北京市2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期期中物理試題（含答案）

北京市2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期期中物理試題姓名：__________班級：__________考號：__________題號一二三總分評分一、單選題（本大題共14小題，共42.0分）1．如圖所示，在a、b兩點(diǎn)上放置兩個點(diǎn)電荷，它們的電荷量分別為q1、q2，MN是連接兩點(diǎn)的直線，P是直線上的一點(diǎn)，下列哪種情況下P點(diǎn)的場強(qiáng)可能為零()

A．q1、q2都是正電荷，且q1>q2B．q1是正電荷，q2是負(fù)電荷，且q1<∣q2∣C．q1是負(fù)電荷，q2是正電荷，且∣q1∣>q2D．q1、q2都是負(fù)電荷，且∣q1∣<∣q2∣2．A、B是某電場中一條電場線上的兩點(diǎn)，一正電荷僅在電場力作用下，沿電場線從A點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)，速度圖象如圖所示，下列關(guān)于A、B兩點(diǎn)電場強(qiáng)度E的大小和電勢的高低的判斷，正確的是（）A．EA>EC．φA<φ3．為避免閃電造成損害，高大的建筑物會裝有避雷針。積雨云底層帶負(fù)電，由于靜電感應(yīng)使得避雷針的尖端帶上了正電。圖中虛線為避雷針周圍的等勢面，且相鄰等勢面間的電勢差相等。避雷針尖端正上方a、b兩點(diǎn)的場強(qiáng)大小分別為Ea、Eb，電勢分別為φaA．EB．φC．該雨滴從a下落至b的過程中，電勢能逐漸減少D．若該避雷針某時刻開始放電，則放電電流從積雨云流向避雷針4．導(dǎo)體棒原來不帶電，現(xiàn)將一個電荷量為+q的點(diǎn)電荷放在棒的中心軸線上，它距離導(dǎo)體棒的中心O為L，如圖所示。靜電力常量為k，當(dāng)導(dǎo)體棒達(dá)到靜電平衡后，下列說法錯誤的是（）A．棒上感應(yīng)電荷只分布在其表面B．棒左、右兩端的電勢相等C．點(diǎn)電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度為0D．棒上感應(yīng)電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小為kq5．在一個等邊三角形abc頂點(diǎn)b和c處各放入一個電荷量相等的點(diǎn)電荷時，測得a處的場強(qiáng)大小為E，方向與bc邊平行，如圖所示。拿走c處的點(diǎn)電荷后，則（）A．a(chǎn)處場強(qiáng)大小仍為E，方向由a指向bB．a(chǎn)處場強(qiáng)大小為E2C．a(chǎn)處電勢降低D．a(chǎn)、c兩點(diǎn)電勢相等6．如圖所示，a、b是兩個電荷量都為Q的正點(diǎn)電荷。O是它們連線的中點(diǎn)，P、P'是它們連線中垂線上的兩個點(diǎn)。從P點(diǎn)由靜止釋放一個質(zhì)子，質(zhì)子將向P'運(yùn)動。不計(jì)質(zhì)子重力。則質(zhì)子由P向P'運(yùn)動的情況是（）A．一直做加速運(yùn)動，加速度一定是逐漸減小B．一直做加速運(yùn)動，加速度一定是逐漸增大C．一直做加速運(yùn)動，加速度可能是先增大后減小D．先做加速運(yùn)動，后做減速運(yùn)動7．如圖甲所示，一條電場線與Ox軸重合，取O點(diǎn)電勢為零，Ox方向上各點(diǎn)的電勢φ隨x變化的情況如圖乙所示。若在O點(diǎn)由靜止釋放一電子，電子僅受電場力的作用，則（）A．電子將沿Ox的反方向運(yùn)動B．電子的電勢能將增大C．電子運(yùn)動的加速度恒定D．電子運(yùn)動的加速度先減小后增大8．甲、乙兩個帶電粒子的電荷量和質(zhì)量分別為(?q，m)、(?q，4m)，它們先后經(jīng)過同一加速電場由靜止開始加速后，由同一點(diǎn)進(jìn)入同一偏轉(zhuǎn)電場，兩粒子進(jìn)入時的速度方向均與偏轉(zhuǎn)電場方向垂直，如圖所示。粒子重力不計(jì)。則甲、乙兩粒子（??）A．進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場時的速度大小之比為1：2B．離開偏轉(zhuǎn)電場時的動能之比為1：1C．在偏轉(zhuǎn)電場中運(yùn)動的時間相同D．離開偏轉(zhuǎn)電場時的速度方向不同9．在所示電路中，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，電流表A、電壓表V1、V2、V3均為理想電表，R1為定值電阻，R2為滑動變阻器。閉合開關(guān)SA．電壓表V1、V2的示數(shù)增大，電壓表B．電流表A示數(shù)變大，電壓表V3C．電壓表V2示數(shù)與電流表AD．電壓表V3示數(shù)變化量的絕對值與電流表A10．用如圖甲所示電路觀察電容器的充、放電現(xiàn)象。先使開關(guān)S接1，電容器充電完畢后將開關(guān)擲向2，可視為理想電流表的電流傳感器將電流信息傳入計(jì)算機(jī)，屏幕上顯示出電流隨時間變化的I?t曲線，如圖乙所示。