2025屆安徽省阜陽市界首市物理高三上期中教學(xué)質(zhì)量檢測試題含解析

2025屆安徽省阜陽市界首市物理高三上期中教學(xué)質(zhì)量檢測試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一只貓在桌邊猛地將桌布從魚缸下拉出，魚缸最終沒有滑出桌面．若魚缸和桌布、桌布和桌面之間的動摩擦因數(shù)均相等，則在上述過程中（）A．若貓減小拉力，魚缸不會滑出桌面B．魚缸在桌布上的滑動時間和在桌面上的相等C．若貓增大拉力，魚缸受到的加速度將增大D．桌布對魚缸摩擦力的方向向左2、如圖所示，為了浴室用電安全，某同學(xué)用理想變壓器給浴室降壓供電，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為5:1，原線圈輸入交變電壓u=311sinl00πt(V)，已知照明燈額定功率為44W，排氣扇電動機內(nèi)阻為lΩ，電流表示數(shù)為2A，各用電器均正常工作，電表均為理想表．則（）A．電壓表示數(shù)為62VB．變壓器的輸入功率為186WC．排氣扇輸出功率為43WD．保險絲熔斷電流不得低于2A3、如圖所示，一夾子夾住木塊，在力作用下向上提升，夾子和木塊的質(zhì)量分別為、，夾子與木塊兩側(cè)間的最大靜摩擦力均為，若木塊不滑動，力的最大值是A． B．C． D．4、用比值法定義物理量是物理學(xué)中一種重要的思想方法，下列物理量的表達式不屬于用比值法定義的是（）A．加速度 B．功率 C．速度 D．電阻5、如圖所示，在光滑的水平面上，物體B靜止，在物體B上固定一個輕彈簧。物體A以某一速度v0沿水平方向向右運動，通過彈簧與物體B發(fā)生作用，A物體質(zhì)量為m，B物體質(zhì)量為2m，從A剛接觸彈簧至彈簧再次恢復(fù)原長的過程中（）A．彈簧再次恢復(fù)原長時B的速度大小為B．物體A先做加速度增大的變減速運動，再做加速度減小的變減速運動C．彈簧彈力對A的沖量大小為D．彈簧彈性勢能的最大值為6、車輛啟動過程中的加速度會隨牽引力變化而變化。加速度變化過快會讓人不舒服，若穩(wěn)定加速會使人感覺更適應(yīng)。為此有人提出了“加速度變化率”的概念，用來反應(yīng)加速度變化的快慢，稱為“加加速度”。“加加速度”在車輛、電梯等日常生活和工程問題中都有重要的實際意義。關(guān)于“加加速度”，下列說法正確的是A．加速度變化率的單位應(yīng)是m/s2B．若加速度變化率為0，則物體做勻速運動C．加速度變化率與合外力變化率成正比D．加速度變化率與合外力成正比二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、法籍意大利數(shù)學(xué)家拉格朗日在論文《三體問題》中指出：兩個質(zhì)相差懸殊的天體（如太陽和地球）所在同一平面有個特殊點，如圖中的所示，若飛行器位于這些點上，會在太陽與地球引力共同作用下，可以幾乎不消耗燃料而保持與地球同步繞太陽做圓周運動，人們稱之為拉格朗日點.若發(fā)射一顆衛(wèi)星定位于拉格朗日點，下列說法正確的是（）A．該衛(wèi)星繞太陽運動的周期和地球自轉(zhuǎn)周期相等B．該衛(wèi)星在點處于平衡狀態(tài)C．該衛(wèi)星繞太陽運動的向心加速度大于地球繞太陽運動的向心加速度D．該衛(wèi)星在處所受太陽和地球引力的合力比在處大8、地球赤道上的山丘，近地資源衛(wèi)星和同步通信衛(wèi)星均在赤道平面上繞地心做勻速圓周運動。設(shè)、、的圓周運動速率分別為、、，周期分別為、、，則()A． B．C． D．9、如圖所示，木盒中固定一質(zhì)量為m的砝碼，木盒和砝碼在桌面上以一定的初速度一起以加速度a1滑行一段距離x1后停止．現(xiàn)拿走砝碼，而持續(xù)加一個豎直向下的恒力F(F＝mg)，若其他條件不變，木盒以加速度a2滑行距離x2后停止．則(

