內(nèi)蒙古2025屆高三物理上學期10月大聯(lián)考試題含解析

PAGE20-內(nèi)蒙古2025屆高三物理上學期10月大聯(lián)考試題（含解析）留意事項：1.答題時，務(wù)必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡規(guī)定的位置上。2.答選擇題時，必需運用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦擦干凈后，再選涂其他答案標號。3.答非選擇題時，必需運用黑色墨水筆或黑色簽字筆，將答案書寫在答題卡規(guī)定的位置上。4.全部題目必需在答題卡上作答，在試題卷上答題無效。5.考試結(jié)束后，只將答題卡交回。一、選擇題：本題共10小題，共50分。在每小題給出的四個選項中，第1~6小題只有一項符合題目要求，每小題5分；第7~10小題有多項符合題目要求，全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.關(guān)于物理規(guī)律的總結(jié)和發(fā)覺，下列說法正確的是（）A.卡文迪許首先通過試驗測出了引力常量G的數(shù)值B.哥白尼首先發(fā)覺了行星沿橢圓軌道運行的規(guī)律C.法拉第首先發(fā)覺了電流的磁效應(yīng)D.安培首先發(fā)覺了磁生電的現(xiàn)象【答案】A【解析】【詳解】A．卡文迪許首先通過試驗測出了引力常量G的數(shù)值，故A正確；B．開普勒首先發(fā)覺了行星沿橢圓軌道運行的規(guī)律，故B錯誤；C．奧斯特首先發(fā)覺了電流的磁效應(yīng)，故C錯誤；D．法拉第首先發(fā)覺了磁生電的現(xiàn)象，故D錯誤。故選A。2.常言道，萬物生長靠太陽。在太陽內(nèi)部發(fā)生的典型核反應(yīng)方程是，這個核反應(yīng)釋放出的能量為ΔE，光在真空中的傳播速度為c，下列說法正確的是（）A.該核反應(yīng)屬于裂變反應(yīng)B.方程中的X為電子(e)C.該核反應(yīng)過程產(chǎn)生的質(zhì)量虧損D.該核反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)守恒，因而反應(yīng)前后總質(zhì)量保持不變【答案】C【解析】【詳解】A．由反應(yīng)方程可知該反應(yīng)屬于聚變反應(yīng)，故A錯誤；B．由核反應(yīng)質(zhì)量數(shù)守恒、電荷數(shù)守恒可推斷出X為（正電子），故B錯誤；C．ΔE是該核反應(yīng)由于質(zhì)量虧損釋放的能量，依據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程得，虧損質(zhì)量故C正確；D．裂變反應(yīng)中質(zhì)量數(shù)是守恒的，但出現(xiàn)了質(zhì)量虧損，虧損的質(zhì)量轉(zhuǎn)化為能量，故D錯誤。故選C。3.2020年7月23日中午12時41分，我國在海南文昌衛(wèi)星放射中心，運用“長征五號”遙四運載火箭，將我國首顆火星探測器“天問一號”放射升空，隨后，“天問一號”探測器順當進入預定軌道，我國首次火星探測放射任務(wù)取得圓滿勝利!A.地球表面的重力加速度是火星表面重力加速度的5倍B.地球的“第一宇宙速度”是火星“第一宇宙速度”的倍C.“天問一號”繞火星勻速飛行時，其內(nèi)部儀器處于平衡狀態(tài)D.探測器的放射速度大于第一宇宙速度小于其次宇宙速度【答案】B【解析】詳解】A．依據(jù)可得可知地球與火星表面重力加速度之比A錯誤；B．依據(jù)解得可知，地球與火星第一宇宙速度之比B正確；C．“天問一號”內(nèi)部儀器隨其繞火星做勻速圓周運動，不處于平衡狀態(tài)，C錯誤；D．探測器的放射速度應(yīng)大于其次宇宙速度小于第三宇宙速度，D錯誤。故選B。