2025屆江蘇省百校物理高二第一學(xué)期期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題含解析

2025屆江蘇省百校物理高二第一學(xué)期期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題考生請(qǐng)注意：1．答題前請(qǐng)將考場(chǎng)、試室號(hào)、座位號(hào)、考生號(hào)、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號(hào)內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、某導(dǎo)線中的電流是7.5×10–3A，則通過(guò)導(dǎo)線橫截面的電荷量為15C所需要的時(shí)間為A．2.0×104s B．2.0×106sC．2.0×105s D．2.0×103s2、圖甲是洛倫茲力演示儀．圖乙是演示儀結(jié)構(gòu)圖，玻璃泡內(nèi)充有稀薄的氣體，由電子槍發(fā)射電子束，在電子束通過(guò)時(shí)能夠顯示電子的徑跡．圖丙是勵(lì)磁線圈的原理圖，兩線圈之間產(chǎn)生的磁場(chǎng)近似勻強(qiáng)磁場(chǎng)，線圈中電流越大磁場(chǎng)越強(qiáng)，磁場(chǎng)的方向與兩個(gè)線圈中心的連線平行．電子速度的大小和磁感應(yīng)強(qiáng)度可以分別通過(guò)電子槍的加速電壓和勵(lì)磁線圈的電流來(lái)調(diào)節(jié)．若電子槍垂直磁場(chǎng)方向發(fā)射電子，給勵(lì)磁線圈通電后，能看到電子束的徑跡呈圓形．關(guān)于電子束的軌道半徑，下列說(shuō)法正確的是A．只增大勵(lì)磁線圈中的電流，軌道半徑變小B．只增大勵(lì)磁線圈中的電流，軌道半徑不變C．只增大電子槍的加速電壓，軌道半徑不變D．只增大電子槍的加速電壓，軌道半徑變小3、如下圖所示的均勻磁場(chǎng)中，已經(jīng)標(biāo)出了電流I和磁場(chǎng)B以及磁場(chǎng)對(duì)電流作用力F三者其方向，其中錯(cuò)誤的是（）A．B．C．D．4、如圖所示，16個(gè)電荷量均為+q(q>0)的小球(可視為點(diǎn)電荷)，均勻分布在半徑為R的圓周上若將圓周上P點(diǎn)的一個(gè)小球的電荷量換成-2q，則圓心0點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度為A．，方向沿半徑向左B．，方向沿半徑向右C．，方向沿半徑向左D．，方向沿半徑向右5、如圖所示,A,B為兩塊豎直放置的平行金屬板,G是靜電計(jì),開(kāi)關(guān)S合上后,靜電計(jì)指針張開(kāi)一個(gè)角度.下述做法可使指針張角增大的是()A．使A,B兩板靠近些B．使A,B兩板正對(duì)面積錯(cuò)開(kāi)些C．?dāng)嚅_(kāi)S后,使B板向左平移減小板間距離D．?dāng)嚅_(kāi)S后,使A,B板錯(cuò)位正對(duì)面積減小6、如圖所示，閉合開(kāi)關(guān)S，電路穩(wěn)定后，水平放置的平行金屬板間的帶電質(zhì)點(diǎn)P處于靜止?fàn)顟B(tài)，若將滑動(dòng)變阻器R2的滑片向a端移動(dòng)，則（）A．電壓表讀數(shù)增大 B．電流表讀數(shù)減小C．R1消耗的功率減小 D．質(zhì)點(diǎn)P將向下運(yùn)動(dòng)二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、兩個(gè)相同的電容器A和B如圖連接，它們的極板均水平放置，當(dāng)它們都帶有一定電荷并處于靜電平衡時(shí)，電容器A中的一帶電粒子恰好靜止，現(xiàn)將電容器B的兩極板沿水平方向移動(dòng)使兩極板錯(cuò)開(kāi)，移動(dòng)后兩極板仍然處于水平位置，且兩極板的間距不變，這時(shí)帶電粒子的加速度大小為g，忽略電場(chǎng)的邊緣效應(yīng)，則（）A．電容器A的電壓增加，帶電粒子加速向上運(yùn)動(dòng)B．電容器A的帶電量增加原來(lái)的2倍C．電容器B的正對(duì)面積減少到原來(lái)的D．電容器B間的電場(chǎng)強(qiáng)度保持不變8、一質(zhì)量為1kg的物塊在合外力F的作用下從靜止開(kāi)始沿直線運(yùn)動(dòng)。F隨時(shí)間t變化的圖線如圖所示，則（）A．t＝1s時(shí)物塊的速率為2m/sB．t＝2s時(shí)物塊的動(dòng)量大小為2kg·m/sC．t＝3s時(shí)物塊的動(dòng)量大小為3kg·m/sD．t＝4s時(shí)物塊的速率為6m/s9、下列各圖是探究楞次定律實(shí)驗(yàn)的示意圖，各圖中分別標(biāo)出了磁鐵的極性、磁鐵相對(duì)線圈的運(yùn)動(dòng)方向以及線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的方向，與事實(shí)相符的是（）A． B． C． D．10、在一個(gè)很小的矩形半導(dǎo)體薄片上，制作四個(gè)電極E、F、M、N，做成了一個(gè)霍爾元件，在E、F間通入恒定電流I，同時(shí)外加與薄片垂直的磁場(chǎng)B，M、N間的電壓為UH．