高二下期半期物理答案

高二下期半期質(zhì)量檢測高二物理試題答案詳解1．【答案】C【詳解】A.雙縫干涉現(xiàn)象中，亮、暗條紋的寬度相等，故A錯誤；B.單縫衍射現(xiàn)象中，中間條紋最寬，向兩邊變窄，故B錯誤；C.泊淞亮斑說明光能繞過障礙物繼續(xù)傳播，是光的衍射現(xiàn)象，故C正確；D.光的偏振現(xiàn)象說明光是橫波，故D錯誤。2．【答案】C【詳解】C.速度選擇器利用的是不計重力的帶電粒子所受的電場力和磁場力平衡，故C正確。3.【答案】A【詳解】設(shè)線框從進入磁場開始運動的時間為t，設(shè)∠a=ɑ,ab=L根據(jù)楞次定律判斷可知，線框進入磁場過程中線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向為逆時針方向，為正值;完全進入磁場過程中沒有感應(yīng)電流;出磁場的過程中感應(yīng)電流方向為順時針方向，為負值。進入磁場過程:出磁場過程與進入磁場過程感應(yīng)電流的變化情況相反，故由數(shù)學(xué)知識得知A正確。4.【答案】B【詳解】A.圖乙中線圈所處位置與磁感線平行，與中性面垂直，故A錯誤；B.線圈所處位置與磁感線平行穿過線圈的磁通量最小，故B正確；C.根據(jù)右手定則可知此時線圈內(nèi)部電流從b到a，則線圈轉(zhuǎn)動到如圖所示位置時a端電勢高于b端電勢，故C錯誤；D.線圈內(nèi)部電流從b到a，根據(jù)左手定則可知線圈靠近S極的導(dǎo)線受到的安培力方向向下，故D錯誤。5.【答案】D【詳解】CD.若R2斷路，則副線圈連接電阻變大，電流表示數(shù)變小，原線圈的電流也變小，R消耗的功率變小，故C錯誤，D正確。6.【答案】A【詳解】A.設(shè)交流電電壓有效值為U，根據(jù)有效值定義可得解得U=45V，則理想電壓表讀數(shù)為45V，故A正確；B.根據(jù)歐姆定律可得理想電流表讀數(shù)為=0.45A，故B錯誤；C.電阻R消耗的電功率為P=I2R=0.452x100W=20.25W，故C錯誤；D.電阻R在50秒內(nèi)產(chǎn)生的熱量為Q=I2Rt=0.452x100x50J=1212.5J，故D錯誤。7.【答案】A【詳解】A.由圖乙可知，t1時刻螺線管Q中電流為最大，電流的變化率為零，則t1時刻穿過線圈P磁通量最大，磁通量的變化率為零，P中感應(yīng)電流為零，故A正確；B.由圖乙可知，t2時刻螺線管Q中電流的變化率為最大，則穿過線圈的磁通量變化率最大，P中有感應(yīng)電流，故有F≠G，故B錯誤；C.由圖乙可知，t2時刻，螺線管Q中電流為0，電流的變化率最大，P中感應(yīng)電流最大，二者之間沒有安培力，t3時刻，螺線管Q中電流的變化率為0，P中無感應(yīng)電流，二者之間沒有安培力。t2~t3時間內(nèi)通過Q的電流在變大，穿過P的磁通量在變大，兩者相互排斥，則t2~t3時間內(nèi)螺線管對線圈的是排斥力，且先增大后減小，故C錯誤；D.由圖乙可知，t2~t3時間內(nèi)時間內(nèi)，螺線管Q中電流增大，則穿過線圈磁通量增大，根據(jù)增縮減擴原理可知，線圈有收縮的趨勢，故D錯誤;8.【答案】B【詳解】A.ab邊剛進入磁場時，速度大小為，流過ab邊的電流為受到的安培力大小為，故A錯誤；B.導(dǎo)線框通過磁場上邊界的過程中，由牛頓第二定律得若a>0，則速度一直增大，故B正確；C.導(dǎo)線框從自由下落到ab邊剛到達磁場下邊界的過程中，由于電磁感應(yīng)產(chǎn)生的焦耳為Q，由能量守恒定律得，可得故C錯誤；D.導(dǎo)線框通過磁場下邊界的過程中，若時，下落的速度不會減小，故D錯誤。9.【答案】AC【詳解】AB.由上看出，a光的偏折程度大，則玻璃對a光的折射率較大.故A正確，B錯誤；CD.a光的折射率較大，根據(jù)知，玻璃中a光的速度較小.故C正確，D錯誤。10.【答案】BC【詳解】A.閉合S瞬間,A燈支路的二極管正向?qū)?A燈立即亮，之后線圈自感對電流變化的阻礙作用逐漸減弱,從線圈L流過的電流逐漸增大,A燈被短路后熄滅，故A錯誤；B.燈支路的二極管正向不能導(dǎo)通,B燈不亮,故B正確；CD.斷開S瞬間,線圈L產(chǎn)生與原電流方向相同的自感電流,可通過D?,故B燈閃一下再慢慢熄滅,而自感電流不能通過D1,A燈不亮，故C正確，D錯誤,。11.【答案】BD【詳解】A.線框進入?yún)^(qū)域Ⅰ時磁通量增加，離開區(qū)域Ⅰ時磁通量減少，所以由楞次定律判斷知，線框進入?yún)^(qū)域Ⅰ時與離開區(qū)域Ⅰ時感應(yīng)電流方向相反，故A錯誤；B.