2024屆安徽省高三上學(xué)期一輪復(fù)習(xí)聯(lián)考物理試卷（三）（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12024屆高三一輪復(fù)習(xí)聯(lián)考（三）安徽卷物理試題注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、考場(chǎng)號(hào)、座位號(hào)、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題〖答案〗后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將〖答案〗寫(xiě)在答題卡上，寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回?？荚嚂r(shí)間為75分鐘，滿分100分一、選擇題：本題共10小題，共42分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～8題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分；第9～10題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題5分，全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.如圖甲所示，在“觀察電容器的充、放電現(xiàn)象”實(shí)驗(yàn)中，將單刀雙擲開(kāi)關(guān)S與“1”端相接，并將電阻箱的阻值調(diào)為R1和R2（R1>R2）兩種情況，兩次得到的電流I隨時(shí)間t變化圖像如圖乙中曲線所示，則（）A.實(shí)線是電阻箱阻值為R2的結(jié)果B.電阻箱阻值越大，電容器充電越快C.實(shí)線與橫軸所圍面積大于虛線與橫軸所圍面積D.實(shí)線與橫軸所圍面積等于虛線與橫軸所圍面積〖答案〗D〖解析〗AB．實(shí)線所表示的過(guò)程初始電流較小，故接入的電阻應(yīng)該為大的電阻，即R1，此時(shí)充電時(shí)間較長(zhǎng)，即電容器充電越慢，A、B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)公式q=It知I—t圖像與橫軸所圍面積表示電荷量，充電結(jié)束電容器所帶電荷量q=CE兩次相等，所以實(shí)線與橫軸所圍面積等于虛線與橫軸所圍面積，C錯(cuò)誤，D正確。故選D。2.智能手機(jī)安裝適當(dāng)?shù)能浖螅脗鞲衅骺蓽y(cè)量磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小。如圖甲所示，在手機(jī)上建立三維坐標(biāo)系，手機(jī)顯示屏所在平面為xOy面。某同學(xué)在某地對(duì)地磁場(chǎng)進(jìn)行了兩次測(cè)量，將手機(jī)顯示屏朝上平放在水平桌面上測(cè)量結(jié)果如圖乙，之后繞x軸旋轉(zhuǎn)某一角度后測(cè)量結(jié)果如圖丙，圖中顯示數(shù)據(jù)的單位為μT（微特斯拉）。已知手機(jī)顯示屏的面積大約為0.01m2，根據(jù)數(shù)據(jù)可知兩次穿過(guò)手機(jī)顯示屏磁通量的變化量約為（）A. B.C. D.〖答案〗C〖解析〗根據(jù)題意，計(jì)算通過(guò)手機(jī)顯示屏的磁通量時(shí)，應(yīng)利用地磁場(chǎng)的z軸分量，則圖甲時(shí)穿過(guò)顯示屏的磁通量大小約為圖乙時(shí)穿過(guò)顯示屏的磁通量大小約為由數(shù)據(jù)可得，第一次地磁場(chǎng)從手機(jī)顯示屏穿過(guò)，z軸磁場(chǎng)分量為負(fù)值，第二次z軸地磁場(chǎng)分量為正值，可知地磁場(chǎng)從手機(jī)背面穿過(guò)，則磁通量的變化量約為故選C。3.如圖所示，在光滑的絕緣水平面上有一邊長(zhǎng)為a的正方形ABCD，在A、C兩點(diǎn)分別固定電荷量大小均為Q的點(diǎn)電荷，在B點(diǎn)固定一電荷量未知的點(diǎn)電荷，將一電荷量為q的試探電荷置于D點(diǎn)，該試探電荷恰好靜止。靜電力常量為k。若將該試探電荷移動(dòng)到正方形的中心O位置，則試探電荷受到的靜電力大小為（）A. B. C. D.0〖答案〗A〖解析〗根據(jù)題意可知，A、C兩處為等量同種電荷，設(shè)B處電荷量大小為，在D點(diǎn)根據(jù)平衡可得則A、C兩處在正方形中心O處合電場(chǎng)強(qiáng)度為0，則試探電荷在中心處受到的靜電力大小為A正確。故選A。4.已知“祝融號(hào)”火星車在地球表面受到的重力大小為G1，在火星表面受到的重力大小為G2；地球與火星均可視為質(zhì)量分布均勻的球體，其半徑分別為R1、R2。若不考慮自轉(zhuǎn)的影響且火星車的質(zhì)量不變，則地球與火星的密度之比為（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗在星球表面，萬(wàn)有引力近似等于重力，有又聯(lián)立解得故選B。5.空間中存在沿x軸方向的靜電場(chǎng)，各點(diǎn)電勢(shì)的變化規(guī)律如圖中圖像所示，電子以一定的初速度沿x軸從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到x4處，電子僅受電場(chǎng)力，則該電子（）A.在x1處電勢(shì)能最小B.在x1處加速度為零C.在x3處電勢(shì)為零，電場(chǎng)強(qiáng)度也為零D.在x2處的動(dòng)能大于在x3處的動(dòng)能〖答案〗B〖解析〗A．