定值電阻R已知，且從圖中可讀出最大放電電流I0，以及圖線與坐標(biāo)軸圍成的面積SA．由圖線與坐標(biāo)軸圍成的面積S可得到電容器放出的總電荷量B．不改變電路其他參數(shù)，只減小電阻R的阻值，則圖線與坐標(biāo)軸圍成的面積S將減小C．由最大放電電流I0和定值電阻R的阻值可得到RD．若電容器放出的總電荷量為Q，R兩端的最大電壓為Um，則電容器的電容為11．真空中存在沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場，帶電粒子a和b先后從坐標(biāo)原點(diǎn)O沿x軸正方向射入該電場，其軌跡如圖所示。忽略粒子所受重力，下列條件中可以判定粒子a比荷較大的是（）A．粒子a和b在電場中的加速度相等 B．粒子a和b射入電場時的速度相等C．粒子a和b射入電場時的動能相等 D．粒子a和b射入電場時的動量相等12．如圖所示，BD是豎直平面內(nèi)圓上的一條豎直直徑，AC是該圓的另一條直徑，該圓處于勻強(qiáng)電場中，場強(qiáng)方向平行于圓周平面。將帶等量負(fù)電荷的相同小球從O點(diǎn)以相同的動能射出，射出方向不同時，小球會經(jīng)過圓周上不同的點(diǎn)，在這些所有的點(diǎn)中，到達(dá)A點(diǎn)時小球的動量總是最小。忽略空氣阻力，則下列說法中正確的是（）A．可以斷定電場方向由O點(diǎn)指向圓弧AEB上的某一點(diǎn)B．到達(dá)B點(diǎn)時小球的動能和電勢能之和總是最大C．到達(dá)C點(diǎn)時小球的電勢能和重力勢能之和總是最小D．對到達(dá)圓上的所有小球中，機(jī)械能最小的小球應(yīng)落在圓弧CFD上的某一點(diǎn)13．某電子秤的原理簡圖如圖所示。AB為一均勻的滑動變阻器，長度為L，兩邊分別有P1、P2兩個滑動頭，輕質(zhì)彈簧上端與P1及秤盤底部相連，下端固定。彈簧原長時P1、和P2均指在A端。若P1、P2間出現(xiàn)電壓時，該電壓經(jīng)過放大，通過信號轉(zhuǎn)換后在顯示屏上就能顯示出被稱物體的質(zhì)量。已知彈簧的勁度系數(shù)為k，托盤質(zhì)量為m0A．校準(zhǔn)零點(diǎn)時，不需要移動滑動頭P2B．校準(zhǔn)零點(diǎn)時，兩滑動頭間的距離為mC．滑動頭P1滑至B端時，被稱物體的質(zhì)量為kLD．被稱物體的質(zhì)量m與兩滑動頭間電壓U的關(guān)系為m=14．常用的溫差發(fā)電裝置的主要結(jié)構(gòu)是半導(dǎo)體熱電偶。如圖所示，熱電偶由N型半導(dǎo)體和P型半導(dǎo)體串聯(lián)而成，N型半導(dǎo)體的載流子(形成電流的自由電荷)是電子，P型半導(dǎo)體的載流子是空穴，空穴帶正電且電荷量等于元電荷e。若兩種半導(dǎo)體相連一端和高溫?zé)嵩唇佑|，而另一端A、B與低溫?zé)嵩唇佑|，兩種半導(dǎo)體中的載流子都會從高溫端向低溫端擴(kuò)散，最終在A、B兩端形成穩(wěn)定的電勢差，且電勢差的大小與高溫?zé)嵩?、低溫?zé)嵩撮g的溫度差有確定的函數(shù)關(guān)系。下列說法正確的是（）A．B端是溫差發(fā)電裝置的正極B．熱電偶內(nèi)部非靜電力方向和載流子擴(kuò)散方向相反C．溫差發(fā)電裝置供電時不需要消耗能量D．可以利用熱電偶設(shè)計(jì)一種測量高溫?zé)嵩礈囟鹊膫鞲衅鞫?shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共18.0分）15．用如圖所示的多用電表正確測量了一個13Ω的電阻后，需要再測量一個阻值約為2kΩ的電阻。在用紅、黑表筆接觸該待測電阻兩端之前，必要的操作及其順序應(yīng)當(dāng)是____(填寫選項(xiàng)前的字母)。A．將紅表筆和黑表筆接觸B．把選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到“×1k”位置C．把選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到“×100”位置D．調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕使表針指向歐姆零點(diǎn)16．在“測定金屬的電阻率”的實(shí)驗(yàn)中，金屬絲的阻值約為5Ω，某同學(xué)先用刻度尺測量金屬絲的長度l=50.（1）該電阻絲直徑的測量值d=mm；（2）實(shí)驗(yàn)中能提供的器材有：A.電壓表V1(量程0～3VB.電壓表V2(量程0～15VC.電流表A1(量程0～3AD.電流表A2(量程0～0E.滑動變阻器RF.滑動變阻器RG.電源E(電動勢為3該同學(xué)從以上器材中選擇合適的器材連接好電路進(jìn)行測量，則電壓表應(yīng)選擇，電流表應(yīng)選擇，滑動變阻器應(yīng)選擇，(選填各器材前的字母)。要求在流過金屬絲的電流相同情況下，電源消耗功率最小，并能較準(zhǔn)確地測出電阻絲的阻值，實(shí)驗(yàn)電路應(yīng)選用圖。（3）該同學(xué)建立U?I坐標(biāo)系，如圖所示，圖中已標(biāo)出了與測量數(shù)據(jù)對應(yīng)的五個坐標(biāo)點(diǎn)，還有一次測量的電壓表和電流表示數(shù)如圖所示，請根據(jù)測量數(shù)據(jù)將坐標(biāo)點(diǎn)補(bǔ)全，并描繪出U?I圖線。