4.如圖所示，一球狀光滑氣球固定在地面上，頂端小柱P上用輕繩拴一質(zhì)量很小的光滑小球Q，輕繩緊貼球壁，現(xiàn)在氣球受熱緩慢膨脹，下列說法正確的是（）A.小柱P受到的拉力不變 B.小球Q受到的支持力減小C.地面受到的壓力增大 D.小柱P和小球施加在氣球上的合力不變【答案】D【解析】【詳解】受力分析如圖所示A．氣球受熱，球心及小柱P的位置上升，球的半徑增大但繩長不變，即連接PQ的弧長不變，故P、Q兩點所在半徑的夾角θ減小。由FT=mgsinθ知拉力減小，故A錯誤；B．由FN=mgcosθ知支持力增大，故B錯誤；C．氣球、小柱P和小球Q三者的總重力不變，故地面受到的壓力不變，故C錯誤；D．小柱P和小球Q的總重力不變，兩者對氣球施加的作用力的合力不變，故D正確。故選D。5.在圖甲所示電路中，志向變壓器原、副線圈的匝數(shù)之比為5：1，電阻R1、R2的阻值分別為5Ω、6Ω，電壓表和電流表均為志向電表。若接在變壓器原線圈的輸入端的電壓如圖乙所示(為正弦曲線的一部分)，下列說法正確的是（）A.輸入電壓為55V B.電壓表的示數(shù)為VC.電流表的示數(shù)為0.2A D.R1、R2消耗的電功率之比為6：5【答案】C【解析】【詳解】A．依據(jù)電流的熱效應(yīng)，有得U1=55V故A錯誤；B．依據(jù)可得，副線圈兩端的電壓U2=11V故B錯誤；C．副線圈中電流依據(jù)可得，電流表的示數(shù)I1=0.2A故C正確；D．依據(jù)P=I2R，通過R1、R2的電流相等可知，R1、R2消耗的電功率之比為5：6，故D錯誤。故選C。6.放在租糙的水平地面上的斜面體，傾角θ=45，斜面光滑．斜面上有兩個質(zhì)量均為m的小物塊A、B，它們之間有輕繩連接．當用水平外力F推物塊A時，兩個滑塊和斜面體一起向左做勻速直線運動．若斜面對物塊A的支持力大小為NA、斜面對物塊B的支持力大小為NB，則下列結(jié)論正確的是A.B.C.D.【答案】C【解析】對AB整體，沿斜面方向：，即F=2mg，則對物塊A:；對物體B:，故選C.7.某人身系彈性繩自高空P點自由下落，a點是彈性繩的原長位置，c點是人所能到達的最低點，b點是人靜止懸掛時的平衡位置。若把由P點到a點過程稱為過程I，由a點到c點過程稱為過程II，不計空氣阻力，下列說法正確的是（）A.過程I中人的動量的變更量等于重力的沖量B.過程II中人的動能漸漸減小到零C.過程II中人的機械能不守恒D.過程II中人的機械能的削減量等于過程I中重力做功的大小【答案】AC【解析】【詳解】A．依據(jù)動量定理可知，過程Ⅰ中人的動量的變更量等于重力的沖量，故A正確；B．從a到b的過程中，人的重力大于繩的彈力，從b到c的過程中，人的重力小于繩的彈力，故過程Ⅱ中人的動能先增大再減小，故B錯誤；C．過程Ⅱ中除了重力做功外，還有彈性繩做功，人的機械能不守恒，故C正確；D．過程Ⅱ中機械能的削減量等于過程Ⅰ和過程Ⅱ中重力做功的大小之和，故D錯誤。故選AC。8.已知一足夠長的傳送帶傾角為θ，以肯定的速度順時針勻速轉(zhuǎn)動。某時刻在傳送帶適當?shù)奈恢梅派暇哂锌隙ǔ跛俣鹊奈飰K(如圖甲所示)，以此時為t=0時刻記錄了小物塊之后在傳送帶上運動速度隨時間變更的關(guān)系如圖乙所示(圖中取沿斜面對上的運動方向為正方向，v1>v2)。已知傳送帶的速度保持不變，則（）A.在0~t1內(nèi)系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量與在t1~t2內(nèi)系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量相等B.在0~t2內(nèi)，傳送帶對物塊做的功W=mv22－mv12C.在0~t2內(nèi)，物塊對傳送帶做負功D.在t1~t2內(nèi)，系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量等于物塊機械能的增量【答案】CD【解析】【詳解】A．