根據(jù)可知，負(fù)點(diǎn)電荷在電勢(shì)越低的地方，電勢(shì)能越大，由圖像可知x1處電勢(shì)最低，則電子在x1處的電勢(shì)能最大，故A錯(cuò)誤；B．圖像斜率的絕對(duì)值表示電場(chǎng)強(qiáng)度大小，由圖可知在x1處，圖像的斜率為0，即該處的電場(chǎng)強(qiáng)度為0，則電子在x1處受到的電場(chǎng)力為0，由牛頓第二定律知電子在x1處的加速度為0，故B正確；C．結(jié)合上述，根據(jù)圖像可知，x3處斜率不為0，所以x3處的電場(chǎng)強(qiáng)度不為0，故C錯(cuò)誤；D．電子只在電場(chǎng)力作用下運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能和電勢(shì)能總和保持不變，結(jié)合上述可知，負(fù)點(diǎn)電荷在電勢(shì)越低的地方，電勢(shì)能越大，則電子在x2處的電勢(shì)能大于在x3處的電勢(shì)能，所以電子在x2處的動(dòng)能小于在x3處的動(dòng)能，故D錯(cuò)誤。故選B。6.某物理興趣小組同學(xué)從一款電子產(chǎn)品中拆下一個(gè)特殊電池，用如圖甲所示的電路測(cè)量該電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，其中R1是阻值已知的定值電阻，電流表內(nèi)阻RA=9R1。改變電阻箱的阻值R，測(cè)得幾組電流表的讀數(shù)I，做出圖線如圖乙所示，圖線的斜率為k，截距為a，則該電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻分別為（）A.， B.，C.， D.，〖答案〗A〖解析〗ABCD.設(shè)通過(guò)電流表的電流為I，干路電流為I總，則有根據(jù)閉合電路歐姆定律有整理得對(duì)照?qǐng)D像得聯(lián)立解得A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。7.如圖所示，在滑動(dòng)變阻器的滑片P向下端滑動(dòng)過(guò)程中，理想電壓表、的示數(shù)變化量的絕對(duì)值分別為、，理想電流表、、示數(shù)變化量的絕對(duì)值分別為、、，下列說(shuō)法正確的是（）A.電壓表示數(shù)增大，電流表示數(shù)增大B.電壓表示數(shù)減小，電流表示數(shù)增大C.D.〖答案〗B〖解析〗AB．滑片P向下滑動(dòng)的過(guò)程中，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻減小，電路中總電阻減小，干路電流增大，即電流表示數(shù)增大，路端電壓減小，電壓表示數(shù)減小，電阻分壓增大，并聯(lián)支路電壓減小，即電壓表示數(shù)減小，通過(guò)電阻的電流減小，即電流表示數(shù)減小，總電流等于通過(guò)電流表、的電流之和，所以電流表示數(shù)增大，故A錯(cuò)誤，B正確；C．由于電流表示數(shù)增大，示數(shù)減小，示數(shù)增大，根據(jù)串并聯(lián)電路電流關(guān)系有故C錯(cuò)誤；D．由閉合電路歐姆定律可得由閉合電路歐姆定律可得故故D錯(cuò)誤。故選B。8.如圖所示，在無(wú)限長(zhǎng)直邊界CD的右側(cè)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，無(wú)限大擋板EF平行于CD放置，與CD相距為d，帶電粒子達(dá)到擋板時(shí)能夠被擋板吸收，在A處有一粒子源能夠在紙面內(nèi)持續(xù)發(fā)射速度大小相等的電子。當(dāng)電子在紙面內(nèi)沿AO方向垂直勻強(qiáng)磁場(chǎng)邊界射入時(shí)，恰好未被EF吸收。已知電子的質(zhì)量為m，電荷量為e，不計(jì)電子重力及電子間的相互作用。若磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)樵瓉?lái)的一半，電子速度方向緩慢從AO沿順時(shí)針旋轉(zhuǎn)到AD時(shí)，在擋板上能夠吸收到電子的長(zhǎng)度為（）A. B.C D.〖答案〗B〖解析〗ABCD．電子垂直邊界射入，恰好未被EF吸收，其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖甲所示，由幾何關(guān)系可知電子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為d，根據(jù)可知，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度變?yōu)樵瓉?lái)的一半時(shí)，電子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑變?yōu)?d，速度方向改變時(shí)，電子能夠打到擋板上，臨界的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖乙所示，能夠吸收到電子的區(qū)域?yàn)镚H，由幾何關(guān)系可得B正確，ACD錯(cuò)誤。故選B。9.滑板運(yùn)動(dòng)是一項(xiàng)青春、時(shí)尚、綠色，陽(yáng)光的體育運(yùn)動(dòng)。如圖所示，跳臺(tái)的斜面長(zhǎng)為，斜面傾角為。一質(zhì)量為的滑板運(yùn)動(dòng)員（視為質(zhì)點(diǎn)）從斜面頂端A點(diǎn)水平躍出，剛好落在斜面底端點(diǎn)。已知重力加速度為，則（）A.運(yùn)動(dòng)員離開(kāi)A點(diǎn)時(shí)的速度大小為B.