由圖線數(shù)據(jù)可計(jì)算出金屬絲的電阻為Ω(保留兩位有效數(shù)字)。設(shè)被測金屬絲電阻為R，則該金屬材料電阻率的表達(dá)式是(用題目給出的物理量符號表示)（4）實(shí)驗(yàn)中使用的電流表內(nèi)阻為RA，電壓表內(nèi)阻為RV，若考慮電流表和電壓表內(nèi)阻的影響，圖中U?I圖像中圖線斜率k與該金屬材料的電阻率ρ的關(guān)系是k=(用題目給出的物理量符號表示（5）為了探索分壓電路中選擇最大阻值是多大的滑動變阻器更有利于完成實(shí)驗(yàn)，某同學(xué)分別用最大阻值是10Ω、100Ω、1000Ω的三種滑動變阻器做分壓電阻，用如圖所示的電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)。實(shí)驗(yàn)中所用的定值電阻Rx=30Ω。當(dāng)滑動變阻器的滑片由一端向另一端移動的過程中，根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，分別作出電壓表讀數(shù)Ux隨xL(xL指滑片移動的距離x與滑片在變阻器上可移動的總長度L的比值)則圖中的圖線a對應(yīng)的滑動變阻器是，以及為了更有利于完成實(shí)驗(yàn)應(yīng)選擇最大阻值為的滑動變阻器(在保證滑動變阻器不會被燒壞的情況下)，下列選項(xiàng)正確的是(選填選項(xiàng)前的字母)。A.最大阻值為10Ω的滑動變阻器；最大阻值更大的滑動變阻器B.最大阻值為100Ω的滑動變阻器；最大阻值比Rx大2～5C.最大阻值為1000Ω的滑動變阻器；最大阻值比Rx大2～5D.最大阻值為1000Ω的滑動變阻器；最大阻值更小的滑動變阻器三、計(jì)算題（本大題共4小題，共40.0分）17．右下圖為一真空示波管的示意圖，電子從燈絲K發(fā)出(初速度可忽略不計(jì))，經(jīng)燈絲與A板間的電壓U1加速，從A板中心孔沿中心線KO射出，然后進(jìn)入兩塊平行金屬板M、N形成的偏轉(zhuǎn)電場中(偏轉(zhuǎn)電場可視為勻強(qiáng)電場)，電子進(jìn)入M、N間電場時的速度與電場方向垂直，電子經(jīng)過電場后打在熒光屏上的P點(diǎn)。已知M、N兩板間的電壓為U2，兩板間的距離為d，板長為L，電子的質(zhì)量為m，電荷量為（1）求電子穿過A板時速度的大??；（2）求電子從偏轉(zhuǎn)電場射出時的側(cè)移量；（3）若要使電子打在熒光屏上P點(diǎn)的上方，可采取哪些措施？18．金屬導(dǎo)體中自由電子在電磁場的作用下發(fā)生定向移動，在定向移動過程中所受金屬離子(即金屬原子失去自由電子后的剩余部分)的阻力，其方向與自由電子定向移動的速度方向相反，大小正比于自由電子定向移動的速率，比例系數(shù)為k。已知某種金屬材料單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)為n，元電荷為e，忽略電子所受重力及其之間的相互作用，不計(jì)電子熱運(yùn)動的影響，自由電子的定向移動可視為勻速直線運(yùn)動。如圖所示，一段長為L、橫截面積為S的該金屬導(dǎo)體，當(dāng)其兩端電壓為U時，求：（1）該金屬導(dǎo)體內(nèi)，電子定向移動的速率v；（2）該金屬導(dǎo)體的電阻率ρ(提示：電流I與電子定向移動速率v的關(guān)系為I=neSv19．如圖1所示，用電動勢為E、內(nèi)阻為r的電源，向滑動變阻器R供電。改變變阻器R的阻值，路端電壓U與電流I均隨之變化。）以U為縱坐標(biāo)，I為橫坐標(biāo)，在圖2中畫出變阻器阻值R變化過程中U?I圖像的示意圖，并說明U?I圖像與兩坐標(biāo)軸交點(diǎn)的物理意義。（1）a.請?jiān)趫D2畫好的U?Ib.（2）請寫出電源電動勢定義式，并結(jié)合能量守恒定律證明：電源電動勢在數(shù)值上等于內(nèi)、外電路電勢降落之和。20．研究原子核的結(jié)構(gòu)時，需要用能量很高的粒子轟擊原子核。為了使帶電粒子獲得很高的能量，科學(xué)家發(fā)明了各種粒子加速器。圖1為某加速裝置的示意圖，它由多個橫截面積相同的金屬圓筒依次排列組成，其軸線在同一直線上，序號為奇數(shù)的圓筒與序號為偶數(shù)的圓筒分別和交變電源的兩極相連，交變電源兩極間的電勢差的變化規(guī)律如圖2所示。在t=0時，奇數(shù)圓筒相對偶數(shù)圓筒的電勢差為正值。此時和偶數(shù)圓筒相連的金屬圓板(序號為0)的中央有一電子，在圓板和圓筒1之間的電場中由靜止開始加速，沿中心軸線進(jìn)入圓筒1若電子的質(zhì)量為m，電荷量為?e，交變電源的電壓為U，周期為T，兩圓筒間隙的電場可視為勻強(qiáng)電場，圓筒內(nèi)場強(qiáng)均為0。不計(jì)電子的重力和相對論效應(yīng)。（1）求電子進(jìn)入圓筒1時的速度v1，并分析電子從圓板出發(fā)到離開圓筒2（2）若忽略電子通過圓筒間隙的時間，則第n個金屬圓筒的長度Ln（3）若電子通過圓筒間隙的時間不可忽略，且圓筒間隙的距離均為d，在保持圓筒長度、交變電壓的變化規(guī)律和(2)中相同的情況下，該裝置能夠讓電子獲得的最大速度是多少？

