四省名校2025屆物理高三上期中檢測模擬試題含解析

四省名校2025屆物理高三上期中檢測模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，斜面體置于粗糙水平面上，光滑小球被輕質細線系住放在斜面上，細線另一端跨過光滑定滑輪，用力拉細線使小球沿斜面緩慢向上移動一小段距離，斜面體始終靜止。則在小球移動過程中（）A．細線對小球的拉力變大 B．斜面對小球的支持力變大C．斜面對地面的壓力變大 D．地面對斜面的摩擦力變大2、細繩拴一個質量為m的小球，小球將左端固定在墻上的輕彈簧壓縮了x(小球與彈簧不連接)，小球靜止時彈簧在水平位置，細繩與豎直方向的夾角為53°，小球到地面的高度為h，如圖所示。下列說法中正確的是(A．細線燒斷瞬間彈簧彈力為5B．細繩燒斷瞬間小球的加速度為5C．細線燒斷后小球做平拋運動D．細繩燒斷后，小球落地的速度等于2gh3、如圖所示，大氣球質量為100kg，載有質量為50kg的人，靜止在空氣中距地面20m高的地方，氣球下方懸一根質量可忽略不計的繩子，此人想從氣球上沿繩慢慢下滑至地面，為了安全到達地面，則這繩長至少應為（不計人的高度，可以把人看作質點）（）A．10m B．30m C．40m D．60m4、質量為m的飛行員駕駛飛機在豎直平面內以速度v做半徑為r的勻速圓周運動，在軌道的最高點(飛行員在座椅的下方)和最低點時，飛行員對座椅的壓力（）A．是相等的B．相差C．相差D．相差5、如圖甲所示，a、b是一條豎直電場線上的兩點，一帶正電的粒子從a運動到b的速度—時間圖象如圖乙所示，則下列判斷正確的是A．b點的電場方向為豎直向下B．a點的電場強度比b點的大C．粒子從a到b的過程中電勢能先減小后增大D．粒子從a到b的過程中機械能先增大后減小6、如圖所示，實線表示某電場的電場線（方向未標出），虛線是一帶負電的粒子只在電場力作用下的運動軌跡，設M點和N點的電勢分別為，粒子在M和N時加速度大小分別為，速度大小分別為，電勢能分別為．下列判斷正確的是A． B．C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、質量為m的A物體在水平恒力F1的作用下沿水平面運動，經t0撤去F1，其運動圖象如圖所示。質量為2m的B物體在水平恒力F2的作用下沿水平面運動，經t0撤去F2，其v﹣t圖象恰與A的重合，則下列說法正確的是（）A．F1、F2大小相等B．A、B受到的摩擦力大小相等C．F1、F2對A、B做功之比為1：2D．全過程中摩擦力對A、B做功之比為1：28、一質量為m的汽車保持額定功率在平直公路上從靜止開始加速，若經過時間t、通過路程s時汽車達到最大速率vm，設汽車在運動過程中所受阻力不變，則（）A．汽車在時間t內做勻加速運動B．汽車在時間t內牽引力做的功為C．汽車的額定功率為D．汽車所受的阻力為9、如圖，物體A與B相對靜止，共同沿固定斜面C勻速下滑，則下列正確的說法是（）A．A、B間摩擦力為零B．B與斜面間的動摩擦因數為C．B受到的滑動摩擦力的大小為D．斜面受到B施加的滑動摩擦力的方向沿斜面向下10、如圖，在同一豎直平面內有兩個正對著的半圓形光滑軌道，軌道的半徑都是R．軌道端點所在的水平線相隔一定的距離．一質量為m的小球能在其間運動而不脫離軌道，經過最低點B時的速度為．小球在最低點B與最高點A對軌道的壓力之差為ΔF（ΔF＞0）．不計空氣阻力．則（）A．、一定時，R越大，ΔF越大B．、、R一定時，越大，ΔF越大C．、R一定時，越大，ΔF越大D．、R、x一定時，ΔF與v的大小無關三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示為一小球做平拋運動的閃光照片的一部分，圖中背景方格的邊長均為5cm，如果取g=10m/s2，那么：(1)閃光的時間間隔是______s；(2)小球做平拋運動的初速度的大小______m/s；(3)小球經過C點時的速度大小是______m/s．（結果可以保留根式）12．（12分）在“探究求合力的方法”實驗中，現(xiàn)有木板、白紙、圖釘、橡皮筋、細繩套和一只彈簧測力計。（1）為了完成實驗，某同學另找來一根彈簧，先測量其勁度系數，得到的實驗數據如下表：彈力F（N）0.501.001.502.002.503.003.50伸長量0.741.802.803.724.605.586.42根據表中數據作出F－x圖象（________）并求得該彈簧的勁度系數k＝________N/m；（2）某次實驗中，彈簧測力計的指針位置如圖甲所示，其讀數為________N；同時利用(1)中結果獲得彈簧上的彈力值為2.50N，請在圖乙中畫出這兩個共點力的合力F合的圖示；（________）（3）由圖得到F合＝________N。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，物體A放在足夠長的木板B上，木板B靜止于水平面上，已知A的質量和B的質量均為，A．B之間的動摩擦因數，B與水平面之間的動摩擦因數，最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小視為相等，重力加速度g取，若從開始，木板B受到的水平恒力作用，時改為，方向不變，時撤去．（1）木板B受的水平恒力作用時，A．B的加速度、各為多少？（2）從開始，當A．B都靜止，A在B上相對B滑行的時間為多少？（3）請以縱坐標表示A受到B的摩擦力，橫坐標表示運動時間t（從開始，到A、B都靜止），取運動方向為正方向，在圖中畫出的關系圖線（以圖線評分，不必寫出分析和計算過程）．14．（16分）如圖1所示，