運(yùn)動(dòng)員離開(kāi)A點(diǎn)時(shí)的速度大小為C.從A點(diǎn)到點(diǎn)運(yùn)動(dòng)員動(dòng)量的變化量大小為D.從A點(diǎn)到點(diǎn)運(yùn)動(dòng)員動(dòng)量的變化量大小為〖答案〗BD〖解析〗AB．運(yùn)動(dòng)員離開(kāi)A點(diǎn)后做平拋運(yùn)動(dòng)，有聯(lián)立解得A錯(cuò)誤，B正確；CD．由動(dòng)量定理知運(yùn)動(dòng)員動(dòng)量的變化量大小為C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。10.1932年，勞倫斯和利文斯頓設(shè)計(jì)出了回旋加速器，其工作原理如圖所示，置于高真空中的D形金屬盒半徑為R，兩盒間接交流電源，兩盒間的狹縫很小，帶電粒子穿過(guò)狹縫的時(shí)間可以忽略不計(jì)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)與盒面垂直，A處粒子源產(chǎn)生的質(zhì)量為m、電荷量為q的質(zhì)子（初速度很小，可以忽略）在加速器中被加速，加速電壓為U，加速過(guò)程中不考慮相對(duì)論效應(yīng)和重力作用。則（）A.交流電源的周期為B.質(zhì)子第二次和第一次經(jīng)過(guò)D型盒間狹縫后軌道半徑之比為C.質(zhì)子在電場(chǎng)中被加速的次數(shù)最多為D.質(zhì)子從靜止開(kāi)始加速到出口處所需的時(shí)間為〖答案〗BD〖解析〗A．質(zhì)子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期要使質(zhì)子每次經(jīng)過(guò)電場(chǎng)都被加速，需交流電源的周期與質(zhì)子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期相同，A錯(cuò)誤；B．設(shè)質(zhì)子第1次經(jīng)過(guò)狹縫后的速度為v1，圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r1，有解得同理，質(zhì)子第2次經(jīng)過(guò)狹縫后的半徑則B正確；CD．設(shè)質(zhì)子到出口處被加速了n次，則質(zhì)子在加速器中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間聯(lián)立解得C錯(cuò)誤，D正確故選BD。二、非選擇題：本題共5小題，共58分。11.某同學(xué)為了測(cè)量小物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)，就地取材設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)。實(shí)驗(yàn)步驟：（1）如圖甲所示，選擇合適高度的墊塊，使木板的傾角為37°，在其上表面固定一把與小物塊下滑路徑平行的刻度尺（圖中未畫(huà)出）。（2）調(diào)整手機(jī)使其攝像頭正對(duì)木板表面，開(kāi)啟視頻錄像功能。將小物塊從木板頂端釋放，用手機(jī)記錄下小物塊沿木板向下做加速直線運(yùn)動(dòng)的情況。然后通過(guò)錄像的回放，選擇小物塊運(yùn)動(dòng)路徑上合適的一點(diǎn)作為測(cè)量參考點(diǎn)，得到小物塊相對(duì)于該點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)距離L與運(yùn)動(dòng)時(shí)間t的數(shù)據(jù)。（3）該同學(xué)選取部分實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，畫(huà)出了圖像，如圖乙所示。由圖像可得，物塊過(guò)測(cè)量參考點(diǎn)時(shí)的速度大小為_(kāi)_________m/s，小物塊下滑的加速度大小為_(kāi)_________m/s2。（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）（4）根據(jù)上述數(shù)據(jù)，可得小物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為_(kāi)_________。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮?.8m/s2，sin37°=0.60，cos37°=0.80）〖答案〗（3）0.252.9（4）0.39〖解析〗（3）[1]物塊勻加速下滑，經(jīng)過(guò)參考點(diǎn)開(kāi)始計(jì)時(shí)，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有變形得即題圖乙中圖線的縱截距表示通過(guò)參考點(diǎn)時(shí)速度的2倍，則[2]圖線的斜率表示物塊的加速度，則加速度大小為（4）[3]物塊沿斜面下滑過(guò)程中，由牛頓第二定律有代入數(shù)據(jù)解得12.在“測(cè)定金屬絲的電阻率”的實(shí)驗(yàn)中：（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的直徑，其示數(shù)如圖甲所示，則該金屬絲的直徑d=_________mm。