2024屆安徽省高三上學(xué)期一輪復(fù)習(xí)聯(lián)考物理試卷(三)(解析版)_第1頁(yè)
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高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12024屆高三一輪復(fù)習(xí)聯(lián)考(三)安徽卷物理試題注意事項(xiàng):1.答卷前,考生務(wù)必將自己的姓名、考場(chǎng)號(hào)、座位號(hào)、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。2.回答選擇題時(shí),選出每小題〖答案〗后,用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號(hào)涂黑,如需改動(dòng),用橡皮擦干凈后,再選涂其他〖答案〗標(biāo)號(hào)?;卮鸱沁x擇題時(shí),將〖答案〗寫(xiě)在答題卡上,寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。3.考試結(jié)束后,將本試卷和答題卡一并交回??荚嚂r(shí)間為75分鐘,滿分100分一、選擇題:本題共10小題,共42分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,第1~8題只有一項(xiàng)符合題目要求,每小題4分;第9~10題有多項(xiàng)符合題目要求,每小題5分,全部選對(duì)的得5分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。1.如圖甲所示,在“觀察電容器的充、放電現(xiàn)象”實(shí)驗(yàn)中,將單刀雙擲開(kāi)關(guān)S與“1”端相接,并將電阻箱的阻值調(diào)為R1和R2(R1>R2)兩種情況,兩次得到的電流I隨時(shí)間t變化圖像如圖乙中曲線所示,則()A.實(shí)線是電阻箱阻值為R2的結(jié)果B.電阻箱阻值越大,電容器充電越快C.實(shí)線與橫軸所圍面積大于虛線與橫軸所圍面積D.實(shí)線與橫軸所圍面積等于虛線與橫軸所圍面積〖答案〗D〖解析〗AB.實(shí)線所表示的過(guò)程初始電流較小,故接入的電阻應(yīng)該為大的電阻,即R1,此時(shí)充電時(shí)間較長(zhǎng),即電容器充電越慢,A、B錯(cuò)誤;CD.根據(jù)公式q=It知I—t圖像與橫軸所圍面積表示電荷量,充電結(jié)束電容器所帶電荷量q=CE兩次相等,所以實(shí)線與橫軸所圍面積等于虛線與橫軸所圍面積,C錯(cuò)誤,D正確。故選D。2.智能手機(jī)安裝適當(dāng)?shù)能浖螅脗鞲衅骺蓽y(cè)量磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小。如圖甲所示,在手機(jī)上建立三維坐標(biāo)系,手機(jī)顯示屏所在平面為xOy面。某同學(xué)在某地對(duì)地磁場(chǎng)進(jìn)行了兩次測(cè)量,將手機(jī)顯示屏朝上平放在水平桌面上測(cè)量結(jié)果如圖乙,之后繞x軸旋轉(zhuǎn)某一角度后測(cè)量結(jié)果如圖丙,圖中顯示數(shù)據(jù)的單位為μT(微特斯拉)。已知手機(jī)顯示屏的面積大約為0.01m2,根據(jù)數(shù)據(jù)可知兩次穿過(guò)手機(jī)顯示屏磁通量的變化量約為()A. B.C. D.〖答案〗C〖解析〗根據(jù)題意,計(jì)算通過(guò)手機(jī)顯示屏的磁通量時(shí),應(yīng)利用地磁場(chǎng)的z軸分量,則圖甲時(shí)穿過(guò)顯示屏的磁通量大小約為圖乙時(shí)穿過(guò)顯示屏的磁通量大小約為由數(shù)據(jù)可得,第一次地磁場(chǎng)從手機(jī)顯示屏穿過(guò),z軸磁場(chǎng)分量為負(fù)值,第二次z軸地磁場(chǎng)分量為正值,可知地磁場(chǎng)從手機(jī)背面穿過(guò),則磁通量的變化量約為故選C。3.如圖所示,在光滑的絕緣水平面上有一邊長(zhǎng)為a的正方形ABCD,在A、C兩點(diǎn)分別固定電荷量大小均為Q的點(diǎn)電荷,在B點(diǎn)固定一電荷量未知的點(diǎn)電荷,將一電荷量為q的試探電荷置于D點(diǎn),該試探電荷恰好靜止。靜電力常量為k。若將該試探電荷移動(dòng)到正方形的中心O位置,則試探電荷受到的靜電力大小為()A. B. C. D.0〖答案〗A〖解析〗根據(jù)題意可知,A、C兩處為等量同種電荷,設(shè)B處電荷量大小為,在D點(diǎn)根據(jù)平衡可得則A、C兩處在正方形中心O處合電場(chǎng)強(qiáng)度為0,則試探電荷在中心處受到的靜電力大小為A正確。故選A。4.已知“祝融號(hào)”火星車在地球表面受到的重力大小為G1,在火星表面受到的重力大小為G2;地球與火星均可視為質(zhì)量分布均勻的球體,其半徑分別為R1、R2。若不考慮自轉(zhuǎn)的影響且火星車的質(zhì)量不變,則地球與火星的密度之比為()A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗在星球表面,萬(wàn)有引力近似等于重力,有又聯(lián)立解得故選B。5.空間中存在沿x軸方向的靜電場(chǎng),各點(diǎn)電勢(shì)的變化規(guī)律如圖中圖像所示,電子以一定的初速度沿x軸從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到x4處,電子僅受電場(chǎng)力,則該電子()A.在x1處電勢(shì)能最小B.在x1處加速度為零C.