湖北省2025屆高三物理下學期6月月考試題含解析

PAGE21-湖北省2025屆高三物理下學期6月月考試題（含解析）一?選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分?在每小題給出的四個選項中，第1~4題只有一項符合題目要求，第5~8題有多項符合題目要求?全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分?1.粒子在近代物理試驗中扮演了非常重要的角色?關于粒子，下列說法正確是（）A.19世紀末，科學家們發(fā)覺了粒子，從而相識到：原子是可以分割的，是由更小的微粒組成的B.1911年，盧瑟福通過對粒子散射試驗的探討，提出了原子核式結構模型C.1919年，查德威克用鐳放射出的粒子轟擊氮原子核，從氮核中打出了一種新的粒子——質子D.1938年底，德國物理學家哈恩和斯特拉斯曼在用粒子轟擊鈾核的試驗中發(fā)覺了核裂變【答案】B【解析】【詳解】A．19世紀末，科學家們發(fā)覺了電子，從而相識到：原子是可以分割的，是由更小的微粒組成的，故A錯誤；B．盧瑟福通過對粒子散射試驗的探討，提出了原子核式結構模型，故B正確；C．1919年，盧瑟福用鐳放射出的α粒子轟擊氮原子核，從而發(fā)覺了質子，實現(xiàn)了人類歷史上第一次人工核反應，故C錯誤；D．1938年底，德國物理學家哈恩和斯特拉斯曼在用中子轟擊鈾核的試驗中發(fā)覺了核裂變，故D錯誤。故選B。2.2024年3月9日19時55分，中國在西昌衛(wèi)星放射中心用長征三號乙運載火箭，勝利放射北斗系統(tǒng)第54顆導航衛(wèi)星。依據(jù)安排，北斗衛(wèi)星導航系統(tǒng)將在今年年底前完成，屆時將實現(xiàn)全球的衛(wèi)星導航功能。在北斗導航衛(wèi)星中，有多顆地球靜止軌道衛(wèi)星，關于地球靜止軌道衛(wèi)星，下列說法正確的是（）A.它們運行周期的可能不同B.它們離地面的高度可能不同C.它們的運行速度都大于7.9km/sD.它們的向心加速度小于近地衛(wèi)星的向心加速度【答案】D【解析】【詳解】A．地球靜止軌道衛(wèi)星的運行周期與地球自轉周期相同，均為24h，A錯誤；B．萬有引力供應向心力衛(wèi)星的周期均相同，可知離地高度相同，B錯誤；C．當衛(wèi)星貼近地球表面做勻速圓周運動，滿意解得地球靜止軌道衛(wèi)星的軌道半徑大于地球半徑，所以運行速度均小于，C錯誤；D．萬有引力供應向心加速度解得地球靜止軌道衛(wèi)星的軌道半徑大于近地衛(wèi)星的軌道半徑，所以它們的向心加速度小于近地衛(wèi)星的向心加速度，D正確。故選D。3.如圖所示，一根不行伸長的輕繩一端系住小球，另一端固定在光滑直角斜劈頂端O點，斜劈底面水平。分別使小球和斜面一起做下述運動：①水平向左加速；②水平向右加速；③豎直向上加速，④豎直向下加速；⑤繞過O點的豎直軸勻速轉動。上述運動中，小球對斜面的壓力可能為零的是（）A.①②③ B.②③⑤ C.②④⑤ D.