2024屆江西省高三下學(xué)期壓軸模擬一物理試卷（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE22024年普通高中學(xué)業(yè)水平選擇性考試模擬試題物理（一）本試卷共8頁(yè)，15題。全卷滿分100分?？荚囉脮r(shí)75分鐘。注意事項(xiàng)：1.答題前，先將自己的姓名、考號(hào)等填寫(xiě)在試題卷和答題卡上，并將準(zhǔn)考證號(hào)條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2.選擇題的作答：選出每小題〖答案〗后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號(hào)涂黑。寫(xiě)在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。3.非選擇題的作答：用簽字筆直接寫(xiě)在答題卡上對(duì)應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫(xiě)在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。4.考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試題卷和答題卡一并上交。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~7題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題6分，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.如圖甲、乙所示分別為兩交變電源的輸出電壓隨時(shí)間變化的圖像，讓它們分別接在阻值相同的定值電阻的兩端，則時(shí)間T內(nèi)與甲、乙兩電源相接的電阻產(chǎn)生的熱量之比為（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗設(shè)定值電阻的阻值為R，由圖甲可知一個(gè)周期內(nèi)定值電阻產(chǎn)生的熱量由圖乙可知一個(gè)周期內(nèi)定值電阻產(chǎn)生的熱量解得故選A。2.如圖所示的電路，理想變壓器的原線圈通過(guò)理想交流電流表接在交流電源上，副線圈接有兩個(gè)完全相同的燈泡、、定值電阻R、電動(dòng)機(jī)M和理想交流電壓表。初始狀態(tài)時(shí)開(kāi)關(guān)斷開(kāi)，現(xiàn)將開(kāi)關(guān)閉合，下列說(shuō)法正確的是（）A.電流表的示數(shù)變小 B.電壓表的示數(shù)變大C.燈泡變暗 D.燈泡變暗〖答案〗D〖解析〗AC．原線圈接入的交流電一定，開(kāi)關(guān)閉合后，變壓器的輸出功率增大，通過(guò)原副線圈的電流均增大，故電流表的示數(shù)變大，燈泡變亮故，AC錯(cuò)誤；B．原線圈接入的交流電一定，原線圈兩端的電壓不變，原副線圈匝數(shù)比不變，根據(jù)電壓匝數(shù)的關(guān)系可知，副線圈兩端電壓不變，即電壓表的示數(shù)不變，故B錯(cuò)誤；D．結(jié)合上述可知，副線圈兩端的電壓不變，通過(guò)副線圈的電流增大，則燈泡和定值電阻R兩端的電壓均增大，燈泡兩端的電壓減小，燈泡變暗，故D正確。故選D。3.進(jìn)入21世紀(jì)，北斗導(dǎo)航系統(tǒng)全球組網(wǎng)、天宮空間站在軌建造完成，標(biāo)志著我國(guó)的航天事業(yè)走在了世界前列。已知天宮空間站和北斗導(dǎo)航系統(tǒng)中的中圓軌道衛(wèi)星均繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，周期分別為、，則空間站和中圓軌道衛(wèi)星的（）A.運(yùn)轉(zhuǎn)半徑之比為 B.線速度大小之比為C.向心加速度大小之比為 D.線速度均大于第一宇宙速度〖答案〗B〖解析〗A．根據(jù)開(kāi)普勒第三定律可得A錯(cuò)誤；B．根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力可得線速度大小可得B正確；C．根據(jù)可得向心加速度大小之比C錯(cuò)誤；D．第一宇宙速度是環(huán)繞速度的最大值，空間站和中圓軌道衛(wèi)星的線速度均小于第一宇宙速度，D錯(cuò)誤。故選B。4.如圖所示，真空中孤立的、半徑為r、表面光滑的金屬球固定在絕緣支架上，金屬球材料的極限頻率為，普朗克常量為h，電子的電荷量為e、若以無(wú)窮遠(yuǎn)處為零電勢(shì)點(diǎn)，均勻帶電金屬球的電勢(shì)，其中Q為金屬球所帶的電荷量，k為靜電力常量，r為金屬球的半徑。現(xiàn)用頻率為的光持續(xù)照射金屬球，則金屬球被照射后所帶電荷量的最大值為（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗根據(jù)光電效應(yīng)方程，光電子的最大初動(dòng)能金屬球的電勢(shì)的最大值為，則可得由電勢(shì)可得金屬球所帶電荷量的最大值故選A5.如圖所示，一人隨電梯由靜止開(kāi)始先勻加速后勻速向上運(yùn)動(dòng)，從電梯開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)計(jì)時(shí)，下列關(guān)于人受到的摩擦力f、支持力、人的動(dòng)能以及重力勢(shì)能隨時(shí)間t變化的關(guān)系圖像可能正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗C〖解析〗A．電梯先勻加速上升再勻速上升，對(duì)運(yùn)動(dòng)過(guò)程受力分析結(jié)合牛頓第二定律的同向性可知人先受摩擦力后不受摩擦力，A錯(cuò)誤；B．加速上升階段，加速度向上，人受到的支持力大于重力，勻速上升階段，支持力等于重力，B錯(cuò)誤；C．人的動(dòng)能先增大后不變，動(dòng)能增大階段，動(dòng)能表達(dá)式C正確；D．設(shè)電梯的傾角為，加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，上升的高度隨時(shí)間的關(guān)系為重力勢(shì)能隨時(shí)間變化的關(guān)系為D錯(cuò)誤。故選C。6.一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，時(shí)刻該波剛傳播到質(zhì)點(diǎn)P，波形圖如圖所示，時(shí)刻平衡位置在處的質(zhì)點(diǎn)Q（圖中未標(biāo)出）恰好第一次到達(dá)波谷，下列說(shuō)法正確的是（）A.該波的波速大小為 B.波源的振動(dòng)周期為C.內(nèi)質(zhì)點(diǎn)Q沿y軸負(fù)方向加速運(yùn)動(dòng) D.內(nèi)質(zhì)點(diǎn)P經(jīng)過(guò)的路程為〖答案〗C〖解析〗B．