答案解析部分1．【答案】B【解析】【分析】若P點(diǎn)的場強(qiáng)為零，則q1，q2為異種電荷，且在電量較小的一側(cè)。2．【答案】D【解析】【解答】由v-t圖像可知，正電荷僅在電場力作用下，沿電場線從A點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)，做的是勻加速直線運(yùn)動，加速度恒定，則電場力恒定，可知從A到B電場強(qiáng)度恒定，即EA=EB，又因?yàn)殡姾伤俣仍龃螅芍妶隽ψ稣?，電勢能減小，由于是正電荷，由Ep=φq可知，電勢減小，有φA3．【答案】C【解析】【解答】A．等差等勢面越密集，電場線越密集，則EaB．積雨云底層帶負(fù)電，避雷針帶正電，則電場方向由避雷針指向積雨云，沿電場方向電勢降低，可知φaC．帶負(fù)電的雨滴豎直下落，電勢升高，雨滴電勢能減小，C符合題意；D．由題意可知，若該避雷針某時刻開始放電，則放電電流從避雷針流向積雨云，D不符合題意。故答案為：C。

【分析】利用等勢面的疏密可以比較電場強(qiáng)度的大??；利用電場線方向可以比較電勢的高低；利用電勢的變化結(jié)合雨滴電性可以判別電勢能的變化；利用電場線的方向可以判別電流的方向。4．【答案】C【解析】【解答】A.根據(jù)靜電感應(yīng)原理可知，當(dāng)導(dǎo)體棒達(dá)到靜電平衡后，棒上感應(yīng)電荷只分布在其表面，A不符合題意；

