(shí)驗(yàn)中學(xué)2024-2025學(xué)年高二物理下學(xué)期6月月考試題含解析

PAGE17-廣東省廣州市番禺試驗(yàn)中學(xué)2024-2025學(xué)年高二物理下學(xué)期6月月考試題（含解析）一、單選題（共10小題，每題3分）1.下列說(shuō)法正確的是A.法拉第發(fā)覺了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，并定量得出了法拉第電磁感應(yīng)定律B.安培通過(guò)試驗(yàn)發(fā)覺磁場(chǎng)對(duì)電流有作用力，此力的方向與磁場(chǎng)方向垂直C.湯姆孫通過(guò)α粒子散射試驗(yàn)提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型D.自然放射現(xiàn)象說(shuō)明原子核內(nèi)部是有結(jié)構(gòu)的【答案】BD【解析】【詳解】A．法拉第發(fā)覺了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，但并沒有定量得出法拉第電磁感應(yīng)定律，故A錯(cuò)誤；B．安培通過(guò)試驗(yàn)發(fā)覺磁場(chǎng)對(duì)電流有作用力，此力的方向與磁場(chǎng)方向垂直，故B正確；C．盧瑟福通過(guò)α粒子散射試驗(yàn)提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型，故C錯(cuò)誤；D．自然放射現(xiàn)象的射線來(lái)自原子核，說(shuō)明原子核內(nèi)部有困難結(jié)構(gòu)，故D正確．故選BD．2.如圖所示，用綠光照耀一光電管的陰極時(shí)產(chǎn)生光電效應(yīng)，欲使光子從陰極逸出時(shí)的最大初動(dòng)能增大，應(yīng)實(shí)行的措施是A.改用紅光照耀B.改用紫光照耀C.增大綠光的強(qiáng)度D.增大加在光電管上的正向電壓【答案】B【解析】【詳解】紅光的能量低于綠光，可能導(dǎo)致不能發(fā)生光電效應(yīng)或者減小最大初動(dòng)能，故A錯(cuò)誤．紫光的能量高于綠光，改用紫光可以增大粒子逸出時(shí)的最大初始動(dòng)能，故B正確；單純?cè)黾泳G光強(qiáng)度，會(huì)增加逸出粒子數(shù)目，但不會(huì)變更粒子的最大初始動(dòng)能，故C錯(cuò)誤．光電管的加速電壓與粒子逸出時(shí)的最大初始動(dòng)能無(wú)關(guān)，故D錯(cuò)誤．故選B3.我國(guó)放射的“神舟十一號(hào)”飛船與“天宮二號(hào)”空間站實(shí)現(xiàn)了完備對(duì)接假設(shè)“神舟十一號(hào)”飛船到達(dá)對(duì)接點(diǎn)旁邊時(shí)對(duì)地的速度為v，此時(shí)的質(zhì)量為m；欲使飛船追上“天宮二號(hào)”實(shí)現(xiàn)對(duì)接，飛船需加速到，飛船發(fā)動(dòng)機(jī)點(diǎn)火，將質(zhì)量為的燃?xì)庖淮涡韵蚝髧姵觯細(xì)鈱?duì)地向后的速度大小為，不考慮飛船加速過(guò)程中的變軌，則在這個(gè)過(guò)程中，下列各表達(dá)式正確的是A.B.C.D.【答案】C【解析】【詳解】ABCD.飛船發(fā)動(dòng)機(jī)點(diǎn)火噴出燃?xì)庥蓜?dòng)量守定律得故C正確ABD錯(cuò)誤故選C。4.如圖所示，木塊A和B質(zhì)量均為1kg，置于光滑水平面上，B與一輕質(zhì)彈簧一端相連，彈簧另一端固定在豎直擋板上，當(dāng)A以2m/s的速度向B撞擊時(shí)，由于有橡皮泥而粘在一起運(yùn)動(dòng)，那么彈簧被壓縮到最短時(shí)，具有的彈性勢(shì)能大小為（）A.2J B.1J C.0.5J D.1.5J【答案】B【解析】【詳解】對(duì)于木塊A和B碰撞過(guò)程，兩木塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，取向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得mvA=2mv得v=0.5vA=1m/s彈簧被壓縮到最短時(shí)，具有的彈性勢(shì)能大小為Ep=?2mv2=1×12J=1J故選B。5.如圖所示的電路，開關(guān)原先閉合，電路處于穩(wěn)定狀態(tài)，在某一時(shí)刻突然斷開開關(guān)S，則通過(guò)電阻R1中的電流I隨時(shí)間變更的圖線可能是下圖中的A.B.C.D.【答案】D【解析】【詳解】當(dāng)斷開電鍵，原來(lái)通過(guò)R1的電流馬上消逝，電感中產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)阻礙自身電流變更相當(dāng)于電源，電感中的電流流過(guò)電阻，其方向與原來(lái)流過(guò)電阻R1的電流方向相反，漸漸減小最終為0．故D圖象正確，ABC三圖象錯(cuò)誤.6.依據(jù)氫原子能級(jí)圖（如圖）可推斷（）A.電子的軌道半徑越小，氫原子能量越大B.大量處于能級(jí)的氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)，可能發(fā)出3種不同頻率的光C.欲使處于基態(tài)的氫原子電離，可以用14eV的光子照耀D.用的電子碰撞處于基態(tài)的氫原子，氫原子不行能激發(fā)到能級(jí)【答案】C【解析】【詳解】A．電子軌道半徑越小，能級(jí)越小，即氫原子能量越小，故A錯(cuò)誤；B．大量處于能級(jí)的氫原子向低能級(jí)躍遷，可能發(fā)出種不同頻率的光，故B錯(cuò)誤；C．欲使處于基態(tài)的氫原子電離，則要用大于的光子照耀，故C正確；D．當(dāng)用光子照耀時(shí)，基態(tài)氫原子被激發(fā)到能級(jí)，至少須要的能量，當(dāng)用電子轟擊氫原子時(shí)，電子的能量值大于12.09eV時(shí)，能激發(fā)到n=3能級(jí)，故D錯(cuò)誤。故選C?！军c(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵知道汲取的光子能量必需等于兩能級(jí)間的能級(jí)差或者被電離，才能被汲取，而氫原子與運(yùn)動(dòng)中的電子發(fā)生碰撞時(shí)，運(yùn)動(dòng)電子的動(dòng)能大于氫原子的第一能級(jí)與第三能級(jí)之間的差即可。7.如圖所示，線圈由A位置起先下落，在磁場(chǎng)中受到的磁場(chǎng)力假如總小于它的重力，則它在A、B、C、D四個(gè)位置（B、D位置恰好線圈有一半在磁場(chǎng)中）時(shí)，加速度大小關(guān)系為（）A. B.C. D.