四川省宜賓市2025屆高三物理上學期一診考試試題含解析

PAGE16-四川省宜賓市2025屆高三物理上學期一診考試試題（含解析）二、選擇題1.下列說法符合史實的是A.伽利略提出力是維持物體運動緣由B.亞里士多德猜想自由落體運動的速度與下落時間成正比，并干脆用試驗進行了驗證C.笛卡爾通過志向斜面試驗發(fā)覺了物體的運動不須要力來維持D.牛頓認為力的真正效應是變更物體的速度，而不僅僅是使之運動【答案】D【解析】【詳解】A.亞里士多德提出力是維持物體運動的緣由，故A錯誤；B.伽利略用數(shù)學和邏輯推理得出了自由落體的速度與下落時間成正比，而不是干脆用試驗驗證這個結(jié)論。故B錯誤；C.伽利略利用“志向斜面試驗”發(fā)覺了物體的運動不須要力來維持，推翻了“力是維持物體運動的緣由”的觀點，故C錯誤；D.牛頓認為力的真正效應是變更物體的速度，產(chǎn)生加速度，而不僅僅是使之運動，故D正確。2.如圖所示為工廠中的行車示意圖，行車在水平向右勻速運動，同時懸掛工件的懸線保持在豎直方向，且工件勻速上升，則工件運動的速度A.大小和方向均不變 B.大小不變，方向變更C.大小變更，方向不變 D.大小和方向均變更【答案】A【解析】【詳解】行車同時參加了水平向右的勻速運動和豎直方向的勻速上升，水平和豎直方向的速度都不變，依據(jù)矢量合成的平行四邊形法則，合速度大小和方向均不變。A.大小和方向均不變。故A正確；B.大小不變，方向變更。故B錯誤；C.大小變更，方向不變。故C錯誤；D.大小和方向均變更。故D錯誤。3.一帶正電的粒子在正點電荷電場中僅受靜電力作用，做初速度為零的直線運動。取該直線為軸，起始點為坐標原點，下列圖象中合理的是A.電場強度與位移關系B.粒子電勢能與位移關系C.粒子速度與位移關系D.粒子加速度與位移關系【答案】D【解析】【詳解】A.正電荷的場強公式，可知電場強度隨x的增大而減小，故A錯誤；B.依據(jù)電場力做功與電勢能變更的關系，圖線的切線斜率表示電場力，隨著x的增大，電場力漸漸減小，切線斜率漸漸減小，故B錯誤；CD.加速度，故a—x圖象的切線斜率不斷減小。假如a恒定，依據(jù)，v與x成正比。實際加速度隨x的變更是漸漸減小的，所以v與x不成正比。故C錯誤，D正確。4.如圖所示，固定的豎直光滑長桿上套有質(zhì)量為的小圓環(huán)，圓環(huán)與水平狀態(tài)的輕質(zhì)彈簧一端連接，彈簧的另一端連接在墻上，且處于原長狀態(tài)，現(xiàn)讓圓環(huán)由靜止起先下滑，已知彈簧原長為，圓環(huán)下滑到最大距離時彈簧的長度變?yōu)椋ㄎ闯^彈性限度），重力加速度為，則在圓環(huán)下滑到最大距離的過程中A.圓環(huán)剛下滑時，圓環(huán)的機械能最小B.圓環(huán)下滑到最大距離時，所受合力為零C.圓環(huán)重力勢能與彈簧彈性勢能之和保持不變D.彈簧彈性勢能增加了【答案】D【解析】【詳解】A.圓環(huán)沿桿滑下過程中，彈簧的拉力對圓環(huán)做負功，圓環(huán)的機械能減小，圓環(huán)剛下滑時，圓環(huán)的機械能最大，故A錯誤；B.當圓環(huán)所受合力為零時，速度最大，此后圓環(huán)接著向下運動，則彈簧的彈力增大，圓環(huán)下滑到最大距離時，所受合力不為零，故B錯誤；C.依據(jù)圓環(huán)與彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，即圓環(huán)的重力勢能與圓環(huán)的動能還有彈簧彈性勢能三種能量總和守恒。在圓環(huán)下滑到最大距離的過程中，圓環(huán)的速度是先增大后削減，圓環(huán)的動能也是先增大后削減，那么圓環(huán)重力勢能與彈簧彈性勢能之和就應先削減后增大，故C錯誤；D.圖中彈簧水平常恰好處于原長狀態(tài)，圓環(huán)下滑到最大距離時彈簧的長度變?yōu)?L，可得圓環(huán)下降的高度為，依據(jù)系統(tǒng)的機械能守恒得：彈簧的彈性勢能增大量為：，故D正確；5.