（2）為了準(zhǔn)確地測(cè)量金屬絲電阻（Rx≈26Ω），需測(cè)量多組數(shù)據(jù)，實(shí)驗(yàn)室提供的器材如下：電源E（電動(dòng)勢(shì)12V，內(nèi)阻0.5Ω）；電壓表V1（量程0~3V，內(nèi)阻約為2kΩ）；電壓表V2（量程0~15V，內(nèi)阻約為10kΩ）；電流表A1（量程0~0.6A，內(nèi)阻約為5Ω）；電流表A2（量程0~3A，內(nèi)阻約為1Ω）；滑動(dòng)變阻器R1（阻值0~10Ω，額定電流2A）；滑動(dòng)變阻器R2（阻值0~1750Ω，額定電流0.3A）；開(kāi)關(guān)S和導(dǎo)線若干。①電壓表應(yīng)選用_____________，電流表應(yīng)選用____________，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用____________。（填所選器材的符號(hào)）②請(qǐng)?jiān)谌鐖D乙所示的虛線方框內(nèi)畫(huà)出實(shí)驗(yàn)電路圖；在圖丙中用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線把實(shí)物圖補(bǔ)充完整______，______。〖答案〗（1）0.384##0.385##0.386（2）V2A1R1〖解析〗（1）[1]螺旋測(cè)微器固定刻度示數(shù)為零，可動(dòng)刻度示數(shù)為（2）[2]①由于電源的電動(dòng)勢(shì)為12V，所以電壓表應(yīng)選0~15V量程的V2；[3]根據(jù)可得，通過(guò)待測(cè)電阻的最大電流所以電流表應(yīng)選0~0.6A量程的A1；[4]滑動(dòng)變阻器R2的阻值遠(yuǎn)大于金屬絲電阻，不方便調(diào)節(jié)，為了測(cè)量范圍更大，本實(shí)驗(yàn)采用分壓式，所以滑動(dòng)變阻器應(yīng)用阻值較小的R1。②[5][6]待測(cè)阻值大于滑動(dòng)變阻器總阻值，采用分壓式接法，由于滿足所以電流表應(yīng)用外接法，電路圖、實(shí)物連接圖分別如圖1、2所示。13.如圖所示，傾角α=37°的平行光滑金屬導(dǎo)軌固定放置，導(dǎo)軌間距d=1m，電源的電動(dòng)勢(shì)E=3V，定值電阻R1=1Ω，R為滑動(dòng)變阻器，S為開(kāi)關(guān)。質(zhì)量m=0.1kg、電阻R2=2Ω、長(zhǎng)度等于導(dǎo)軌間距的直導(dǎo)體棒ab垂直于導(dǎo)軌放置。在導(dǎo)軌間加勻強(qiáng)磁場(chǎng)后，直導(dǎo)體棒ab始終能在導(dǎo)軌上保持靜止。不計(jì)導(dǎo)軌及電源內(nèi)阻，直導(dǎo)體棒ab始終與導(dǎo)軌接觸良好，忽略地磁場(chǎng)影響，取重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。（1）若開(kāi)關(guān)S保持?jǐn)嚅_(kāi)，將滑動(dòng)變阻器阻值調(diào)至R=4Ω，求所加勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的最小值Bmin；（2）若閉合開(kāi)關(guān)S，且在導(dǎo)軌間加豎直向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=2T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，求滑動(dòng)變阻器接入回路的阻值R'?！即鸢浮剑?）1.2T；（2）2Ω〖解析〗（1）由題意可知，當(dāng)勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直導(dǎo)軌平面向上時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度取最小值，由可知導(dǎo)體棒中的電流大小為由可知磁感應(yīng)強(qiáng)度的最小值（2）由可知，導(dǎo)體棒中的電流大小為由可知定值電阻R1中的電流大小為由解得14.如圖甲所示，在光滑水平面上靜止的小物塊A和長(zhǎng)木板B質(zhì)量均為m=2kg，小物塊A位于長(zhǎng)木板B的左端，二者之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.1。t=0時(shí)刻小物塊A獲得水平向右、大小為v0=7m/s的初速度，同時(shí)給小物塊A施加如圖乙所示的水平向右的作用力。5s時(shí)長(zhǎng)木板B與其右側(cè)豎直擋板發(fā)生第1次碰撞。5s后撤去小物塊A所受的水平作用力，最終小物塊A沒(méi)有從長(zhǎng)木板B上滑下。長(zhǎng)木板B與豎直擋板的碰撞均為彈性碰撞，碰撞時(shí)間極短，碰后長(zhǎng)木板B的速度大小不變，方向相反。重力加速度g取10m/s2，求：（1）0~5s內(nèi)水平作用力的沖量大??；（2）t=0時(shí)刻長(zhǎng)木板B右側(cè)與豎直擋板的距離；（3）長(zhǎng)木板B與豎直擋板第2次碰撞前的速度大小，并通過(guò)計(jì)算分析是否會(huì)發(fā)生第3次碰撞?！即鸢浮剑?）；（2）12.5m；（3）1m/s，不會(huì)〖解析〗（1）沖量大小即為圖線與坐標(biāo)軸圍成的面積，即（2）對(duì)小物塊A分析，取向右為正方向，由動(dòng)量定理可得解得對(duì)長(zhǎng)木板B應(yīng)用動(dòng)量定理，得解得說(shuō)明長(zhǎng)木板B與豎直擋板發(fā)生第1次彈性碰撞時(shí)，二者還沒(méi)有達(dá)到共同速度，則t=0時(shí)刻長(zhǎng)木板B右側(cè)與豎直擋板的距離（3）長(zhǎng)木板B與豎直擋板碰后，速度反向，大小不變，由動(dòng)量守恒定律，得解得長(zhǎng)木板B與豎直擋板發(fā)生第2次彈性碰撞時(shí)，小物塊A與長(zhǎng)木板B已達(dá)到共同速度。