在x3處電勢(shì)為零,電場(chǎng)強(qiáng)度也為零D.在x2處的動(dòng)能大于在x3處的動(dòng)能〖答案〗B〖解析〗A.根據(jù)可知,負(fù)點(diǎn)電荷在電勢(shì)越低的地方,電勢(shì)能越大,由圖像可知x1處電勢(shì)最低,則電子在x1處的電勢(shì)能最大,故A錯(cuò)誤;B.圖像斜率的絕對(duì)值表示電場(chǎng)強(qiáng)度大小,由圖可知在x1處,圖像的斜率為0,即該處的電場(chǎng)強(qiáng)度為0,則電子在x1處受到的電場(chǎng)力為0,由牛頓第二定律知電子在x1處的加速度為0,故B正確;C.結(jié)合上述,根據(jù)圖像可知,x3處斜率不為0,所以x3處的電場(chǎng)強(qiáng)度不為0,故C錯(cuò)誤;D.電子只在電場(chǎng)力作用下運(yùn)動(dòng),動(dòng)能和電勢(shì)能總和保持不變,結(jié)合上述可知,負(fù)點(diǎn)電荷在電勢(shì)越低的地方,電勢(shì)能越大,則電子在x2處的電勢(shì)能大于在x3處的電勢(shì)能,所以電子在x2處的動(dòng)能小于在x3處的動(dòng)能,故D錯(cuò)誤。故選B。6.某物理興趣小組同學(xué)從一款電子產(chǎn)品中拆下一個(gè)特殊電池,用如圖甲所示的電路測(cè)量該電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻,其中R1是阻值已知的定值電阻,電流表內(nèi)阻RA=9R1。改變電阻箱的阻值R,測(cè)得幾組電流表的讀數(shù)I,做出圖線如圖乙所示,圖線的斜率為k,截距為a,則該電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻分別為()A., B.,C., D.,〖答案〗A〖解析〗ABCD.設(shè)通過(guò)電流表的電流為I,干路電流為I總,則有根據(jù)閉合電路歐姆定律有整理得對(duì)照?qǐng)D像得聯(lián)立解得A正確,BCD錯(cuò)誤。故選A。7.如圖所示,在滑動(dòng)變阻器的滑片P向下端滑動(dòng)過(guò)程中,理想電壓表、的示數(shù)變化量的絕對(duì)值分別為、,理想電流表、、示數(shù)變化量的絕對(duì)值分別為、、,下列說(shuō)法正確的是()A.電壓表示數(shù)增大,電流表示數(shù)增大B.電壓表示數(shù)減小,電流表示數(shù)增大C.D.〖答案〗B〖解析〗AB.滑片P向下滑動(dòng)的過(guò)程中,滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻減小,電路中總電阻減小,干路電流增大,即電流表示數(shù)增大,路端電壓減小,電壓表示數(shù)減小,電阻分壓增大,并聯(lián)支路電壓減小,即電壓表示數(shù)減小,通過(guò)電阻的電流減小,即電流表示數(shù)減小,總電流等于通過(guò)電流表、的電流之和,所以電流表示數(shù)增大,故A錯(cuò)誤,B正確;C.由于電流表示數(shù)增大,示數(shù)減小,示數(shù)增大,根據(jù)串并聯(lián)電路電流關(guān)系有故C錯(cuò)誤;D.由閉合電路歐姆定律可得由閉合電路歐姆定律可得故故D錯(cuò)誤。故選B。8.如圖所示,在無(wú)限長(zhǎng)直邊界CD的右側(cè)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,無(wú)限大擋板EF平行于CD放置,與CD相距為d,帶電粒子達(dá)到擋板時(shí)能夠被擋板吸收,在A處有一粒子源能夠在紙面內(nèi)持續(xù)發(fā)射速度大小相等的電子。當(dāng)電子在紙面內(nèi)沿AO方向垂直勻強(qiáng)磁場(chǎng)邊界射入時(shí),恰好未被EF吸收。已知電子的質(zhì)量為m,電荷量為e,不計(jì)電子重力及電子間的相互作用。若磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)樵瓉?lái)的一半,電子速度方向緩慢從AO沿順時(shí)針旋轉(zhuǎn)到AD時(shí),在擋板上能夠吸收到電子的長(zhǎng)度為()A. B.C D.〖答案〗B〖解析〗ABCD.電子垂直邊界射入,恰好未被EF吸收,其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖甲所示,由幾何關(guān)系可知電子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為d,根據(jù)可知,當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度變?yōu)樵瓉?lái)的一半時(shí),電子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑變?yōu)?d,速度方向改變時(shí),電子能夠打到擋板上,臨界的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖乙所示,能夠吸收到電子的區(qū)域?yàn)镚H,由幾何關(guān)系可得B正確,ACD錯(cuò)誤。故選B。9.滑板運(yùn)動(dòng)是一項(xiàng)青春、時(shí)尚、綠色,陽(yáng)光的體育運(yùn)動(dòng)。如圖所示,跳臺(tái)的斜面長(zhǎng)為,斜面傾角為。一質(zhì)量為的滑板運(yùn)動(dòng)員(視為質(zhì)點(diǎn))從斜面頂端A點(diǎn)水平躍出,剛好落在斜面底端點(diǎn)。已知重力加速度為,則()A.運(yùn)動(dòng)員離開(kāi)A點(diǎn)時(shí)的速度大小為B.