山東省濟(jì)南市2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期1月期末學(xué)習(xí)質(zhì)量檢測模擬物理試題

2024年1月濟(jì)南市高二期末學(xué)習(xí)質(zhì)量檢測物理模擬試題全卷滿分100分，考試用時90分鐘。注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號等填寫在答題卡和試卷指定位置上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上．寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。在每小題所給的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1．某電站用交變電壓輸電，輸送功率一定，輸電線的電阻為R，現(xiàn)若用變壓器將電壓升高到送電，下列說法正確的是（）A．因，所以輸電線上的電流增為原來的10倍B．因，所以輸電線上的電流減為原來的C．因，所以輸電線上損失的功率為原來的100倍D．因，所以輸電線上損失的功率為原來的2．將模型火箭放在光滑水平面上點火，燃?xì)庖阅骋凰俣葟幕鸺龂娍谠诤芏虝r間內(nèi)全部噴出。火箭在水平面上滑行，在燃?xì)鈴幕鸺龂娍趪姵龅倪^程中，下列說法正確的是（空氣阻力可忽略）（）A．火箭對燃?xì)庾饔昧Φ臎_量大于燃?xì)鈱鸺饔昧Φ臎_量B．火箭對燃?xì)庾饔昧Φ臎_量與燃?xì)鈱鸺饔昧Φ臎_量大小相等C．火箭的動量比噴出燃?xì)獾膭恿看驞．火箭的動能比噴出的燃?xì)鈩幽艽?．如圖，在磁感應(yīng)強度大小為的勻強磁場中，兩長直導(dǎo)線P和Q垂直于紙面固定放置，兩者之間的距離為l．在兩導(dǎo)線中均通有方向垂直于紙面向里的電流I時，紙面內(nèi)與兩導(dǎo)線距離均為l的a點處的磁感應(yīng)強度為零．下列說法正確的是（）A．的方向平行于PQ向右B．導(dǎo)線P的磁場在a點的磁感應(yīng)強度大小為C．只把導(dǎo)線Q中電流的大小變?yōu)椋琣點的磁感應(yīng)強度大小為D．只把導(dǎo)線P中的電流反向，a點的磁感應(yīng)強度大小為4．用的正弦交流電通過理想變壓器對一燈泡供電，變壓器輸出電壓是，通過燈泡的電流圖象如圖所示，則（）A．變壓器輸入功率約為B．輸出電壓的最大值是C．變壓器原、副線圈匝數(shù)比是D．變壓器原線圈電路電流的函數(shù)表達(dá)式5．如圖所示，電路中電容器的電容為C，電感線圈的電感為L，電阻忽略不計。閉合開關(guān)S待電路達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)后斷開開關(guān)S，LC電路中將產(chǎn)生電磁振蕩。斷開開關(guān)的時刻，則從到這段時間內(nèi)（）A．線圈中的電流方向由a到bB．磁場能正在轉(zhuǎn)化為電場能C．電容器兩端電壓逐漸增大D．線圈中的自感電動勢逐漸減小6．如圖所示，電路中的電源為恒流源或恒壓源（不管外電路的電阻如何變化，它都能夠持續(xù)提供定值電流或定值電壓）。當(dāng)滑動變阻器的滑片向上滑動時，電壓表的示數(shù)變化量的絕對值為，電流表的示數(shù)變化量的絕對值為，則下列說法正確的是（）A．電源為恒壓源時，V示數(shù)增大，A示數(shù)減小B．電源為恒壓源時，V示數(shù)不變，A示數(shù)增大C．電源為恒流源時，V示數(shù)增大，A示數(shù)減小，D．電源為恒流源時，V示數(shù)增大，A示數(shù)減小，7．2022年11月23日，我國自主研制的16兆瓦海上風(fēng)電機組正式下線，標(biāo)志著我國海上風(fēng)電技術(shù)實現(xiàn)重大突破。風(fēng)力發(fā)電機的工作原理可以簡化為如圖所示的模型：風(fēng)輪通過齒輪箱帶動矩形線圈在勻強磁場中勻速轉(zhuǎn)動產(chǎn)生交流電，并通過變壓器和遠(yuǎn)距離輸電線給燈泡L供電。