已知半導(dǎo)體薄片中的載流子為正電荷，電流與磁場(chǎng)的方向如圖所示，下列說(shuō)法正確的有（）A．N板電勢(shì)高于M板電勢(shì)B．磁感應(yīng)強(qiáng)度越大，MN間電勢(shì)差越大C．將磁場(chǎng)方向變?yōu)榕c薄片的上、下表面平行，UH不變D．將磁場(chǎng)和電流分別反向，N板電勢(shì)低于M板電勢(shì)三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11．（6分）利用圖甲所示電路測(cè)定一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻，定值電阻．（1）某實(shí)驗(yàn)得到的部分?jǐn)?shù)據(jù)如下表所示，序號(hào)為的電壓表、電流表的示數(shù)如圖乙所示，請(qǐng)讀出數(shù)據(jù)，完成下表．答：①__________，②__________．序號(hào)1234561.32①1.020.780.600.420.06②0.180.240.300.36（2）在答卷上圖丙的坐標(biāo)紙上將所缺數(shù)據(jù)點(diǎn)補(bǔ)充完整并作圖_____，根據(jù)圖線求得斜率__________（保留兩位有效數(shù)字）．（3）根據(jù)圖線求得干電池的電動(dòng)勢(shì)__________，內(nèi)電阻r=__________（保留兩位有效數(shù)字）．12．（12分）在“用傳感器觀察電容器的充電和放電”實(shí)驗(yàn)中，電路圖如圖甲．一位同學(xué)使用的電源電動(dòng)勢(shì)為8.0V，測(cè)得放電的I-t圖象如圖乙所示．（1）若按“四舍五入”法，根據(jù)“I-t圖線與兩坐標(biāo)軸包圍面積”，試計(jì)算電容器全部放電過(guò)程的放電量為_(kāi)_____；（2）根據(jù)以上數(shù)據(jù)估算電容器的電容值為_(kāi)________．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，用細(xì)線將質(zhì)量m＝4×10－3kg的帶電小球懸掛在天花板上，空間中存在方向水平向右，大小E＝1×104N/C的勻強(qiáng)電場(chǎng)，小球靜止時(shí)細(xì)線與豎直方向的夾角θ＝37o，g取10m/s1．（1）求小球的帶電量；（1）求細(xì)線的拉力．14．（16分）如圖中所示B為電源，電動(dòng)勢(shì)E=27V，內(nèi)阻不計(jì)。固定電阻R1=500Ω，R2為光敏電阻。C為平行板電容器，虛線到兩極板距離相等，極板長(zhǎng)l1=8.0×10-2m，兩極板的間距d=1.0×10-2m。S為屏，與極板垂直，到極板的距離l2=0.16m。P為一圓盤，由形狀相同、透光率不同的三個(gè)扇形a、b和c構(gòu)成，它可繞AA/軸轉(zhuǎn)動(dòng)。當(dāng)細(xì)光束通過(guò)扇形a、b、c照射光敏電阻R2時(shí)，R2的阻值分別為1000Ω、2000Ω、4500Ω。有一細(xì)電子束沿圖中虛線以速度v0=8.0×106m/s連續(xù)不斷地射入C。已知電子電量e=1.6×10-19C，電子質(zhì)量m=9×10-31kg。忽略細(xì)光束的寬度、電容器的充電放電時(shí)間及電子所受的重力。假設(shè)照在R2上的光強(qiáng)發(fā)生變化時(shí)R2阻值立即有相應(yīng)的改變。（1）設(shè)圓盤不轉(zhuǎn)動(dòng)，細(xì)光束通過(guò)b照射到R2上，求平行板電容器兩端電壓U1（計(jì)算結(jié)果保留二位有效數(shù)字）。（2）設(shè)圓盤不轉(zhuǎn)動(dòng)，細(xì)光束通過(guò)b照射到R2上，求電子到達(dá)屏S上時(shí)，它離O點(diǎn)的距離y。（計(jì)算結(jié)果保留二位有效數(shù)字）。（3）轉(zhuǎn)盤按圖中箭頭方向勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，每3秒轉(zhuǎn)一圈。取光束照在a、b分界處時(shí)t=0，試在圖中給出的坐標(biāo)紙上，畫出電子到達(dá)屏S上時(shí)，它離O點(diǎn)的距離y隨時(shí)間t的變化圖線（0~6s間）。要求在y軸上標(biāo)出圖線最高點(diǎn)與最低點(diǎn)的值。（不要求寫出計(jì)算過(guò)程，只按畫出的圖線就給分）15．（12分）如圖，ab、cd為相距2m的平行金屬導(dǎo)軌，水平放置在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，質(zhì)量為3.6kg的金屬棒MN垂直于導(dǎo)軌放在其上，當(dāng)金屬棒中通以8A的電流時(shí)，金屬棒受到水平方向的磁場(chǎng)力的作用沿著導(dǎo)軌做勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度為2m/s2，當(dāng)棒中通以同方向的5A的電流時(shí)，棒恰好沿著導(dǎo)軌做勻速運(yùn)動(dòng)，求：(1)此勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大?。?2)金屬棒與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】