①③④【答案】C【解析】【詳解】①水平向左加速時，小球的加速度方向水平向左，假如球對斜面的壓力為0，小球受重力、拉力兩力的合力不行能水平向左，故①錯誤；②水平向右加速時，小球的加速度方向水平向右，假如球對斜面的壓力為0，小球受重力、拉力兩力的合力可能水平向右，故②正確；③豎直向上加速時，小球的加速度方向豎直向上，假如球對斜面的壓力為0，小球受重力、拉力兩力的合力不行能豎直向上，故③錯誤；④豎直向下加速時，小球的加速度方向豎直向下，假如球對斜面的壓力為0，若小球只受重力則小球的合力方向豎直向下，故④正確；⑤繞過O點的豎直軸勻速轉動時，小球的加速度方向水平指向過O點的豎直軸，當角速度滿意肯定條件時，小球的重力與拉力的合力供應向心力，即球對斜面的壓力為0，故⑤正確。故②④⑤符合題意。故選C。4.如圖所示，在磁感應強度為B的勻強磁場中，面積為S的單匝矩形線圈abcd沿逆時針方向(俯視)繞垂直于磁場的中軸勻速轉動，角速度為?當ad邊與磁場方向的夾角為時，下列說法正確的是（）A.線圈中電流的方向是a→b→c→d→aB.線圈中產(chǎn)生的瞬時電動勢的大小是C.線圈再轉過時，產(chǎn)生的電流達到最大值D.線圈轉動過程中，穿過它的磁通量的變更率恒定【答案】B【解析】【詳解】A．當線圈逆時針轉動時，磁通量增大，由楞次定律可知，線圈中電流的方向是a→d→c→b→a，故A錯誤；B．線圈中的最大感應電動勢為，假如從垂直中性面起先計時，則線圈轉過則故B正確；C．線圈再轉過時，線圈處于中性面位置，此時磁通量最大，感應電動勢為0，感應電流為0，故C錯誤；D．由法拉第電磁感應定律可得，由于線圈轉動過程中，電動勢變更，即穿過它的磁通量的變更率變更，故D錯誤。故選B。5.如圖(a)所示，點電荷-q繞點電荷+Q做半徑為r的勻速圓周運動，角速度為；如圖(b)所示，點電荷-q在相距為r的兩個固定點電荷+Q所在連線的中垂面上，做角度為的勻速圓周運動，-q到+Q的距離始終為r?則為（）A.1∶ B.1∶1 C.1∶ D.2∶【答案】A【解析】【詳解】ABCD．圖(a)中，點電荷+Q對點電荷-q的庫侖力來供應向心力，從而做半徑為r的勻速圓周運動，則有解得圖(b)中，兩個固定點電荷+Q對-q的庫侖力的合力來供應向心力，則有又聯(lián)立解得故所以，選項BCD錯誤，A正確；故選A。6.長為8L的桿豎直放置，桿兩端A?B系著長為10L的不行伸長的光滑輕繩，繩上套著一個質量為m的小鐵環(huán)。已知重力加速度為g，不計空氣阻力。若系統(tǒng)在豎直平面內沿某一方向做加速度大小為的勻加速直線運動，環(huán)能恰好位于輕繩正中間，且與桿保持相對靜止?下列說法正確的是（）A.系統(tǒng)可能豎直向上做勻加速直線運動B.系統(tǒng)肯定斜向左下方做勻加速直線運動C.兩段繩子拉力的大小均為D.兩段繩子拉力的大小均為【答案】BC【解析】【詳解】AB．對圓環(huán)受力分析如圖同一根繩子拉力相等，所以兩根繩子拉力的合力為圖中水平的，再與圓環(huán)重力合成如圖，所以系統(tǒng)肯定斜向左下方做勻加速直線運動，A錯誤，B正確；CD．系統(tǒng)加速度為，依據(jù)牛頓其次定律可知結合圖中長度關系可知合力與斜向下的拉力方向重合，如圖，所以

又解得繩子拉力為C正確，D錯誤。故選BC。7.如圖，等腰直角三角形ABC的區(qū)域內存在垂直于紙面對外的磁場，AC=BC=L?質量為m，電荷量為+q的粒子(不計重力)，以從AB邊上P點(未畫出)垂直于AB邊且垂直于磁場方向射入磁場，則（）A.該粒子不行能從AC邊射出B.該粒子在磁場中偏轉的最大圓心角為C.要使該粒子從BC邊射出，入射點P應滿意D.若粒子從BC邊上的Q點射出，則【答案】BCD【解析】【詳解】A．