)A．a(chǎn)2=a1B．a(chǎn)2>a1C．X2>X1D．X2<X110、如圖所示，一內(nèi)壁粗糙程度相同、半徑為R的圓筒固定在豎直平面內(nèi)，圓筒內(nèi)一質(zhì)量為m的小球沿筒壁做圓周運動．若小球從最低點算起運動一圈又回到最低點的過程中，兩次在最低點時筒壁對小球的彈力大小分別為10mg和8mg.設(shè)小球在該過程中克服摩擦力做的功為W，經(jīng)過最高點時筒壁對小球的彈力大小為F，則A．W=2mgR B．W=mgR C．3mg<F<4mg D．2mg<F<3mg三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示為某實驗小組研究勻變速直線運動所得的一條紙帶，已知所用電源的頻率為50Hz，紙帶上的計數(shù)點為每5個點取一個計數(shù)點，則可知相鄰兩計數(shù)點間的時間間隔△t=____s，若測得計數(shù)點0、l之間的距離為1.10cm，計數(shù)點5、6之間的距離為4.70cm，則可求得加速度a=_____m／s1．12．（12分）某物理小組在一次探究活動中測量小滑塊與木板之間的動摩擦因數(shù)μ．實驗裝置如圖甲所示，一表面粗糙的木板固定在水平桌面上，P為連接數(shù)字計時器的光電門且固定在B點．實驗時給帶有遮光條的小滑塊一個初速度，讓它沿木板從左側(cè)向右運動，小滑塊通過光電門P后最終停在木板上某點C．已知當?shù)刂亓铀俣葹間．(1)用游標卡尺測量遮光條的寬度d如圖乙所示，其讀數(shù)d=___________cm．(2)為了測量動摩擦因數(shù)，除遮光條寬度d及數(shù)字計時器顯示的時間t外，下列物理量中還需測量的有___________．A．木板的長度L1B．木板的質(zhì)量m1C．小滑塊的質(zhì)量m2D．木板上BC間的距離L2(3)滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)μ=___________(用題中所涉及的物理量的符號表示)四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，粗糙的水平軌道的左端有一壓縮的彈簧，彈簧左端固定，右端放一個質(zhì)量的小物塊（可視為質(zhì)點），物塊與彈簧不粘連。若釋放彈簧，物塊離開彈簧后從點進入半徑為的光滑豎直圓軌道，在圓軌道最高點處對軌道的壓力，物塊離開豎直圓軌道后繼續(xù)在光滑平直軌道上運動到點時，與長木板發(fā)生彈性碰撞，碰撞時間極短，碰撞后長木板開始進入足夠長的水平粗糙軌道。已知長木板的質(zhì)量，水平軌道長，長木板的長度，小物塊與軌道間、長木板與軌道間的動摩擦因數(shù)均為，取。求：（1）初始壓縮的彈簧儲存的彈性勢能；（2）碰撞后瞬間小物塊的速度和長木板的速度；（3）長木板右端點在軌道上運動的距離。14．（16分）如圖所示，一人站在高臺上，將質(zhì)量為m=0.5kg的石塊以30°角斜向上拋出，初速度是v0=10m/s，拋出點距地面的高度h=15m，g取10m/s2，求：（1）若不計空氣阻力，以地面為參考面，石塊剛拋出時的機械能；（2）若不計空氣阻力，石塊落地時的速度大??；（3）若測得石塊落地的速度大小為18m/s，則石塊在空中飛行過程中克服空氣阻力做功為多少？15．（12分）如圖所示，氣缸的橫截面積為10cm2，a、b兩個質(zhì)量忽略不計的活塞將內(nèi)部氣體分A、B兩部分，A部分氣柱的長度為30cm，B部分氣柱的長度是A部分氣柱長度的一半，氣缸和活塞b是絕熱的，活塞a是導(dǎo)熱的，與活塞b相連的輕彈簧勁度系數(shù)為100N/m．初始狀態(tài)A、B兩部分氣體的溫度均為27℃，活塞a剛好與氣缸口平齊，彈簧為原長．若在活塞a上放上一個質(zhì)量為2kg的重物，則活塞a下降一段距離后靜止（已知外界大氣壓強p0＝1.0×105Pa，重力加速度大小g＝10m/s2）．求：（1）此時A部分氣柱的長度；（2）此后對B部分氣體進行緩慢加熱，使活塞a上升到再次與氣缸口平齊，此時B部分氣體的溫度．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