第2次碰撞后，對(duì)小物塊A和長(zhǎng)木板B應(yīng)用動(dòng)量守恒定律，得解得第2次碰后，長(zhǎng)木板B向左運(yùn)動(dòng)過(guò)程中與小物塊A速度會(huì)同時(shí)減為0，所以不會(huì)發(fā)生第3次碰撞。15.如圖所示，在xOy平面內(nèi)，x軸下方存在垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，x軸上方存在電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為E、與y軸負(fù)方向成θ=30°的勻強(qiáng)電場(chǎng)。質(zhì)量為m、電荷量為q（q>0）的帶電粒子以垂直電場(chǎng)方向的初速度v0從y軸上的M點(diǎn)開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，從x軸上的N點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)，進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度大小為2v0，方向與x軸正方向夾角也為θ，粒子恰好從坐標(biāo)原點(diǎn)O第2次通過(guò)x軸。忽略邊界效應(yīng)，不計(jì)粒子重力，求：（1）M、N兩點(diǎn)的電勢(shì)差；（2）N點(diǎn)到坐標(biāo)原點(diǎn)O的距離；（3）帶電粒子從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)所用的時(shí)間?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）〖解析〗（1）帶電粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示。粒子從M→N過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理有解得（2）對(duì)于從M點(diǎn)射入的粒子，沿初速度方向的位移沿電場(chǎng)方向，有根據(jù)幾何關(guān)系，N點(diǎn)到坐標(biāo)原點(diǎn)O的距離聯(lián)立解得（3）帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由幾何關(guān)系，得粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期粒子從N點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角則粒子從N點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)所用的時(shí)間聯(lián)立解得則帶電粒子從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)所用的時(shí)間2024屆高三一輪復(fù)習(xí)聯(lián)考（三）安徽卷物理試題注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、考場(chǎng)號(hào)、座位號(hào)、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題〖答案〗后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將〖答案〗寫(xiě)在答題卡上，寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回?？荚嚂r(shí)間為75分鐘，滿分100分一、選擇題：本題共10小題，共42分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～8題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分；第9～10題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題5分，全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.如圖甲所示，在“觀察電容器的充、放電現(xiàn)象”實(shí)驗(yàn)中，將單刀雙擲開(kāi)關(guān)S與“1”端相接，并將電阻箱的阻值調(diào)為R1和R2（R1>R2）兩種情況，兩次得到的電流I隨時(shí)間t變化圖像如圖乙中曲線所示，則（）A.實(shí)線是電阻箱阻值為R2的結(jié)果B.電阻箱阻值越大，電容器充電越快C.實(shí)線與橫軸所圍面積大于虛線與橫軸所圍面積D.實(shí)線與橫軸所圍面積等于虛線與橫軸所圍面積〖答案〗D〖解析〗AB．實(shí)線所表示的過(guò)程初始電流較小，故接入的電阻應(yīng)該為大的電阻，即R1，此時(shí)充電時(shí)間較長(zhǎng)，即電容器充電越慢，A、B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)公式q=It知I—t圖像與橫軸所圍面積表示電荷量，充電結(jié)束電容器所帶電荷量q=CE兩次相等，所以實(shí)線與橫軸所圍面積等于虛線與橫軸所圍面積，C錯(cuò)誤，D正確。故選D。2.智能手機(jī)安裝適當(dāng)?shù)能浖?，利用傳感器可測(cè)量磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小。如圖甲所示，在手機(jī)上建立三維坐標(biāo)系，手機(jī)顯示屏所在平面為xOy面。