根據(jù)楞次定律:感應(yīng)電流阻礙導(dǎo)體與磁場的相對運動，可知線框進入?yún)^(qū)域Ⅱ時與離開區(qū)域Ⅱ時所受安培力的方向相同，均豎直向上，故B正確；C.在穿過兩磁場區(qū)域的過程中，因為通過線框的電流及其變化情況相同，由，知線圈剛進入兩個磁場時的速度相同，運動情況相同，而在兩個磁場之間，線圈要做勻加速運動，所以線圈在磁場Ⅰ中只能減速運動，故C錯誤;D.研究線框剛進入Ⅰ磁場到剛要進磁場Ⅱ，由于動能不變，所以由能量守恒得產(chǎn)生的熱量為mg(d+h)，而線圈通過磁場區(qū)域II時產(chǎn)生的熱量也為mg(d+h)，所以總熱量為2mg(d+h)，故D正確。12.【答案】AD【詳解】A.感應(yīng)電動勢的最大值Em=NBSω,故A正確；B.圖示位置穿過線圈的磁通量最大Φ=BS，轉(zhuǎn)過180度，磁通量變?yōu)榱?，故磁通量的變化率?BS，故B錯誤；C.通過電阻R的電荷量，故C錯誤；D.電阻R中產(chǎn)生的焦耳熱為，故D正確。第Ⅱ卷（非選擇題，共52分）三、本大題2小題，每空2分，共16分。13.【答案】（1）1.190，9.868（9.867或9.869）【詳解】（1）圖丙中分劃板中心刻線對準第1條亮紋固定刻度讀數(shù)為1mm，可動刻度讀數(shù)為=0.190mm，所以最終讀數(shù)為1.190mm；對準第6條亮紋時固定刻度讀數(shù)為9.5mm，可動讀數(shù)為0.01×36.8=0.368mm，所以最終讀數(shù)為9.868mm.(2)根據(jù)得： (3)根據(jù)知，增大雙縫與屏間的距離，條紋間距增大.14.【答案】（1）<（2）減小 G2G1（3）.【詳解】(1)根據(jù)右手定則可判斷銅條中電流方向由B到A,再根據(jù)左手定則可判斷銅條所受安培力豎直向上，由牛頓第三定律可知,銅條對磁鐵的作用力豎直向下，故G1<G2。 (2)直銅條AB向下勻速運動過程中，閉合電路中的磁通量減小，設(shè)銅條所受安培力為F安，由牛頓第三定律可知磁鐵受到的反作用力F安'=F安，由平衡條件得F安'+G1=G2,所以F安=G2G1,(3)銅條切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢E=BLv，閉合回路中的電流，又有F安=BIL，所以B=.QUOTE15.（8分）解：（1）設(shè)光在AB面上的入射角為i，折射角為r，玻璃磚折射率為n，由幾何關(guān)系，有i=60°（1分）r=30°（1分）（2分）（2）由幾何關(guān)系可知，光在玻璃磚中傳播的路程為s，則（1分）設(shè)光在玻璃磚中傳播速度為v，則（1分）從D點第一次射到玻璃磚半圓弧的傳播時間為t，則（2分）16.（12分）解：（1）矩形閉合導(dǎo)線框ABCD在勻強磁場中轉(zhuǎn)動時，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的最大值為Em，則Em＝NBSω＝100×eq\f(\r(2),10π)×0.25×100πV＝250eq\r(2)V（2分）從線框平面與磁感線垂直時開始計時，線框中感應(yīng)電動勢的表達式為e＝Emsinωt＝250eq\r(2)sin100πtV（2分）（2）發(fā)電機的輸出電壓（1分）升壓變壓器副線圈兩端的電壓（1分）已知發(fā)電機輸出的電功率P＝5×104W（1分）則升壓變壓器與降壓變壓器間輸電線上的電流（1分）輸電線上的電壓損失ΔU損＝I2R＝10×20V＝200V（1分）降壓變壓器原線圈上的電壓U3＝U2－ΔU損＝5000V－200V＝4800V（1分）燈泡正常發(fā)光的電壓，則降壓變壓器副線圈上的電壓U4＝220V（1分）所以降壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為n3∶n4＝U3∶U4＝240∶11（1分）17.（16分）解：（1）在t1＝0.60s時間內(nèi)ab下滑的距離h1＝1.20m，設(shè)其中的電動勢平均值為E1，則………………（3分）解得E1＝0.16V………………（2分）（2）從表格中可知，1.00s后棒做勻速運動，設(shè)速度為v，電動勢為E，回路中的電流為I，金屬棒受到的安培力為F，則＝5m/s………………（2分）E＝BLv………………（1分）………………（1分）F＝BIL………………（1分）F＝mg………………（1分）解得