如圖所示為粒子恰好從BC邊射出的臨界狀態(tài)，若將粒子的入射點從P點向A點運動，則粒子可能從AC邊射出，故A錯誤；B．當粒子能從AB邊射出時，粒子在磁場中運動的偏轉角最大即，故B正確；C．由公式得由幾可關系可知則要使該粒子從BC邊射出，應將入射點向右移動即故C正確；D．粒子恰好從BC邊射出時，由幾何關系可知將P點向右移動，則圓弧與BC邊的交點上移即，故D正確。故選BCD。8.如圖所示，在水平地面上放置一個邊長為a、質量為M的正方體，在豎直墻壁和正方體之間放置半徑為R（Ra）、質量為m的光滑球體，球心O與正方體的接觸點A的連線OA與豎直方向的夾角為。已知重力加速度為g，正方體與水平地面的動摩擦因數(shù)為，且最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，球和正方體始終處于靜止狀態(tài)，且球沒有掉落地面，下列說法正確的是（）A.正方體對球的支持力的大小為mgtanB.若=45°，球的半徑不變，只增大球的質量，為了不讓正方體滑動，球的質量最大為C.若球的質量m=M，則正方體的右側面到墻壁的最大距離是D.當正方體的右側面到墻壁的距離小于R時，無論球的質量是多少，正方體都不會滑動【答案】BCD【解析】【詳解】A．以球為探討對象，受力如圖由平衡條件知則正方體對球支持力的大小故A錯誤；B．以正方體和球整體為探討對象，豎直方向受重力和地面的支持力，水平方向受墻壁的彈力和地面的摩擦力，依據(jù)平衡條件，有聯(lián)立解得球質量故B正確；C．若球的質量m=M，對整體分析，有聯(lián)立解得則正方體的右側面到墻壁的最大距離是故C正確；D．由上述分析知，正方體不滑動的條件即當時，上述式子必定成立，此時正方體的右側面到墻壁的距離所以當正方體右側面到墻壁的距離小于R時，無論球的質量是多少，正方體都不會滑動，故D正確。故選BCD。非選擇題二?非選擇題：共62分?第9~12題為必考題，每個試題考生都必需作答?第13~16題為選考題，考生依據(jù)要求作答?(一)必考題9.某同學用圖(a)所示的裝置驗證牛頓運動定律?(1)下列說法正確的是________(填寫字母代號)?A.打點計時器應運用工作電壓在6V以下的溝通電源B.試驗前，把木板的一側墊高，以補償打點計時器對小車的阻力及其他阻力C.試驗時必需滿意鉤碼和滑輪的總質量遠小于小車的質量(2)該同學依據(jù)試驗數(shù)據(jù)作出了加速度a與力F的關系圖像如圖(b)所示，圖像不過原點的緣由是________；若圖像與縱軸截距為a0，斜率為k，則小車的質量M=_____該值與小車的實際值相比______(選填“偏大”“偏小”或“相等”)?【答案】(1).B(2).平衡摩擦力過度(3).(4).相等【解析】【詳解】(1)[1]A．電火花計時器的工作電壓為220V的溝通電壓，故A錯誤；B．為了使小車所受合力為繩子的拉力，應平衡摩擦阻力即把木板的一側墊高，以補償打點計時器對小車的阻力及其他阻力，故B正確；C．由于試驗中可通過力傳感器讀數(shù)繩子的拉力即小車的合力，則試驗時不用滿意鉤碼和滑輪的總質量遠小于小車的質量，故C錯誤。故選B；(2)[2]由圖示圖象可知，拉力為零時小車已經(jīng)產(chǎn)生加速度，說明小車受到的合力大于細線的拉力，這是由于平衡摩擦力時木板傾角過大、平衡摩擦力過大造成的；[3][4]由牛頓其次定律可得

即

由圖像可知得理論為