運(yùn)動(dòng)員離開(kāi)A點(diǎn)時(shí)的速度大小為C.從A點(diǎn)到點(diǎn)運(yùn)動(dòng)員動(dòng)量的變化量大小為D.從A點(diǎn)到點(diǎn)運(yùn)動(dòng)員動(dòng)量的變化量大小為〖答案〗BD〖解析〗AB.運(yùn)動(dòng)員離開(kāi)A點(diǎn)后做平拋運(yùn)動(dòng),有聯(lián)立解得A錯(cuò)誤,B正確;CD.由動(dòng)量定理知運(yùn)動(dòng)員動(dòng)量的變化量大小為C錯(cuò)誤,D正確。故選BD。10.1932年,勞倫斯和利文斯頓設(shè)計(jì)出了回旋加速器,其工作原理如圖所示,置于高真空中的D形金屬盒半徑為R,兩盒間接交流電源,兩盒間的狹縫很小,帶電粒子穿過(guò)狹縫的時(shí)間可以忽略不計(jì),磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)與盒面垂直,A處粒子源產(chǎn)生的質(zhì)量為m、電荷量為q的質(zhì)子(初速度很小,可以忽略)在加速器中被加速,加速電壓為U,加速過(guò)程中不考慮相對(duì)論效應(yīng)和重力作用。則()A.交流電源的周期為B.質(zhì)子第二次和第一次經(jīng)過(guò)D型盒間狹縫后軌道半徑之比為C.質(zhì)子在電場(chǎng)中被加速的次數(shù)最多為D.質(zhì)子從靜止開(kāi)始加速到出口處所需的時(shí)間為〖答案〗BD〖解析〗A.質(zhì)子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期要使質(zhì)子每次經(jīng)過(guò)電場(chǎng)都被加速,需交流電源的周期與質(zhì)子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期相同,A錯(cuò)誤;B.設(shè)質(zhì)子第1次經(jīng)過(guò)狹縫后的速度為v1,圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r1,有解得同理,質(zhì)子第2次經(jīng)過(guò)狹縫后的半徑則B正確;CD.設(shè)質(zhì)子到出口處被加速了n次,則質(zhì)子在加速器中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間聯(lián)立解得C錯(cuò)誤,D正確故選BD。二、非選擇題:本題共5小題,共58分。11.某同學(xué)為了測(cè)量小物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù),就地取材設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)。實(shí)驗(yàn)步驟:(1)如圖甲所示,選擇合適高度的墊塊,使木板的傾角為37°,在其上表面固定一把與小物塊下滑路徑平行的刻度尺(圖中未畫(huà)出)。(2)調(diào)整手機(jī)使其攝像頭正對(duì)木板表面,開(kāi)啟視頻錄像功能。將小物塊從木板頂端釋放,用手機(jī)記錄下小物塊沿木板向下做加速直線運(yùn)動(dòng)的情況。然后通過(guò)錄像的回放,選擇小物塊運(yùn)動(dòng)路徑上合適的一點(diǎn)作為測(cè)量參考點(diǎn),得到小物塊相對(duì)于該點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)距離L與運(yùn)動(dòng)時(shí)間t的數(shù)據(jù)。(3)該同學(xué)選取部分實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù),畫(huà)出了圖像,如圖乙所示。由圖像可得,物塊過(guò)測(cè)量參考點(diǎn)時(shí)的速度大小為_(kāi)_________m/s,小物塊下滑的加速度大小為_(kāi)_________m/s2。(結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)(4)根據(jù)上述數(shù)據(jù),可得小物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為_(kāi)_________。(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字,當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮?.8m/s2,sin37°=0.60,cos37°=0.80)〖答案〗(3)0.252.9(4)0.39〖解析〗(3)[1]物塊勻加速下滑,經(jīng)過(guò)參考點(diǎn)開(kāi)始計(jì)時(shí),由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有變形得即題圖乙中圖線的縱截距表示通過(guò)參考點(diǎn)時(shí)速度的2倍,則[2]圖線的斜率表示物塊的加速度,則加速度大小為(4)[3]物塊沿斜面下滑過(guò)程中,由牛頓第二定律有代入數(shù)據(jù)解得12.在“測(cè)定金屬絲的電阻率”的實(shí)驗(yàn)中:(1)用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的直徑,其示數(shù)如圖甲所示,則該金屬絲的直徑d=_________mm。