遼寧省沈陽市重點聯(lián)合體2025屆物理高二上期中學業(yè)水平測試試題含解析

遼寧省沈陽市重點聯(lián)合體2025屆物理高二上期中學業(yè)水平測試試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、用伏安法測燈泡電阻時，若將電流表和電壓表的位置接成如圖所示電路，可能出現(xiàn)的情況是()A．電流表燒壞B．電壓表示數(shù)為零C．燈泡不亮D．燈泡燒壞2、原來都是靜止的和粒子，經(jīng)過同一電壓的加速電場后，它們的速度大小之比為A．1： B．1：2 C．：1 D．1：13、兩個小球在光滑水平面上沿同一直線、同一方向運動，B球在前，A球在后，mA＝1kg、mB＝2kg，vA＝6m/s，vB＝3m/s，當A球與B球發(fā)生碰撞后，A、B兩球的速度可能是A．vA′＝－4m/s，vB′＝6m/sB．vA′＝4m/s，vB′＝5m/sC．vA′＝4m/s，vB′＝4m/sD．vA′＝7m/s，vB′＝2.5m/s4、鋰電池因能量高、無污染而廣泛使用于手機等電子產(chǎn)品中?，F(xiàn)用充電器為一手機鋰電池充電，等效電路如圖所示。充電器電源的輸出電壓為，輸出電流為，手機電池的內(nèi)阻為，下列說法正確的是A．充電器輸出的電功率為B．鋰電池的輸入功率為C．鋰電池產(chǎn)生的熱功率為D．充電器的充電效率為5、關(guān)于物體內(nèi)能的相關(guān)知識，下列說法中正確的是（）A．物體體積膨脹，物體分子勢能一定增大B．物體的溫度升高，物體內(nèi)分子勢能一定增大C．物體的溫度升高，物體內(nèi)分子熱運動的平均動能一定增大D．物體從外界吸收熱量，其溫度一定升高6、兩個相同的金屬小球，帶電量之比為1：7，相距為r，視為點電荷，相互間的斥力大小為F，兩者接觸后再放回原處，則它們的靜電力可能為（）A． B． C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，導線框abcd與固定直導線AB在同一平面內(nèi)，直導線AB中通有恒定電流I，當線框由圖示位置向右勻速運動的過程中（）A．線圈中的感應電流方向是abcda B．線圈中的感應電流方向是dcbadC．線圈中的感應電流大小逐漸減小 D．線圈中的感應電流大小不變8、兩個相同的金屬小球，所帶電荷量大小之比為，相距r，兩小球可視為點電荷，兩者相互接觸后再放回原來位置上，則它們之間的庫侖力大小與原來之比可能為（）A． B． C． D．9、下列關(guān)于電源電動勢的說法正確的是（）A．電源是通過靜電力把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的裝置B．在電源內(nèi)部正電荷從低電勢處向高電勢處移動C．電源電動勢反映了電源內(nèi)部非靜電力做功的本領(lǐng)D．把同一電源接在不同的電路中，電源的電動勢隨外電阻的增大而增大10、標有“6V6W”和“6V3W”的燈泡L1和L2串聯(lián)接在某電源上，設燈絲電阻不變，則()A．通過燈L1、L2的電流之比為2∶1B．燈L1、L2的實際功率之比為1∶2C．電源電壓為12V時，燈L1、L2均正常發(fā)光D．電源電壓為9V時，燈L2正常發(fā)光三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）每次使用萬用表測電阻時，在選擇了適當倍率后，需先進行____________，下圖為用歐姆檔“×10Ω”測電阻R，則R=_________________12．（12分）請按照有效數(shù)字規(guī)則讀出以下測量值________，mm______________mm。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在直角坐標系xOy的第一象限中，存在豎直向下的勻強電場，電場強度大小為4E1．虛線是電場的理想邊界線，虛線右端與x軸的交點為A，A點坐標為（L，1），虛線x軸所圍成的空間內(nèi)沒有電場；在第二象限存在水平向右的勻強電場，電場強度大小為E1，M（﹣L，L）和N（﹣L，1）兩點的連線上有一個產(chǎn)生粒子的發(fā)生器裝置，產(chǎn)生質(zhì)量均為m，電荷量均為q靜止的帶正電的粒子，不計粒子的重力和粒子之間的相互作用，且整個裝置處于真空中．（1）若粒子從M點由靜止開始運動，進入第一象限后始終在電場中運動并恰好到達A點，求這個過程中該粒子運動的時間及到達A點的速度大小；（2）若從MN線上M點下方由靜止發(fā)出的所有粒子，在第二象限的電場加速后，經(jīng)第一象限的電場偏轉(zhuǎn)穿過虛線邊界后都能到達A點，求此邊界（圖中虛線）方程．14．（16分）如圖所示為水上樂園的設施，由彎曲滑道、豎直平面內(nèi)的圓形滑道、水平滑道及水池組成，圓形滑道外側(cè)半徑R＝2m，圓形滑道的最低點的水平入口B和水平出口B′相互錯開，為保證安全，在圓形滑道內(nèi)運動時，要求緊貼內(nèi)側(cè)滑行．水面離水平滑道高度h＝5m．現(xiàn)游客從滑道A點由靜止滑下，游客可視為質(zhì)點，不計一切阻力，重力加速度g取10m/s2，求：(1)起滑點A至少離水平滑道多高？(2)為了保證游客安全，在水池中放有長度L＝5m的安全氣墊MN，其厚度不計，滿足(1)的游客恰落在M端，要使游客能安全落在氣墊上，安全滑下點A距水平滑道的高度取值范圍為多少？15．（12分）如圖所示電路中，R1=R2=2Ω，R3=1Ω．當K接通時，電壓表的讀數(shù)為1V；K斷開時，電壓表的讀數(shù)為0.75V．求電源電動勢E和內(nèi)阻r．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