某同學(xué)在某地對(duì)地磁場(chǎng)進(jìn)行了兩次測(cè)量，將手機(jī)顯示屏朝上平放在水平桌面上測(cè)量結(jié)果如圖乙，之后繞x軸旋轉(zhuǎn)某一角度后測(cè)量結(jié)果如圖丙，圖中顯示數(shù)據(jù)的單位為μT（微特斯拉）。已知手機(jī)顯示屏的面積大約為0.01m2，根據(jù)數(shù)據(jù)可知兩次穿過(guò)手機(jī)顯示屏磁通量的變化量約為（）A. B.C. D.〖答案〗C〖解析〗根據(jù)題意，計(jì)算通過(guò)手機(jī)顯示屏的磁通量時(shí)，應(yīng)利用地磁場(chǎng)的z軸分量，則圖甲時(shí)穿過(guò)顯示屏的磁通量大小約為圖乙時(shí)穿過(guò)顯示屏的磁通量大小約為由數(shù)據(jù)可得，第一次地磁場(chǎng)從手機(jī)顯示屏穿過(guò)，z軸磁場(chǎng)分量為負(fù)值，第二次z軸地磁場(chǎng)分量為正值，可知地磁場(chǎng)從手機(jī)背面穿過(guò)，則磁通量的變化量約為故選C。3.如圖所示，在光滑的絕緣水平面上有一邊長(zhǎng)為a的正方形ABCD，在A、C兩點(diǎn)分別固定電荷量大小均為Q的點(diǎn)電荷，在B點(diǎn)固定一電荷量未知的點(diǎn)電荷，將一電荷量為q的試探電荷置于D點(diǎn)，該試探電荷恰好靜止。靜電力常量為k。若將該試探電荷移動(dòng)到正方形的中心O位置，則試探電荷受到的靜電力大小為（）A. B. C. D.0〖答案〗A〖解析〗根據(jù)題意可知，A、C兩處為等量同種電荷，設(shè)B處電荷量大小為，在D點(diǎn)根據(jù)平衡可得則A、C兩處在正方形中心O處合電場(chǎng)強(qiáng)度為0，則試探電荷在中心處受到的靜電力大小為A正確。故選A。4.已知“祝融號(hào)”火星車在地球表面受到的重力大小為G1，在火星表面受到的重力大小為G2；地球與火星均可視為質(zhì)量分布均勻的球體，其半徑分別為R1、R2。若不考慮自轉(zhuǎn)的影響且火星車的質(zhì)量不變，則地球與火星的密度之比為（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗在星球表面，萬(wàn)有引力近似等于重力，有又聯(lián)立解得故選B。5.空間中存在沿x軸方向的靜電場(chǎng)，各點(diǎn)電勢(shì)的變化規(guī)律如圖中圖像所示，電子以一定的初速度沿x軸從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到x4處，電子僅受電場(chǎng)力，則該電子（）A.在x1處電勢(shì)能最小B.在x1處加速度為零C.在x3處電勢(shì)為零，電場(chǎng)強(qiáng)度也為零D.在x2處的動(dòng)能大于在x3處的動(dòng)能〖答案〗B〖解析〗A．根據(jù)可知，負(fù)點(diǎn)電荷在電勢(shì)越低的地方，電勢(shì)能越大，由圖像可知x1處電勢(shì)最低，則電子在x1處的電勢(shì)能最大，故A錯(cuò)誤；B．圖像斜率的絕對(duì)值表示電場(chǎng)強(qiáng)度大小，由圖可知在x1處，圖像的斜率為0，即該處的電場(chǎng)強(qiáng)度為0，則電子在x1處受到的電場(chǎng)力為0，由牛頓第二定律知電子在x1處的加速度為0，故B正確；C．結(jié)合上述，根據(jù)圖像可知，x3處斜率不為0，所以x3處的電場(chǎng)強(qiáng)度不為0，故C錯(cuò)誤；D．電子只在電場(chǎng)力作用下運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能和電勢(shì)能總和保持不變，結(jié)合上述可知，負(fù)點(diǎn)電荷在電勢(shì)越低的地方，電勢(shì)能越大，則電子在x2處的電勢(shì)能大于在x3處的電勢(shì)能，所以電子在x2處的動(dòng)能小于在x3處的動(dòng)能，故D錯(cuò)誤。故選B。6.某物理興趣小組同學(xué)從一款電子產(chǎn)品中拆下一個(gè)特殊電池，用如圖甲所示的電路測(cè)量該電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，其中R1是阻值已知的定值電阻，電流表內(nèi)阻RA=9R1。改變電阻箱的阻值R，測(cè)得幾組電流表的讀數(shù)I，做出圖線如圖乙所示，圖線的斜率為k，截距為a，則該電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻分別為（）A.， B.，C.， D.，〖答案〗A〖解析〗ABCD.設(shè)通過(guò)電流表的電流為I，干路電流為I總，則有根據(jù)閉合電路歐姆定律有整理得對(duì)照?qǐng)D像得聯(lián)立解得A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。7.如圖所示，在滑動(dòng)變阻器的滑片P向下端滑動(dòng)過(guò)程中，理想電壓表、的示數(shù)變化量的絕對(duì)值分別為、，理想電流表、、示數(shù)變化量的絕對(duì)值分別為、、，下列說(shuō)法正確的是（）A.電壓表示數(shù)增大，電流表示數(shù)增大B.電壓表示數(shù)減小，電流表示數(shù)增大C.D.〖答案〗B〖解析〗AB．滑片P向下滑動(dòng)的過(guò)程中，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻減小，電路中總電阻減小，干路電流增大，即電流表示數(shù)增大，路端電壓減小，電壓表示數(shù)減小，電阻分壓增大，并聯(lián)支路電壓減小，即電壓表示數(shù)減小，通過(guò)電阻的電流減小，即電流表示數(shù)減小，總電流等于通過(guò)電流表、的電流之和，所以電流表示數(shù)增大，故A錯(cuò)誤，B正確；C．