(2)為了準(zhǔn)確地測(cè)量金屬絲電阻(Rx≈26Ω),需測(cè)量多組數(shù)據(jù),實(shí)驗(yàn)室提供的器材如下:電源E(電動(dòng)勢(shì)12V,內(nèi)阻0.5Ω);電壓表V1(量程0~3V,內(nèi)阻約為2kΩ);電壓表V2(量程0~15V,內(nèi)阻約為10kΩ);電流表A1(量程0~0.6A,內(nèi)阻約為5Ω);電流表A2(量程0~3A,內(nèi)阻約為1Ω);滑動(dòng)變阻器R1(阻值0~10Ω,額定電流2A);滑動(dòng)變阻器R2(阻值0~1750Ω,額定電流0.3A);開(kāi)關(guān)S和導(dǎo)線若干。①電壓表應(yīng)選用_____________,電流表應(yīng)選用____________,滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用____________。(填所選器材的符號(hào))②請(qǐng)?jiān)谌鐖D乙所示的虛線方框內(nèi)畫(huà)出實(shí)驗(yàn)電路圖;在圖丙中用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線把實(shí)物圖補(bǔ)充完整______,______。〖答案〗(1)0.384##0.385##0.386(2)V2A1R1〖解析〗(1)[1]螺旋測(cè)微器固定刻度示數(shù)為零,可動(dòng)刻度示數(shù)為(2)[2]①由于電源的電動(dòng)勢(shì)為12V,所以電壓表應(yīng)選0~15V量程的V2;[3]根據(jù)可得,通過(guò)待測(cè)電阻的最大電流所以電流表應(yīng)選0~0.6A量程的A1;[4]滑動(dòng)變阻器R2的阻值遠(yuǎn)大于金屬絲電阻,不方便調(diào)節(jié),為了測(cè)量范圍更大,本實(shí)驗(yàn)采用分壓式,所以滑動(dòng)變阻器應(yīng)用阻值較小的R1。②[5][6]待測(cè)阻值大于滑動(dòng)變阻器總阻值,采用分壓式接法,由于滿足所以電流表應(yīng)用外接法,電路圖、實(shí)物連接圖分別如圖1、2所示。13.如圖所示,傾角α=37°的平行光滑金屬導(dǎo)軌固定放置,導(dǎo)軌間距d=1m,電源的電動(dòng)勢(shì)E=3V,定值電阻R1=1Ω,R為滑動(dòng)變阻器,S為開(kāi)關(guān)。質(zhì)量m=0.1kg、電阻R2=2Ω、長(zhǎng)度等于導(dǎo)軌間距的直導(dǎo)體棒ab垂直于導(dǎo)軌放置。在導(dǎo)軌間加勻強(qiáng)磁場(chǎng)后,直導(dǎo)體棒ab始終能在導(dǎo)軌上保持靜止。不計(jì)導(dǎo)軌及電源內(nèi)阻,直導(dǎo)體棒ab始終與導(dǎo)軌接觸良好,忽略地磁場(chǎng)影響,取重力加速度g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8。(1)若開(kāi)關(guān)S保持?jǐn)嚅_(kāi),將滑動(dòng)變阻器阻值調(diào)至R=4Ω,求所加勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的最小值Bmin;(2)若閉合開(kāi)關(guān)S,且在導(dǎo)軌間加豎直向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=2T的勻強(qiáng)磁場(chǎng),求滑動(dòng)變阻器接入回路的阻值R'?!即鸢浮剑?)1.2T;(2)2Ω〖解析〗(1)由題意可知,當(dāng)勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直導(dǎo)軌平面向上時(shí),磁感應(yīng)強(qiáng)度取最小值,由可知導(dǎo)體棒中的電流大小為由可知磁感應(yīng)強(qiáng)度的最小值(2)由可知,導(dǎo)體棒中的電流大小為由可知定值電阻R1中的電流大小為由解得14.如圖甲所示,在光滑水平面上靜止的小物塊A和長(zhǎng)木板B質(zhì)量均為m=2kg,小物塊A位于長(zhǎng)木板B的左端,二者之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.1。t=0時(shí)刻小物塊A獲得水平向右、大小為v0=7m/s的初速度,同時(shí)給小物塊A施加如圖乙所示的水平向右的作用力。5s時(shí)長(zhǎng)木板B與其右側(cè)豎直擋板發(fā)生第1次碰撞。5s后撤去小物塊A所受的水平作用力,最終小物塊A沒(méi)有從長(zhǎng)木板B上滑下。長(zhǎng)木板B與豎直擋板的碰撞均為彈性碰撞,碰撞時(shí)間極短,碰后長(zhǎng)木板B的速度大小不變,方向相反。重力加速度g取10m/s2,求:(1)0~5s內(nèi)水平作用力的沖量大??;(2)t=0時(shí)刻長(zhǎng)木板B右側(cè)與豎直擋板的距離;(3)長(zhǎng)木板B與豎直擋板第2次碰撞前的速度大小,并通過(guò)計(jì)算分析是否會(huì)發(fā)生第3次碰撞?!即鸢浮剑?);(2)12.5m;(3)1m/s,不會(huì)〖解析〗(1)沖量大小即為圖線與坐標(biāo)軸圍成的面積,即(2)對(duì)小物塊A分析,取向右為正方向,由動(dòng)量定理可得解得對(duì)長(zhǎng)木板B應(yīng)用動(dòng)量定理,得解得說(shuō)明長(zhǎng)木板B與豎直擋板發(fā)生第1次彈性碰撞時(shí),二者還沒(méi)有達(dá)到共同速度,則t=0時(shí)刻長(zhǎng)木板B右側(cè)與豎直擋板的距離(3)長(zhǎng)木板B與豎直擋板碰后,速度反向,大小不變,由動(dòng)量守恒定律,得解得長(zhǎng)木板B與豎直擋板發(fā)生第2次彈性碰撞時(shí),小物塊A與長(zhǎng)木板B已達(dá)到共同速度。