B.根據(jù)處于靜電平衡的導(dǎo)體的特點(diǎn)可知，處于靜電平衡的導(dǎo)體是一個等勢體，故棒左、右兩端的電勢相等，B不符合題意；

C.由點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場強(qiáng)度的公式E=kqr2可得，點(diǎn)電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小為E1=kqL2，C符合題意；

D.根據(jù)處于靜電平衡的導(dǎo)體的特點(diǎn)可知，處于靜電平衡的導(dǎo)體內(nèi)部的合場強(qiáng)處處為零，則棒上感應(yīng)電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度應(yīng)與E15．【答案】D【解析】【解答】AB．設(shè)兩個電荷在a處的電場強(qiáng)度分別為Ec、Eb，由a處的場強(qiáng)大小為E，方向與bc邊平行，Ec沿ac方向，Eb沿ba方向E=EbcosC．由上述分析可知，b處電荷為正電荷，c處電荷為負(fù)電荷，a處于bc邊的中垂線上，a處電勢為0，拿走c處的點(diǎn)電荷后，a處電勢大于0，即a處電勢變大，C不符合題意；D．拿走c處的點(diǎn)電荷后，a、c兩點(diǎn)距離b處長度相等，A、c兩點(diǎn)電勢相等，D符合題意。故答案為：D。