由圖可知波長(zhǎng)P、Q兩質(zhì)點(diǎn)之間的距離為，該波由質(zhì)點(diǎn)P傳播到質(zhì)點(diǎn)Q用時(shí)同，再經(jīng)由平衡位置第一次到達(dá)波谷，可知可得波源的振動(dòng)周期B項(xiàng)錯(cuò)誤；A．波速A項(xiàng)錯(cuò)誤；C．經(jīng)該波傳播到質(zhì)點(diǎn)Q，時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)Q由波峰向平衡位置運(yùn)動(dòng)，沿y軸負(fù)方向加速運(yùn)動(dòng)，C項(xiàng)正確；D．由波形圖可知波動(dòng)方程代入，和，，可得內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)P經(jīng)過(guò)的路程D項(xiàng)錯(cuò)誤。故選C。7.如圖所示，粗糙輕桿BC水平固定在豎直轉(zhuǎn)軸AB上，質(zhì)量為m的小球穿在輕桿上，輕彈簧一端與小球相連，另一端固定在豎直轉(zhuǎn)軸上的A點(diǎn)，A、B兩點(diǎn)之間的距離為L(zhǎng)，彈簧的原長(zhǎng)為。裝置靜止時(shí)將小球向左緩慢推到距B點(diǎn)處松手，小球恰好能保持靜止，現(xiàn)使該裝置由靜止開(kāi)始繞豎直轉(zhuǎn)軸緩慢加速轉(zhuǎn)動(dòng)，當(dāng)小球與輕桿之間的彈力為零時(shí)，保持角速度不變，此時(shí)小球與B點(diǎn)之間的距離為，從開(kāi)始轉(zhuǎn)動(dòng)到小球與輕桿之間的彈力為零的過(guò)程外界提供給裝置的能量為E。已知小球與輕桿之間的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度為g，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，下列說(shuō)法正確的是（）A.當(dāng)小球與輕桿之間的彈力為零時(shí)，該裝置轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度大小為B.彈簧的勁度系數(shù)為C.小球與輕桿之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為D.從開(kāi)始轉(zhuǎn)動(dòng)到小球與輕桿之間的彈力為零的過(guò)程，小球克服摩擦力做的功為〖答案〗D〖解析〗A．當(dāng)小球與輕桿之間的彈力為零時(shí)，小球圓周運(yùn)動(dòng)的半徑設(shè)此時(shí)彈簧與輕桿之間的夾角為，則有小球與輕桿之間的彈力為零時(shí)，摩擦力為0，對(duì)小球進(jìn)行分析，則有解得故A錯(cuò)誤；B．設(shè)小球與輕桿之間的彈力為零時(shí)彈簧伸長(zhǎng)量為，在豎直方向有結(jié)合上述有解得故B錯(cuò)誤；C．設(shè)裝置靜止時(shí)彈簧與輕桿之間的夾角為，則有彈簧的壓縮量由平衡條件可得，聯(lián)立解得故C錯(cuò)誤；D．兩種狀態(tài)彈簧的彈性勢(shì)能相等，整個(gè)過(guò)程外界提供給裝置的能量解得故D正確。故選D。8.如圖所示，在正方形ABCD的三個(gè)頂點(diǎn)A、B、C分別固定著一個(gè)電荷量為q的正點(diǎn)電荷，D點(diǎn)固定著一個(gè)電荷量也為q的負(fù)點(diǎn)電荷，O點(diǎn)為正方形的中心，M、N兩點(diǎn)分別為AD邊和BC邊的中點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）A.M、N、O三點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小的關(guān)系為B.M、N、O三點(diǎn)電勢(shì)的關(guān)系為C.若將C點(diǎn)的點(diǎn)電荷沿OC連線向O點(diǎn)靠近，電場(chǎng)力做負(fù)功D.若將C點(diǎn)的點(diǎn)電荷沿OC連線向O點(diǎn)靠近，電勢(shì)能逐漸減小〖答案〗AC〖解析〗A．根據(jù)電場(chǎng)的疊加，可知M點(diǎn)、N點(diǎn)、O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)等于A、D兩處等量異種電荷產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)和B、C兩處等量同種電荷產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)的疊加，根據(jù)等量異種電荷和等量同種電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)的特點(diǎn)，可知A、D兩處等量異種電荷在M點(diǎn)、O點(diǎn)、N點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小的關(guān)系為B、C兩處等量同種電荷在M點(diǎn)、O點(diǎn)、N點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小的關(guān)系為，可知，O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)等于B、D兩處等量異種電荷在O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)與A、C兩處等量同種電荷在O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)的疊加，而B(niǎo)、D間的距離大于A、D間的距離，有A、D兩處等量異種電荷在M點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大于B、D兩處等量異種電荷在O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)，故A正確；B．M點(diǎn)、N點(diǎn)、O點(diǎn)位于A、D兩處等量異種電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)的同一條等勢(shì)線上，距離B、C兩處的電荷越近的點(diǎn)電勢(shì)越高，故B錯(cuò)誤；CD．AC連線是B、D兩處的電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)中的一條等勢(shì)線，C點(diǎn)處的電荷向O點(diǎn)靠近時(shí)與A點(diǎn)處的正電荷距離減小，電勢(shì)逐漸升高，電勢(shì)能逐漸增大，電場(chǎng)力做負(fù)功，C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。9.半圓柱狀光學(xué)器件的橫截面如圖所示，O點(diǎn)為圓心、AB為直徑，一束由紅光和紫光組成的復(fù)色光，在真空中從A點(diǎn)斜射到器件的上表面，折射光分成兩束分別照射到圓弧面上的P、Q兩點(diǎn)。