2019年全國新課標(biāo)1卷物理答案

2019年普通高等學(xué)校招生全國統(tǒng)一考試(課標(biāo)全國卷Ⅰ) 14. A【解析】氫原子從n=3能級向n=2能級躍遷時(shí)釋放的光子能量為ΔE=E3?E2=1.89eV,處于可見光光子能量范圍，從n=4能級向n=3能級躍遷時(shí)釋放的光子能量為ΔE'=E 15. D【解析】兩絕緣細(xì)繩保持豎直狀態(tài)，對兩小球整體分析，整體受電場力的合力為零，電荷量為零，故兩小球帶等量異種電荷，隔離P進(jìn)行研究，P受庫侖引力作用，則P受到的電場力由Q指向P，可知P帶負(fù)電荷，則Q帶正電荷，故D正確. 16. B【解析】設(shè)發(fā)動(dòng)機(jī)單位時(shí)間內(nèi)噴射氣體的質(zhì)量為Δm，對噴出的氣體進(jìn)行研究有FΔt=Δmv，代入數(shù)據(jù)解得 17. B【解析】設(shè)導(dǎo)體棒MN長度為l,MN棒中電流為I，則其受到的安培力大小F=BIl.MLN的電阻是MN棒電阻的兩倍，二者并聯(lián)，兩端電壓相同，則流過MLN的電流為0.5I，MLN受到的安培力的合力為F2=0.5BIl=0.5F，MN棒和MLN 18. C【解析】運(yùn)動(dòng)員的豎直上拋運(yùn)動(dòng)逆向等效為自由落體運(yùn)動(dòng)，即H=12gt2，全過程所用時(shí)間t=2Hg，下落第一個(gè)H4所用的時(shí)間為t1'，滿足H4=12 19. BD【解析】當(dāng)物塊N受到水平拉力F后，其受到重力、水平拉力F、細(xì)繩的拉力T，在物塊N緩慢被拉動(dòng)時(shí)，處于動(dòng)態(tài)平衡狀態(tài)，設(shè)細(xì)繩與豎直方向夾角為α，物塊N的質(zhì)量為m1，有F=Tsinα，m1g=Tcosα，解得T=m1gcosα，F(xiàn)=m1gtanα，在α從0°增大到45°過程中，水平拉力F增大，細(xì)繩拉力T增大，故A錯(cuò)誤B正確；設(shè)物塊M的質(zhì)量為m2，斜面傾角為θ，未施加水平拉力前，若m2g 20. BC【解析】由楞次定律可知圓環(huán)中感應(yīng)電流方向始終沿順時(shí)針方向，故B正確；圓環(huán)中的磁場方向發(fā)生變化，而感應(yīng)電流方向不變，根據(jù)左手定則可知圓環(huán)受到的安培力方向發(fā)生變化，故A錯(cuò)誤；由法拉第電磁感應(yīng)定律得E=ΔΦΔt=ΔBΔt 21. AC【解析】物體剛放到輕彈簧上時(shí)的加速度為星球表面的重力加速度，則M星球表面的重力加速度g1=3a0，N星球表面的重力加速度g2=a0，在星球表面有GMmR2=mg,星球的質(zhì)量為M=ρ×43πR3，得ρ=3g4πGR，設(shè)M星球的密度為ρ1,N星球的密ρ2，則有ρ1ρ2=g1g2×R2R1=1，故A正確；設(shè)P物體的質(zhì)量為m1，Q物體的質(zhì)量為m2，彈簧的勁度系數(shù)為k，物體在彈簧上下落至加速度為零時(shí)，對P物體有kx0=m1g1 22. A；0.233；0.75. 【解析】物塊沿長木板加速下滑，相等時(shí)間內(nèi)的位移逐漸增大，故打點(diǎn)計(jì)時(shí)器最先打的是A點(diǎn).打C點(diǎn)時(shí)物塊的速度vC=xBD2T=0.233m/s. 23. (1)見解析；(2)C；(3)AC；(4)99 【解析】(1)本題為對微安表的改裝和校準(zhǔn)，由題圖(a)可知，缺失部分為需要改裝的電路，小量程電流表改裝為大量程電流表需要并聯(lián)定值電阻，由此可得到實(shí)物連線如圖所示. (2)由題圖(c)可知，微安表的示數(shù)為160μA,標(biāo)準(zhǔn)毫安示數(shù)與微安表示數(shù)之比為n=16mA160μA (3)微安表滿偏電流為Ig，內(nèi)阻為Rg，改裝后量程為I，需并聯(lián)的電阻為R，則并聯(lián)電阻R=IgRgI?I (4)改裝后的電流表實(shí)際最大測量值為I1=25mA時(shí),并聯(lián)電阻R=RgIg 24. (1)4UB 【解析】(1)設(shè)帶電粒子的質(zhì)量為m,電荷量為q，加速后的速度大小為v.