由圖乙可知，在0～t1內(nèi)，物塊與傳送帶之間的相對位移大，摩擦生熱多，故A錯誤；B．在0～t2內(nèi)，由圖乙中“面積”等于位移可知，物塊的總位移沿斜面對下，高度下降，重力對物塊做正功，重力與傳送帶對物塊的合力做的功等于物塊動能的增量，故B錯誤；C．由圖乙可知，在0～t2內(nèi)，物塊先向下運動后向上運動，傳送帶相對于物塊的運動方向向上，傳送帶受的摩擦力方向沿傳送帶向下，則物塊對傳送帶做負功，故C正確；D．由圖乙中“面積”等于位移可知，在t1～t2內(nèi)，傳送帶的位移物塊的位移物塊與傳送帶之間的相對位移等于物塊的位移，而Q=fx相傳送帶對物體所做的功W=fx物=ΔE故D正確故選CD。9.在光滑絕緣的水平面上相距為的、兩處分別固定正電荷、．兩電荷的位置坐標如圖甲所示．圖乙是連線之間的電勢與位置之間的關(guān)系圖象，圖中點為圖線的最低點，若在的點由靜止釋放一個質(zhì)量為、電量為的帶電小球（可視為質(zhì)點），下列有關(guān)說法正確的是（）A.小球在處的速度最大B.小球肯定可以到達點處C.小球?qū)⒁渣c為中心做往復運動D.固定在、處的電荷的電量之比為【答案】AD【解析】【詳解】A．據(jù)φ-x圖象切線的斜率等于場強E可知x=L處場強為零，x=L右側(cè)電場為負，即方向向左，x=L左側(cè)電場為正，即方向向右；那么，小球先向左做加速運動，到x=L處加速度為0，從x=L向左運動時，電場力方向向右，小球做減速運動，所以小球在x=L處的速度最大，故A正確．D．x=L處場強為零，依據(jù)點電荷場強則有：，解得QA：QB=4：1，故D正確．BC．由點電荷電勢，依據(jù)疊加定理，由兩點電荷的電荷量及電性可得：處電勢與x=2L處電勢相等，故依據(jù)動能定理得：qU=0，得U=0，所以小球能運動到電勢與動身點相同的位置，由圖知向左最遠能到達處，故小球?qū)⒁渣c為中心作往復運動，故BC錯誤．10.如圖所示，兩根電阻不計的光滑金屬導軌、水平放置，、間距，、的延長線相交于點且，點到的距離，、兩端與阻值的電阻相連。虛線右側(cè)存在方向與導軌平面垂直向下的勻強磁場，磁感應(yīng)強度，一根長度也為、質(zhì)量為電阻不計的金屬棒，在外力作用下從處以初速度沿導軌水平向右運動，棒與導軌接觸良好，運動過程中電阻上消耗的電功率不變。則：（）A.電路中的電流B.金屬棒向右運動過程中克服安培力做的功C.金屬棒向右運動過程中外力做功平均功率D.金屬棒向右運動過程中在電阻中流過的電量【答案】AD【解析】【詳解】A．金屬棒起先運動時產(chǎn)生感應(yīng)電動勢E=BLv0=1×0.4×2=0.8V電路中的電流選項A正確；B．金屬棒向右運動運動距離為x時，金屬棒接入電路的有效長度為L1，由幾何關(guān)系可得此時金屬棒所受安培力為（）作出F-x圖象，由圖象可得運動過程中克服安培力所做的功為選項B錯誤；C．金屬棒運動

過程所用時間為tW=I2Rt解得t=s設(shè)金屬棒運動的的速度為v，由于電阻R上消耗的電功率不變；

則有BLv0=Bvv=2v0由動能定理可得Pt-W=mv2-mv02解得代入數(shù)據(jù)解得P=3.52W選項C錯誤。D．依據(jù)由圖可知解得q=0.45C選項D正確。故選AD。二、非選擇題：共60分。第11~15題為必考題，每個試題考生都必需作答；第16~17題為選考題，考生依據(jù)要求作答。(一)必考題：共45分。11.用圖甲所示的試驗裝置“探究加速度與力和質(zhì)量的關(guān)系”。(1)某同學通過試驗得到如圖乙所示的a－F圖像，圖線不過原點的緣由是______；(2)某同學得到如圖丙所示的紙帶，A、B、C、D、E、F、G是紙帶上7個連續(xù)的點，由圖可測得s2=______cm。若電源頻率為f，則小車加速度的表達式為a=______(用f、s1、s2表示)；(3)利用此裝置完成相關(guān)力學試驗時，下列說法正確的是______(填字母序號)。