如圖所示，一航天飛機從地面升空，完成對哈勃空間望遠鏡的修理任務。航天飛機從點起先沿橢圓軌道運動到點后進入圓形軌道Ⅱ，關于此過程中航天飛機的運動，下列說法中正確的是A.在軌道上經(jīng)過的速度小于經(jīng)過的速度B.在軌道Ⅰ上經(jīng)過的機械能小于在軌道Ⅱ上經(jīng)過的機械能C.在軌道Ⅱ上經(jīng)過的加速度小于在軌道上經(jīng)過的加速度D.在軌道Ⅱ上運動的周期小于在軌道上運動的周期【答案】B【解析】【詳解】A.在軌道Ⅰ從A點到B點的過程，萬有引力做負功，動能減小，速度減小。所以在軌道Ⅰ上經(jīng)過的速度大于經(jīng)過的速度，故A錯誤；B.在軌道Ⅰ上運動機械能守恒，從軌道Ⅰ進入軌道Ⅱ須要在B點啟動發(fā)動機加速，所以在軌道Ⅰ上經(jīng)過的機械能小于在軌道Ⅱ上經(jīng)過的機械能，故B正確；C.依據(jù)得：，則知在軌道Ⅱ上經(jīng)過B的加速度與在軌道Ⅰ上經(jīng)過B的加速度相等，故C錯誤；D.橢圓軌道的半長軸小于圓軌道的半徑，依據(jù)開普勒第三定律，知在軌道Ⅱ上運動的周期大于在軌道Ⅰ上運動的周期。故D錯誤。6.如圖所示，粗糙水平地面上放著一個截面為半圓的柱狀物體，與豎直墻壁之間放一光滑半圓球，整個裝置處于平衡狀態(tài)。已知、的質(zhì)量分別為和，、兩物體的半徑均為，的圓心到水平地面的豎直距離為，重力加速度為，下列說法正確的是A.地面對的支持力大小為B.地面對的摩擦力大小為C.將往左緩慢移動少許，豎直墻壁對的彈力減小D.將往左緩慢移動少許，、之間的彈力保持不變【答案】AC【解析】【詳解】A.把A、B看成一個系統(tǒng)，對其運用整體法，該系統(tǒng)在豎直方向上受到豎直向下的重力（M+m）g和地面的支持力FN的作用，二力平衡，所以有：FN=（M+m）g故A正確；B.在水平方向上，該系統(tǒng)確定受到豎直墻水平向右的彈力的作用，那么確定也受到地面水平向左的摩擦力，并且摩擦力大小等于豎直墻對B水平向右的彈力大小FN2；再選取半圓球B為探討對象，運用隔離法，受力分析如圖所示。依據(jù)幾何關系，θ等于45°。依據(jù)力的分解和力的平衡條件可得：FN1=FN2=Mgtanθ=Mg故B錯誤；C.依據(jù)FN2=Mgtanθ，將A往左緩慢移動少許，θ減小，豎直墻壁對B的彈力減小，故C正確；D.依據(jù)FN1=，將A往左緩慢移動少許，θ減小，A、B之間的彈力減小，故D錯誤。7.如圖所示，、、三點在同一水平面上，點在點正上方，垂直于和構(gòu)成的平面，、、到的距離均為，空間存在著勻強電場，一個質(zhì)量為、電荷量為的粒子從移到和從移到時電場力做的功都為零，從移到時電場力做的功為，下列說法正確的是A.帶電粒子從移到時電場力做功確定為零B.電場強度方向由指向C.點和點間的電勢差D.勻強電場的電場強度大小【答案】AD【解析】【詳解】A.一個質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子從移到電場力做的功為零，則φB=φC，從移到時電場力做的功為零，則φB=φD，故B、C、D三點電勢相等，所在的平面為等勢面，帶電粒子從移到時電場力做的功確定為零，故A正確；B.B、C、D三點所在的平面為等勢面，電荷量為的粒子從移到時電場力做的功為，說明B點電勢高于A點電勢。直線BA垂直于等勢面，說明電場強度方向沿直線BA，由B指向A，故B錯誤；C.電荷量為+q的粒子從B移到A時電場力做的功為W，則B點和A點間的電勢差大小為：故C錯誤；D.依據(jù)可知，電場強度為：故D正確。8.如圖（a），質(zhì)量的物體沿傾角的固定粗糙斜面由靜止起先向下運動，風對物體的作用力沿水平方向向右，其大小與風速成正比，比例系數(shù)用表示，物體加速度與風速的關系如圖（b）所示，取，，，下列說法正確的是A.物體沿斜面做勻變速運動B.當風速時，物體沿斜面下滑的速度最大C.物體與斜面間的動摩擦因數(shù)為0.25D.比例系數(shù)為【答案】BCD【解析】【詳解】A.由圖可知，物體的加速度漸漸減小，所以物體沿斜面不是勻加速運動，故A錯誤；B.由圖可知，速度為5m/s時加速度為零，速度最大，故B正確；C.對初始時刻，沒有風的作用，物體的加速度大小為a0=4m/s2，對物體受力分析，依據(jù)牛頓其次定律沿斜面的方向：mgsinθ?μmgcosθ=ma0