質量為M的長木板，靜止放置在粗糙水平地面上，有一個質量為m、可視為質點的物塊，以某一水平初速度v0從左端沖上木板。從物塊沖上木板到物塊和木板達到共同速度的過程中，物塊和木板的v-t圖象分別如圖2中的折線acd和bcd所示，a、b、c、d的坐標為a（0，10）、b（0，0）、c（4，4）、d（12，0），根據v-t圖象，求：（1）物塊相對長木板滑行的距離△s；（2）物塊質量m與長木板質量M之比。15．（12分）如圖所示為一定質量的理想氣體狀態(tài)變化的P-V圖像，若已知該氣體在狀態(tài)B時的溫度為27℃，求：①氣體在狀態(tài)A和C時的溫度分布為多少？②氣體從狀態(tài)A沿圖中斜線變化到狀態(tài)C吸熱的熱量，比從狀態(tài)A到狀態(tài)B再到狀態(tài)C吸收的熱量多多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

AB．對小球受力分析并合成矢量三角形：重力大小方向不變，支持力方向不變，繩子拉力方向由圖中實線變?yōu)樘摼€，繩子拉力增大，斜面對小球的支持力減小，A正確，B錯誤；CD．對斜面受力分析：正交分解：根據牛頓第三定律，小球對斜面的壓力減小，所以斜面對地面的摩擦力減小，地面對斜面的支持力減小，根據牛頓第三定律，斜面對地面的壓力減小，CD錯誤。故選A。2、B【解析】

小球靜止時，分析受力情況，由平衡條件求解彈簧的彈力大小和細繩的拉力大小。細繩燒斷瞬間彈簧的彈力不變，則小球所受的合力與燒斷前細繩拉力的大小相等、方向相反，即可求出加速度?！驹斀狻啃∏蜢o止時，分析受力情況，如圖，由平衡條件得細繩的拉力大小為：T=mgcos53°=53細繩燒斷瞬間彈簧的彈力不變，則小球所受的合力與燒斷前細繩拉力的大小相等、方向相反，由牛頓第二定律可知，燒斷細線瞬間小球的加速度大小為：a=Tm=53g，故B正確；將細繩燒斷后，小球受到重力和彈簧的彈力的共同作用，合力斜向右下方，并不是只有重力的作用，小球的運動不是平拋運動，故C錯誤；小球若做自由落體時，根據v2=2gh得落地速度是【點睛】本題中小球先處于平衡狀態(tài)，由平衡條件求解各力的大小，后燒斷細繩，小球處于非平衡條件，抓住細繩燒斷瞬間彈簧的彈力不變是關鍵。3、B【解析】人與氣球組成的系統(tǒng)動量守恒，設人的速度v1，氣球的速度v2，設運動時間為t，以人與氣球組成的系統(tǒng)為研究對象，以向下為正方向，由動量守恒得：m1v1-m2v2=0，則，，，則繩子長度L=s氣球+s人=10m+20m=30m，即繩子至少長30m長，故選B．【點睛】本題為動量守恒定律的應用，屬于人船模型的類別，關鍵要找出人和氣球的速度關系和繩子長度與運動路程的關系．4、D【解析】解：飛行員在最低點有:,飛行員在最高點有:,所以可知在最低點比最高點大2mg,故D正確5、B【解析】