A．在“測定勻變速直線運動加速度”試驗中，不必平衡小車和木板間的摩擦力B．在“探究加速度與質(zhì)量的關(guān)系”時，變更小車質(zhì)量時，不須要重新平衡摩擦力C．在“探究加速度與質(zhì)量的關(guān)系”時，作a－m圖像可直觀反映出加速度與質(zhì)量成反比D．在“探究加速度與力的關(guān)系”時，使砂和砂桶的總質(zhì)量遠小于小車的質(zhì)量可減小試驗的偶然誤差【答案】(1).長木板的傾角過大或平衡摩擦力過度(2).480(3).(4).AB【解析】【詳解】(1)[1]當拉力F等于0時，小車已經(jīng)產(chǎn)生加速度，故緣由是平衡摩擦力過度，或在平衡摩擦力時木板與水平桌面間的傾角偏大。(2)[2][3]由圖丙可知s2=6.50cm-1.70cm=由公式Δx=aT2可以求出加速度的大小，即s2-s1=解得。(3)[4]A．用此裝置“探討勻變速直線運動”時，不須要平衡摩擦力，只要物體做勻變速直線運動即可，故A正確；B．用此裝置“探究加速度a與質(zhì)量m的關(guān)系”時，變更小車的質(zhì)量時，不須要重新平衡摩擦力，故B正確；C．為了直觀地反映物體的加速度與物體質(zhì)量的關(guān)系，需作圖像，若圖像是通過坐標原點的一條直線，則說明加速度a與質(zhì)量m成反比，故C錯誤；D．在“探究加速度與力的關(guān)系”時，使砂和砂桶的總質(zhì)量遠小于小車的質(zhì)量可減小試驗的系統(tǒng)誤差，故D錯誤。故選AB。12.在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”試驗中，現(xiàn)除了有一個標有“5V，2.5W”的小燈泡、導線和開關(guān)外，還有：A.直流電源(電動勢約為5V，內(nèi)阻可不計)B.直流電流表(量程為0~3A，內(nèi)阻約為0.1Ω)C.直流電流表(量程為0~600mA，內(nèi)阻約為5Ω)D.直流電壓表(量程為0~15V，內(nèi)阻約為15kΩ)E.直流電壓表(量程為0~5V，內(nèi)阻約為10kΩ)F.滑動變阻器(最大阻值10Ω，允許通過的最大電流為2A)G.滑動變阻器(最大阻值1kΩ，允許通過的最大電流為0.5A)試驗要求小燈泡兩端的電壓從零起先變更并能測多組數(shù)據(jù)。(1)試驗中電流表應(yīng)選用______，電壓表應(yīng)選用______，滑動變阻器應(yīng)選用______。(均填字母序號)(2)請按要求將圖甲中的器材連成試驗電路。______(3)某同學通過試驗正確作出的小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示?，F(xiàn)把試驗中運用的小燈泡接到如圖丙所示的電路中，其中電源電動勢E=4V，內(nèi)阻r=1Ω，定值電阻R=9Ω，此時燈泡的實際功率為________W。(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)【答案】(1).C(2).E(3).F(4).(5).0.34【解析】【詳解】(1)[1][2][3]燈泡的額定電流故電流表應(yīng)選擇C；燈泡的額定電壓為5V，因此電壓表選擇大于等于5V的即可，故選E；因本試驗采納分壓接法，滑動變阻器應(yīng)選小電阻，故滑動變阻器選擇F。(2)[4]本試驗要求多測幾組數(shù)據(jù)，故采納分壓接法，同時因電流表內(nèi)阻與燈泡內(nèi)阻接近，故電流表采納外接法，實物圖如圖所示(3)[5]將定值電阻等效成電源內(nèi)阻，作出等效電源的伏安特性曲線如圖所示與燈泡的伏安特性曲線的交點為燈泡的工作點，由圖可知，此時燈泡的電壓為1.2V，電流為0.28A，則燈泡的功率P=UI=1.2×0.28W≈0.34W13.如圖所示，在綠茵場上，甲同學從A點將足球沿AC方向踢出，足球沿地面做初速度v0=10m/s,加速度a1=-lm/s2的勻減速運動。