【分析】利用a點(diǎn)電場強(qiáng)度的方向結(jié)合電場強(qiáng)度的疊加可以求出b在a處產(chǎn)生的電場強(qiáng)度的大小，利用合場強(qiáng)的方向可以判別場源電荷的電性，利用電勢的疊加可以判別電勢的大小及變化。6．【答案】C【解析】【解答】由題意可知，a、b為兩個等量的正點(diǎn)電荷，由電場的對稱性和電場的疊加原理可知，OPP'連線上的電場強(qiáng)度方向均由O指向P'，所以帶正電的質(zhì)子在由P向P'運(yùn)動的過程中，受到的電場力方向一直由P指向P'，可知從靜止釋放的質(zhì)子一直做加速運(yùn)動，由于O點(diǎn)的場強(qiáng)為零，無窮遠(yuǎn)處的電場強(qiáng)度也為零，所以由O到無窮遠(yuǎn)，電場強(qiáng)度線增大后減小，但由于不知道場強(qiáng)最大點(diǎn)的位置是否在P、P'之間，所以無法準(zhǔn)確判斷質(zhì)子從P運(yùn)動到P'過程中受到的電場力的變化情況，即質(zhì)子從P運(yùn)動到P'，受到的電場力可能一直增大，也可能一直減小，還可能先增大再減小，故質(zhì)子的加速度可能一直增大，也可能一直減小，還可能向增大再減小，C符合題意，ABD不符合題意。

故答案為：C。

【分析】由電場的對稱性和電場的疊加原理，分析出質(zhì)子運(yùn)動過程中受到的電場力方向，確定質(zhì)子做加速運(yùn)動還是減速運(yùn)動；根據(jù)質(zhì)子從P運(yùn)動到P'過程中受到的電場力大小的變化情況，分析質(zhì)子運(yùn)動過程中的加速度大小的變化情況。7．【答案】D【解析】【解答】A.由圖乙可知，沿Ox正方向電勢增加，根據(jù)沿電場線方向電勢降低，可知電場方向沿x軸負(fù)方向，電子帶負(fù)電，所以電子受到的電場力沿Ox正方向，故在O點(diǎn)由靜止釋放的電子，僅在電場力的作用下，將沿Ox軸正方向運(yùn)動，A不符合題意；

B.電子僅在電場力作用下運(yùn)動，電場力做正功，所以電勢能將減小，B不符合題意；

CD.φ-x圖像中，斜率表示表示電場強(qiáng)度，可知沿Ox軸正方向，電場強(qiáng)度先減小后增大，故電子運(yùn)動加速度先減小后增大，C不符合題意，D符合題意。

故答案為：D。

【分析】根據(jù)電勢的變化分析電場的方向，確定電子的受力方向，得到電子的運(yùn)動方向；根據(jù)電場力做功的正負(fù)分析電勢能的變化；φ-x圖像中，斜率表示電場強(qiáng)度，由電場強(qiáng)度的大小變化情況，分析加速度的大小變化情況。8．【答案】B【解析】【解答】A．在加速電場中，根據(jù)動能定理qU=12mB．在加速電場中電場力做功qU相等，在偏轉(zhuǎn)電場中，偏轉(zhuǎn)距離相同，則電場力做功qEd也相同，根據(jù)動能定理可知，離開偏轉(zhuǎn)電場時的動能相同，B符合題意；C．在偏轉(zhuǎn)電場中，根據(jù)牛頓第二定律qE=ma，d=12aD．離開偏轉(zhuǎn)電場時，垂直極板方向速度vy=at=2qEd故答案為：B。

【分析】利用動能定理結(jié)合粒子比荷的大小可以比較進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場的速度大小之比；利用動能定理可以比較粒子離開電場時動能的大小；利用牛頓第二定理結(jié)合位移公式可以比較粒子運(yùn)動的時間；利用速度的分解可以判別粒子離開電場的速度方向。9．【答案】D【解析】【解答】AB.當(dāng)滑片向上滑動時，滑動變阻器接入電路中的電阻減小，則電路中總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，電路中總電流I增大，故電流表A示數(shù)增大；外電壓U=E-Ir，減小，故電壓表V3示數(shù)減??；因R1為定值電阻，故其兩端電壓U1=IR1，增大，故電壓表V1示數(shù)增大；R2兩端的電壓U2=U-U1，減小，A不符合題意，B不符合題意；

C.V2示數(shù)與電流表A示數(shù)的比值等于R2，由題意可知R2電阻減小，故V2示數(shù)與電流表A示數(shù)的比值減小，C不符合題意；10．【答案】B【解析】【解答】A.根據(jù)Q=It可知，I-t圖線與坐標(biāo)軸圍成的面積S表示電容器的總電荷量，A不符合題意；