由于電流表示數(shù)增大，示數(shù)減小，示數(shù)增大，根據(jù)串并聯(lián)電路電流關(guān)系有故C錯(cuò)誤；D．由閉合電路歐姆定律可得由閉合電路歐姆定律可得故故D錯(cuò)誤。故選B。8.如圖所示，在無(wú)限長(zhǎng)直邊界CD的右側(cè)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，無(wú)限大擋板EF平行于CD放置，與CD相距為d，帶電粒子達(dá)到擋板時(shí)能夠被擋板吸收，在A處有一粒子源能夠在紙面內(nèi)持續(xù)發(fā)射速度大小相等的電子。當(dāng)電子在紙面內(nèi)沿AO方向垂直勻強(qiáng)磁場(chǎng)邊界射入時(shí)，恰好未被EF吸收。已知電子的質(zhì)量為m，電荷量為e，不計(jì)電子重力及電子間的相互作用。若磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)樵瓉?lái)的一半，電子速度方向緩慢從AO沿順時(shí)針旋轉(zhuǎn)到AD時(shí)，在擋板上能夠吸收到電子的長(zhǎng)度為（）A. B.C D.〖答案〗B〖解析〗ABCD．電子垂直邊界射入，恰好未被EF吸收，其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖甲所示，由幾何關(guān)系可知電子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為d，根據(jù)可知，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度變?yōu)樵瓉?lái)的一半時(shí)，電子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑變?yōu)?d，速度方向改變時(shí)，電子能夠打到擋板上，臨界的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖乙所示，能夠吸收到電子的區(qū)域?yàn)镚H，由幾何關(guān)系可得B正確，ACD錯(cuò)誤。故選B。9.滑板運(yùn)動(dòng)是一項(xiàng)青春、時(shí)尚、綠色，陽(yáng)光的體育運(yùn)動(dòng)。如圖所示，跳臺(tái)的斜面長(zhǎng)為，斜面傾角為。一質(zhì)量為的滑板運(yùn)動(dòng)員（視為質(zhì)點(diǎn)）從斜面頂端A點(diǎn)水平躍出，剛好落在斜面底端點(diǎn)。已知重力加速度為，則（）A.運(yùn)動(dòng)員離開(kāi)A點(diǎn)時(shí)的速度大小為B.運(yùn)動(dòng)員離開(kāi)A點(diǎn)時(shí)的速度大小為C.從A點(diǎn)到點(diǎn)運(yùn)動(dòng)員動(dòng)量的變化量大小為D.從A點(diǎn)到點(diǎn)運(yùn)動(dòng)員動(dòng)量的變化量大小為〖答案〗BD〖解析〗AB．運(yùn)動(dòng)員離開(kāi)A點(diǎn)后做平拋運(yùn)動(dòng)，有聯(lián)立解得A錯(cuò)誤，B正確；CD．由動(dòng)量定理知運(yùn)動(dòng)員動(dòng)量的變化量大小為C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。10.1932年，勞倫斯和利文斯頓設(shè)計(jì)出了回旋加速器，其工作原理如圖所示，置于高真空中的D形金屬盒半徑為R，兩盒間接交流電源，兩盒間的狹縫很小，帶電粒子穿過(guò)狹縫的時(shí)間可以忽略不計(jì)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)與盒面垂直，A處粒子源產(chǎn)生的質(zhì)量為m、電荷量為q的質(zhì)子（初速度很小，可以忽略）在加速器中被加速，加速電壓為U，加速過(guò)程中不考慮相對(duì)論效應(yīng)和重力作用。則（）A.交流電源的周期為B.質(zhì)子第二次和第一次經(jīng)過(guò)D型盒間狹縫后軌道半徑之比為C.質(zhì)子在電場(chǎng)中被加速的次數(shù)最多為D.質(zhì)子從靜止開(kāi)始加速到出口處所需的時(shí)間為〖答案〗BD〖解析〗A．質(zhì)子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期要使質(zhì)子每次經(jīng)過(guò)電場(chǎng)都被加速，需交流電源的周期與質(zhì)子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期相同，A錯(cuò)誤；B．設(shè)質(zhì)子第1次經(jīng)過(guò)狹縫后的速度為v1，圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r1，有解得同理，質(zhì)子第2次經(jīng)過(guò)狹縫后的半徑則B正確；CD．設(shè)質(zhì)子到出口處被加速了n次，則質(zhì)子在加速器中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間聯(lián)立解得C錯(cuò)誤，D正確故選BD。二、非選擇題：本題共5小題，共58分。11.某同學(xué)為了測(cè)量小物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)，就地取材設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)。