第2次碰撞后,對(duì)小物塊A和長(zhǎng)木板B應(yīng)用動(dòng)量守恒定律,得解得第2次碰后,長(zhǎng)木板B向左運(yùn)動(dòng)過(guò)程中與小物塊A速度會(huì)同時(shí)減為0,所以不會(huì)發(fā)生第3次碰撞。15.如圖所示,在xOy平面內(nèi),x軸下方存在垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng),x軸上方存在電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為E、與y軸負(fù)方向成θ=30°的勻強(qiáng)電場(chǎng)。質(zhì)量為m、電荷量為q(q>0)的帶電粒子以垂直電場(chǎng)方向的初速度v0從y軸上的M點(diǎn)開(kāi)始運(yùn)動(dòng),從x軸上的N點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng),進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度大小為2v0,方向與x軸正方向夾角也為θ,粒子恰好從坐標(biāo)原點(diǎn)O第2次通過(guò)x軸。忽略邊界效應(yīng),不計(jì)粒子重力,求:(1)M、N兩點(diǎn)的電勢(shì)差;(2)N點(diǎn)到坐標(biāo)原點(diǎn)O的距離;(3)帶電粒子從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)所用的時(shí)間?!即鸢浮剑?);(2);(3)〖解析〗(1)帶電粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng),在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng),運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示。粒子從M→N過(guò)程,根據(jù)動(dòng)能定理有解得(2)對(duì)于從M點(diǎn)射入的粒子,沿初速度方向的位移沿電場(chǎng)方向,有根據(jù)幾何關(guān)系,N點(diǎn)到坐標(biāo)原點(diǎn)O的距離聯(lián)立解得(3)帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng),由幾何關(guān)系,得粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期粒子從N點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角則粒子從N點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)所用的時(shí)間聯(lián)立解得則帶電粒子從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)所用的時(shí)間2024屆高三一輪復(fù)習(xí)聯(lián)考(三)安徽卷物理試題注意事項(xiàng):1.答卷前,考生務(wù)必將自己的姓名、考場(chǎng)號(hào)、座位號(hào)、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。2.回答選擇題時(shí),選出每小題〖答案〗后,用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號(hào)涂黑,如需改動(dòng),用橡皮擦干凈后,再選涂其他〖答案〗標(biāo)號(hào)?;卮鸱沁x擇題時(shí),將〖答案〗寫(xiě)在答題卡上,寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。3.考試結(jié)束后,將本試卷和答題卡一并交回??荚嚂r(shí)間為75分鐘,滿分100分一、選擇題:本題共10小題,共42分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,第1~8題只有一項(xiàng)符合題目要求,每小題4分;第9~10題有多項(xiàng)符合題目要求,每小題5分,全部選對(duì)的得5分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。1.如圖甲所示,在“觀察電容器的充、放電現(xiàn)象”實(shí)驗(yàn)中,將單刀雙擲開(kāi)關(guān)S與“1”端相接,并將電阻箱的阻值調(diào)為R1和R2(R1>R2)兩種情況,兩次得到的電流I隨時(shí)間t變化圖像如圖乙中曲線所示,則()A.實(shí)線是電阻箱阻值為R2的結(jié)果B.電阻箱阻值越大,電容器充電越快C.實(shí)線與橫軸所圍面積大于虛線與橫軸所圍面積D.實(shí)線與橫軸所圍面積等于虛線與橫軸所圍面積〖答案〗D〖解析〗AB.實(shí)線所表示的過(guò)程初始電流較小,故接入的電阻應(yīng)該為大的電阻,即R1,此時(shí)充電時(shí)間較長(zhǎng),即電容器充電越慢,A、B錯(cuò)誤;CD.根據(jù)公式q=It知I—t圖像與橫軸所圍面積表示電荷量,充電結(jié)束電容器所帶電荷量q=CE兩次相等,所以實(shí)線與橫軸所圍面積等于虛線與橫軸所圍面積,C錯(cuò)誤,D正確。故選D。2.智能手機(jī)安裝適當(dāng)?shù)能浖?,利用傳感器可測(cè)量磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小。如圖甲所示,在手機(jī)上建立三維坐標(biāo)系,手機(jī)顯示屏所在平面為xOy面。