浙江省舟山市2025屆高考全國統(tǒng)考預測密卷物理試卷含解析

浙江省舟山市2025屆高考全國統(tǒng)考預測密卷物理試卷考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，是半圓弧，為圓心，為半圓弧的最高點，，、、處各有一垂直紙面的通電直導線，電流大小均為，長度均為，和處通電直導線的電流方向垂直紙面向外，處通電直導線的電流方向垂直紙面向里，三根通電直導線在點處產生的磁感應強度大小均為，則處的磁感應強度大小為（）A． B． C． D．02、如圖所示，在光滑的水平桌面上有一彈簧振子，彈簧勁度系數為k，開始時，振子被拉到平衡位置O的右側A處，此時拉力大小為F，然后釋放振子從靜止開始向左運動，經過時間t后第一次到達平衡位置O處，此時振子的速度為v，在這個過程中振子的平均速度為A．等于v2B．大于v2C．小于3、一列簡諧橫波沿x軸正向傳播，某時刻的波形如圖所示。在波繼續(xù)傳播一個波長的時間內，下列圖中能正確描述x＝2m處的質點受到的回復力與其位移的關系的是（）A． B．C． D．4、在實驗室觀察到如下的核反應。處于靜止狀態(tài)的鋁原子核，受到一個運動粒子撞擊后，合在一起成為一個處于激發(fā)態(tài)的硅原子核。對此核反應下列表述正確的是（）A．核反應方程為 B．該核反應是核聚變反應C．新生成的與是同位素 D．新生成的處于靜止狀態(tài)5、一人造地球衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，假如該衛(wèi)星變軌后仍做勻速圓周運動，動能增大為原來的4倍，不考慮衛(wèi)星質量的變化，則變軌前后衛(wèi)星的（）A．向心加速度大小之比為14 B．軌道半徑之比為41C．周期之比為41 D．角速度大小之比為126、一個小球以一定的水平速度拋出，經過t0時間，小球和拋出點的連線與水平方向夾角為37°，再經過t時間，小球和拋出點的連線與水平方向的夾角為53°，不計空氣阻力，下列說法正確的是A． B． C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖甲所示，abcd是位于豎直平面內的正方形閉合金屬線框，金屬線框的質量為m，電阻為R，在金屬線框的下方有一勻強磁場區(qū)域，MN和PQ是勻強磁場區(qū)域的水平邊界，并與線框的bc邊平行，磁場方向垂直紙面向里．現使金屬線框從MN上方某一高度處由靜止開始下落，如圖乙是金屬線框由開始下落到bc邊剛好運動到勻強磁場PQ邊界的v﹣t圖象，圖中數據均為己知量，重力加速度為g，不計空氣阻力，則在線框穿過磁場的過程中，下列說法正確的是（）A．t1到t2過程中，線框中感應電流沿順時針方向B．線框的邊長為v1（t2﹣t1）C．線框中安培力的最大功率為D．線框中安培力的最大功率為8、在圖示電路中，理想變壓器的原、副線圈匝數比為2∶1，電阻R1、R2、R3、R4的阻值均為4Ω。已知通過R4的電流i4=2sin100πtA，下列說法正確的是（）A．a、b兩端電壓的頻率可能為100HzB．a、b兩端電壓的有效值為56VC．若a、b兩端電壓保持不變，儀減小R2的阻值，則R1消耗的電功率減小D．若a、b兩端電壓保持不變，儀減小R1的阻值，則R2兩端電壓增大9、如圖所示，將小砝碼置于桌面上的薄紙板上，用水平向右的拉力將紙板迅速抽出，砝碼的移動很小，幾乎觀察不到，這就是大家熟悉的慣性演示實驗，若砝碼和紙板的質量分別為M和m，各接觸面間的動摩擦因數均為μ，重力加速度為g（）A．紙板相對砝碼運動，紙板所受摩擦力的大小為B．要使紙板相對砝碼運動F一定大于C．若砝碼與紙板分離時的速度大于，則砝碼不會從桌面上掉下D．當時，砝碼恰好到達桌面邊緣10、如圖甲所示，水平面內粗糙導軌MN、PQ相距為L，置于豎直向下的磁感應強度為B的勻強磁場中，導軌電阻不計。兩根電阻均為R的金屬棒ab、cd置于導軌上且與導軌接觸良好，電流表內阻不計。現ab棒在水平外力F作用下由靜止向右運動，電流表示數隨時間變化圖線如圖乙所示，在t0時刻cd棒剛要開始運動，下列各種說法中正確的是（）A．