A.粒子在a點時受到的電場力方向向上，大小大于重力，所以電場的方向為豎直向上，故A錯誤；B.粒子在b點時受到的電場力小于重力，所以a點的電場強度比b點的大，故B正確；C.粒子從a到b的過程中電場力一直做正功，所以電勢能一直減小，故C錯誤；D.粒子從a到b的過程中，除重力做負功外，只有電場力做正功，則機械能一直增大，故D錯誤。6、D【解析】試題分析：將粒子的運動分情況討論：從M運動到N；從N運動到M，根據電場的性質依次判斷；電場線越密，電場強度越大，同一個粒子受到的電場力越大，根據牛頓第二定律可知其加速度越大，故有；若粒子從M運動到N點，則根據帶電粒子所受電場力指向軌跡彎曲的內側，可知在某點的電場力方向和速度方向如圖所示，故電場力做負功，電勢能增大，動能減小，即，負電荷在低電勢處電勢能大，故；若粒子從N運動到M，則根據帶電粒子所受電場力指向軌跡彎曲的內側，可知在某點的電場力方向和速度方向如圖所示，故電場力做正功，電勢能減小，動能增大，即，負電荷在低電勢處電勢能大，故；綜上所述，D正確；【點睛】考查了帶電粒子在非勻強電場中的運動；本題的突破口是根據粒子做曲線運動時受到的合力指向軌跡的內側，從而判斷出電場力方向與速度方向的夾角關系，進而判斷出電場力做功情況．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】

AB．由速度與時間圖像可知，兩個勻減速運動的加速度之比為1：1；A、B的質量關系是1：2，由牛頓第二定律可知A、B受摩擦力大小1：2；由速度與時間圖象可知，兩個勻加速運動的加速度之比為1：1；A、B的質量關系是1：2，由牛頓第二定律可知AB受拉力大小1：2；故AB錯誤；C．由速度與時間圖象可知，A、B兩物體的加速位移相等，根據W=Fx知F1、F2對A、B做功之比等于拉力之比，為1：2，故C正確；D．由速度與時間圖象可知，A、B兩物體的總位移x相等，根據摩擦力做功Wf=-fx知摩擦力做功之比為1：2；故D正確。故選CD。8、CD【解析】

A.根據牛頓第二定律，有可知汽車在保持額定功率P和阻力f不變的情況下，汽車做加速度減小的加速度運動，故A錯誤；CD.當牽引力等于阻力時，速度達到最大，所以額定功率P=fvm，根據動能定理，有解得汽車所受的阻力f和汽車的額定功率P故CD正確B.汽車在時間t內牽引力做的功W=Pt，根據動能定理，有可知汽車在時間t內牽引力做的功大于，故B錯誤。故選CD。9、BD【解析】

A．對A物體受力分析，如左圖所示：由共點力平衡條件可得fA=mAgsinα，NA=mAgcosα。故A錯誤。BCD．對AB整體受力分析，如上右圖所示：由共點力平衡條件可得：f=（mA+mB）gsinα，N=（mA+mB）gcosα，滑動摩擦力：f=μN，由以上解得：μ=tanα整體受到的摩擦力就是斜面對物體B的摩擦力，根據牛頓第三定律，物體B對斜面的摩擦力沿斜面向下，斜面受到B施加的滑動摩擦力的方向沿斜面向下。故BD正確，C錯誤。10、CD【解析】試題分析：在最低點B，有，則，根據機械能守恒定律得，，在最高點A有：，解得，所以；m、x一定時，R越大，一定越小，故A錯誤；m、x、R一定時，越大，不變，故B錯誤；m、R一定時，x越大，一定越大，故C正確；m、R、x一定時，與的大小無關，故D正確．考點：向心力、牛頓第二定律【名師點睛】本題綜合考查了牛頓第二定律和機械能守恒定律，關鍵搞清向心力的來源，知道最高點速度和最低點速度的關系．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.11.53【解析】（1）在豎直方向上有：△h=gT2，其中△h=（5-3）×5cm=10cm，代入求得：T=0.1s；（2）水平方向勻速運動，有s=v0t，其中s=3l=15cm，t=T=0.1s，代入解得v（3）根據勻變速直線運動中，時間中點的瞬時速度等于該過程的平均速度，在B點有vBy=8l2T=0.400.2=2m/s，12、532.103.3【解析】

（1）[1][2]．以水平方向為x軸，豎直方向為F軸，建立直角坐標系，然后描點，選盡可能多的點連成一條線，其圖線的斜率即為彈簧的勁度系數k，在直線上任取一點，如（6×10－2，3.2），則：k＝N/m≈53N/m；（2）[3][4]．彈簧測力計的讀數為2.10N，設每單位長度為1N，則合力F合的圖示如圖所示。（3）[5]．經測量，合力F合＝3.3N。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