已知當(dāng)入射角時(shí)，紫光恰好在圓弧面上發(fā)生全反射，下列說(shuō)法正確的是（）A.此時(shí)紅光在圓弧面上也一定發(fā)生了全反射B.該器件對(duì)紫光的折射率為C.若增大入射角，紅光和紫光均會(huì)在圓弧面上發(fā)生全反射D.兩束折射光分別由A點(diǎn)到P點(diǎn)和由A點(diǎn)到Q點(diǎn)傳播的時(shí)間相等〖答案〗BD〖解析〗A．紫光的頻率大于紅光的頻率，該器件對(duì)紫光的折射率大于紅光的折射率，由折射定律可知，紫光的折射角小于紅光的折射角，所以紅光照射到P點(diǎn)，光路圖如圖所示由，可知全反射臨界角的關(guān)系為由幾何關(guān)系可知因紫光恰好發(fā)生全反射，故則紅光不會(huì)發(fā)生全反射，A錯(cuò)誤；B．對(duì)紫光根據(jù)幾何關(guān)系，可得臨界角則可得解得B正確；C．當(dāng)入射角增大，折射角相應(yīng)增大，紅光和紫光在圓弧面的入射角均減小，紅光和紫光的入射角均小于各自的臨界角，故均不會(huì)發(fā)生全反射，C錯(cuò)誤；D．根據(jù)幾何關(guān)系紫光在器件中傳播的速度傳播時(shí)間同理可得故D正確。故選BD。10.如圖所示，兩根足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌固定在傾角為的絕緣斜面上，導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，導(dǎo)軌頂端接有阻值為R的定值電阻，導(dǎo)軌處在垂直導(dǎo)軌平面向下的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。現(xiàn)使金屬棒MN從導(dǎo)軌底端以初速度沿導(dǎo)軌向上運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間金屬棒返回導(dǎo)軌底端。已知金屬棒返回導(dǎo)軌底端時(shí)的速度未達(dá)到勻速狀態(tài)且大小為，金屬棒的長(zhǎng)度為L(zhǎng)、質(zhì)量為m、電阻為r，金屬棒始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，導(dǎo)軌的電阻不計(jì)，重力加速度為g，則下列說(shuō)法正確的是（）A.金屬棒從導(dǎo)軌底端出發(fā)至返回底端的過(guò)程中加速度一直減小B.金屬棒上滑過(guò)程中的平均速度大小滿足C.金屬棒從導(dǎo)軌底端出發(fā)至返回底端所經(jīng)歷的時(shí)間為D.金屬棒上滑過(guò)程中回路產(chǎn)生的焦耳熱為〖答案〗ABC〖解析〗A．金屬棒上滑過(guò)程中根據(jù)牛頓第二定律又聯(lián)立可得隨著速度v的減小，加速度a逐漸減小，同理可得下滑過(guò)程中隨著速度v的增大，加速度a逐漸減小，A正確；B．其圖像如圖所示因上滑過(guò)程和下滑過(guò)程的位移大小相等，則圖線與橫軸所圍成的A、B兩部分的面積相等，可知上滑過(guò)程的平均速度小于，下滑過(guò)程的平均速度大于，因上滑過(guò)程的時(shí)間小于下滑過(guò)程的時(shí)間，故上滑過(guò)程的平均速度大于，即金屬棒上滑過(guò)程中的平均速度大小滿足B正確；C．金屬棒從導(dǎo)軌底端出發(fā)至返回底端的整個(gè)過(guò)程中，由動(dòng)量定理可得安培力的沖量又，因?yàn)椋越獾肅正確；D．整個(gè)過(guò)程機(jī)械能的減少量等于回路中產(chǎn)生的總焦耳熱上滑過(guò)程比下滑過(guò)程經(jīng)過(guò)同一位置時(shí)的速度大、感應(yīng)電流大、安培力大，故上滑過(guò)程克服安培力做的功大于下滑過(guò)程克服安培力做的功，即上滑過(guò)程產(chǎn)生的焦耳熱大于下滑過(guò)程產(chǎn)生的焦耳熱，故應(yīng)大于，D錯(cuò)誤。故選ABC。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.如圖甲所示為“探究小車(chē)加速度a與受力F、質(zhì)量M關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)裝置圖，槽碼的質(zhì)量為m，小車(chē)的質(zhì)量為M，重力加速度為g。（1）實(shí)驗(yàn)開(kāi)始時(shí)首先平衡了摩擦力。若不計(jì)細(xì)線的質(zhì)量和滑輪的摩擦，且沒(méi)有滿足，增加槽碼的個(gè)數(shù)，使槽碼的總質(zhì)量變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，則細(xì)線上的拉力___________（填“大于”“等于”或“小于”）原來(lái)的2倍。（2）如圖乙所示為某同學(xué)通過(guò)正確操作獲得的一條紙帶。已知所用交流電源的頻率為，相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個(gè)點(diǎn)沒(méi)有標(biāo)出，根據(jù)圖乙中的數(shù)據(jù)可得小車(chē)的加速度大小為_(kāi)__________。（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）（3）保持槽碼的質(zhì)量m一定，改變小車(chē)的質(zhì)量M，某同學(xué)在處理數(shù)據(jù)時(shí)，以小車(chē)加速度的倒數(shù)為縱軸、以小車(chē)的質(zhì)量M為橫軸，作出的圖像如圖丙所示，圖中縱截距___________。（用題中所給字母表示）〖答案〗（1）小于（2）1.25（3）〖解析〗【小問(wèn)1詳析】以小車(chē)為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律可得以槽碼為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律可得聯(lián)立可得若保持小車(chē)的質(zhì)量M不變，將槽碼的質(zhì)量m增大為原來(lái)的2倍，則有【小問(wèn)2詳析】相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個(gè)點(diǎn)沒(méi)有標(biāo)出，所以相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔根據(jù)可得【小問(wèn)3詳析】對(duì)槽碼和小車(chē)整體有可得可知圖像的縱截距等于重力加速度的倒數(shù),即12.某實(shí)驗(yàn)小組用多用電表測(cè)量一個(gè)二極管的正向電阻，分別利用“×10”歐姆擋和“×100”歐姆擋進(jìn)行正確操作，發(fā)現(xiàn)測(cè)得的阻值有很大差距。