貓減小拉力時，桌布在桌面上運動的加速度減小，則運動時間變長；因此魚缸加速時間變長，桌布抽出時的位移以及速度均變大，則有可能滑出桌面；故A錯誤；由于魚缸在桌面上和在桌布上的動摩擦因數(shù)相同，故受到的摩擦力相等，則由牛頓第二定律可知，加速度大小相等；但在桌面上做減速運動，則由v=at可知，它在桌布上的滑動時間和在桌面上的相等；故B正確；若貓增大拉力，魚缸受到的摩擦力仍是滑動摩擦力，由于動摩擦因數(shù)與正壓力沒變，因此摩擦力也不變，魚缸的加速度將不變，故C錯誤；桌布向右拉出時，魚缸相對于桌布向左運動，故魚缸受到的滑動摩擦力向右，故D錯誤；故選B.【點睛】本題考查摩擦力的類型，及影響滑動摩擦力的因素，分析判斷魚缸受到的摩擦力是解題的關(guān)鍵，同時還要注意拉力減小后，魚缸可能由滑動摩擦力變?yōu)殪o摩擦力．2、C【解析】變壓器輸入交變電壓u=311sin100πt（V），有效值U=220V，變壓器原、副線圈匝數(shù)比為5：1，所以副線圈電壓U2=44V，故A錯誤；電流表示數(shù)為2A，所以輸出功率P=44×2W=88W，所以變壓器的輸入功率為88W，故B錯誤；照明燈的電流；則排氣扇的電流為I2=2A-1A=1A，則排氣扇輸出功率為，選項C正確；變壓器的初級電流為，故保險絲熔斷電流不得低于0.4A，選項D錯誤；故選C．點睛：此題是關(guān)于變壓器及交流電的計算；關(guān)鍵是知道電表的讀數(shù)以及電功率的計算都是交流電的有效值；知道有電動機的問題中的能量轉(zhuǎn)化關(guān)系.3、A【解析】

對木塊分析得：解得木塊的最大加速度為：對整體分析得：聯(lián)立解得：A.與分析相符，故A正確；B.與分析不符，故B錯誤；C.與分析不符，故C錯誤；D.與分析不符，故D錯誤．4、A【解析】加速度中，a隨著F和m的變化而變化，不是采用比值定義法定義的，故A符合題意；功率P與W和時間無關(guān)，可知功率用的是比值定義法，故B不符合題意；速度是比值定義法，故C不符合題意；電阻R由本身的性質(zhì)決定，與U和I無關(guān)，電阻采用的是比值定義法，故D不符合題意．所以選A．5、D【解析】

本題考查動量守恒的應(yīng)用?！驹斀狻緼.彈簧再次回到原長，相當于彈性碰撞，取向右為正方向，由動量守恒和能量守恒可知：解得：，故A錯誤；B.由題可知，物體A先做加速度增大的變減速運動，當彈簧最短時兩者共速，此后彈簧逐漸伸長，物體A再做加速度減小的變加速運動，故B錯誤；C.由A可知，彈簧恢復(fù)原長時，物體A的速度為：彈簧彈力對A的沖量即為動量變化量：故C錯誤；D.當兩者共速時彈簧彈性勢能最大，由動量守恒和能量守恒得：解得：故D正確。故選D。6、C【解析】

A.加速度的變化率為，a的單位是m/s2，所以，“加速度的變化率”的單位應(yīng)該是m/s3，故A錯誤。B.加速度變化率為零，則加速度不變，如果加速度不為零，則物體做變速運動，故B錯誤。CD.因為，所以加速度變化率與合外力變化率成正比，故C正確D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】