某同學(xué)在某地對(duì)地磁場(chǎng)進(jìn)行了兩次測(cè)量,將手機(jī)顯示屏朝上平放在水平桌面上測(cè)量結(jié)果如圖乙,之后繞x軸旋轉(zhuǎn)某一角度后測(cè)量結(jié)果如圖丙,圖中顯示數(shù)據(jù)的單位為μT(微特斯拉)。已知手機(jī)顯示屏的面積大約為0.01m2,根據(jù)數(shù)據(jù)可知兩次穿過(guò)手機(jī)顯示屏磁通量的變化量約為()A. B.C. D.〖答案〗C〖解析〗根據(jù)題意,計(jì)算通過(guò)手機(jī)顯示屏的磁通量時(shí),應(yīng)利用地磁場(chǎng)的z軸分量,則圖甲時(shí)穿過(guò)顯示屏的磁通量大小約為圖乙時(shí)穿過(guò)顯示屏的磁通量大小約為由數(shù)據(jù)可得,第一次地磁場(chǎng)從手機(jī)顯示屏穿過(guò),z軸磁場(chǎng)分量為負(fù)值,第二次z軸地磁場(chǎng)分量為正值,可知地磁場(chǎng)從手機(jī)背面穿過(guò),則磁通量的變化量約為故選C。3.如圖所示,在光滑的絕緣水平面上有一邊長(zhǎng)為a的正方形ABCD,在A、C兩點(diǎn)分別固定電荷量大小均為Q的點(diǎn)電荷,在B點(diǎn)固定一電荷量未知的點(diǎn)電荷,將一電荷量為q的試探電荷置于D點(diǎn),該試探電荷恰好靜止。靜電力常量為k。若將該試探電荷移動(dòng)到正方形的中心O位置,則試探電荷受到的靜電力大小為()A. B. C. D.0〖答案〗A〖解析〗根據(jù)題意可知,A、C兩處為等量同種電荷,設(shè)B處電荷量大小為,在D點(diǎn)根據(jù)平衡可得則A、C兩處在正方形中心O處合電場(chǎng)強(qiáng)度為0,則試探電荷在中心處受到的靜電力大小為A正確。故選A。4.已知“祝融號(hào)”火星車在地球表面受到的重力大小為G1,在火星表面受到的重力大小為G2;地球與火星均可視為質(zhì)量分布均勻的球體,其半徑分別為R1、R2。若不考慮自轉(zhuǎn)的影響且火星車的質(zhì)量不變,則地球與火星的密度之比為()A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗在星球表面,萬(wàn)有引力近似等于重力,有又聯(lián)立解得故選B。5.空間中存在沿x軸方向的靜電場(chǎng),各點(diǎn)電勢(shì)的變化規(guī)律如圖中圖像所示,電子以一定的初速度沿x軸從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到x4處,電子僅受電場(chǎng)力,則該電子()A.在x1處電勢(shì)能最小B.在x1處加速度為零C.在x3處電勢(shì)為零,電場(chǎng)強(qiáng)度也為零D.在x2處的動(dòng)能大于在x3處的動(dòng)能〖答案〗B〖解析〗A.根據(jù)可知,負(fù)點(diǎn)電荷在電勢(shì)越低的地方,電勢(shì)能越大,由圖像可知x1處電勢(shì)最低,則電子在x1處的電勢(shì)能最大,故A錯(cuò)誤;B.圖像斜率的絕對(duì)值表示電場(chǎng)強(qiáng)度大小,由圖可知在x1處,圖像的斜率為0,即該處的電場(chǎng)強(qiáng)度為0,則電子在x1處受到的電場(chǎng)力為0,由牛頓第二定律知電子在x1處的加速度為0,故B正確;C.結(jié)合上述,根據(jù)圖像可知,x3處斜率不為0,所以x3處的電場(chǎng)強(qiáng)度不為0,故C錯(cuò)誤;D.電子只在電場(chǎng)力作用下運(yùn)動(dòng),動(dòng)能和電勢(shì)能總和保持不變,結(jié)合上述可知,負(fù)點(diǎn)電荷在電勢(shì)越低的地方,電勢(shì)能越大,則電子在x2處的電勢(shì)能大于在x3處的電勢(shì)能,所以電子在x2處的動(dòng)能小于在x3處的動(dòng)能,故D錯(cuò)誤。故選B。6.某物理興趣小組同學(xué)從一款電子產(chǎn)品中拆下一個(gè)特殊電池,用如圖甲所示的電路測(cè)量該電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻,其中R1是阻值已知的定值電阻,電流表內(nèi)阻RA=9R1。改變電阻箱的阻值R,測(cè)得幾組電流表的讀數(shù)I,做出圖線如圖乙所示,圖線的斜率為k,截距為a,則該電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻分別為()A., B.,C., D.,〖答案〗A〖解析〗ABCD.設(shè)通過(guò)電流表的電流為I,干路電流為I總,則有根據(jù)閉合電路歐姆定律有整理得對(duì)照?qǐng)D像得聯(lián)立解得A正確,BCD錯(cuò)誤。故選A。7.如圖所示,在滑動(dòng)變阻器的滑片P向下端滑動(dòng)過(guò)程中,理想電壓表、的示數(shù)變化量的絕對(duì)值分別為、,理想電流表、、示數(shù)變化量的絕對(duì)值分別為、、,下列說(shuō)法正確的是()A.電壓表示數(shù)增大,電流表示數(shù)增大B.電壓表示數(shù)減小,電流表示數(shù)增大C.D.〖答案〗B〖解析〗AB.滑片P向下滑動(dòng)的過(guò)程中,滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻減小,電路中總電阻減小,干路電流增大,即電流表示數(shù)增大,路端電壓減小,電壓表示數(shù)減小,電阻分壓增大,并聯(lián)支路電壓減小,即電壓表示數(shù)減小,通過(guò)電阻的電流減小,即電流表示數(shù)減小,總電流等于通過(guò)電流表、的電流之和,所以電流表示數(shù)增大,故A錯(cuò)誤,B正確;C.