由于電壓表內(nèi)阻很大，故電路中電流很小，故燈泡不亮；電流表中示數(shù)很小，不會燒壞；此時電壓表相當于直接接在電源兩端，故此時電壓表的示數(shù)接近220V；故選C。2、C【解析】試題分析：據(jù)動能定理得出粒子經(jīng)過同一電壓加速電場后加速后的速度表達式，結(jié)合比荷之比求出粒子的速度之比．根據(jù)動能定理得，解得，因為兩粒子的比荷之比為2：1，則速度大小之比為，C正確．3、C【解析】

兩球碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，以兩球的初速度方向為正方向，如果兩球發(fā)生完全非彈性碰撞，由動量守恒定律得：代入數(shù)據(jù)解得：v=4m/s；如果兩球發(fā)生完全彈性碰撞，有：由機械能守恒定律得：代入數(shù)據(jù)解得：vA′=2m/svB′=5m/s則碰撞后A、B的速度為：2m/s≤vA≤4m/s4m/s≤vB≤5m/sA．vA′＝－4m/s，vB′＝6m/s，與結(jié)論不相符，選項A錯誤；B．vA′＝4m/s，vB′＝5m/s，與結(jié)論不相符，選項B錯誤；C．vA′＝4m/s，vB′＝4m/s，與結(jié)論相符，選項C正確；D．vA′＝7m/s，vB′＝2.5m/s，與結(jié)論不相符，選項D錯誤；4、C【解析】

A．充電器電源的輸出電壓為，輸出電流為，則充電器的輸出電功率為，故A錯誤；BC．充電器輸出的電功率即為鋰電池的輸入功率為：鋰電池產(chǎn)生的熱功率為：故B錯誤，C正確；D．充電器的充電效率為：故D錯誤。故選C．5、C【解析】

A．物體的體積變大，分子間距變大，其分子勢能不一定增大，取決于分子間的平衡位置，A錯誤；BC．溫度是分子平均動能的標志，溫度升高，分子平均動能增大，分子勢能不一定增大，B錯誤，C正確；D．物體吸收熱量，溫度不一定會升高，比如晶體熔化過程，雖然吸收熱量，但溫度不變，D錯誤。故選C。6、D【解析】試題分析：兩電荷同性，設一個球的帶電量為q，則另一個球的帶電量為Q=7q，此時，接觸后分開，帶電量平分各為4q，則兩球的庫侖力大小，故選D．【點睛】接觸帶電的原則是先中和后平分，兩個球的電性可能相同，可能不同，根據(jù)得出接觸后再放回原處的庫侖力大?。⒍囗椷x擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】

AB．由安培定則可知，載有恒定電流的直導線產(chǎn)生的磁場在線框處的方向為垂直紙面向里，并且離導線越遠磁感應強度越小，故當沿圖示方向移動線框時，穿過線框平面的磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知電流為順時針dcbad，故A錯誤，B正確；CD．離通電導線越遠，磁場越弱，由于線框勻速運動，故磁通量變化率變化率越來越小，線框中產(chǎn)生的感應電動勢越小，感應電流就變小，故C正確，D錯誤。故選BC。8、CD【解析】