分析原因時(shí)，有同學(xué)提出，在使用多用電表測(cè)量電阻時(shí)，多用電表的內(nèi)部電路可以等效為一個(gè)直流電源，可能因?yàn)槎嘤秒姳韮蓚€(gè)倍率歐姆擋所用電源電動(dòng)勢(shì)不同而造成二極管的工作點(diǎn)不同，為分析具體原因，該小組同學(xué)進(jìn)行了如下實(shí)驗(yàn)。（1）將多用電表調(diào)到“×100”歐姆擋，紅表筆和黑表筆短接，進(jìn)行歐姆調(diào)零；將電阻箱的阻值調(diào)到最大；把多用電表、電流表（量程為，內(nèi)阻約為）、電阻箱（阻值范圍為）和開(kāi)關(guān)串聯(lián)成閉合回路。請(qǐng)用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線，完成圖甲中的實(shí)物連線圖。___________（2）閉合開(kāi)關(guān)，調(diào)整電阻箱的阻值，該多用電表的表盤(pán)指針如圖乙所示，其示數(shù)為_(kāi)__________，電流表的表盤(pán)指針如圖丙所示，其示數(shù)為_(kāi)__________。已知多用電表表盤(pán)正中央的刻度值為15，可知多用電表內(nèi)部電源的電動(dòng)勢(shì)為_(kāi)__________V（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）；再換用“×10”歐姆擋，重復(fù)上述操作，測(cè)得內(nèi)部電源電動(dòng)勢(shì)與“×100”歐姆擋相同。（3）該型號(hào)二極管伏安特性曲線如圖丁所示，請(qǐng)?jiān)趫D丁中作圖確定分別用多用電表“×10”歐姆擋和“×100”歐姆擋測(cè)定二極管的正向電阻時(shí)的工作點(diǎn)。___________可知用“×10”歐姆擋測(cè)得的阻值明顯___________（填“大于”或“小于”）用“×100”歐姆擋測(cè)得的阻值。其原因并非是多用電表內(nèi)部電源的電動(dòng)勢(shì)不同，而是不同電阻擋的多用電表的___________不同。〖答案〗（1）（2）##19004601.56（3）小于內(nèi)阻〖解析〗【小問(wèn)1詳析】多用電表在使用時(shí)必須使電流從正接線柱流進(jìn)，負(fù)接線柱流出同，串聯(lián)的電流表也必須使電流從正接線柱流進(jìn)，負(fù)接線柱流出，實(shí)物連線圖如圖所示【小問(wèn)2詳析】[1]多用電表用“×100”歐姆擋，讀數(shù)為[2]電流表量程為，最小分度為，讀數(shù)為；[3]多用電表測(cè)量電阻的原理是閉合電路歐姆定律，當(dāng)兩表筆短接時(shí)調(diào)整調(diào)零旋鈕使表針滿偏，即當(dāng)待測(cè)電阻的阻值等于時(shí)，這時(shí)表頭指針半偏，表針指在歐姆表盤(pán)的中值上，所以為中值電阻，“×100”歐姆擋多用電表的內(nèi)阻為，由閉合電路歐姆定律可得【小問(wèn)3詳析】[1]當(dāng)用多用電表的“×10”歐姆擋和“×100”歐姆擋測(cè)定二極管的正向電阻時(shí)，多用電表可視為電動(dòng)勢(shì)內(nèi)阻分別為和的等效電源，短路電流分別為在圖丁中作出兩等效電源伏安特性曲線如圖所示[2]與二極管伏安特性曲線的兩個(gè)交點(diǎn)分別為兩個(gè)工作點(diǎn)，工作點(diǎn)與原點(diǎn)連線的斜率等于二極管的正向電阻的阻值的倒數(shù)，可知用“×10”歐姆擋測(cè)得的二極管的正向電阻的阻值?。籟3]多用電表不同的倍率擋測(cè)得的阻值不同，是因?yàn)椴煌堵蕮醵嘤秒姳韮?nèi)部的總電阻即歐姆表內(nèi)阻不同。13.如圖所示，容積為的暖水瓶?jī)?nèi)倒入溫度為97℃的熱水，將瓶塞輕放入瓶口，瓶塞與瓶口內(nèi)側(cè)接觸良好且不漏氣。已知瓶口的橫截面積為，瓶塞圓臺(tái)側(cè)面母線與軸線間的夾角為，，。瓶塞與瓶口間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.15，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，忽略瓶塞的重力。瓶?jī)?nèi)氣體溫度始終與水溫相同，瓶?jī)?nèi)氣體可視為理想氣體，外界大氣壓強(qiáng)，熱力學(xué)溫度與攝氏溫度的關(guān)系為。瓶?jī)?nèi)溫度緩慢降到78.5℃，此時(shí)瓶塞恰好不發(fā)生滑動(dòng)。（1）求瓶?jī)?nèi)溫度為78.5℃時(shí)，瓶塞受到的摩擦力大?。ńY(jié)果保留兩位有效數(shù)字）；（2）若稍微拔動(dòng)瓶塞使外部氣體進(jìn)入暖水瓶?jī)?nèi)，忽略瓶?jī)?nèi)水溫的微小變化，求穩(wěn)定后進(jìn)入瓶?jī)?nèi)的空氣質(zhì)量與原來(lái)暖水瓶中空氣質(zhì)量的比值?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）氣體溫度緩慢降低過(guò)程，氣體發(fā)生等容變化，則有其中，解得瓶塞受力分析，如圖所示由平衡條件有又聯(lián)立解得（2）空氣進(jìn)入暖水瓶后，瓶?jī)?nèi)溫度不變，壓強(qiáng)等于大氣壓強(qiáng)，根據(jù)可得14.粒子分析儀由加速電場(chǎng)、偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)與磁場(chǎng)組成。如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系xOy的第一象限內(nèi)存在著沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，第二象限內(nèi)存在著場(chǎng)強(qiáng)大小為E、沿x軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，第四象限內(nèi)存在著垂直于坐標(biāo)平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一質(zhì)量為m、電量為的粒子從點(diǎn)由靜止釋放，粒子從y軸上的點(diǎn)射入第一象限，經(jīng)電場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后從x軸上的射入第四象限，經(jīng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后粒子從x軸上的點(diǎn)返回第一象限，不計(jì)粒子的重力，求：（1）粒子通過(guò)B點(diǎn)時(shí)的速率；（2）第四象限內(nèi)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大?。唬?）粒子從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)的時(shí)間。