【答案】D【解析】【詳解】線圈自由下落時(shí)，加速度為：線圈完全在磁場(chǎng)中時(shí)，磁通量不變，不產(chǎn)生感應(yīng)電流，線圈不受安培力作用，只受重力，加速度為：線圈進(jìn)入和穿出磁場(chǎng)過(guò)程中，切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流，將受到向上的安培力，依據(jù)牛頓其次定律得知：，線圈完全在磁場(chǎng)中時(shí)做勻加速運(yùn)動(dòng)，到達(dá)處的速度大于處的速度，則線圈在處所受的安培力大于在處所受的安培力，又知磁場(chǎng)力總小于重力，則有：即有：故A、B、C錯(cuò)誤，D正確；故選D。8.法拉第獨(dú)創(chuàng)了世界上第一臺(tái)發(fā)電機(jī)——法拉第圓盤發(fā)電機(jī)，原理如圖所示．銅質(zhì)圓盤水平放置在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，圓盤圓心處固定一個(gè)帶搖柄的轉(zhuǎn)軸，邊緣和轉(zhuǎn)軸處各有一個(gè)銅電刷與其緊貼，用導(dǎo)線將電刷與電阻R連接起來(lái)形成回路，其他電阻均不計(jì)．轉(zhuǎn)動(dòng)搖柄，使圓盤如圖示方向勻速轉(zhuǎn)動(dòng)．已知?jiǎng)驈?qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，圓盤半徑為r，電阻的功率為P．則A.圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為，流過(guò)電阻R的電流方向?yàn)閺腸到dB.圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為，流過(guò)電阻R的電流方向?yàn)閺膁到cC.圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為，流過(guò)電阻R的電流方向?yàn)閺腸到dD.圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為，流過(guò)電阻R的電流方向?yàn)閺膁到c【答案】D【解析】將圓盤看成多數(shù)幅條組成，它們都切割磁感線，從而產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，出現(xiàn)感應(yīng)電流，依據(jù)右手定則圓盤上感應(yīng)電流從邊緣流向圓心，則流過(guò)電阻R的電流方向?yàn)閺膁到c；依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，得圓盤產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，電阻消耗的電功率，解得，D正確【點(diǎn)睛】留意：一、切割磁感線相當(dāng)于電源，內(nèi)部電流方向是從負(fù)極到正極；由于半徑上每點(diǎn)的切割速度不同，但是勻稱增大的，故可等效切割速度為．9.如圖所示，志向變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為，a、b兩點(diǎn)間的電壓為，R為可變電阻，P為用鉛銻合金制成的保險(xiǎn)絲，其電阻可忽視不計(jì)，熔斷電流為2A．為使保險(xiǎn)絲不熔斷，可變電阻R連入電路的最小阻值是A.ΩB.1.1ΩC.11ΩD.Ω【答案】B【解析】原線圈輸入電壓,依據(jù)電壓與匝數(shù)成正比解得：；原線圈的最大輸入功率為P1=U1I=220×2＝440W；輸出功率等于輸入功率P2＝P1=440W；輸出功率：,解得：R＝1.1Ω，故B正確，ACD錯(cuò)誤；故選B．10.如圖甲所示，電路的左側(cè)是一個(gè)電容為C的電容器，電路的右側(cè)是一個(gè)環(huán)形導(dǎo)體，環(huán)形導(dǎo)體所圍的面積為S.在環(huán)形導(dǎo)體中有一垂直紙面對(duì)里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小隨時(shí)間變更的規(guī)律如圖乙所示．則在0～t0時(shí)間內(nèi)，電容器（）A.上極板帶正電，所帶電荷量為B.上極板帶正電，所帶電荷量為C.上極板帶負(fù)電，所帶電荷量為D.上極板帶負(fù)電，所帶電荷量為【答案】A【解析】【詳解】由題圖乙可知，B增大，依據(jù)楞次定律知，感應(yīng)電流沿逆時(shí)針?lè)较?，故電容器上極板帶正電；感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為所以電容器所帶電荷量為選項(xiàng)A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。二、多選題（共5小題，每題4分，漏選2分，錯(cuò)選0分）11.如圖所示，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)、匝數(shù)為N，電阻不計(jì)的正方形線圈abcd在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞轉(zhuǎn)軸OO'轉(zhuǎn)動(dòng)，軸OO'垂直于磁感線，在線圈外接一含有志向變壓器的電路，變壓器原副線圈的匝數(shù)分別為n1和n2。保持線圈以恒定角速度轉(zhuǎn)動(dòng)，下列推斷正確的是（）A.在圖示位置時(shí)線框中磁通量為零B.在圖示位置時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大C.電壓表V1示數(shù)等于D.當(dāng)可變電阻R的滑片P向上滑動(dòng)時(shí)，電壓表V2的示數(shù)變大【答案】AB【解析】【詳解】AB．在圖示位置時(shí)線框平面與磁感線平行，則磁通量為零，磁通量的變更率最大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，選項(xiàng)AB正確；C．溝通電壓的最大值等于NBωL2，電壓表V1示數(shù)為有效值，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．當(dāng)P位置向上移動(dòng)，R增大，依據(jù)志向變壓器的變壓原理知變壓器次級(jí)電壓由初級(jí)電壓和匝數(shù)比確定，則次級(jí)電壓不變，則電壓表V2的示數(shù)不變，故D錯(cuò)誤；