兩變壓器均為理想變壓器，當(dāng)發(fā)電機線圈轉(zhuǎn)速減小時，以下說法正確的是（）A．通過R的電流增加B．降壓變壓器的輸入電壓減小C．燈泡L消耗的功率增加D．發(fā)電機的輸出功率不變8．如圖甲所示為利用霍爾元件制作的位移傳感器。將霍爾元件置于兩塊磁性強弱相同、同名磁極相對放置的磁體正中間，以中間位置為坐標(biāo)原點建立如圖乙所示的空間坐標(biāo)系。當(dāng)霍爾元件沿x軸方向移動到不同位置時，將產(chǎn)生不同的霍爾電壓U，通過測量電壓U就可以知道位移x。已知沿x軸方向磁感應(yīng)強度大?。╧為常數(shù)且），電流I沿方向大小不變。該傳感器靈敏度，要使該傳感器的靈敏度變大，下列措施可行的是（）甲乙A．把霍爾元件沿x方向的厚度變小B．把霍爾元件沿y方向的高度變大C．把霍爾元件沿z方向的長度變大D．把霍爾元件沿y方向的高度變小二、多項選擇題：本題共5小題，每小題4分，共20分。在每小題所給的四個選項中，至少有兩項是符合題目要求的。全部選對得4分，部分選對得2分，有錯選得0分。9．明朝士大夫萬戶是“世界上第一個想利用火箭飛行的人”。他把47個自制的火箭綁在椅子上，自己坐在椅子上，雙手舉著大風(fēng)箏，設(shè)想利用火箭的推力飛上天空，然后利用風(fēng)箏平穩(wěn)著陸。假設(shè)萬戶及所攜設(shè)備總質(zhì)量為M，點燃火箭后在極短的時間內(nèi)，質(zhì)量為m的熾熱燃?xì)庀鄬Φ孛嬉?的速度豎直向下噴出。下列說法正確的是（）A．火箭的推力就是燃?xì)鈱λ姆醋饔昧．在燃?xì)鈬姵龊蟮乃查g，火箭的速度大小為C．噴出燃?xì)夂笕f戶及所攜設(shè)備能上升的最大高度為D．在燃?xì)鈬姵龊笊仙^程中，萬戶及所攜設(shè)備動量守恒10．如圖所示，長為的兩正對平行金屬板MN、PQ水平放置，板間距離為，板間有正交的勻強電場和勻強磁場。一帶電粒子從MP的中點O垂直于電場和磁場方向以初速度射入，恰沿直線從NQ的中點A射出；若只撤去電場，該帶電粒子仍從O點以初速度水平射入，則粒子從N點射出，粒子重力不計。以下說法正確的是（）A．該粒子一定帶正電B．該粒子帶正電、負(fù)電均可C．若只撤去磁場，該帶電粒子仍從O點以初速度水平射入，則粒子從AQ之間射出D．若只撒去磁場，該帶電粒子仍從O點以初速度水平射入，則粒子打在板PQ上11．如圖所示，足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ固定在水平面上，間距為L，空間存在著方向豎直向上的磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場．在導(dǎo)軌上放有兩根質(zhì)量分別為m和的金屬棒ab、cd，兩棒和導(dǎo)軌垂直且接觸良好，有效電阻均為R，導(dǎo)軌電阻不計．現(xiàn)給金屬棒ab水平向左的瞬時沖量，同時給cd棒水平向右的瞬時沖量，則在以后的運動過程中（）A．通過ab棒的最大電流為B．cd棒的最大加速度為C．最終兩金屬棒將靜止在導(dǎo)軌上D．整個過程中該系統(tǒng)產(chǎn)生的焦耳熱為12．如圖所示，質(zhì)量均為m的物塊a、b與勁度系數(shù)為k的輕彈簧固定拴接，豎直靜止在水平地面上。物塊a正上方有一個質(zhì)量也為m的物塊c，將c由靜止釋放，與a碰撞后立即粘在一起，碰撞時間極短，之后的運動過程中物塊b恰好沒有脫離地面。忽略空氣阻力，輕彈簧足夠長且始終在彈性限度內(nèi)，重力加速度為g。以下說法正確的是（）A．組合體ac的最大加速度為B．物塊b與地面間的最大作用力為C．剛開始釋放物塊c時，c離a的高度為D．a(chǎn)、c碰撞過程中損失的能量為三、非選擇題：本題共6小題，共60分。13．（6分）小明利用如圖甲所示的裝置進(jìn)行“驗證動量守恒定律”的實驗。已知被碰小球b與入射小球a半徑相同，b的質(zhì)量為a的一半。