〖答案〗（1）；（2）；（3）〖解析〗（1）在加速電場(chǎng)中，根據(jù)動(dòng)能定理有解得（2）粒子進(jìn)入第一象限做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為，則有，解得，粒子在C點(diǎn)的速度令粒子在C點(diǎn)速度方向與水平方向夾角為，則有可知，粒子運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)速度方向與x軸正方向成角斜向下，設(shè)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑為R，由幾何關(guān)系可知粒子做圓周運(yùn)動(dòng)，由洛倫茲力提供向心力，則有解得（3）設(shè)粒子從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的時(shí)間為，則有解得設(shè)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為，則有粒子從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)的總時(shí)間解得15.如圖所示，長(zhǎng)木板A、小車(chē)B緊靠在一起均靜置在水平地面上，長(zhǎng)木板A與光滑固定軌道PQ的底端接觸，軌道PQ底端的切線水平且與長(zhǎng)木板A和小車(chē)B的上表面齊平，滑塊C與長(zhǎng)木板A、小車(chē)B的上表面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，長(zhǎng)木板A與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，小車(chē)B與地面間的摩擦可忽略。已知長(zhǎng)木板A的質(zhì)量，小車(chē)B的質(zhì)量，長(zhǎng)木板A和小車(chē)B的長(zhǎng)度均為，重力加速度，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。滑塊C從軌道PQ上距底端切線某一高度h（未知）處由靜止開(kāi)始下滑。滑塊C可視為質(zhì)點(diǎn)。（1）若滑塊C的質(zhì)量，恰好能滑上小車(chē)B，求滑塊C釋放時(shí)的高度；（2）若滑塊C的質(zhì)量，為使滑塊C滑上小車(chē)B后不會(huì)從小車(chē)B上滑落，求滑塊C釋放時(shí)高度的最大值；（3）若滑塊C的質(zhì)量，滑塊C從距底端切線高處由靜止釋放，求滑塊C滑上小車(chē)B時(shí)的速度大小。〖答案〗（1）；（2）；（3）〖解析〗（1）滑塊C滑上長(zhǎng)木板A后，滑塊C受到的摩擦力長(zhǎng)木板A與地面間的最大靜摩擦力故長(zhǎng)木板A靜止。根據(jù)功能關(guān)系有解得（2）設(shè)滑塊C從距底端切線高處下滑時(shí)，恰好不會(huì)從小車(chē)B上滑落，滑塊C滑上小車(chē)B左端時(shí)，根據(jù)功能關(guān)系有設(shè)滑塊C與小車(chē)B共速時(shí)的速度為v，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有對(duì)滑塊C與小車(chē)B整體，根據(jù)功能關(guān)系有聯(lián)立解得（3）滑塊C滑上長(zhǎng)木板A后，滑塊C所受的摩擦力長(zhǎng)木板A與地面間的最大靜摩擦力長(zhǎng)木板A會(huì)推動(dòng)小車(chē)B一起運(yùn)動(dòng)，對(duì)滑塊C受力分析有對(duì)長(zhǎng)木板A和小車(chē)B整體受力分析有滑塊C滑上長(zhǎng)木板A時(shí)，根據(jù)功能關(guān)系有滑塊C的位移長(zhǎng)木板A的位移滑塊C滑離長(zhǎng)木板A時(shí)有設(shè)滑塊C滑上小車(chē)B時(shí)的速度大小為，則解得2024年普通高中學(xué)業(yè)水平選擇性考試模擬試題物理（一）本試卷共8頁(yè)，15題。全卷滿分100分?？荚囉脮r(shí)75分鐘。注意事項(xiàng)：1.答題前，先將自己的姓名、考號(hào)等填寫(xiě)在試題卷和答題卡上，并將準(zhǔn)考證號(hào)條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2.選擇題的作答：選出每小題〖答案〗后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號(hào)涂黑。寫(xiě)在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。3.非選擇題的作答：用簽字筆直接寫(xiě)在答題卡上對(duì)應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫(xiě)在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。4.考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試題卷和答題卡一并上交。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~7題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題6分，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.如圖甲、乙所示分別為兩交變電源的輸出電壓隨時(shí)間變化的圖像，讓它們分別接在阻值相同的定值電阻的兩端，則時(shí)間T內(nèi)與甲、乙兩電源相接的電阻產(chǎn)生的熱量之比為（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗設(shè)定值電阻的阻值為R，由圖甲可知一個(gè)周期內(nèi)定值電阻產(chǎn)生的熱量由圖乙可知一個(gè)周期內(nèi)定值電阻產(chǎn)生的熱量解得故選A。2.如圖所示的電路，理想變壓器的原線圈通過(guò)理想交流電流表接在交流電源上，副線圈接有兩個(gè)完全相同的燈泡、、定值電阻R、電動(dòng)機(jī)M和理想交流電壓表。初始狀態(tài)時(shí)開(kāi)關(guān)斷開(kāi)，現(xiàn)將開(kāi)關(guān)閉合，下列說(shuō)法正確的是（）A.電流表的示數(shù)變小 B.電壓表的示數(shù)變大C.燈泡變暗 D.燈泡變暗〖答案〗D〖解析〗AC．原線圈接入的交流電一定，開(kāi)關(guān)閉合后，變壓器的輸出功率增大，通過(guò)原副線圈的電流均增大，故電流表的示數(shù)變大，燈泡變亮故，AC錯(cuò)誤；B．原線圈接入的交流電一定，原線圈兩端的電壓不變，原副線圈匝數(shù)比不變，根據(jù)電壓匝數(shù)的關(guān)系可知，副線圈兩端電壓不變，即電壓表的示數(shù)不變，故B錯(cuò)誤；D．結(jié)合上述可知，副線圈兩端的電壓不變，通過(guò)副線圈的電流增大，則燈泡和定值電阻R兩端的電壓均增大，燈泡兩端的電壓減小，燈泡變暗，故D正確。故選D。3.進(jìn)入21世紀(jì)，北斗導(dǎo)航系統(tǒng)全球組網(wǎng)、天宮空間站在軌建造完成，標(biāo)志著我國(guó)的航天事業(yè)走在了世界前列。