故選AB。12.目前無(wú)線電力傳輸已經(jīng)比較成熟，如圖所示為一種非接觸式電源供應(yīng)系統(tǒng)．這種系統(tǒng)基于電磁感應(yīng)原理可無(wú)線傳輸電力，兩個(gè)感應(yīng)線圈可以放置在左右相鄰或上下相對(duì)的位置，原理示意圖如圖所示．利用這一原理，可以實(shí)現(xiàn)對(duì)手機(jī)進(jìn)行無(wú)線充電．下列說(shuō)法正確的是A.若A線圈中輸入電流，B線圈中就會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)B.只有A線圈中輸入變更的電流，B線圈中才會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)C.A中電流越大，B中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大D.A中電流變更越快，B中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大【答案】BD【解析】【分析】依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律與感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件即可解答．【詳解】A項(xiàng)：依據(jù)感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件，若A線圈中輸入恒定的電流，則A產(chǎn)生恒定的磁場(chǎng)，B中的磁通量不發(fā)生變更，則B線圈中就會(huì)不產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，但在圖A輸入過(guò)程中，A線圈中的電流從無(wú)到有，因此B線圈中會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，然而不是總會(huì)有的，故A錯(cuò)誤；B項(xiàng)：若A線圈中輸入變更的電流，依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律：可得，則B線圈中就會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，故B正確；C、D項(xiàng)：依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律：可得，A線圈中電流變更越快，A線圈中電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)變更越快，B線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大．故C錯(cuò)誤；D正確．故應(yīng)選：BD．【點(diǎn)睛】該題的情景設(shè)置雖然新奇，與日常的生活聯(lián)系也親密，但抓住問(wèn)題的本質(zhì)，運(yùn)用電磁感應(yīng)的規(guī)律即可正確解答．13.如圖所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度B=1.0T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，質(zhì)量m=1kg的金屬桿PQ在水平向右的外力F作用下沿著粗糙U形導(dǎo)軌以速度v=2m/s向右勻速滑動(dòng)，U形導(dǎo)軌固定在水平面上，兩導(dǎo)軌間距離1=1.0m，金屬桿PQ與U形導(dǎo)軌之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.3，電阻R=3.0Ω，金屬桿的電阻r=1.0Ω，導(dǎo)軌電阻忽視不計(jì)，取重力加速度g=10m/s2，則下列說(shuō)法正確的是A.通過(guò)R的感應(yīng)電流的方向?yàn)橛蒬到aB.金屬桿PQ切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小為2.0VC.金屬桿PQ受到的外力F的大小為2.5ND.外力F做功的數(shù)值大于電路上產(chǎn)生的焦耳熱【答案】BD【解析】A、PQ棒切割磁感線產(chǎn)生動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)，由右手定則可知電流方向?yàn)镼Pad，故A錯(cuò)誤．B、導(dǎo)體PQ切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小為：E=BLv=1×1×2V=2V，故B正確．C、依據(jù)歐姆定律可得，由力的平衡可知，故C錯(cuò)誤．D、由動(dòng)能定理可得，故，故D正確．故選BD．【點(diǎn)睛】對(duì)于單棒切割的類型，駕馭電磁感應(yīng)的基本規(guī)律，如右手定則或楞次定律、感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式E=BLv、歐姆定律和安培力公式F=BIL等是基礎(chǔ)，關(guān)鍵要明確各個(gè)量的關(guān)系，嫻熟運(yùn)用相關(guān)的公式求解．14.在磁感應(yīng)強(qiáng)度B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，一個(gè)面積為S的矩形線圈勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)產(chǎn)生的溝通電電壓隨時(shí)間變更的波形如圖所示，線圈與一阻值R=9Ω的電阻串聯(lián)在一起，線圈的電阻為1Ω，則（）A.通過(guò)電阻R的電流瞬時(shí)值表達(dá)式為i=10sin100πt（A）B.電阻R兩端的電壓有效值為90VC.1s內(nèi)電阻R上產(chǎn)生的熱量為450JD.圖中t=1×10-2s時(shí)，線圈磁通量最小【答案】AC【解析】【詳解】由圖可知，電壓的最大值Um=100V．角速度為ω=100πrad/s