在足球被踢出的同時，乙同學從B點起先做初速為0的勻加速運動，速度達到v=8m/s后做勻速運動，到達C點時剛好接到足球。已知A、C間的距離與B、C間的距離均為x=48m,求：（1）足球在A、C間運動的時間t;（2）乙同學做加速運動的加速度大小a2?！敬鸢浮?1)8s（2）2m/s2【解析】【詳解】（1）由得（2）對乙同學，有聯(lián)立，代入數(shù)據(jù)得14.如圖所示，在直角坐標系中，在第三象限有一平行x軸放置的平行板電容器，板間電壓U=200V?，F(xiàn)有一質(zhì)量m=1.0×10－10kg，帶電荷量q=＋1.0×10－8C的粒子(不計重力)，從下極板處由靜止起先經(jīng)電場加速后通過上極板上的小孔，垂直x軸從A點進入其次象限的勻強電場中，電場方向水平向右。粒子在電場中從B點與y軸成45°進入第一象限，第一象限中有向外的勻強磁場，粒子隨后垂直經(jīng)過x軸上的C點，已知OC=(2＋2)m(1)粒子在磁場中做勻速圓周運動的半徑r；(2)勻強電場場強E的大??；(3)勻強磁場B的大小?！敬鸢浮?1)；(2)200V/m；(3)1T【解析】【詳解】(1)粒子運動軌跡如圖所示設(shè)離子在磁場中做勻速圓周運動的圓心為點O＇，由題意可知，設(shè)，由幾何關(guān)系可知解得(2)設(shè)粒子飛出極板的速度為v0，由動能定理解得粒子從A點運動到B點的過程，粒子做類平拋運動由牛頓其次定律得解得(3)洛倫茲力供應(yīng)向心力，由牛頓其次定律得由平拋過程可知可得15.如圖甲所示，在光滑水平面上有一小車，其質(zhì)量M=2kg，車上放置有質(zhì)量mA=2kg木板A，木板上有可視為質(zhì)點的物體B，其質(zhì)量mB=4kg。已知木板A與小車間的動摩擦因數(shù)μ0=0.3。A、B緊靠車廂前壁，A的左端與小車后壁間的距離為x=2m?，F(xiàn)對小車施加水平向右的恒力F，使小車從靜止起先做勻加速直線運動，經(jīng)過1s木板A與車廂后壁發(fā)生碰撞，該過程中A的速度一時間圖像如圖乙所示，已知重力加速度大小g=10m/s2，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。(1)求A、B間的動摩擦因數(shù)μ；(2)求恒力F的大??；(3)若木板A與小車后壁碰撞后粘在一起（碰撞時間極短），碰后馬上撤去恒力F，若要使物體B不與小車后壁發(fā)生碰撞，則小車車廂前、后壁間距L至少為多少？【答案】(1)0.25；(2)34N；(3)【解析】【詳解】(1)若A、B間不發(fā)生相對滑動，則A、B整體的加速度由乙圖可知，A的加速度即A、B間發(fā)生相對滑動，對A可得(2)對車在該過程中知且可得F=34N(3)知當A與小車碰撞時該過程中B相對于A滑動距離為對A與小車在碰撞中動量守恒，可知可得v=6m/s對A小車與B在碰撞后，滑動過程中知且可得L2=1.225m故前、后壁間距(二)選考題：共15分。請考生從2道題中任選一題作答。假如多做，則按所做的第一題計分。[選修3－3]16.假定兩個分子的距離為無窮遠時，它們的分子勢能為0，使一個分子固定，另一個分子在外力作用下從無窮遠漸漸向它靠近，直至相距很近很近，整個過程中分子勢能______(填“不變”或“先增大后減小”或“先減小后增大”)。物體從單一熱源汲取的熱量______(填“可以”或“不行以”)全部用于做功?！敬鸢浮?1).先減小后增大(2).可以【解析】【詳解】[1]起先時兩分子間距離大，分子間作用力表現(xiàn)為引力，分子相互靠近，引力做正功，分子勢能減小，隨分子間距離減小到平衡位置后，分子間作用力表現(xiàn)為斥力，分子相互靠近，斥力做負功，分子勢能增加，故整個過程分子勢能先減小后增加；[2]依據(jù)熱力學其次定律可知，在外界因素影響下，物體從單一熱源汲取的熱量可以全部用于做功。17.為了便利監(jiān)控高溫鍋爐外