已知天宮空間站和北斗導(dǎo)航系統(tǒng)中的中圓軌道衛(wèi)星均繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，周期分別為、，則空間站和中圓軌道衛(wèi)星的（）A.運(yùn)轉(zhuǎn)半徑之比為 B.線速度大小之比為C.向心加速度大小之比為 D.線速度均大于第一宇宙速度〖答案〗B〖解析〗A．根據(jù)開(kāi)普勒第三定律可得A錯(cuò)誤；B．根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力可得線速度大小可得B正確；C．根據(jù)可得向心加速度大小之比C錯(cuò)誤；D．第一宇宙速度是環(huán)繞速度的最大值，空間站和中圓軌道衛(wèi)星的線速度均小于第一宇宙速度，D錯(cuò)誤。故選B。4.如圖所示，真空中孤立的、半徑為r、表面光滑的金屬球固定在絕緣支架上，金屬球材料的極限頻率為，普朗克常量為h，電子的電荷量為e、若以無(wú)窮遠(yuǎn)處為零電勢(shì)點(diǎn)，均勻帶電金屬球的電勢(shì)，其中Q為金屬球所帶的電荷量，k為靜電力常量，r為金屬球的半徑?，F(xiàn)用頻率為的光持續(xù)照射金屬球，則金屬球被照射后所帶電荷量的最大值為（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗根據(jù)光電效應(yīng)方程，光電子的最大初動(dòng)能金屬球的電勢(shì)的最大值為，則可得由電勢(shì)可得金屬球所帶電荷量的最大值故選A5.如圖所示，一人隨電梯由靜止開(kāi)始先勻加速后勻速向上運(yùn)動(dòng)，從電梯開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)計(jì)時(shí)，下列關(guān)于人受到的摩擦力f、支持力、人的動(dòng)能以及重力勢(shì)能隨時(shí)間t變化的關(guān)系圖像可能正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗C〖解析〗A．電梯先勻加速上升再勻速上升，對(duì)運(yùn)動(dòng)過(guò)程受力分析結(jié)合牛頓第二定律的同向性可知人先受摩擦力后不受摩擦力，A錯(cuò)誤；B．加速上升階段，加速度向上，人受到的支持力大于重力，勻速上升階段，支持力等于重力，B錯(cuò)誤；C．人的動(dòng)能先增大后不變，動(dòng)能增大階段，動(dòng)能表達(dá)式C正確；D．設(shè)電梯的傾角為，加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，上升的高度隨時(shí)間的關(guān)系為重力勢(shì)能隨時(shí)間變化的關(guān)系為D錯(cuò)誤。故選C。6.一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，時(shí)刻該波剛傳播到質(zhì)點(diǎn)P，波形圖如圖所示，時(shí)刻平衡位置在處的質(zhì)點(diǎn)Q（圖中未標(biāo)出）恰好第一次到達(dá)波谷，下列說(shuō)法正確的是（）A.該波的波速大小為 B.波源的振動(dòng)周期為C.內(nèi)質(zhì)點(diǎn)Q沿y軸負(fù)方向加速運(yùn)動(dòng) D.內(nèi)質(zhì)點(diǎn)P經(jīng)過(guò)的路程為〖答案〗C〖解析〗B．由圖可知波長(zhǎng)P、Q兩質(zhì)點(diǎn)之間的距離為，該波由質(zhì)點(diǎn)P傳播到質(zhì)點(diǎn)Q用時(shí)同，再經(jīng)由平衡位置第一次到達(dá)波谷，可知可得波源的振動(dòng)周期B項(xiàng)錯(cuò)誤；A．波速A項(xiàng)錯(cuò)誤；C．經(jīng)該波傳播到質(zhì)點(diǎn)Q，時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)Q由波峰向平衡位置運(yùn)動(dòng)，沿y軸負(fù)方向加速運(yùn)動(dòng)，C項(xiàng)正確；D．由波形圖可知波動(dòng)方程代入，和，，可得內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)P經(jīng)過(guò)的路程D項(xiàng)錯(cuò)誤。故選C。7.如圖所示，粗糙輕桿BC水平固定在豎直轉(zhuǎn)軸AB上，質(zhì)量為m的小球穿在輕桿上，輕彈簧一端與小球相連，另一端固定在豎直轉(zhuǎn)軸上的A點(diǎn)，A、B兩點(diǎn)之間的距離為L(zhǎng)，彈簧的原長(zhǎng)為。裝置靜止時(shí)將小球向左緩慢推到距B點(diǎn)處松手，小球恰好能保持靜止，現(xiàn)使該裝置由靜止開(kāi)始繞豎直轉(zhuǎn)軸緩慢加速轉(zhuǎn)動(dòng)，當(dāng)小球與輕桿之間的彈力為零時(shí)，保持角速度不變，此時(shí)小球與B點(diǎn)之間的距離為，從開(kāi)始轉(zhuǎn)動(dòng)到小球與輕桿之間的彈力為零的過(guò)程外界提供給裝置的能量為E。已知小球與輕桿之間的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度為g，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，下列說(shuō)法正確的是（）A.當(dāng)小球與輕桿之間的彈力為零時(shí)，該裝置轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度大小為B.彈簧的勁度系數(shù)為C.小球與輕桿之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為D.從開(kāi)始轉(zhuǎn)動(dòng)到小球與輕桿之間的彈力為零的過(guò)程，小球克服摩擦力做的功為〖答案〗D〖解析〗A．當(dāng)小球與輕桿之間的彈力為零時(shí)，小球圓周運(yùn)動(dòng)的半徑設(shè)此時(shí)彈簧與輕桿之間的夾角為，則有小球與輕桿之間的彈力為零時(shí)，摩擦力為0，對(duì)小球進(jìn)行分析，則有解得故A錯(cuò)誤；B．設(shè)小球與輕桿之間的彈力為零時(shí)彈簧伸長(zhǎng)量為，在豎直方向有結(jié)合上述有解得故B錯(cuò)誤；C．設(shè)裝置靜止時(shí)彈簧與輕桿之間的夾角為，則有彈簧的壓縮量由平衡條件可得，聯(lián)立解得故C錯(cuò)誤；D．兩種狀態(tài)彈簧的彈性勢(shì)能相等，整個(gè)過(guò)程外界提供給裝置的能量解得故D正確。故選D。8.如圖所示，在正方形ABCD的三個(gè)頂點(diǎn)A、B、C分別固定著一個(gè)電荷量為q的正點(diǎn)電荷，D點(diǎn)固定著一個(gè)電荷量也為q的負(fù)點(diǎn)電荷，O點(diǎn)為正方形的中心，M、N兩點(diǎn)分別為AD邊和BC邊的中點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）A.M、N、O三點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小的關(guān)系為B.M、N、O三點(diǎn)電勢(shì)的關(guān)系為C.