據(jù)題意知，衛(wèi)星與地球同步繞太陽做圓周運動，則公轉(zhuǎn)周期相同，故A錯誤；衛(wèi)星所受的合力為地球和太陽對它引力的合力，這兩個引力方向相同，合力不為零，處于非平衡狀態(tài)，故B錯誤；由于衛(wèi)星與地球繞太陽做圓周運動的周期相同，衛(wèi)星的軌道半徑大，根據(jù)公式可知，衛(wèi)星繞太陽運動的向心加速度大于地球繞太陽運動的向心加速度，故C正確；衛(wèi)星在或所處所受太陽和地球引力的合力提供做圓周運動的向心力，即，衛(wèi)星在處的軌道半徑比在處大，所以合力比在處大，所以合力比在處大，故D正確。8、BC【解析】

AB．山丘e與同步通信衛(wèi)星q轉(zhuǎn)動周期相等，根據(jù)，由于山丘e的軌道半徑小于同步通信衛(wèi)星q的軌道半徑，所以v1＜v3；根據(jù)衛(wèi)星的線速度公式，由于近地資源衛(wèi)星p的軌道半徑小于同步通信衛(wèi)星q的軌道半徑，故近地資源衛(wèi)星的線速度大于同步通信衛(wèi)星的線速度，即v3＜v2。所以v1＜v3＜v2，故A不符合題意，B符合題意。CD．根據(jù)萬有引力提供向心力：，解得：由于近地資源衛(wèi)星p的軌道半徑小于同步通信衛(wèi)星q的軌道半徑，所以：T3>T2。山丘e與同步通信衛(wèi)星q轉(zhuǎn)動周期相等，即T1=T3，可得：T1=T3>T2故D不符合題意，C符合題意。9、BD【解析】

設(shè)木盒的質(zhì)量為M，根據(jù)牛頓第二定律得，放砝碼時，加速度：；拿走砝碼施加F時，加速度：，可知a2＞a1．根據(jù)v2=2ax得，．知加速度增大，則滑行的距離變小，即x2<x1．故BD正確，AC錯誤．故選BD．【點睛】解決本題的關(guān)鍵通過牛頓第二定律比較出加速度的大小，注意選擇的研究對象不同，第一次選擇整體，第二次選擇木盒．10、BD【解析】

做圓周運動的物體的向心力由合外力來提供，結(jié)合整個過程中能量守恒的思想，分析摩擦力在上升和下降過程中等高處的大小關(guān)系（滑動摩擦力的影響因素）來分析上升和下降過程摩擦力做功的大小關(guān)系，以及取值范圍的問題用極端思想【詳解】AB．小球沿筒壁做圓周運動，先后兩次在最低點受到筒壁對小球的彈力大小分別為10mg和8mg，對小球進行受力分析，先后兩次所受的合外力分別為9mg和7mg，方向指向圓心．設(shè)小球先后兩次經(jīng)過最低點得速率分別為和，根據(jù)合外力提供做圓周運動的向心力得：和；小球在整個過程中，由動能定理得：；綜合上面幾個式子解得W=mgR，故A錯B對；CD．由于小球在筒壁上運動時受到滑動摩擦力，在粗糙程度相同得情況下，小球?qū)ν脖诘脡毫υ酱螅Σ亮驮酱?；小球運動一周得過程中，因克服摩擦力做功，使得小球機械能減小，在上升和下降過程中等高處，上升時摩擦力較大，而下降時的摩擦力較小，則上升時克服摩擦力做功，下降時小于；設(shè)小球上升到最高點時的速度為，筒壁對小球的彈力滿足：，再由能量守恒：，解得；小球上升到最高點時的速度為，筒壁對小球的彈力滿足：，假設(shè)小球到達最高點時克服摩擦力做功為W=mgR，由能量守恒：，解得，實際上小球下落時也要克服摩擦力做功，因而上升過程中克服摩擦力做功小于W的，則有，故C錯D對故選BD【點睛】此題考查知識點綜合性強而且非常靈活，需要對所學(xué)知識有很好的掌握，如誰來提供向心力；滑動摩擦力的影響因素及做功問題；能量守恒的思想的運用；特殊條件下的取值范圍問題等三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、O.10.70【解析】

相鄰兩計數(shù)點間的時間間隔△t=5×0.01s=0.1s；根據(jù)?x=aT1可解得：12、0.375D【解析】(1)由圖乙所示