2025屆廣東省中山一中等七校聯(lián)合體物理高二第一學期期中學業(yè)質量監(jiān)測模擬試題含解析

2025屆廣東省中山一中等七校聯(lián)合體物理高二第一學期期中學業(yè)質量監(jiān)測模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關于電源的電動勢，下列說法中正確的是（）A．電動勢的大小與非靜電力所做的功的大小成正比，與移動電荷量的大小成反比B．電動勢由電源本身決定，跟電源的內(nèi)電阻和外電阻大小均無關C．電動勢的單位與電壓的單位都是伏特，其二者本質一樣的D．電動勢是表征電源把其他形式的能轉化為電能的本領大小的物理量2、如圖所示，勻強電場中的△PAB平面平行于電場方向，C點為AB的中點，D點為PB的中點．將一個帶負電的粒子從P點移動到A點，電場力做功WPA=1.6×10－8J；將該粒子從P點移動到B點，電場力做功WPB=3.2×10－8J．則下列說法正確的是()A．直線PC為等勢線B．若將該粒子從P點移動到C點，電場力做功為WPC=2.4×10－8JC．電場強度方向與AD平行D．點P的電勢高于點A的電勢3、如圖所示，在一幢居民樓里有各種不同的用電器，如電燈、電視機、洗衣機、微波爐、排油煙機等．停電時，用多用電表測得A、B間的電阻為R；供電后，設各家用電器全都同時使用時，測得A、B間電壓為U，進線電流為I；經(jīng)過一段時間t，從總電能表中測得這段時間內(nèi)消耗的電能為W，則下列表達式用來計算該幢樓居民用電的總功率，其中正確的是()A．P=I2RB．P=C．P=IUD．P=4、如圖所示，一個不帶電的枕型導體AB，放在帶正電的導體C附近（它們均與地絕緣）達到靜電平衡后，下列說法正確的是A．A端帶正電 B．B端帶正電C．電勢 D．電勢5、如圖所示，在真空中有一對帶電的平行金屬板水平放置。一帶電粒子沿平行于板面的方向，從左側兩極板中央射入電場中，恰能從右側極板邊緣處離開電場。不計粒子重力。若可以改變某個量，下列哪種變化，仍能確保粒子一定飛出電場A．只減小粒子的比荷B．只增大電場強度C．只增大粒子的帶電量D．只減小粒子的入射速度6、某電場線分布如圖所示，電場中a、b兩點的電場強度大小分別為Ea和Eb，電勢分別為和，則（）A．B．C．D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖A、B為兩等量異號電荷，A帶正電，B帶負電，在A、B連線上有a、b、c三點，其中b為連線的中點，ab=bc，則（）A．a(chǎn)點與c點的電場強度相同B．a(chǎn)點與c點的電勢相同C．a(chǎn)、b間電勢差與b、c間電勢差相等D．點電荷q沿A、B連線的中垂線移動，電場力不做功8、如圖所示，豎直放置的長直導線AB通以圖示方向的恒定電流，一矩形線框abcd與導線AB在同一平面內(nèi)。在下列情況中，線框abcd中能產(chǎn)生順時針感應電流的是()A．導線AB中的電流變小 B．線框abcd向右平動C．線框abcd向左平動 D．線框abcd以導線AB為軸轉動9、如圖所示，長為L、傾角θ=30°的光滑絕緣斜面處于電場中，一帶電荷量為+q、質量為m的小球，以初速度v0由斜面底端的A點開始沿斜面上滑，到達斜面頂端的速度仍為v0，則（A．小球在B點的電勢能一定大于小球在A點的電勢能B．A、B兩點間的電勢差一定為mgLC．若電場是勻強電場，則該電場的場強的最大值一定是mgD．若該電場是AC邊中點處的點電荷Q產(chǎn)生的，則Q一定是正電荷10、如圖甲所示，定值電阻R1=3Ω，R2=2Ω，滑動變阻器RP的最大電阻為10Ω，電表均視為理想電表，調節(jié)RP記錄多組U，I數(shù)據(jù)，畫出了如圖乙所示的U-I圖像，下列說法正確的是（）A．