A．電流的最大值為故通過(guò)電阻R電流瞬時(shí)值表達(dá)式為i=10sin100πt（A）故A正確；

B．電阻R兩端的電壓有效值為故B錯(cuò)誤；

C．1s內(nèi)電阻R上產(chǎn)生的熱量為故C正確

D．圖中t=1×10-2s時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零，線圈平面與磁場(chǎng)方向垂直，磁通量最大，線圈位于中性，故D錯(cuò)誤。

故選AC。15.如圖所示，在光滑水平地面上放著兩個(gè)物體，其間用一根不能伸長(zhǎng)的細(xì)繩相連，起先時(shí)B靜止，A具有4kg·m/s的動(dòng)量（向右為正），起先繩松弛，在繩拉緊（可能拉斷）的過(guò)程中，A、B動(dòng)量的變更不行能是（）A.，B.，C.，D.，【答案】ABD【解析】【詳解】它們的總動(dòng)量為：p=mAvA=4kg?m/s，而繩子的力為內(nèi)力，相互作用的過(guò)程中，總動(dòng)量守恒；A的動(dòng)量減小，B的動(dòng)量增加；但總動(dòng)量應(yīng)保持不變；故A動(dòng)量變更量應(yīng)為負(fù)值，B動(dòng)量變更量為正值；而想拉斷繩子，在拉斷繩子后，A的速度不行能為零，即A的動(dòng)量變更不行能是-4kg·m/s，故只有C正確，不符合題意，ABD錯(cuò)誤，符合題意；