甲乙按下列實驗步驟操作：①在桌面的適當(dāng)位置固定好彈簧發(fā)射器，調(diào)節(jié)桌面為水平狀態(tài)②在薄平木板表面先后釘上白紙和復(fù)寫紙，將該木板數(shù)值并貼緊桌面右側(cè)邊緣③將a向左壓縮彈簧到某一位置由靜止釋放，撞到木板，在白紙上留下壓痕P④將木板向右平移適當(dāng)距離，再將a向左壓縮彈簧到某一位置由靜止釋放，撞到木板，在白紙上留下壓痕⑤將b放在桌面的右邊緣，將a向左壓縮彈簧到同一位置由靜止釋放，與b相碰后，兩球在白紙上留下壓痕、（1）關(guān)于該實驗，下列說法正確的有__________。A．步驟（3）（4）中a的釋放點位置可以不同B．為減小誤差，彈簧的壓縮量越大越好C．a(chǎn)與彈簧發(fā)射器的摩擦不影響實驗驗證D．a(chǎn)、b碰撞過程有動能損失，會導(dǎo)致實驗誤差（2）測得小球在木板上的壓痕、、分別與P之間的堅直距離、、，當(dāng)滿足關(guān)系式_________時，可證明a、b碰撞過程中動量守恒。（3）若a、b兩球上涂有粘性很強的膠體（膠體質(zhì)量不計），讓小球a從步驟（4）中的釋放點由靜止釋放與b球相碰后，兩球粘在一起并撞到木板上在白紙上留下壓痕P，則壓痕P的位置應(yīng)在__________。A．P與之間B．與之間C．與之間D．下方14．（8分）某實驗小組利用如圖甲所示電路圖測量一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻，實驗器材如下：甲乙丙一節(jié)待測干電池（電動勢約為）電流表（滿偏電流，內(nèi)阻）；電流表（滿偏電流，內(nèi)阻）；滑動變阻器（）；滑動變阻器（）；定值電阻；開關(guān)S和導(dǎo)線若干。（1）為了能比較準(zhǔn)確地進(jìn)行測量，同時還要考慮操作的方便，實驗中滑動變阻器應(yīng)選__________（選填“”或者“”）；（2）根據(jù)圖甲所示電路圖，在答題紙上將圖乙中實物圖連接起來，組成完整的電路__________；（3）圖丙為該同學(xué)根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出的電流表的示數(shù)與電流表的示數(shù)的圖線，由該圖線可得被測干電池的電動勢__________V，內(nèi)阻__________。（結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）15．（6分）豎直平面內(nèi)半徑的四分之一光滑圓弧軌道下端與粗糙水平軌道相切，水平軌道長，右端與半徑大于R的光滑圓弧軌道平滑相連，視為質(zhì)點的小滑塊A和B分別靜止在圓弧軌道的最高點和最低點．現(xiàn)將A無初速釋放，A與B碰撞后結(jié)合為一個整體，A和B的質(zhì)量相等；A和B整體與桌面之間的動摩擦因數(shù)．物體始終沒有離開軌道，重力加速度g?。螅海?）碰撞前瞬間A的速率v；（2）碰撞后瞬間A和B整體的速率；（3）A和B整體最終停止的位置離B距離．16．（10分）如圖，兩根足夠長，電阻不計的光滑平行金屬導(dǎo)軌，固定在同一水平面上，其間距為，左端通過導(dǎo)線連接一個的定值電阻。整個導(dǎo)軌處在磁感應(yīng)強度大小的勻強磁場中。磁場方向豎直向下，質(zhì)量，長度、電阻的勻質(zhì)金屬桿垂直導(dǎo)軌放置。且與導(dǎo)軌接觸良好，在桿的中點施加一個垂直金屬桿水平拉力F，使其由靜止開始運動。拉力F的功率保持不變。當(dāng)金屬桿速度時撒去拉力F。求：（1）撤去外力前，金屬桿的速度為，其加速度大??？（2）從撤去拉力F到金屬桿停下的整個過程，通過金屬桿的電荷量為多少？（3）從撤去拉力F到金屬桿停下的整個過程，金屬桿上產(chǎn)生的熱量為多少？17．（14分）如圖所示，直角坐標(biāo)系平面內(nèi)，y軸左側(cè)存在垂直于紙面向里的勻強磁場I，第一象限存在平行于y軸方向的勻強電場，第四象限存在垂直紙面向外的勻強磁場Ⅱ，磁場I、Ⅱ的磁感應(yīng)強度大小相等．