已知電流和電量，則由電流的定義變形后可求得通過(guò)15C電量所需要的時(shí)間．由I=可知：通過(guò)導(dǎo)線橫截面的電荷量為15C所需要的時(shí)間為t==2.0×103s故選D．【點(diǎn)評(píng)】本題考查電流的定義式的變式計(jì)算，屬公式的簡(jiǎn)單應(yīng)用，注意計(jì)算的準(zhǔn)確性即可．2、A【解析】

電子被加速電場(chǎng)加速，由動(dòng)能定理得：電子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力充當(dāng)向心力，由牛頓第二定律得：解得：AB．增大勵(lì)磁線圈中的電流，磁感應(yīng)強(qiáng)度B增大，由可知，軌道半徑r變小，故B錯(cuò)誤，A正確；CD．只增大電子槍的加速電壓U，由可知，軌道半徑變大，故CD錯(cuò)誤；3、C【解析】

ABD．根據(jù)左手定則，ABD正確；C．C項(xiàng)導(dǎo)體棒與磁場(chǎng)平行，不受力，C錯(cuò)誤。本題選錯(cuò)誤的，故選C。4、D【解析】該點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)可以看成是與P對(duì)稱的那個(gè)電荷+q和P點(diǎn)的電荷-2q在該點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的疊加，根據(jù)點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式得+q的點(diǎn)電荷在圓心O點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為，方向向右，點(diǎn)電荷-2q在圓心O點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為，方向向右，所以疊加來(lái)是，方向沿半徑向右．故選擇D.【點(diǎn)睛】該題考查了場(chǎng)強(qiáng)疊加原理，還有對(duì)對(duì)稱性的認(rèn)識(shí)．由于成圓周對(duì)稱性，所以如果沒(méi)改變電荷之前肯定圓心處場(chǎng)強(qiáng)為0，而該點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)是所有電荷在該點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的疊加，可以把這些電荷歸為兩類：一種是要移去的電荷，另一種是其他電荷．不管怎樣，總之這兩種電荷產(chǎn)生的合場(chǎng)強(qiáng)為0，所以只要算出改變的電荷在該點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)和與它對(duì)稱的電荷的場(chǎng)強(qiáng)即可得到．5、D【解析】