故選ABD。三、試驗(yàn)題（共6分）16.某同學(xué)用如圖所示的裝置做“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的試驗(yàn)．先將a球從斜槽軌道上某固定點(diǎn)處由靜止起先滾下，在水平地面上的記錄紙上留下壓痕，重復(fù)10次；再把同樣大小的b球放在斜槽軌道末端水平段的最右端靜止放置，讓a球仍從原固定點(diǎn)由靜止起先滾下，和b球相碰后，兩球分別落在記錄紙的不同位置處，重復(fù)10次．（1）本試驗(yàn)必需測(cè)量的物理量有______________________；A．斜槽軌道末端到水平地面的高度HB．小球a、b的質(zhì)量ma、mbC．小球a、b的半徑r

D．小球a、b離開斜槽軌道末端后平拋飛行的時(shí)間t

E．記錄紙上O點(diǎn)到各落地區(qū)域中心點(diǎn)A、B、C的距離OA、OB、OC

F．a(chǎn)球的固定釋放點(diǎn)到斜槽軌道末端水平部分間的高度差h（2）依據(jù)試驗(yàn)要求，ma__________mb（填“大于”、“小于”或“等于”）；（3）放上被碰小球后，兩小球碰后是否同時(shí)落地？______（填“是”或“否”）；假如不是同時(shí)落地，對(duì)試驗(yàn)結(jié)果有沒有影響？______（填“有”或“無(wú)”）（不必作分析）；（4）依據(jù)本試驗(yàn)方法，驗(yàn)證動(dòng)量守恒的驗(yàn)證式是_______________________________．（用“（1）”中所給的有關(guān)字母表示）【答案】(1).BE(2).大于(3).否(4).無(wú)(5).【解析】【分析】依據(jù)動(dòng)量守恒定律求出須要驗(yàn)證的表達(dá)式，然后依據(jù)表達(dá)式分析答題；為防止碰撞過(guò)程入射小球反彈，入射小球的質(zhì)量應(yīng)大于被碰球的質(zhì)量；依據(jù)圖示裝置與小球的運(yùn)動(dòng)狀況，結(jié)合動(dòng)量守恒定律即可分析答題．【詳解】第一空第五空．小球離開軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，小球在空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t相等，假如碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，則，兩邊同時(shí)乘以時(shí)間t得：．因此試驗(yàn)須要測(cè)量有：兩球的質(zhì)量，兩球做平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移，故BE正確；其次空．為防止碰撞過(guò)程入射小球反彈，入射小球的質(zhì)量應(yīng)大于被碰球的質(zhì)量，即：；第三空第四空．由圖所示裝置可知，碰撞后b球在前，a球在后，碰撞后兩球都平拋運(yùn)動(dòng)，它們拋出點(diǎn)的高度相等，在空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，由于b先拋出，則b球先落地．由于兩球離開軌道后都做平拋運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，它們的水平位移與初速度成正比，球落地先后對(duì)試驗(yàn)沒有影響．【點(diǎn)睛】本題主要考查了驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的試驗(yàn)，包括對(duì)試驗(yàn)器材和試驗(yàn)原理的分析，較為簡(jiǎn)潔．四、計(jì)算題（共三題）17.圖甲為某村水力發(fā)電廠輸電示意圖，遠(yuǎn)距離輸電線電阻為8Ω，遠(yuǎn)距離輸電線的輸送電流為100A．若升壓變壓器的輸入電壓如圖乙所示，輸入功率為960kW。求：(1)升壓變壓器原副線圈匝數(shù)比；(2)設(shè)降壓變壓器原副線圈匝數(shù)比40：1，求用戶端獲得的電壓；(3)若用戶端全是照明用電，能使多少盞“220V、100W”的電燈正常發(fā)光？【答案】(1)1：40；(2)220V；(3)8800盞【解析】【詳解】(1)由圖乙知升壓變壓器輸入端電壓有效值為240V，所以輸送電壓為依據(jù)電壓與匝數(shù)成正比知：升壓變壓器匝數(shù)比為；(2)輸電線損失的電壓為降壓變壓器輸入端電壓為所以降壓變壓器原副線圈之比：用戶端得到的電壓為(3)導(dǎo)線上損失的功率用戶端得到的功率則18.如圖所示，在光滑水平面上有一輛質(zhì)量M＝8kg的平板小車，車上有一個(gè)質(zhì)量m＝1.9kg的木塊(木塊可視為質(zhì)點(diǎn))，車與木塊均處于靜止?fàn)顟B(tài)．一顆質(zhì)量m0＝0.1kg的子彈以v0＝200m/s的初速度水平向左飛，瞬間擊中木塊并留在其中．已知木塊與小車平板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.5，g＝10m/s2.(1)求子彈射入木塊后瞬間子彈和木塊的共同速度大?。?2)若木塊不會(huì)從小車上落下，求三者的共同速度大小；(3)若是木塊剛好