一電子以速度從x軸上的N點射入磁場，與x軸負(fù)方向間的夾角，經(jīng)P點（圖中未畫出）垂直于y軸射入電場，然后從M點（圖中未畫出）進(jìn)入第四象限．已知勻強電場的電場強度大小，電子的質(zhì)量為m、電荷量為e，，不計電子重力。求：（1）勻強磁場的磁感應(yīng)強度大小B；（2）經(jīng)過M點時電子的速度大??；（3）從N點射出后電子第3次經(jīng)過x軸時的位置橫坐標(biāo)。18．（16分）如圖所示，足夠長的水平光滑直軌道AB和水平傳送帶平滑無縫連接，傳送帶長，以的速度順時針勻速轉(zhuǎn)動，帶有光滑圓弧管道EF的裝置P靜置于水平地面上，EF位于豎直平面內(nèi)，由兩段半徑均為的圓弧管道組成，EF管道與水平傳送帶和水平地面上的直軌道MN均平滑相切連接，MN長，右側(cè)為豎直墻壁。滑塊a的質(zhì)量，滑塊b與輕彈簧相連，質(zhì)量，滑塊c質(zhì)量，滑塊a、b、c均靜置于軌道AB上。現(xiàn)讓滑塊a以的初速度水平向右運動，與滑塊b相撞后立即結(jié)合為一個整體，之后與滑塊c發(fā)生相互作用，c與彈簧分離后滑上傳送帶，經(jīng)EF管道后滑上MN。已知滑塊c與傳送帶間的動摩擦因數(shù)，與MN間的動摩擦因數(shù)，其它摩擦和阻力均不計，滑塊與豎直墻壁的碰撞為彈性碰撞，各滑塊均可視為質(zhì)點，重力加速度大小，整個過程中裝置P始終保持靜止。求：（1）滑塊a、b碰撞后瞬間滑塊a的速度大??；（2）滑塊a、b、c作用過程中彈簧的最大彈性勢能；（3）滑塊c在軌道EF中運動的過程中，裝置P與地面間彈力的最大值記為，最小值記為，求與的差值；（4）通過計算判斷滑塊c能否再次與彈簧發(fā)生相互作用。

濟(jì)南市2024年1月高二期末學(xué)習(xí)質(zhì)量檢測物理模擬試題參考答案及評分標(biāo)準(zhǔn)一、單項選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。在每小題所給的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。12345678DBCADCBA二、多項選擇題：本題共5小題，每小題4分，共20分。在每小題所給的四個選項中，至少有兩項是符合題目要求的。全部選對得4分，部分選對得2分，有錯選得0分。9101112ABACBDBC1．D【解析】AB．根據(jù)得，輸送功率一定時，輸送電壓變?yōu)樵瓉淼?0倍，則輸送電流變?yōu)樵瓉淼模娏鞑荒苡脕碛嬎?，故AB錯誤；CD．根據(jù)知，損失的功率變?yōu)樵瓉淼模蔆錯誤，D正確。故選D．2．B【解析】AB．由于火箭對燃?xì)庾饔昧εc燃?xì)鈱鸺饔昧κ亲饔昧头醋饔昧?，故兩者的沖量總是大小相等的，故A錯誤，B正確；C．由于火箭和燃?xì)饨M成的系統(tǒng)在燃?xì)鈬姵銮昂髣恿渴睾?，由動量守恒定律可知，火箭的動量的大小與噴出燃?xì)獾膭恿看笮∠嗟?，故C錯誤；D．由于火箭的質(zhì)量大于燃?xì)獾馁|(zhì)量，由可知火箭的質(zhì)量大于燃?xì)獾馁|(zhì)量，故火箭的動能比噴出的燃?xì)鈩幽苄。蔇錯誤。故選B。3．C【解析】A．在兩導(dǎo)線中均通有方向垂直于紙面向里的電流I時，根據(jù)安培定則及矢量疊加原理可知它們在a點處產(chǎn)生的合磁感應(yīng)強度方向平行于PQ向右，設(shè)大小為，如圖所示，由于a點處的合磁感應(yīng)強度為零，由此可知外加的磁場方向平行于PQ向左，故A錯誤；B．且設(shè)導(dǎo)線P、Q在a點處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度分別為，則根據(jù)幾何關(guān)系有解得故B錯誤；C．只把導(dǎo)線Q中電流的大小變?yōu)?