ab棒在時間內做勻加速直線運動B．若在時刻突然撤去外力F，則ab棒的加速度C．在時間內，通過cd棒的電量為D．在時間內，力F做的功全部轉化為ab棒的焦耳熱、摩擦生熱和其增加的動能三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）圖甲為某同學改裝和校準毫安表的電路圖，其中虛線框內是毫安表的改裝電路圖。(1)將圖乙所示的實驗電路連接完整________。(2)已知毫安表滿偏電流為1mA，表頭上標記的內阻值為120Ω，R1和R2為定值電阻。若將開關S2扳到a接線柱，電表量程為4mA;若將開關S2扳到b接線拄，電表量程為16mA則根據題給條件，定值電阻的阻值應選R1＝_____Ω，R2=____Ω。(3)現用一量程為16mA，內阻為20Ω的標準電流表A對改裝電表的16mA擋進行校準，校準時需選取的刻度范圍為1mA～16mA。電池的電動勢為1.5V，內阻忽略不計;滑動變阻器R有兩種規(guī)格，最大阻值分別為800Ω和1600Ω，則R應選用最大阻值為____Ω的滑動變阻器。(4)若由于表頭上標記的內阻值不準，造成改裝后電流表的讀數比標準電流表的讀數偏大，則表頭內阻的真實值________(填“大于”＂或“小于”)120Ω。12．（12分）利用打點計時器（用頻率為的交流電）研究“勻變速直線運動的規(guī)律”。如圖所示為實驗中打點計時器打出的一條點跡清晰的紙帶，O是打點計時器打下的第一個點，相鄰兩個計數點之間還有四個點沒有畫出（1）相鄰兩計數點之間的時間間隔為________s（2）實驗時要在接通打點計時器電源之________（填“前”或“后”）釋放紙帶（3）將各計數點至O點的距離依次記為、、、、…，測得，，，。請計算打點計時器打下C點時紙帶的速度大小為___；紙帶的加速度大小為________（結果均保留兩位有效數字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，豎直放置的U形玻璃管與容積為V0＝15cm3的金屬球形容器連通，玻璃管左側橫截面積為右側橫截面積的4倍．右側玻璃管和球形容器中用水銀柱封閉一定質量的理想氣體．開始時，U形玻璃管右側水銀面比左側水銀面高出h1＝15cm，右側玻璃管內水銀柱上方空氣柱長h0＝9cm.現緩慢向左管中加入水銀，使兩邊水銀柱達到同一高度，玻璃管和金屬球導熱良好(已知大氣壓p0＝75cmHg，U形玻璃管的右側橫截面積為S＝1cm2)．求：(1)此過程中被封氣體內能如何變化？吸熱還是放熱？(2)需要加入的水銀體積．14．（16分）如圖，在豎直平面內，一半徑為R的光滑絕緣圓弧軌道ABC和水平絕緣軌道PA在A點相切，BC為圓弧軌道的直徑，O為圓心，OA和OB之間的夾角為，，整個裝置處于水平向右的勻強電場中。一質量為m、電荷量為q（q＞0）的帶電小球在電場力的作用下沿水平軌道向右運動，經A點沿圓弧軌道通過C點，落至水平軌道；已知小球在C點所受合力的方向指向圓心，且此時小球對軌道的壓力恰好為零，重力加速度大小為g。求(1)勻強電場的場強大??；(2)小球到達A點時速度的大??；(3)小球從C點落至水平軌道上的位置與A點的距離。15．（12分）如圖所示，傾角為37°的固定斜面上下兩端分別安裝有光滑定滑輪和彈性擋板P，、是斜面上兩點，間距離，間距離。輕繩跨過滑輪連接平板B和重物C，小物體A放在離平板B下端處，平板B下端緊挨，當小物體A運動到區(qū)間時總受到一個沿斜面向下的恒力作用。已知A、B、C質量分別為m、2m、m，A與B間動摩擦因數，B與斜面間動摩擦因數，設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，，，g取，平板B與擋板P碰撞前C與滑輪不會相碰?，F讓整個裝置從靜止釋放，求：（1）小物體A在區(qū)間上方和進入區(qū)間內的加速度大??；（2）平板B與彈性擋板P碰撞瞬間同時剪斷輕繩，求平板B碰撞后沿斜面上升到最高點的時間。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