若將C點(diǎn)的點(diǎn)電荷沿OC連線向O點(diǎn)靠近，電場(chǎng)力做負(fù)功D.若將C點(diǎn)的點(diǎn)電荷沿OC連線向O點(diǎn)靠近，電勢(shì)能逐漸減小〖答案〗AC〖解析〗A．根據(jù)電場(chǎng)的疊加，可知M點(diǎn)、N點(diǎn)、O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)等于A、D兩處等量異種電荷產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)和B、C兩處等量同種電荷產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)的疊加，根據(jù)等量異種電荷和等量同種電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)的特點(diǎn)，可知A、D兩處等量異種電荷在M點(diǎn)、O點(diǎn)、N點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小的關(guān)系為B、C兩處等量同種電荷在M點(diǎn)、O點(diǎn)、N點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小的關(guān)系為，可知，O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)等于B、D兩處等量異種電荷在O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)與A、C兩處等量同種電荷在O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)的疊加，而B(niǎo)、D間的距離大于A、D間的距離，有A、D兩處等量異種電荷在M點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大于B、D兩處等量異種電荷在O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)，故A正確；B．M點(diǎn)、N點(diǎn)、O點(diǎn)位于A、D兩處等量異種電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)的同一條等勢(shì)線上，距離B、C兩處的電荷越近的點(diǎn)電勢(shì)越高，故B錯(cuò)誤；CD．AC連線是B、D兩處的電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)中的一條等勢(shì)線，C點(diǎn)處的電荷向O點(diǎn)靠近時(shí)與A點(diǎn)處的正電荷距離減小，電勢(shì)逐漸升高，電勢(shì)能逐漸增大，電場(chǎng)力做負(fù)功，C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。9.半圓柱狀光學(xué)器件的橫截面如圖所示，O點(diǎn)為圓心、AB為直徑，一束由紅光和紫光組成的復(fù)色光，在真空中從A點(diǎn)斜射到器件的上表面，折射光分成兩束分別照射到圓弧面上的P、Q兩點(diǎn)。已知當(dāng)入射角時(shí)，紫光恰好在圓弧面上發(fā)生全反射，下列說(shuō)法正確的是（）A.此時(shí)紅光在圓弧面上也一定發(fā)生了全反射B.該器件對(duì)紫光的折射率為C.若增大入射角，紅光和紫光均會(huì)在圓弧面上發(fā)生全反射D.兩束折射光分別由A點(diǎn)到P點(diǎn)和由A點(diǎn)到Q點(diǎn)傳播的時(shí)間相等〖答案〗BD〖解析〗A．紫光的頻率大于紅光的頻率，該器件對(duì)紫光的折射率大于紅光的折射率，由折射定律可知，紫光的折射角小于紅光的折射角，所以紅光照射到P點(diǎn)，光路圖如圖所示由，可知全反射臨界角的關(guān)系為由幾何關(guān)系可知因紫光恰好發(fā)生全反射，故則紅光不會(huì)發(fā)生全反射，A錯(cuò)誤；B．對(duì)紫光根據(jù)幾何關(guān)系，可得臨界角則可得解得B正確；C．當(dāng)入射角增大，折射角相應(yīng)增大，紅光和紫光在圓弧面的入射角均減小，紅光和紫光的入射角均小于各自的臨界角，故均不會(huì)發(fā)生全反射，C錯(cuò)誤；D．根據(jù)幾何關(guān)系紫光在器件中傳播的速度傳播時(shí)間同理可得故D正確。故選BD。10.如圖所示，兩根足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌固定在傾角為的絕緣斜面上，導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，導(dǎo)軌頂端接有阻值為R的定值電阻，導(dǎo)軌處在垂直導(dǎo)軌平面向下的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中?，F(xiàn)使金屬棒MN從導(dǎo)軌底端以初速度沿導(dǎo)軌向上運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間金屬棒返回導(dǎo)軌底端。已知金屬棒返回導(dǎo)軌底端時(shí)的速度未達(dá)到勻速狀態(tài)且大小為，金屬棒的長(zhǎng)度為L(zhǎng)、質(zhì)量為m、電阻為r，金屬棒始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，導(dǎo)軌的電阻不計(jì)，重力加速度為g，則下列說(shuō)法正確的是（）A.金屬棒從導(dǎo)軌底端出發(fā)至返回底端的過(guò)程中加速度一直減小B.金屬棒上滑過(guò)程中的平均速度大小滿足C.金屬棒從導(dǎo)軌底端出發(fā)至返回底端所經(jīng)歷的時(shí)間為D.金屬棒上滑過(guò)程中回路產(chǎn)生的焦耳熱為〖答案〗ABC〖解析〗A．金屬棒上滑過(guò)程中根據(jù)牛頓第二定律又聯(lián)立可得隨著速度v的減小，加速度a逐漸減小，同理可得下滑過(guò)程中隨著速度v的增大，加速度a逐漸減小，A正確；B．其圖像如圖所示因上滑過(guò)程和下滑過(guò)程的位移大小相等，則圖線與橫軸所圍成的A、B兩部分的面積相等，可知上滑過(guò)程的平均速度小于，下滑過(guò)程的平均速度大于，因上滑過(guò)程的時(shí)間小于下滑過(guò)程的時(shí)間，故上滑過(guò)程的平均速度大于，即金屬棒上滑過(guò)程中的平均速度大小滿足B正確；C．金屬棒從導(dǎo)軌底端出發(fā)至返回底端的整個(gè)過(guò)程中，由動(dòng)量定理可得安培力的沖量又，因?yàn)?，所以解得C正確；D．