，則導(dǎo)線Q在a點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度方向不變，大小變?yōu)橛蓭缀沃R結(jié)合矢量疊加原理，求得a點處磁感應(yīng)強度大小為故C正確；D．當(dāng)導(dǎo)線P中的電流反向，其他條件不變，則導(dǎo)線P在a處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小不變，但方向反向，可求得兩導(dǎo)線在a處的合磁場大小為方向豎直向上，如圖所示，因外加的磁場方向與PQ平行，且由Q指向P，最后由矢量的合成法則，可得a點處磁感應(yīng)強度的大小為，故D錯誤。故選C。4．A【解析】燈泡電流的有效值為，則燈泡的功率，可知變壓器輸入功率約為，選項A正確；輸出電壓的最大值是，選項B錯誤；變壓器原、副線圈匝數(shù)比是，選項C錯誤；根據(jù)變壓器匝數(shù)比等于電流的倒數(shù)比可知，原線圈電流有效值為，最大值為，因，可知變壓器原線圈電路電流的函數(shù)表達(dá)式，選項D錯誤；故選A．5．D【解析】ABC．由題可知，電路中電流的變化如圖所示斷開開關(guān)的時刻，此時電路中的電流要減小，而線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢要阻礙電流的減小，故電流的方向不變，對電容器充電，當(dāng)，充電完畢，電路電流為零，之后電容器放電，電流方向與之相反，并逐漸增大，當(dāng)電容器放電完畢，電流最大，故從到這段時間內(nèi)，線圈中電流方向由b到a，電容器兩端的電壓逐漸減小，電場能轉(zhuǎn)化為磁場能，故ABC錯誤；D．由可知，隨著電流的變化，線圈中的自感電動勢逐漸減小，D正確。故選D。6．C【解析】AB．電源為恒壓源時，當(dāng)滑動變阻器的滑片向上滑動時，總電阻增大，總電流減小，所以兩端的電壓減小，兩端的電壓增大，所以的分流增大，A的示數(shù)減小，V的示數(shù)不變，即A、B項錯誤；CD．若電源為恒流源時，當(dāng)滑動變阻器的滑片向上滑動時，總電阻增大，V示數(shù)增大，兩端的電壓增大，所以的分流增大，A的示數(shù)減小，因所以，C項正確，D項錯誤。故選C。7．B【解析】D．當(dāng)發(fā)電機線圈轉(zhuǎn)速減小時，根據(jù)可知升壓變壓器的輸入電壓減小，而負(fù)載不變，因此升壓變壓器的輸入電流減小，故發(fā)電機的輸出功率減小，故D錯誤；A．根據(jù)可知減小時，也減小，即通過R的電流減小，故A錯誤；BC．由于因此減小，根據(jù)可知減小，根據(jù)可知燈泡L消耗的功率減小，減小，根據(jù)可知減小，故B正確，C錯誤。故選B。8．A【解析】設(shè)霍爾元件沿y軸反向的高度為d，沿x軸方向的厚度為l，電流的微觀表達(dá)式為得自由電荷受洛倫茲力和電場力平衡得由磁感應(yīng)強度大小得則可知，要使該傳感器的靈敏度變大，應(yīng)把霍爾元件沿x方向的厚度l變小。故選A。9．AB【解析】A．火箭的推力是燃料燃燒時產(chǎn)生的向下噴出的高溫高壓氣體對火箭的反作用力，故A正確；B．在燃?xì)鈬姵龊蟮盟查g，萬戶及所攜設(shè)備組成的系統(tǒng)動量守恒，設(shè)火箭的速度大小為，規(guī)定火箭運動方向為正方向，則有解得火箭的速度大小為故B正確；C．噴出燃?xì)夂?，萬戶及所攜設(shè)備做豎直上拋運動，根據(jù)運動學(xué)公式可得，最大上升高度為故C錯誤；D．物體之間發(fā)生相互作用的過程中，如果系統(tǒng)沒有受到外力作用或所受外力之和為零，那么相互作用的物體的總動量保持不變，而在燃?xì)鈬姵龊笊仙^程中，萬戶及所攜設(shè)備因為受重力，有外力的作用，所以系統(tǒng)動量不守恒，故D錯誤。故選AB。10．AC【解析】AB．由于撤去電場時，該帶電粒子從N點射出，可知洛倫茲力方向向上，根據(jù)左手定則可知，粒子帶正電，A正確，B錯誤；CD．