得由此可知，小車質量與實際時的相等10.如圖所示為某同學測量一節(jié)干電池電動勢和內電阻的電路圖，其中虛線框內為用毫安表改裝成雙量程電壓表的電路，請完成下列問題．（1）毫安表mA的內阻為50Ω，滿偏電流為2mA；R1和R2為定值電阻，其中R1=950Ω，若運用a和c接線柱，電壓表的量程為_____V；若運用a和b接線柱，電壓表量程為6V，則R2=______Ω．（2）試驗主要步驟如下：①將開關S2撥向c，將滑動變阻器R的滑片移到最___端（填“左”或“右”），然后閉合開關S1；②多次調整滑動變阻器的滑片，登記相應的電流表的示數(shù)Il和毫安表的示數(shù)I2；③依據(jù)所記錄的數(shù)據(jù)，在圖中坐標系中已作出I2—Il圖象．（3）結合圖象可得，電源的電動勢E=____V，內阻r=_______Ω（結果保留三位有效數(shù)字）．【答案】(1).2(2).2000(3).左(4).1.50(1.48~1.52)(5).0.833(0.800~0.840)【解析】【詳解】（1）[1][2]定值電阻和毫安表串聯(lián)，當電流達到滿偏時，ac之間的電壓ab之間的電壓則（2）[3]起先試驗時應使電路中的電流最小，即使電阻最大，滑動變阻器R的滑片應從最左端向右滑動．（3）[4][5]I2-Il圖象的縱軸截距，斜率開關S2撥向時c，依據(jù)閉合電路的歐姆定律，有：即：可知縱軸截距，斜率，故電源電動勢內阻11.傾角=的斜面下端固定一垂直于斜面的擋板，質量為m?半徑為r的圓柱體A放在質量為m?半徑為r的半圓柱體B上，并緊靠檔板?A?B質量分布勻稱，B與斜面之間的動摩擦因數(shù)為μ，其余接觸面均光滑?現(xiàn)用一平行于斜面的外力F拉B，使B緩慢沿斜面對上移動，直到A?B分別?若重力加速度大小為g，求該過程中(1)A?B系統(tǒng)機械能的變更量；(2)外力F所做的功?【答案】(1)；(2)【解析】【詳解】(1)B緩慢沿斜面對上移動至A、B分別，系統(tǒng)動能不變。該過程中，A的重力勢能變更B的重力勢能變更所以，A、B系統(tǒng)機械能的變更量(2)以A、B為整體進行受力分析，斜面對B的支持力斜面對B的摩檫力，B的摩擦力做功由功能關系解得12.如圖所示，兩平行導軌間距L=2m，其所在平面與水平面之間的夾角θ=37°，導軌上端接有一個電阻和一平行板電容器，電阻R=2Ω（不考慮其他電阻），電容器的電容C=1F。在導軌上放置著質量m=1kg的金屬棒，棒可沿導軌下滑，且在下滑過程中保持與導軌垂直并良好接觸。已知金屬棒與導軌之間的動摩擦因數(shù)μ=0.5，ab、cd、ef間距均為x0=1m，重力加速度大小g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。(1)開關S1閉合?S2斷開，空間加垂直于導軌平面對下的勻強磁場，磁感應強度大小B=0.5T，將金屬棒由靜止釋放，求金屬棒最終的速度；(2)開關S1閉合?S2斷開，在ab?ef之間加垂直于導軌平面對下的勻強磁場，其大小隨時間的變更規(guī)律為：B1=B0+kt，其中k=0.5T/s。將金屬棒放置在cd，為使金屬棒最初能靜止在斜面上，B0至少為多大？在此種狀況下，金屬棒經(jīng)多長時間起先運動？(3)開關S1斷開?S2閉合，在ab?ef之間加第(2)問中的磁場，在ef以下加垂直于導軌平面對下的勻強磁場，磁感應強度大小為B2=0.5T。