…①解得：，故C正確；D.對末時刻加速度為零，受力分析可得：mgsinθ?μN?kvcosθ=0…②又：N=mgcosθ+kvsinθ，由b圖可以讀出，此時v=5m/s代入②式解得：故D正確。三、非選擇題9.試驗室購買了一捆標稱長度為100m的銅導線，某同學想通過試驗測定其實際長度。該同學首先測得導線橫截面積為1.0mm2，查得銅的電阻率為1.7×10-8Ω·m，再利用圖甲所示電路測出銅導線的電阻，從而確定導線的實際長度?？晒┻\用的器材有：電流表：量程0.6A，內(nèi)阻約為0.2Ω；電壓表：量程3V，內(nèi)阻約9KΩ滑動變阻器：最大阻值5Ω；滑動變阻器：最大阻值20Ω；定值電阻：；電源：電動勢6V，內(nèi)阻可不計；開關、導線若干?；卮鹣铝袉栴}：（1）試驗中滑動變阻器應選__（填“”或“”；（2）調(diào)整滑動變阻器，當電壓表的讀數(shù)為1.80V時，電流表示數(shù)如圖乙所示，讀數(shù)為__A；（3）導線實際長度為__m（保留2位有效數(shù)字）。【答案】(1).R2(2).0.40(3).88【解析】【詳解】（1）[1]依據(jù)電阻定律，待測電阻的阻值約為：本試驗采納限流法測電阻，所以滑動變阻器的最大阻值比R0和Rx總阻值大的越多，調(diào)整電壓的效果越好。R0=3Ω，Rx=1.7Ω，所以滑動變阻器選R2。（2）[2]由圖可知，電流表的最小刻度為0.2A，應估讀到同位即可。故電流表的讀數(shù)為0.40A；（3）[3]依據(jù)歐姆定律得：，則：Rx=1.5Ω由電阻定律可知：10.某同學利用圖（a）所示試驗裝置獲得了小車加速度與鉤碼的質(zhì)量的對應關系如圖（b）所示，試驗中小車的質(zhì)量保持不變，試驗室選擇了不行伸長的輕質(zhì)細繩和輕定滑輪。（1）依據(jù)該同學的結(jié)果，小車的加速度與鉤碼的質(zhì)量成__（填“線性”或“非線性”關系；（2）由圖（b）可知，圖線不經(jīng)過原點，可能的緣由是：__；（3）他重新調(diào)整試驗裝置后把打點計時器接到頻率為的溝通電源上，得到一條紙帶，打出的部分計數(shù)點如圖（c）所示（每相鄰兩個計數(shù)點間還有4個點，圖中未畫出），其中，，，，，。則打點計時器在打點時小車的速度__，在充分利用測量數(shù)據(jù)的基礎上他得到的小車加速度__．（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）【答案】(1).非線性(2).未平衡摩擦力或為完全平衡摩擦力(3).0.56(4).0.80【解析】【詳解】（1）[1]依據(jù)該同學的結(jié)果得出a-m圖線是曲線，即小車的加速度與鉤碼的質(zhì)量成非線性關系；（2）[2]從上圖中發(fā)覺直線沒過原點，當a=0時，m≠0，即F≠0，也就是說當繩子上拉力不為0時，小車的加速度為0，所以可能的緣由是沒有平衡摩擦力或未完全平衡摩擦力；（3）[3]每相鄰兩個計數(shù)點間還有4個點，則每兩個計數(shù)點之間的時間間隔為0.1s。依據(jù)勻變速運動時間中點的瞬時速度等于這段時間內(nèi)的平均速度。則：；[4]依據(jù)，則：聯(lián)立可得：11.在平面內(nèi)，有沿軸負方向的勻強電場，場強大小為（圖中未畫出），由點，斜射出一質(zhì)量為，帶電量為的粒子，其運動軌跡如圖所示，點和點，在運動軌跡上，其中點為軌跡頂點。