B.因?yàn)殡娙萜鞣烹姷腎-t圖像中，圖線與坐標(biāo)軸圍成的面積S表示電容器的總電荷量，所以電阻R的阻值大小并不會影響圖線與坐標(biāo)軸圍成的面積，電阻R減小，會使放電電流增大，放電時間變短，B符合題意；

C.根據(jù)歐姆定律U=IR可知，由最大放電電流I0和定值電阻R的阻值可得到R兩端的最大電壓Um=I0R，C不符合題意；

D.電容器未開始放電時，電容器帶電量最大，兩極板間的電壓最大，即R兩端的電壓最大，根據(jù)電容的定義式C=QU可知，電容器的電容為11．【答案】B【解析】【解答】粒子在電場中做類平拋運(yùn)動，則x=v0t，A．若粒子a和b在電場中的加速度相等，則a=EqB．粒子a和b射入電場時的速度相等，則由y=EqC．粒子a和b射入電場時的動能相等，則由y=EqD．粒子a和b射入電場時的動量相等，則由y=Eq故答案為：B。

【分析】利用牛頓第二定律結(jié)合加速度相等可以判別兩粒子比荷相等；利用位移公式公式結(jié)合豎直方向的位移大小可以比較比荷的大小；利用動能相等結(jié)合豎直方向的位移可以比較電荷量的大小；利用動量相等可以比電荷量與質(zhì)量乘積的大小。12．【答案】C【解析】【解答】A.小球在運(yùn)動過程中，受重力和電場力作用，因?yàn)橹亓碗妶隽鶠楹懔Γ远叩暮狭σ矠楹懔?，相同小球從O點(diǎn)以相同的動能射出，在A點(diǎn)動量最小，說明小球到達(dá)A點(diǎn)的總動能最小，則從O點(diǎn)運(yùn)動到A點(diǎn)的小球克服合力做功最大，也就是說O到A沿電場方向上的距離相比與O到其它點(diǎn)沿電場方向的距離最大，可知重力與電場力的合力方向由O指向C，由平行四邊形定則可知，小球受到的電場力方向在OB右側(cè)到OC之間，因?yàn)樾∏驇ж?fù)電，所以即電場方向應(yīng)該與電場力方向相反，是由O指向AD?。踊。┓较?，A不符合題意；

B.根據(jù)能量守恒定律可得，小球運(yùn)動過程中的能量：動能+重力勢能+電勢能=定值；小球的動能和電勢能之和最大時，重力勢能應(yīng)最小，圖中小球在D點(diǎn)的重力勢能最小，所以小球到達(dá)D點(diǎn)的動能和電勢能之和最大，同理，小球到C點(diǎn)時，電場力做功最多，動能最大，所以小球到達(dá)C點(diǎn)時的電勢能和重力勢能之和總是最小，B不符合題意，C符合題意；

D.小球克服電場力做功越多，小球的電勢能越大，機(jī)械能越小，小球經(jīng)過圓周上的點(diǎn)與O點(diǎn)的連線沿電場線方向時，小球克服電場力做功最多，所以機(jī)械能最小的小球應(yīng)落在AD?。踊。┲g的某一點(diǎn)，D不符合題意。

故答案為：C。

【分析】根據(jù)小球到達(dá)A的動能最小，分析小球受到的合力方向，判斷出小球受到的電場力方向的范圍，得到電場的方向的范圍；由能量守恒定律分析小球動能和電勢能之和最大和電勢能和重力勢能之和最小的點(diǎn)；小球的電勢能越大，則機(jī)械能越小，所以找到小球克服電場力做功最多的位置，即為小球機(jī)械能最小的位置。13．【答案】D【解析】【解答】AB．未放被稱物體時電壓為零，即P1、P2兩點(diǎn)等勢，校準(zhǔn)零點(diǎn)時，需要移動滑動頭P2，讓兩滑動頭間的距離為0，AB不符合題意；C．放被稱物體質(zhì)量為m1時P1滑至B端，則有kL=(m0+D．未放被稱物體時，兩滑動頭P1、P2距A點(diǎn)的距離為x0：kx0=m0g，放被稱物體質(zhì)量為m時，兩滑動頭P1、P2間距離為x，有k(x0+x)=(m0故答案為：D。