當滑動變阻器由中點向右移動時，滑動變阻器上的功率先增加后減小B．當滑動變阻器的電阻為4Ω時，滑動變阻器的功率最大C．當滑動變阻器的電阻為l0Ω時，電源的效率最大D．電源的最大功率為2.25W三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）要測繪額定電壓為2V的日常用小電珠的伏安特性曲線，所供選擇的器材除了導線和開關外，還有以下一些器材可供選擇：A．電源E（電動勢3.0V，內(nèi)阻可不計）B．電壓表V1(量程為0~3.0V，內(nèi)阻約2kΩ)C．電壓表V2(0~15.0V，內(nèi)阻約6kΩD．電流表A1(0~0.6A，內(nèi)阻約1Ω)E．電流表A2(0~100mA，內(nèi)阻約2Ω)F．滑動變阻器R1（最大值10Ω）G．滑動變阻器R2（最大值2kΩ）（1）為減少實驗誤差，實驗中電壓表應選擇_____.，電流表應選擇_____.，滑動變阻器應選擇:________（填各器材的序號）（2）為提高實驗精度，請你設計實驗電路圖，并畫在下面的虛線框中_____.（3）實驗中測得一組數(shù)據(jù)如下表所示，根據(jù)表格中的數(shù)據(jù)在方格紙上作出該電珠的伏安特性曲線________。（4）該小電珠的額定功率是_______。12．（12分）如圖所示，用重物自由下落的方法驗證機械能守恒定律。（只需填A或B，下同）（1）實驗裝置中所用打點計時器應接________電源。A．直流B．交流（2）實驗時，應_______A．先接通電源后松開紙帶B．先松開紙帶后接通電源（3）本實驗是為了驗證重物的________總和是否保持不變。A．動能和勢能B．速度和下落的高度四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平桌面上有一薄木板，它的右端與桌面的右端相齊.薄木板的質量M=1.0kg，長度L=1.0m.在薄木板的中央有一個小滑塊(可視為質點)，質量m=0.5kg.小滑塊與薄木板之間的動摩擦因數(shù)μ1=0.10，小滑塊、薄木板與桌面之間的動摩擦因數(shù)相等，皆為μ2=0.20.設小滑塊與薄木板之間的滑動摩擦力等于它們之間的最大靜摩擦力(1)當外力F=3.5N時，m與M的加速度各為多大？(2)若使小滑塊與木板之間發(fā)生相對滑動，拉力F至少是多大？(3)若使小滑塊脫離木板但不離開桌面，求拉力F應滿足的條件．14．（16分）有一個直流電動機，把它接入0.2V電壓的電路時，電機不轉，測得流過電動機的電流是0.4A；若把電動機接入2.0V電壓的電路中，電動機正常工作，工作電流是1.0A．求：（1）電動機的電阻多大？（2）電動機正常工作時的輸出功率多大？15．（12分）現(xiàn)有電動勢為1.5V、內(nèi)阻為1.0Ω的電池多節(jié)，準備用幾節(jié)這樣的電池串聯(lián)起來對一個正常工作電壓為6.0V、工作電流為0.1A的小燈泡供電。問：（1）最少需要用幾節(jié)這種電池？（2）電路還需要一個定值電阻來分壓，請計算這個電阻的阻值。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A．電動勢的物理意義是表征電源把其他形式的能轉化為電能本領強弱的物理量，與非靜電力做功的大小以及移送電荷量的大小無關，故A錯誤；B．電動勢表征電源把其他形式的能轉化為電能的本領大小，與外電阻無關，只由電源本身決定，故B錯誤．C．電動勢的物理意義是表征電源把其他形式的能轉化為電能本領強弱，電壓是反映電場力做功性質的物理量，二者的本質不同，故C錯誤．D．電動勢的物理意義是表征電源把其他形式的能轉化為電能本領強弱，電動勢越大，本領越大，故D正確．故選D．2、B【解析】