靜電計(jì)是檢測(cè)電壓的儀器，電壓增大可增大指針張角，斷開(kāi)S后電容器電量不變，使B板向左平移一些，電容器的電容增大，由U=Q/C可知電壓減小，C錯(cuò)；同理D對(duì)；當(dāng)電容器極板與電源相連時(shí)兩極板電壓不變，張角不變，AB錯(cuò)6、D【解析】

將滑動(dòng)變阻器R2的滑片向a端移動(dòng)，滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻減小，由閉合電路歐姆定律得，I增大，即電流表的示數(shù)增大，故B項(xiàng)錯(cuò)誤；R1消耗的功率增大，故C項(xiàng)錯(cuò)誤；由電路的特點(diǎn)得電壓表示數(shù)為滑動(dòng)變阻器R2兩端電壓，據(jù)可知，U減小，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；由電容器與滑動(dòng)變阻器并聯(lián)可知，電容器兩板間的電壓減小，帶電質(zhì)點(diǎn)P所受的電場(chǎng)力減小，重力與電場(chǎng)力的合力向下，帶電質(zhì)點(diǎn)P向下運(yùn)動(dòng)，故D項(xiàng)正確．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AC【解析】試題分析：根據(jù)粒子的平衡可知粒子受電場(chǎng)力與重力的關(guān)系；兩電容器電容相同，總電量不變；由電容的決定式分析B的電容變化，由電容的定義式可得出其電量的變化，判斷出A的電量變化，從而能分析出A的電壓的變化．根據(jù)平衡條件、牛頓第二定律和電容的相關(guān)公式列式分析B的正對(duì)面積變化．解：A、D、帶電微粒靜止，則有：mg=，得U=①當(dāng)B電容板錯(cuò)開(kāi)時(shí)，B電容器的電容C減小，帶電量減小，而兩個(gè)電容器的總電量不變，則A的帶電量增加，由C=知A板間電壓增加，說(shuō)明B板的電壓增加，場(chǎng)強(qiáng)增大，粒子所受的電場(chǎng)力增大，所以粒子向上加速運(yùn)動(dòng)．故A正確，D錯(cuò)誤．B、C、帶電微粒向上加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律得：﹣mg=m②由①②解得：U′=則板間電壓變?yōu)樵瓉?lái)的倍．根據(jù)電容的定義式C=，可知A的帶電量為原來(lái)的倍，則B的帶電量為倍．由電容的定義式C=，可知B的電容為原來(lái)的倍，則B的正對(duì)面積減少到原來(lái)的．故C正確，B錯(cuò)誤．故選AC點(diǎn)評(píng)：本題為電容器的動(dòng)態(tài)分析，要注意明確兩電容直接相連時(shí)，電容器兩端的總電量保持不變；這是解本題的突破點(diǎn)．8、AC【解析】

AB.前兩秒，根據(jù)牛頓第二定律則0-2s的速度規(guī)律為：v=at；t=1s時(shí)，速率為2m/s，t=2s時(shí)，速率為4m/s，則動(dòng)量為p=mv=4kg?m/s故A正確B錯(cuò)誤；CD.2-4s，力開(kāi)始反向，物體減速，根據(jù)牛頓第二定律，a′=-1m/s2，所以3s時(shí)的速度為v3=v2+a′t=3m/s動(dòng)量為3kg?m/s，同理4s時(shí)速度為2m/s，故C正確D錯(cuò)誤；故選AC。9、CD【解析】