實(shí)驗(yàn)步驟：（1）如圖甲所示，選擇合適高度的墊塊，使木板的傾角為37°，在其上表面固定一把與小物塊下滑路徑平行的刻度尺（圖中未畫(huà)出）。（2）調(diào)整手機(jī)使其攝像頭正對(duì)木板表面，開(kāi)啟視頻錄像功能。將小物塊從木板頂端釋放，用手機(jī)記錄下小物塊沿木板向下做加速直線運(yùn)動(dòng)的情況。然后通過(guò)錄像的回放，選擇小物塊運(yùn)動(dòng)路徑上合適的一點(diǎn)作為測(cè)量參考點(diǎn)，得到小物塊相對(duì)于該點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)距離L與運(yùn)動(dòng)時(shí)間t的數(shù)據(jù)。（3）該同學(xué)選取部分實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，畫(huà)出了圖像，如圖乙所示。由圖像可得，物塊過(guò)測(cè)量參考點(diǎn)時(shí)的速度大小為_(kāi)_________m/s，小物塊下滑的加速度大小為_(kāi)_________m/s2。（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）（4）根據(jù)上述數(shù)據(jù)，可得小物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為_(kāi)_________。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮?.8m/s2，sin37°=0.60，cos37°=0.80）〖答案〗（3）0.252.9（4）0.39〖解析〗（3）[1]物塊勻加速下滑，經(jīng)過(guò)參考點(diǎn)開(kāi)始計(jì)時(shí)，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有變形得即題圖乙中圖線的縱截距表示通過(guò)參考點(diǎn)時(shí)速度的2倍，則[2]圖線的斜率表示物塊的加速度，則加速度大小為（4）[3]物塊沿斜面下滑過(guò)程中，由牛頓第二定律有代入數(shù)據(jù)解得12.在“測(cè)定金屬絲的電阻率”的實(shí)驗(yàn)中：（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的直徑，其示數(shù)如圖甲所示，則該金屬絲的直徑d=_________mm。（2）為了準(zhǔn)確地測(cè)量金屬絲電阻（Rx≈26Ω），需測(cè)量多組數(shù)據(jù)，實(shí)驗(yàn)室提供的器材如下：電源E（電動(dòng)勢(shì)12V，內(nèi)阻0.5Ω）；電壓表V1（量程0~3V，內(nèi)阻約為2kΩ）；電壓表V2（量程0~15V，內(nèi)阻約為10kΩ）；電流表A1（量程0~0.6A，內(nèi)阻約為5Ω）；電流表A2（量程0~3A，內(nèi)阻約為1Ω）；滑動(dòng)變阻器R1（阻值0~10Ω，額定電流2A）；滑動(dòng)變阻器R2（阻值0~1750Ω，額定電流0.3A）；開(kāi)關(guān)S和導(dǎo)線若干。①電壓表應(yīng)選用_____________，電流表應(yīng)選用____________，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用____________。（填所選器材的符號(hào)）②請(qǐng)?jiān)谌鐖D乙所示的虛線方框內(nèi)畫(huà)出實(shí)驗(yàn)電路圖；在圖丙中用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線把實(shí)物圖補(bǔ)充完整______，______?！即鸢浮剑?）0.384##0.385##0.386（2）V2A1R1〖解析〗（1）[1]螺旋測(cè)微器固定刻度示數(shù)為零，可動(dòng)刻度示數(shù)為（2）[2]①由于電源的電動(dòng)勢(shì)為12V，所以電壓表應(yīng)選0~15V量程的V2；[3]根據(jù)可得，通過(guò)待測(cè)電阻的最大電流所以電流表應(yīng)選0~0.6A量程的A1；[4]滑動(dòng)變阻器R2的阻值遠(yuǎn)大于金屬絲電阻，不方便調(diào)節(jié)，為了測(cè)量范圍更大，本實(shí)驗(yàn)采用分壓式，所以滑動(dòng)變阻器應(yīng)用阻值較小的R1。②[5][6]待測(cè)阻值大于滑動(dòng)變阻器總阻值，采用分壓式接法，由于滿足所以電流表應(yīng)用外接法，電路圖、實(shí)物連接圖分別如圖1、2所示。13.如圖所示，傾角α=37°的平行光滑金屬導(dǎo)軌固定放置，導(dǎo)軌間距d=1m，電源的電動(dòng)勢(shì)E=3V，定值電阻R1=1Ω，R為滑動(dòng)變阻器，S為開(kāi)關(guān)。質(zhì)量m=0.1kg、電阻R2=2Ω、長(zhǎng)度等于導(dǎo)軌間距的直導(dǎo)體棒ab垂直于導(dǎo)軌放置。在導(dǎo)軌間加勻強(qiáng)磁場(chǎng)后，直導(dǎo)體棒ab始終能在導(dǎo)軌上保持靜止。不計(jì)導(dǎo)軌及電源內(nèi)阻，直導(dǎo)體棒ab始終與導(dǎo)軌接觸良好，忽略地磁場(chǎng)影響，取重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。（1）若開(kāi)關(guān)S保持?jǐn)嚅_(kāi)，將滑動(dòng)變阻器阻值調(diào)至R=4Ω，求所加勻強(qiáng)