A．一個帶電粒子從P點移動到A點，還是從P點移動到B點，電場力都做正功，P到AB間都有電勢差，故直線PC為不可能等勢線，故A錯誤；B．C是AB的中點，故C點電勢為AB的中點電勢，故該粒子從P點移動到C點，電場力做功為故B正確；C．粒子從P點移動到B點，電場力做功WPB=3.2×10-8J，D點為PB的中點，故粒子從D點移動到B點，電場力做功WPB=WPB=1.6×10-8J粒子從A到B電場力做功為WAB=WAP+WPB=1.6×10-8J故AD為等勢面，電場強度方向與AD垂直，故C錯誤；D．將一個帶負電的粒子從P點移動到A點，電場力做功做正功，故電勢能減小，電勢升高，故點P的電勢低于點A的電勢，選項D錯誤；故選B．考點：電場力的功；電勢及電勢能；【名師點睛】本題考查對勻強電場中兩點電勢差與兩點沿電場方向的距離成正比U=Ed與運用公式W=qU求解電場力做功的能力，要知道電場力做正功，電勢能減小，反之電勢能變大；此題是常規(guī)題，比較簡單．3、CD【解析】居民樓里的用電器不全是純電阻所以不可以用P＝I2R，P＝，進行功率計算，計算該幢樓居民用電的總功率可以用P＝IU，P＝，選CD4、B【解析】

電場中的處于靜電平衡的導體是等勢體，導體上電勢處處相同；根據(jù)異種電荷相吸，可知負電子運動到A端，所以A端在負電，B端帶正電；處于靜電平衡的導體是一個等勢體，所以，故A錯誤，BCD錯誤。故選B。5、A【解析】

設帶電粒子的初速度為v0，板長為L，電場強度為E；根據(jù)牛頓第二定律，有

①

水平方向：L=v0t

②

豎直方向：y＝at2

③

聯(lián)立①②③解得：

只減小粒子的比荷，豎直位移y減小，一定能飛出電場，故A正確；只增大電場強度，會使豎直位移y增大，粒子可能打到極板上，粒子不一定能飛出電場，故B錯誤；只增大粒子的帶電量；會使豎直位移y增大，粒子可能打到極板上，粒子不一定能飛出電場，故C錯誤；只減小粒子的入射速度，會使豎直位移y變大，粒子不一定能飛出電場，故D錯誤；故選A?！军c睛】本題考查帶電粒子在電場中的類平拋運動，關鍵是運用運動的合成與分解的方法處理，本題很容易錯誤的理解為先經(jīng)過加速電場后經(jīng)過偏轉電場，審題時一定要細心，題目要多讀幾遍。6、D【解析】

電場線可以形象的描述電場的分布，電場線密的地方，電場強度大，沿電場電勢降低，據(jù)此可正確解答本題．【詳解】根據(jù)電場線疏密表示電場強度大小，Ea＜Eb；根據(jù)沿電場線電勢降低，φa＞φb，故ABC錯誤，D正確．故選D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】

A、根據(jù)等量異號電荷電場的對稱性可知，a、c兩點疊加后的電場方向都向右，大小相等，故A正確．B、等量異號電荷連線上的電場線方向沿著連線指向負電荷，由沿電場線方向電勢逐漸降低知，a點的電勢高于c點的電勢，故B錯誤．C、等量異號電荷連線上各點的電場強度大小關于中垂線對稱分布，因此a、b間電勢差與b、c間電勢差相等，故C正確．D、A、B連線的中垂線是個等勢面，沿中垂線移動點電荷q，電場力不做功，故D正確．8、AB【解析】