為常數(shù)，粒子所受重力忽視不計。求：（1）、兩點間的電勢差；（2）粒子經(jīng)過點時的速度大小。【答案】（1）；（2）【解析】【詳解】（1）由于勻強電場方向沿y軸負方向的，A點電勢高于C點電勢，則：；①（2）設粒子在A點的豎直速度為vy0，水平速度為vx0，從A到B所用時間為t，則豎直方向：②③水平方向：④聯(lián)立②③④解得：⑤⑥到C點豎直速度為vyC，則：⑦粒子經(jīng)過點時的速度大小為：⑧12.傾角、長度的斜面固定在水平地面上，一質(zhì)量的薄木板靜置于斜面上，且下端與斜面底端相齊，質(zhì)量的物塊輕置于薄木板上，如圖所示。已知物塊與薄木板間的動摩擦因數(shù)，薄木板與斜面間、物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)均為，物塊可視為質(zhì)點，忽視薄木板厚度對物塊運動的影響，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，取，，。（1）求物塊所受摩擦力大??；（2）用沿斜面對上的拉力作用在薄木板上，欲使薄木板相對物塊運動，求拉力大?。唬?）若物塊置于距離薄木板下端處，對薄木板施加一沿斜面對上的恒力，欲將薄木板從物塊和斜面間抽離出來，直至薄木板完全離開斜面，且使物塊最終剛好停在斜面頂端，求在抽離出薄木板的過程中恒力的大小?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）物塊m受力平衡，沿斜面方向：①（2）物塊受到薄木板向上摩擦力最大時，有向上最大的加速度。對物塊：②對物塊和薄木板：③聯(lián)立解得代入數(shù)據(jù)④⑤；（3）物體在斜面減速度運動的加速度大小a2⑥解得：⑦設物塊加速時間t1，減速時間t2，物塊到達頂端時速度為0，則：⑧⑨解得⑩設薄木板加速度為a3，拉力F2，則：??聯(lián)立，代入數(shù)據(jù)解得：二、選考題13.下列說法正確的是A.溫度越高，擴散進行得越快B.液體中的擴散現(xiàn)象是由于液體的對流形成的C.擴散現(xiàn)象是由物質(zhì)分子無規(guī)則運動產(chǎn)生的D.假如液體溫度降到很低，布朗運動就會停止E.把少許碳素墨水滴入水中，在顯微鏡下視察到碳顆粒的無規(guī)則運動現(xiàn)象，說明液體分子在做無規(guī)則運動【答案】ACE【解析】【詳解】A.溫度越高，分子無規(guī)則運動越猛烈，擴散進行的就越快，故A正確；BC.擴散現(xiàn)象是由物質(zhì)分子無規(guī)則運動產(chǎn)生的，液體中的擴散現(xiàn)象是由于液體分子的無規(guī)則運動引起的，故B錯誤，C正確；D.理論上，只有溫度降到確定零度，分子熱運動才會停止，故D錯誤；E.懸浮固體小顆粒的無規(guī)則運動，說明液體分子在做無規(guī)則運動，故E正確。14.已知地球大氣層的厚度遠小于地球半徑，空氣平均摩爾質(zhì)量為，阿伏加德羅常數(shù)為，地面大氣壓強為，重力加速度大小為。試估算：（Ⅰ）大氣對地球表面的壓力大小和地球大氣層空氣分子總數(shù)；（Ⅱ）若氣體分子視為立方體模型，則空氣分子之間的平均距離為多少?！敬鸢浮浚?），；（2）【解析】【詳解】（1）依據(jù)F=pS，大氣對地球表面的壓力大小為：；設大氣層中氣體質(zhì)量為m，由大氣壓強的產(chǎn)生：，即：分子數(shù)：；（2）假設每個分子占據(jù)一個小立方體，各小立方體緊密排列，則小立方體邊長即為空氣分子間的平均間距，設為a，大氣層中氣體總體積為V，則而，所以：15.關于波的相識，下列說法正確的是A.潛艇利用聲吶探測四周物體的分布狀況，利用的是波的反射原理B.發(fā)生多普勒效應時，波源的頻率發(fā)生了變更C.機械波在介質(zhì)中的傳播速度是由介質(zhì)本身的性質(zhì)確定的D.波在