根據右手螺旋定則畫出A、C、D各通電直導線在O處產生的磁感應強度，如圖所示。將分解到水平和豎直兩個方向上，并分別在兩個方向合成，則水平方向的合矢量豎直方向的合矢量所以O點處的磁感應強度大小故選C。2、B【解析】

平均速度等于這段位移與所需要的時間的比值．而位移則通過胡克定律由受力平衡來確定。【詳解】根據胡克定律，振子被拉到平衡位置O的右側A處，此時拉力大小為F，由于經過時間t后第一次到達平衡位置O處，因做加速度減小的加速運動，所以這個過程中平均速度為v=【點睛】考查胡克定律的掌握，并運用位移與時間的比值定義為平均速度，注意與平均速率分開，同時強調位移而不是路程。3、A【解析】

簡諧橫波對應的質點，回復力大小與位移大小成正比，回復力方向與位移方向相反。故A項正確，BCD三項錯誤。4、C【解析】

A．該反應過程的質量數和電荷數均守恒，但反應物錯誤，應為，故A錯誤；B．該反應的類型為人工轉變，不是核聚變反應，故B錯誤；C．與的電荷數相同，屬于同一種元素，二者為同位素，故C正確；D．核反應過程中遵守動量守恒，反應前靜止，則生成的硅原子核應與反應前撞擊粒子的速度方向相同，故D錯誤。故選C。5、B【解析】

AB.根據萬有引力充當向心力==mr=ma，衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動的線速度v=，其動能Ek=，由題知變軌后動能增大為原來的4倍，則變軌后軌道半徑r2=r1，變軌前后衛(wèi)星的軌道半徑之比r1r2=41；向心加速度a=，變軌前后衛(wèi)星的向心加速度之比a1a2=116，故A錯誤，B正確；C.衛(wèi)星運動的周期，變軌前后衛(wèi)星的周期之比==，故C錯誤；D.衛(wèi)星運動的角速度，變軌前后衛(wèi)星的角速度之比==，故D錯誤．6、C【解析】

設平拋初速度大小為v0，經過時間t0，有：再經過時間t，有：所以解得：A.與計算結果不符，故A錯誤。B.與計算結果不符，故B錯誤。C.與計算結果相符，故C正確。D.與計算結果不符，故D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

A．金屬線框剛進入磁場時，磁通量增加，磁場方向垂直紙面向里，根據楞次定律判斷可知，線框中感應電流方向沿逆時針方向，故A錯誤；B．由圖象可知，金屬框進入磁場過程中做勻速直線運動，速度為v1，勻速運動的時間為t2﹣t1，故金屬框的邊長：L＝v1（t2﹣t1），故B正確；CD．在金屬框進入磁場的過程中，金屬框所受安培力等于重力，則得：mg＝BIL，又，又L＝v1（t2﹣t1），聯(lián)立解得：；線框僅在進入磁場和離開磁場過程中受安培力，進入時安培力等于重力，離開時安培力大于重力，開始減速，故開始離開磁場時安培力最大，功率最大，為Pm＝F安t2，又，聯(lián)立得：，故C錯誤，D正確．8、BD【解析】