A.導線AB中電流向上，在右邊線圈區(qū)域磁場垂直于紙面向里，導線AB中電流強度變小，導線將產(chǎn)生的向里的磁場減弱，使得穿過線框的向里的磁通量減小，從而產(chǎn)生感應電流的磁通量向里，故磁場方向向里，所以線框abcd中能產(chǎn)生順時針感應電流，故A正確；B.當線框右平動，由于通電導線的遠近導致磁場的減弱，使得穿過線框的向里的磁通量減小，從而產(chǎn)生感應電流的磁通量向里，故磁場方向向里，所以線框abcd中能產(chǎn)生順時針感應電流，故B正確；C.當線框左平動，由于通電導線的遠近導致磁場的增加，使得穿過線框的向里的磁通量增加，從而產(chǎn)生感應電流的磁通量向外，故磁場方向向外，所以線框abcd中能產(chǎn)生逆時針感應電流，故C錯誤；D.當線框以以直導線AB為軸旋轉過程中，穿過線框的磁通量沒有變化，所以不產(chǎn)生感應電流，故D錯誤；9、BD【解析】

A．小球從A運動到B的過程中，動能不變，根據(jù)能量守恒可得，小球的重力勢能增加，則電勢能減少，則小球在B點的電勢能一定小于小球在A點的電勢能，B點的電勢小于A點的電勢，故A錯誤；B．根據(jù)動能定理得mgLsinθ-qUAB=C．若電場力與重力、支持力的合力為零，小球做勻速直線運動，到達B點時小球速度仍為v0，小球的重力沿斜面向下的分力mgsinθ根據(jù)矢量的合成法則可知，電場強度可能大于mgq，故CD．若該電場是AC邊中點處的點電荷Q產(chǎn)生的，Q到A點的距離小于到B點的距離，由于B點的電勢小于A點的電勢，則Q一定是正電荷，故D正確。10、BCD【解析】

AB．把滑動變阻器看作負載，將其余部分等效為一個電動勢大小為3.0V的新電源，當通過R1的電流為0.3A時，通過R2的電流為可得等效電流的內(nèi)阻為根據(jù)輸出功率公式可知，當Rp的阻值和等效內(nèi)阻的阻值相等時功率最大，當時，隨著RP的增大輸出功率越來越小，Rp的最大電阻為10Ω，故滑片由中點向右滑動時，功率逐漸減小，故A錯誤，B正確；C．電源的效率當外電阻越大，效率越大，所以當滑動變阻器的電阻為10Ω時，電源的效率最大，故C正確；D.當整個回路電阻最小時，電路的電流最大，電源的功率最大為故D正確。故選BCD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BDF電路圖見解析；圖像見解析1.00W【解析】

（1）[1][2][3]．由題意小燈泡額定電壓為2V，額定電流為0.5A，故電壓表應選B，電流表應選D，又描繪伏安特性曲線要求電流從零調，故變阻器應用分壓式接法，應選阻值小的變阻器F．（2）[4]．由于小電珠電珠較小，滿足，電流表應用外接法，又變阻器應采用分壓式接法，電路圖如圖所示：（3）[5]．小電珠的伏安特性曲線如圖所示：（4）[6]．由圖可知，當電壓為2V，電流為0.5A；則功率12、BAA【解析】

(1)[1]實驗裝置中所用打點計時器應接交流電源，所以B正確，A錯誤；(2)[2]開始記錄時，應先給打點計時器通電打點，然后再釋放重錘，讓它帶著紙帶一同落下，如果先放開紙帶讓重物下落，再接通打點計時時器的電源，由于重物運動較快，不利于數(shù)據(jù)的采集和處理，會對實驗產(chǎn)生較大的誤差．所以A正確，B錯誤．(3)[3]本實驗是用重物自由下落的方法探究機械能守恒定律，即探究重物的動能和勢能總和是否保持不變，所以A正確，B錯誤.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）13m/s2【解析】

（1）分別以滑塊和木板為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律求出其加速度，小滑塊與木板之間發(fā)生相