由動(dòng)能定理得 qU=1 設(shè)粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r，軌跡如圖所示，由洛倫茲力公式和牛頓第二定律得 qvB=m 由幾何關(guān)系得d=2 聯(lián)立①②③式得qm (2)由幾何關(guān)系知，帶電粒子射入磁場后運(yùn)動(dòng)到x軸經(jīng)過的路程為 s= 帶電粒子從射入磁場到運(yùn)動(dòng)到x軸的時(shí)間為 t= 聯(lián)立②④⑤⑥得 t= 25. (1)3m；(2)215 【解析】(1)根據(jù)圖(b)，v1為物塊A在碰撞前瞬間的速度大小，v12為其碰撞后瞬間的速度大小.設(shè)物塊B的質(zhì)量為m' mv1 12m 聯(lián)立①②式得 m'=3 (2)在圖(b)所描述的運(yùn)動(dòng)中，設(shè)物塊A與軌道間的滑動(dòng)摩擦力大小為f，下滑過程中所走過的路程為s1，返回過程中所走過的路程為s2，P點(diǎn)的高度為?，整個(gè)過程中克服摩擦力所做的功為 mgH?f ?fs 由圖(b)所給的v? s1= s2= 由幾何關(guān)系可知 s2s 物塊A在整個(gè)過程中克服摩擦力所做的功為 W=f 聯(lián)立④⑤⑥⑦⑧⑨式可得 W= (3)設(shè)傾斜軌道的傾角為θ，物塊與軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)在改變前為μ，則有 W=μmg 設(shè)物塊B在水平軌道上能夠滑行的距離為s',由動(dòng)能定理得 ?μ 設(shè)改變后的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ'，由動(dòng)能定理得 mg??μ 聯(lián)立①②③④⑤⑥⑦⑧⑩???式可得 μμ 33. (1)低于；大于. 【解析】容器絕熱，活塞移動(dòng)后氣體壓強(qiáng)變小，則氣體的體積增大，氣體對外做功，內(nèi)能減小，溫度降低.取與容器中質(zhì)量相等的外界空氣，和容器內(nèi)變化后的空氣相比較，二者壓強(qiáng)相同，容器內(nèi)空氣的溫度低于外界溫度，由理想氣體狀態(tài)方程可知，容器內(nèi)空氣的體積偏小，則密度大于外界空氣的密度. (2)(ⅰ)3.2×107Pa 【解析】(ⅰ)設(shè)初始時(shí)每瓶氣體的體積為V0，壓強(qiáng)為p0；使用后氣瓶中剩余氣體的壓強(qiáng)為p1，假設(shè)體積為V0、壓強(qiáng)為p0 p0V0 被壓進(jìn)爐腔的氣體在室溫和p1條件下的體積為 V1' 設(shè)10瓶氣體壓入完成后爐腔中氣體的壓強(qiáng)為p2，體積為V p2V 聯(lián)立①②③式代入題給數(shù)據(jù)得 p2 (ⅱ)設(shè)加熱前爐腔的溫度為T0，加熱后爐腔溫度為T1，氣體壓強(qiáng)為p p3 聯(lián)立④⑤式并代入題給數(shù)據(jù)得 p3 34. (1)CDE. 【解析】由于簡諧橫波沿x軸正向傳播，結(jié)合圖(a)以及同側(cè)法可知，t=T2時(shí)刻Q質(zhì)點(diǎn)沿y軸正向振動(dòng)，由圖(b)振動(dòng)圖像可知，t=T2時(shí)刻該質(zhì)點(diǎn)沿y軸負(fù)向振動(dòng)，故A錯(cuò)誤；由圖(a)可知在t=T2時(shí)P在波峰位置，結(jié)合波的傳播方向可知在t=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P位于波谷，此時(shí)偏離平衡位置的位移仍然最大，速率為零，加速度最大，質(zhì)點(diǎn)Q仍位于平衡位置，偏離平衡位置位移為零，其振動(dòng)方向與當(dāng)前振動(dòng)方向相反，即沿y軸負(fù)向振動(dòng)，速率最大，加速度為零，故B錯(cuò)誤CE正確；由圖(a) (2)(ⅰ)7m；(ⅱ)5.5m. 【解析】(ⅰ)設(shè)光束從水面射出的點(diǎn)到桅桿的水平距離為x1，到P點(diǎn)的水平距離為x2；桅桿高度為?1，P點(diǎn)處水深為? x1? x2? 由折射定律得 sin53°=nsin 設(shè)桅桿到P點(diǎn)的水平距離為x，則 x=x 聯(lián)立①②③④式并代入題給數(shù)據(jù)得