A．通過的電流，則角速度頻率為變壓器不會改變交流電的頻率，故、兩端電壓的頻率為50Hz，故A錯誤；B．通過的電流最大值為，則有效值為根據并聯(lián)電路的規(guī)律可知，通過的電流有效值為2A，副線圈的輸出電流：根據變流比可知，原線圈的輸入電流兩端電壓為副線圈兩端電壓根據變壓比可知，原線圈的輸入電壓則、兩端電壓故B正確；C．若、兩端電壓保持不變，僅減小的阻值，根據閉合電路歐姆定律可知，副線圈的輸出電流增大，根據變流比可知，原線圈的輸入電流增大，則消耗的電功率增大，故C錯誤；D．若、兩端電壓保持不變，僅減小的阻值，則原線圈輸入電壓增大，根據變壓比可知，副線圈輸出電壓增大，則兩端的電壓增大，故D正確；故選BD。9、BC【解析】

A．砝碼和桌面對紙板的摩擦力分別為紙板所受摩擦力的大小為故A錯誤；B．紙板相對砝碼運動時，有二者發(fā)生相對運動需要滿足代入已知條件解得故B正確；C．若砝碼與紙析分離時的速度小于，砝碼勻加速運動的位移小于勻減速運動的位移小于則位移小于d，砝碼不會從桌面上掉下來，故C正確；D．當時，紙帶的加速度根據解得砝碼從開始運動到脫離紙板時勻加速運動的位移可知砝碼脫離紙板時恰好到達桌面邊緣，因此時砝碼具有速度，則砝碼會從桌面上掉下來，故D錯誤。故選BC。10、AC【解析】

A．由乙圖可知，t0時間內I與時間成正比，根據閉合電路歐姆定律可知時間內，加速度為定值，所以ab棒在時間內做勻加速直線運動，A正確；B．cd棒剛要開始運動，此時有對于ab棒撤去外力F后，根據牛頓第二定律解得B錯誤；C．根據電流的定義式可知t0時間內通過電路的電荷量大小等于圖線與時間軸圍成的面積，兩導體棒串聯(lián)，則通過cd棒的電量為C正確；D．對于整個系統(tǒng)來說，外力F做的功全部用來克服安培力做功（ab、cd兩棒中產生的焦耳熱）、克服摩擦力做功（摩擦生熱）以及增加動能，D錯誤。故選AC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、10301600小于【解析】

(1)[1]注意單刀雙擲開關的連線，如圖：(2)[2][3]由歐姆定律知，開關S2扳到a接線柱時有：開關S2扳到b接線柱時有：和為改裝電表的量程，解以上各式得：，(3)[4]根據，電流表校準時需選取的刻度最小為1mA，可知電路中總電阻最大為1500Ω，由于最大電阻要達到1500Ω，所以變阻器要選擇1600Ω。(4)[5]改裝后電流表的讀數比標準電流表的讀數偏大，說明流過表頭的電流偏大，則實際電阻偏小，故小于120Ω。12、0.1后0.240.80【解析】

（1）[1]頻率為的交流電，相鄰兩個計數點之間還有四個點沒有畫出，所以相鄰兩計數點之間的時間間隔為。（2）[2]實驗時，需先接通電源，后釋放紙帶。（3）[3]打點計時器打下C點時紙帶的速度大小[4]紙帶的加速度大小代入數據得四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)此過程中被封氣體內能不變，是放熱(2)84cm3【解析】

(1)氣體溫度不變，則內能不變；向左管中加入水銀時，外界對氣體做功，根據熱力學第一定律ΔU＝Q＋W可知，封閉氣體要放熱．(2)初態(tài)：p1＝p0－ph＝(75－15)cmHg＝60cmHg，V1＝V0＋h0S＝(15＋9×1)cm3＝24cm3，末態(tài)：p2＝75cmHg，溫度不變，根據玻意耳定律：p1V1＝p2V2，代入數據解得：V2＝19.2cm3.右側水銀柱上升的高度：左側水銀柱上升的高度：所以需要加入的水銀體積為.14、（1）（2）（3）【解析】

(1)小球到達點時所受合力的大小為，由力的合成法則，則有：解得勻強電場的場強大?。?2)設小球到達點時的速