【分析】當(dāng)校準(zhǔn)時，應(yīng)該使兩個滑片頭的距離等于0，則兩個P點(diǎn)電勢相等；利用平衡方程可以求出被稱物體的質(zhì)量；利用歐姆定理結(jié)合平衡方程可以求出物體質(zhì)量與電壓的大小關(guān)系。14．【答案】D【解析】【解答】A.由題意可知，P型和N型半導(dǎo)體的載流子都會從高溫端向低溫端擴(kuò)散，P型半導(dǎo)體的載流子是空穴，N型半導(dǎo)體的載流子是電子，所以A端帶正電，B端帶負(fù)電，故B端是溫差發(fā)電裝置的負(fù)極，A不符合題意；

B.熱電偶內(nèi)部非靜電力方向和載流子擴(kuò)散方向相同，B不符合題意；

C.根據(jù)能量守恒定律，溫差發(fā)電裝置供電時需要消耗內(nèi)能，C不符合題意，

D.根據(jù)傳感器的原理，可以利用熱電偶設(shè)計(jì)一種將溫度這個物理量轉(zhuǎn)換成電學(xué)量的傳感器，D符合題意。

故答案為：D。

【分析】根據(jù)載流子的流動方向分析A、B兩端帶電情況，得到溫差發(fā)電裝置的正負(fù)極；電源內(nèi)部，非靜電力做功；根據(jù)能量守恒定律分析發(fā)動機(jī)的能量轉(zhuǎn)化過程；根據(jù)傳感器的原理分析。15．【答案】A,C,D【解析】【解答】多用電表測電阻時，指針指在中央位置附近，測量值會比較準(zhǔn)確，所以多用電表正確測量一個13Ω的電阻時，應(yīng)選擇的是“×1”的檔位，而測量2kΩ的電阻，應(yīng)選擇“×100”的檔位，所以再測量2kΩ的電阻時，需要把選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到“×100”位置，并且在換檔后要將紅表筆和黑表筆接觸，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕使表針指向歐姆零點(diǎn)。

故答案為：ACD。

【分析】根據(jù)多用電表測電阻的原理和注意事項(xiàng)選擇必要的操作步驟。16．【答案】（1）0.233（2）A；D；E；?。?）5.2；πR（4）k=（5）1000Ω；10Ω；D【解析】【解答】（1）螺旋測微器的精確度為0.01mm，主尺讀數(shù)為0，可動尺讀數(shù)為23.3×0.01mm=0.233mm，可得該電阻絲直徑的測量值為d=0+0.233mm=0.233mm；

（2）由提供的實(shí)驗(yàn)器材可知，電源電動勢為3.0V，故電壓表選擇選A，通過待測電阻的電流最大值為Imax=ERx=0.6A，故電流表選D，由于要求在流過金屬絲的電流相同情況下，電源消耗功率最小，并能較準(zhǔn)確地測出電阻絲的阻值，故滑動變阻器采用限流接法；采用限流接法時，為便于調(diào)節(jié)，最大值應(yīng)為待測電阻的2-4倍比較合適，所以滑動變阻器選E；由于Rx<RARV=300Ω，則可知電流表應(yīng)采用外接法，故電路圖選擇丁。

（3）根據(jù)測量數(shù)據(jù)，由描點(diǎn)法做出U-I圖線如圖：

根據(jù)歐姆定律，由圖線數(shù)據(jù)可計(jì)算出金屬絲的電阻為R=?U?I=2.6-1.10.5-0.2Ω=5.0Ω17．【答案】（1）解：設(shè)電子經(jīng)電壓U1加速后的速度為v0，由動能定理eU1解得v（2）解：電子以速度v0進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場后，垂直于電場方向做勻速直線運(yùn)動，沿電場方向做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動。設(shè)偏轉(zhuǎn)電場的電場強(qiáng)度為E，電子在偏轉(zhuǎn)電場中運(yùn)動的時間為t