由于電流表示數(shù)增大,示數(shù)減小,示數(shù)增大,根據(jù)串并聯(lián)電路電流關(guān)系有故C錯(cuò)誤;D.由閉合電路歐姆定律可得由閉合電路歐姆定律可得故故D錯(cuò)誤。故選B。8.如圖所示,在無(wú)限長(zhǎng)直邊界CD的右側(cè)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,無(wú)限大擋板EF平行于CD放置,與CD相距為d,帶電粒子達(dá)到擋板時(shí)能夠被擋板吸收,在A處有一粒子源能夠在紙面內(nèi)持續(xù)發(fā)射速度大小相等的電子。當(dāng)電子在紙面內(nèi)沿AO方向垂直勻強(qiáng)磁場(chǎng)邊界射入時(shí),恰好未被EF吸收。已知電子的質(zhì)量為m,電荷量為e,不計(jì)電子重力及電子間的相互作用。若磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)樵瓉?lái)的一半,電子速度方向緩慢從AO沿順時(shí)針旋轉(zhuǎn)到AD時(shí),在擋板上能夠吸收到電子的長(zhǎng)度為()A. B.C D.〖答案〗B〖解析〗ABCD.電子垂直邊界射入,恰好未被EF吸收,其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖甲所示,由幾何關(guān)系可知電子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為d,根據(jù)可知,當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度變?yōu)樵瓉?lái)的一半時(shí),電子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑變?yōu)?d,速度方向改變時(shí),電子能夠打到擋板上,臨界的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖乙所示,能夠吸收到電子的區(qū)域?yàn)镚H,由幾何關(guān)系可得B正確,ACD錯(cuò)誤。故選B。9.滑板運(yùn)動(dòng)是一項(xiàng)青春、時(shí)尚、綠色,陽(yáng)光的體育運(yùn)動(dòng)。如圖所示,跳臺(tái)的斜面長(zhǎng)為,斜面傾角為。一質(zhì)量為的滑板運(yùn)動(dòng)員(視為質(zhì)點(diǎn))從斜面頂端A點(diǎn)水平躍出,剛好落在斜面底端點(diǎn)。已知重力加速度為,則()A.運(yùn)動(dòng)員離開(kāi)A點(diǎn)時(shí)的速度大小為B.運(yùn)動(dòng)員離開(kāi)A點(diǎn)時(shí)的速度大小為C.從A點(diǎn)到點(diǎn)運(yùn)動(dòng)員動(dòng)量的變化量大小為D.從A點(diǎn)到點(diǎn)運(yùn)動(dòng)員動(dòng)量的變化量大小為〖答案〗BD〖解析〗AB.運(yùn)動(dòng)員離開(kāi)A點(diǎn)后做平拋運(yùn)動(dòng),有聯(lián)立解得A錯(cuò)誤,B正確;CD.由動(dòng)量定理知運(yùn)動(dòng)員動(dòng)量的變化量大小為C錯(cuò)誤,D正確。故選BD。10.1932年,勞倫斯和利文斯頓設(shè)計(jì)出了回旋加速器,其工作原理如圖所示,置于高真空中的D形金屬盒半徑為R,兩盒間接交流電源,兩盒間的狹縫很小,帶電粒子穿過(guò)狹縫的時(shí)間可以忽略不計(jì),磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)與盒面垂直,A處粒子源產(chǎn)生的質(zhì)量為m、電荷量為q的質(zhì)子(初速度很小,可以忽略)在加速器中被加速,加速電壓為U,加速過(guò)程中不考慮相對(duì)論效應(yīng)和重力作用。則()A.交流電源的周期為B.質(zhì)子第二次和第一次經(jīng)過(guò)D型盒間狹縫后軌道半徑之比為C.質(zhì)子在電場(chǎng)中被加速的次數(shù)最多為D.質(zhì)子從靜止開(kāi)始加速到出口處所需的時(shí)間為〖答案〗BD〖解析〗A.質(zhì)子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期要使質(zhì)子每次經(jīng)過(guò)電場(chǎng)都被加速,需交流電源的周期與質(zhì)子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期相同,A錯(cuò)誤;B.設(shè)質(zhì)子第1次經(jīng)過(guò)狹縫后的速度為v1,圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r1,有解得同理,質(zhì)子第2次經(jīng)過(guò)狹縫后的半徑則B正確;CD.設(shè)質(zhì)子到出口處被加速了n次,則質(zhì)子在加速器中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間聯(lián)立解得C錯(cuò)誤,D正確故選BD。二、非選擇題:本題共5小題,共58分。11.某同學(xué)為了測(cè)量小物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù),就地取材設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)。實(shí)驗(yàn)步驟:(1)如圖甲所示,選擇合適高度的墊塊,使木板的傾角為37°,在其上表面固定一把與小物塊下滑路徑平行的刻度尺(圖中未畫(huà)出)。