在金屬棒上涂上一薄層涂層（不計其與導軌之間的摩擦），用沿斜面對下的恒定外力F1=4N使金屬棒從位置cf由靜止起先運動，經(jīng)過時間t1=2s，將外力改為沿斜面對上的F2，再經(jīng)過時間t2=6s，金屬棒剛好回到位置ef，求F2的大小?！敬鸢浮?1)4.0m/s；(2)，；(3)【解析】【詳解】(1)金屬棒最終勻速運動。分析棒的受力，有其中由安培力公式得由法拉第電磁感應定律由歐姆定律聯(lián)立解得(2)為使棒最初能夠靜止在斜面上，分析棒的受力，有由法拉第電磁感應定律由歐姆定律聯(lián)立解得棒起先運動時，摩擦力沿斜面對下，分析棒的受力，有此時聯(lián)立解得(3)設經(jīng)過時間t，棒的速度為v，通過棒的電流為i。棒受到安培力大小為設在時間間隔內流經(jīng)金屬棒的電荷量為，有也是平行板電容器極板在時間間隔內增加的電荷量，由法拉第電磁感應定律依據(jù)電容器的定義式可知式中是棒的速度的變更量。而所以棒在F1的作用下，沿斜面對下運動，由牛頓其次定律解得同理，棒在F2的作用下，有經(jīng)過t2時間，金屬棒回到ef處，由運動學規(guī)律聯(lián)立解得(二)選考題：共15分?請考生從2道物理題任選一題作答?假如多做，則每科按所做的第一題計分?【物理—選修3-3】13.關于熱學概念，下列說法正確的是_______?A.100°C的水變成等質量的100°C的水蒸氣，其分子勢能不變B.肯定質量的志向氣體發(fā)生等壓膨脹，肯定從外界汲取熱量C.同種物質只能以晶體或非晶體的形態(tài)出現(xiàn)，即物質是晶體還是非晶體是肯定的D.氣體對容器壓強是大量氣體分子對容器的碰撞引起的E.假如想要把地下的水分引上來，就要保持土壤里的毛細管，而且還要使它們變得更細，這時就要用磙子壓緊土壤【答案】BDE【解析】【詳解】A．100°C的水中變成等質量的100°C的水蒸氣，須要汲取熱量，內能增大，因為變更前后溫度不變，分子平均動能不變，所以只能分子勢能增大，A錯誤；B．肯定質量的志向氣體發(fā)生等壓膨脹，依據(jù)可知氣體溫度上升，，同時對外界做功，，依據(jù)熱力學第肯定律可知，，氣體肯定從外界汲取熱量，B正確；C．同種物質可能以晶體和非晶體兩種不同的形態(tài)出現(xiàn)，在肯定條件下晶體和非晶體可以相互轉化，把晶體硫加熱熔化再倒進冷水中，會變成松軟的非晶硫，再過一段時間又會轉化為晶體硫，C錯誤；D．氣體對容器的壓強是大量氣體分子對容器的碰撞引起的，D正確；E．水與土壤浸潤，假如想要把地下的水分引上來，就要保持土壤里的毛細管，而且還要使它們變得更細，就要用磙子壓緊土壤，這時浸潤液體在細管中更加簡單上升，E正確。故選BDE。14.質量為840kg的薄鐵箱，容積為1m3，上下有a?b兩個小孔?鐵箱沉入深20m的湖底，并灌滿了水，如圖所示?今用充氣法打撈鐵箱，即用管子與孔a連通，再把湖面上方空氣打入箱內，部分水便會從孔b排出?已知湖面上方空氣溫度為27℃，湖底溫度為7℃，重力加速度大小g=10m/s2，水的密度為1.0×103kg/m，大氣壓強為1.0×105Pa?試估算需將多少體積的空氣打入箱內，水箱方能起先上浮?【答案】【解析】【詳解】設當打入湖面空氣的體枳為V0時，鐵箱上浮。以這部分氣體為探討對象，湖面空氣壓強：Pa湖面空氣溫度：K打入箱內的氣體的壓強：Pa①箱內氣體溫度T=280K；箱內氣體體積V=1m3。由志向氣體狀態(tài)方程