A.當(dāng)磁鐵N極向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，線圈的磁通量變大，由增反減同可知，則感應(yīng)磁場(chǎng)與原磁場(chǎng)方向相反。再根據(jù)安培定則，可判定感應(yīng)電流的方向：沿線圈盤旋而上。故A錯(cuò)誤；B.當(dāng)磁鐵S極向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，線圈的磁通量變小，由增反減同可知，則感應(yīng)磁場(chǎng)與原磁場(chǎng)方向相同。再根據(jù)安培定則，可判定感應(yīng)電流的方向：沿線圈盤旋而上。故B錯(cuò)誤；C.當(dāng)磁鐵S極向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，線圈的磁通量變大，由增反減同可知，則感應(yīng)磁場(chǎng)與原磁場(chǎng)方向相反。再根據(jù)安培定則，可判定感應(yīng)電流的方向：沿線圈盤旋而下，故C正確；D.當(dāng)磁鐵N極向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，線圈的磁通量變小，由增反減同可知，則感應(yīng)磁場(chǎng)與原磁場(chǎng)方向相同。再根據(jù)安培定則，可判定感應(yīng)電流的方向：沿線圈盤旋而下，故D正確；10、AB【解析】A、根據(jù)左手定則，電流的方向向里，自由電荷受力的方向指向N端，向N端偏轉(zhuǎn)，則N點(diǎn)電勢(shì)高，故A正確；B、設(shè)左右兩個(gè)表面相距為d，電子所受的電場(chǎng)力等于洛侖茲力，即：設(shè)材料單位體積內(nèi)電子的個(gè)數(shù)為n，材料截面積為s，則①;I=nesv

②;s=dL

③;由①②③得：,令，則

④;所以若保持電流I恒定，則M、N間的電壓與磁感慮強(qiáng)度B成正比，故B正確；C、將磁場(chǎng)方向變?yōu)榕c薄片的上、下表面平行，則帶電粒子不會(huì)受到洛倫茲力，因此不存在電勢(shì)差，故C錯(cuò)誤；D、若磁場(chǎng)和電流分別反向，依據(jù)左手定則，則N板電勢(shì)仍高于M板電勢(shì)，故D錯(cuò)誤．故選AB.【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握左手定則判斷洛倫茲力的方向，以及知道最終電子在電場(chǎng)力和洛倫茲力作用下平衡．三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11、1.14V0.12A3.0V/A1.50V1.0Ω【解析】

先確定電壓表和電流表的量程，根據(jù)乙圖讀出示數(shù)；根據(jù)表中數(shù)據(jù)；應(yīng)用描點(diǎn)法作出圖象，求出斜率；明確閉合電路歐姆定律及圖象的意義；根據(jù)電源的U-I圖象求出電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻．（1）一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)約為，所以電壓表量程為，根據(jù)乙圖可以知道，電壓表示數(shù)，定值電阻，電源內(nèi)阻約為左右，所以電流選量程，根據(jù)乙圖可以知道，電流表示數(shù)．（2）根據(jù)描點(diǎn)法做出圖象，如圖所示：斜率．（3）由得出的電源圖象可以知道，圖象與縱軸交點(diǎn)坐標(biāo)值是，則電源電動(dòng)勢(shì)，電源內(nèi)阻．12、（1）3.36×10-3C到3.52×10-3C；（2）0.42×10-3F到0.44×10-3F【解析】

（1）根據(jù)四舍五入的原則，圖線與坐標(biāo)軸所圍成的面積約為42到44個(gè)小格，每個(gè)小格表示的電荷量為0.08×10-3C，故電容器的總放電量為3.36×10-3C到3.52×10-3C．（2）由得，電容為0.42×10-3F到0.44×10-3F．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、（1）3×10-6C（1）5×10-1N【解析】

（1）小球受到的電場(chǎng)力方向向右，與場(chǎng)強(qiáng)方向相同，所以小球帶正電．對(duì)小球，在如圖所示力的作用下處于平衡狀態(tài)．由平衡條件得：

qE=mgtanθ

得：（1）由平衡條件有：FTcosθ=mg

得細(xì)線的拉力為：【點(diǎn)睛】對(duì)于帶