設兩電荷電量大小分別為q和5q，由庫侖定律可得：原來庫侖力當兩相同金屬小球帶同種電荷時，兩者相互接觸后再放回原來的位置上，它們的電荷量變?yōu)?q和3q，庫侖力所以庫侖力是原來的庫侖力之比為9:5；當兩相同金屬小球帶異種電荷時，兩者相互接觸后再放回原來的位置上。它們的電荷量是先中和后平分，電量變?yōu)?q和2q，庫侖力所以庫侖力和原來的庫侖力之比為4:5，故CD正確，AB錯誤。故選CD。9、BC【解析】電源是通過內(nèi)部非靜電力把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的裝置，故A錯誤；在電源內(nèi)部，電流方向從負極指向正極，所以正電荷從低電勢處向高電勢處，故B正確；電動勢表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大小，反映了電源內(nèi)部非靜電力做功的本領(lǐng)，故C正確；把同一電源接在不同的電路中，電源的電動勢不變，故D錯誤。所以BC正確，AD錯誤。10、BD【解析】

A、兩燈串聯(lián)，則流過燈泡的電流相等，故A錯誤；B、兩燈的電阻分別為6Ω和12Ω；兩燈串聯(lián)，電流相等，則功率之比等于電阻之比；故實際功率之比為1:2，故B正確；C、當電壓均為12V時，兩燈分壓之比為1:2，則L1中電壓為4V，故L1不能正常發(fā)光，故C錯誤；D、電壓為9V時，L1中電壓為3V，L2兩端電壓為6V，故L2正常發(fā)光，故D正確；故選BD。【點睛】根據(jù)串并聯(lián)電路的規(guī)律可明確電流關(guān)系；再由歐姆定律可分析電壓關(guān)系；根據(jù)電壓分析是否能達到額定功率。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、調(diào)零R=300Ω【解析】每次使用萬用表測電阻時，在選擇了適當倍率后，需先進行歐姆調(diào)零；由題意知所選倍率為“×10”，表盤示數(shù)為30，故R=30×10=300Ω．12、4.991-4.99361.70mm【解析】

[1][2]螺旋測微器讀數(shù)為游標卡尺讀數(shù)為四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）t=322LmE0【解析】試題分析：粒子在第二象限的電場中勻加速的時間：L=得時間：t1=在第一象限做類平拋運動，水平：L=v1豎直：v這個過程中該粒子所用的時間：t=該過程中粒子到達A點的速度：v=（2）設粒子從P點坐標為（-L、y1）由靜止勻加速直線運動，粒子進入第一象限做類平拋運動，經(jīng)Q點后做勻速直線運動，設Q點坐標為（x、y）；粒子進入第一象限的速度：E做類平拋運動經(jīng)Q點時，水平：x=豎直：y代入得：y把上面兩式相除得：yQA與x軸成θ角可得：tanθ=由速度分解：tanθ=整理得邊界方程：y=2L考點：考查了帶電粒子在電場中的運動【名師點睛】帶電粒子在電場中的運動，綜合了靜電場和力學的知識，分析方法和力學的分析方法基本相同．先分析受力情況再分析運動狀態(tài)和運動過程（平衡、加速、減速，直線或曲線），然后選用恰當?shù)囊?guī)律解題．解決這類問題的基本方法有兩種，第一種利用力和運動的觀點，選用牛頓第二定律和運動學公式求解；第二種利用能量轉(zhuǎn)化的觀點，選用動能定理和功能關(guān)系求解14、（1）5m；（2）5m≤H≤11.25m【解析】

（1）對游客在圓軌道的最高點應用牛頓第二定律求得速度，再由機械能守恒即可求得A的高度；

（2）根據(jù)1中求得游客在C點的速度，進而由平拋運動規(guī)律求得M點距水池左側(cè)的距離，從而得到平拋運動的水平位移，進而得到C點的速度范圍，再由機械能守恒即可求得高度范圍；【詳解】（1）游客在圓形滑道內(nèi)側(cè)恰好滑過最高點時，有：從A到圓形滑道最高點，設A離水平滑道高為則由機械能守恒定律得：解得：；（2）落在M點時拋出速度最小為，從A到C由機械能守恒定律得：則：水平拋出