有電場與磁場作用時，由于粒子恰沿直線從Q的中點A射出，可知，此時粒子做勻速直線運動，則有解得若只撤去電場，粒子從N點射出，作出軌跡如圖所示根據(jù)幾何關(guān)系有解得在磁場中結(jié)合上述解得若只撤去磁場，該帶電粒子仍從O點以初速度水平射入，若粒子從AQ之間射出，則有解得可知，粒子從AQ之間射出，C正確，D錯誤。故選AC。11．BD【解析】A、設(shè)兩金屬棒的初速度大小為，則，兩棒剛開始運動時都會切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電流，此時回路中的電流最大，，cd棒受到的安培力最大，加速度最大，此后兩棒均做減速運動，由于兩棒構(gòu)成的系統(tǒng)在水平方向上不受外力，系統(tǒng)動量守恒，取向右為正方向，設(shè)兩棒最終共同的速度為v，則有，解得，即最終兩棒以共同速度向右勻速運動，此時回路中的磁通量不變，回路中無感應(yīng)電流，選項B正確，A、C錯誤；D．由能的轉(zhuǎn)化與守恒定律知，該系統(tǒng)產(chǎn)生熱量，選項D正確．12．BC【解析】A．碰后c整體在豎直面做往復(fù)運動，且關(guān)于平衡點對稱，所以在最高點和最低點有最大加速度，由于之后的運動過程中物體b恰好不脫離地面，所以ac整體向上最高點時彈簧彈力設(shè)此時ac整體加速度為，則根據(jù)牛頓第二定律可求，A錯誤；B．根據(jù)彈簧的對稱性，可知ac整體向下最低點時加速度也為，物塊b與地面間有最大作用力，根據(jù)整體法有，解得，B正確；C．設(shè)剛開始釋放物塊c時，c離a的高度為h，據(jù)自由落體運動規(guī)律可得，c與a碰前速度為c與a碰撞時間極短，滿足動量守恒，可得解得碰后ac共同速度為物體b恰好被拉離地面時，設(shè)彈簧的伸長量為x，對b滿足由于質(zhì)量相同，原來a的壓縮量也為x，故反彈后ac整體上升的高度為，碰后至反彈到最高點的過程對ac，據(jù)機械能守恒定律可得，其中，解得C正確；D．c與a碰撞時產(chǎn)生的內(nèi)能為D錯誤。故選BC。三、非選擇題：本題共6小題，共60分。13．C【解析】（1）[1]A．步驟（3）中白紙上留下的壓痕P是為了記錄水平位置，根據(jù)解得小球水平分位移相等，則豎直分位移決定了拋出的初速度，即步驟（4）中a的釋放點位置對應(yīng)平拋初速度，故步驟（3）（4）中的釋放點位置可以不同，故A正確；B．彈簧壓縮量越大，小球離開彈簧時獲得的動能越大，根據(jù)上述可知，小球下落的高度會越小，在用刻度尺測量長度時測量的長度越短，誤差越大，故彈簧的壓縮量不是越大越好，故B錯誤；C．實驗中只需保證（5）（4）兩步驟中將向左壓縮彈簧到同一位置由靜止釋放，即可保證每次入射小球速度相同，彈簧發(fā)射器及桌面不一定要光滑，故a與彈簧發(fā)射器的摩擦不影響實驗驗證，故C正確；D．a(chǎn)、b碰撞過程動量守恒，本實驗是通過平拋運動規(guī)律計算小球碰撞前后的速度進(jìn)而驗證動量守恒，與碰撞過程是否有動能損失無關(guān)，故D錯誤．故選AC。（2）[2]小球飛出軌道后做平拋運動，設(shè)木板與拋出點之間的水平距離為x，初速度為v，由平拋運動規(guī)律可得解得設(shè)碰撞前a球的速度為，碰撞后a球的速度為，b球的速度為，根據(jù)上述有設(shè)a的質(zhì)量為，b的質(zhì)量為m，由動量守恒可得則有整理可得（3）[3]當(dāng)碰后兩球粘連在一起時，根據(jù)動量守恒定律可得二者共同速度大小為當(dāng)兩小球發(fā)生彈性碰撞時，根據(jù)動量守恒定律和能量守恒定律有聯(lián)立解得則有所以壓痕的位置應(yīng)在與之間。故選C．14．1.481.94【解析】（1）[1]電動勢約為，電流表的量程為，則變阻器的最小阻值為所以選滑動變阻器；（2）[2]按照電路圖連接電路如圖所示（3）[3][4]根據(jù)閉合電路歐姆定律得變形代入數(shù)據(jù)可得結(jié)合圖象可知截距為斜率為聯(lián)立解得15．（1）（2）（3）【解析】（1）根據(jù)