整個(gè)過(guò)程機(jī)械能的減少量等于回路中產(chǎn)生的總焦耳熱上滑過(guò)程比下滑過(guò)程經(jīng)過(guò)同一位置時(shí)的速度大、感應(yīng)電流大、安培力大，故上滑過(guò)程克服安培力做的功大于下滑過(guò)程克服安培力做的功，即上滑過(guò)程產(chǎn)生的焦耳熱大于下滑過(guò)程產(chǎn)生的焦耳熱，故應(yīng)大于，D錯(cuò)誤。故選ABC。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.如圖甲所示為“探究小車(chē)加速度a與受力F、質(zhì)量M關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)裝置圖，槽碼的質(zhì)量為m，小車(chē)的質(zhì)量為M，重力加速度為g。（1）實(shí)驗(yàn)開(kāi)始時(shí)首先平衡了摩擦力。若不計(jì)細(xì)線的質(zhì)量和滑輪的摩擦，且沒(méi)有滿足，增加槽碼的個(gè)數(shù)，使槽碼的總質(zhì)量變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，則細(xì)線上的拉力___________（填“大于”“等于”或“小于”）原來(lái)的2倍。（2）如圖乙所示為某同學(xué)通過(guò)正確操作獲得的一條紙帶。已知所用交流電源的頻率為，相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個(gè)點(diǎn)沒(méi)有標(biāo)出，根據(jù)圖乙中的數(shù)據(jù)可得小車(chē)的加速度大小為_(kāi)__________。（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）（3）保持槽碼的質(zhì)量m一定，改變小車(chē)的質(zhì)量M，某同學(xué)在處理數(shù)據(jù)時(shí)，以小車(chē)加速度的倒數(shù)為縱軸、以小車(chē)的質(zhì)量M為橫軸，作出的圖像如圖丙所示，圖中縱截距___________。（用題中所給字母表示）〖答案〗（1）小于（2）1.25（3）〖解析〗【小問(wèn)1詳析】以小車(chē)為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律可得以槽碼為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律可得聯(lián)立可得若保持小車(chē)的質(zhì)量M不變，將槽碼的質(zhì)量m增大為原來(lái)的2倍，則有【小問(wèn)2詳析】相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個(gè)點(diǎn)沒(méi)有標(biāo)出，所以相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔根據(jù)可得【小問(wèn)3詳析】對(duì)槽碼和小車(chē)整體有可得可知圖像的縱截距等于重力加速度的倒數(shù),即12.某實(shí)驗(yàn)小組用多用電表測(cè)量一個(gè)二極管的正向電阻，分別利用“×10”歐姆擋和“×100”歐姆擋進(jìn)行正確操作，發(fā)現(xiàn)測(cè)得的阻值有很大差距。分析原因時(shí)，有同學(xué)提出，在使用多用電表測(cè)量電阻時(shí)，多用電表的內(nèi)部電路可以等效為一個(gè)直流電源，可能因?yàn)槎嘤秒姳韮蓚€(gè)倍率歐姆擋所用電源電動(dòng)勢(shì)不同而造成二極管的工作點(diǎn)不同，為分析具體原因，該小組同學(xué)進(jìn)行了如下實(shí)驗(yàn)。（1）將多用電表調(diào)到“×100”歐姆擋，紅表筆和黑表筆短接，進(jìn)行歐姆調(diào)零；將電阻箱的阻值調(diào)到最大；把多用電表、電流表（量程為，內(nèi)阻約為）、電阻箱（阻值范圍為）和開(kāi)關(guān)串聯(lián)成閉合回路。請(qǐng)用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線，完成圖甲中的實(shí)物連線圖。___________（2）閉合開(kāi)關(guān)，調(diào)整電阻箱的阻值，該多用電表的表盤(pán)指針如圖乙所示，其示數(shù)為_(kāi)__________，電流表的表盤(pán)指針如圖丙所示，其示數(shù)為_(kāi)__________。已知多用電表表盤(pán)正中央的刻度值為15，可知多用電表內(nèi)部電源的電動(dòng)勢(shì)為_(kāi)__________V（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）；再換用“×10”歐姆擋，重復(fù)上述操作，測(cè)得內(nèi)部電源電動(dòng)勢(shì)與“×100”歐姆擋相同。（3）該型號(hào)二極管伏安特性曲線如圖丁所示，請(qǐng)?jiān)趫D丁中作圖確定分別用多用電表“×10”歐姆擋和“×100”歐姆擋測(cè)定二極管的正向電阻時(shí)的工作點(diǎn)。___________可知用“×10”歐姆擋測(cè)得的阻值明顯___________（填“大于”或“小于”）用“×100”歐姆擋測(cè)得的阻值。其原因并非是多用電表內(nèi)部電源的電動(dòng)勢(shì)不同，而是不同電阻擋的多用電表的___________不同?！即鸢浮剑?）（2）##19004601.56（3）小于內(nèi)阻〖解析〗【小問(wèn)1詳析】多用電表在使用時(shí)必須使電流從正接線柱流進(jìn)，負(fù)接線柱流出同，串聯(lián)的電流表也必須使電流從正接線柱流進(jìn)，負(fù)接線柱流出，實(shí)物連線圖如圖所示【小問(wèn)2詳析】[1]多用電表用“×100”歐姆擋，讀數(shù)為[2]電流表量程為，最小分度為，讀數(shù)為；[3]多用電表測(cè)量電阻的原理是閉合電路歐姆定律，當(dāng)兩表筆短接時(shí)調(diào)整調(diào)零旋鈕使表針滿偏，即當(dāng)待測(cè)電阻的阻值等于時(shí)，這時(shí)表頭指針半偏，表針指在歐姆表盤(pán)的中值上，所以為中值電阻，“×100”歐姆擋多用電表的內(nèi)阻為，由閉合電路歐姆定律可得【小問(wèn)3詳析】[1]當(dāng)用多用電表的“×10”歐姆擋和“×100”歐姆擋測(cè)定二極管的正向電阻時(shí)，多用電表可視為電動(dòng)勢(shì)內(nèi)阻分別為和的等效電源，短路電流分別為在圖丁中作出兩等效電源伏安特性曲線如圖所示[2]與二極管伏安特性曲線的兩個(gè)交點(diǎn)分別為兩個(gè)工作點(diǎn)，工作點(diǎn)與原點(diǎn)連線的斜率等于二極管的正向電阻的阻值的倒數(shù)，可知用“×10”歐姆擋測(cè)得的二極管的正向電阻的阻值?。籟3]多用電表不同的倍率擋測(cè)得的阻值不同，是因?yàn)椴煌堵蕮醵嘤秒姳韮?nèi)部的總電阻即歐姆表內(nèi)阻不同