(2)調(diào)整手機(jī)使其攝像頭正對(duì)木板表面,開(kāi)啟視頻錄像功能。將小物塊從木板頂端釋放,用手機(jī)記錄下小物塊沿木板向下做加速直線運(yùn)動(dòng)的情況。然后通過(guò)錄像的回放,選擇小物塊運(yùn)動(dòng)路徑上合適的一點(diǎn)作為測(cè)量參考點(diǎn),得到小物塊相對(duì)于該點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)距離L與運(yùn)動(dòng)時(shí)間t的數(shù)據(jù)。(3)該同學(xué)選取部分實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù),畫(huà)出了圖像,如圖乙所示。由圖像可得,物塊過(guò)測(cè)量參考點(diǎn)時(shí)的速度大小為_(kāi)_________m/s,小物塊下滑的加速度大小為_(kāi)_________m/s2。(結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)(4)根據(jù)上述數(shù)據(jù),可得小物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為_(kāi)_________。(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字,當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮?.8m/s2,sin37°=0.60,cos37°=0.80)〖答案〗(3)0.252.9(4)0.39〖解析〗(3)[1]物塊勻加速下滑,經(jīng)過(guò)參考點(diǎn)開(kāi)始計(jì)時(shí),由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有變形得即題圖乙中圖線的縱截距表示通過(guò)參考點(diǎn)時(shí)速度的2倍,則[2]圖線的斜率表示物塊的加速度,則加速度大小為(4)[3]物塊沿斜面下滑過(guò)程中,由牛頓第二定律有代入數(shù)據(jù)解得12.在“測(cè)定金屬絲的電阻率”的實(shí)驗(yàn)中:(1)用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的直徑,其示數(shù)如圖甲所示,則該金屬絲的直徑d=_________mm。(2)為了準(zhǔn)確地測(cè)量金屬絲電阻(Rx≈26Ω),需測(cè)量多組數(shù)據(jù),實(shí)驗(yàn)室提供的器材如下:電源E(電動(dòng)勢(shì)12V,內(nèi)阻0.5Ω);電壓表V1(量程0~3V,內(nèi)阻約為2kΩ);電壓表V2(量程0~15V,內(nèi)阻約為10kΩ);電流表A1(量程0~0.6A,內(nèi)阻約為5Ω);電流表A2(量程0~3A,內(nèi)阻約為1Ω);滑動(dòng)變阻器R1(阻值0~10Ω,額定電流2A);滑動(dòng)變阻器R2(阻值0~1750Ω,額定電流0.3A);開(kāi)關(guān)S和導(dǎo)線若干。①電壓表應(yīng)選用_____________,電流表應(yīng)選用____________,滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用____________。(填所選器材的符號(hào))②請(qǐng)?jiān)谌鐖D乙所示的虛線方框內(nèi)畫(huà)出實(shí)驗(yàn)電路圖;在圖丙中用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線把實(shí)物圖補(bǔ)充完整______,______?!即鸢浮剑?)0.384##0.385##0.386(2)V2A1R1〖解析〗(1)[1]螺旋測(cè)微器固定刻度示數(shù)為零,可動(dòng)刻度示數(shù)為(2)[2]①由于電源的電動(dòng)勢(shì)為12V,所以電壓表應(yīng)選0~15V量程的V2;[3]根據(jù)可得,通過(guò)待測(cè)電阻的最大電流所以電流表應(yīng)選0~0.6A量程的A1;[4]滑動(dòng)變阻器R2的阻值遠(yuǎn)大于金屬絲電阻,不方便調(diào)節(jié),為了測(cè)量范圍更大,本實(shí)驗(yàn)采用分壓式,所以滑動(dòng)變阻器應(yīng)用阻值較小的R1。②[5][6]待測(cè)阻值大于滑動(dòng)變阻器總阻值,采用分壓式接法,由于滿足所以電流表應(yīng)用外接法,電路圖、實(shí)物連接圖分別如圖1、2所示。13.如圖所示,傾角α=37°的平行光滑金屬導(dǎo)軌固定放置,導(dǎo)軌間距d=1m,電源的電動(dòng)勢(shì)E=3V,定值電阻R1=1Ω,R為滑動(dòng)變阻器,S為開(kāi)關(guān)。質(zhì)量m=0.1kg、電阻R2=2Ω、長(zhǎng)度等于導(dǎo)軌間距的直導(dǎo)體棒ab垂直于導(dǎo)軌放置。在導(dǎo)軌間加勻強(qiáng)磁場(chǎng)后,直導(dǎo)體棒ab始終能在導(dǎo)軌上保持靜止。不計(jì)導(dǎo)軌及電源內(nèi)阻,直導(dǎo)體棒ab始終與導(dǎo)軌接觸良好,忽略地磁場(chǎng)影響,取重力加速度g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8。(1)若開(kāi)關(guān)S保持?jǐn)嚅_(kāi),將滑動(dòng)變阻器阻值調(diào)至R=4Ω,求所加勻強(qiáng)

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