2025屆北京市通州區(qū)市級(jí)名校高二物理第一學(xué)期期中達(dá)標(biāo)檢測(cè)試題含解析

2025屆北京市通州區(qū)市級(jí)名校高二物理第一學(xué)期期中達(dá)標(biāo)檢測(cè)試題注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無(wú)效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、在如圖所示的電路中，R1、R2、R3和R4皆為定值電阻，R5為可變電阻，電源的電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r.設(shè)電流表A的讀數(shù)為I，電壓表V的讀數(shù)為U，當(dāng)R5的滑動(dòng)觸點(diǎn)向圖中的a端移動(dòng)時(shí)()A．I變小B．I變大C．U變大D．U變小2、由于地球的自轉(zhuǎn)，地球表面上各點(diǎn)均做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所以A．地球表面各處具有相同大小的線速度B．地球表面各處具有相同大小的角速度C．地球表面各處具有相同大小的向心加速度D．地球表面各處的向心加速度方向都指向地球球心3、真空中兩個(gè)點(diǎn)電荷相距時(shí)，靜電力為，如果保持它們的電量不變，而將距離減少為時(shí)，靜電力將變?yōu)?

)A． B． C．2 D．44、圖示為一個(gè)均勻帶正電的細(xì)圓環(huán)，半徑為R．取環(huán)面中心O為原點(diǎn)，以垂直于環(huán)面的軸線為x軸．設(shè)軸上某點(diǎn)P到O點(diǎn)的的距離為x，設(shè)無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為零，點(diǎn)的電勢(shì)為，真空中靜電力常量為．下面判斷正確的是（）A．圖中P點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度E的方向是沿x軸正方向,O點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度E為零B．圖中P點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度E的方向是沿x軸負(fù)方向,O點(diǎn)勢(shì)為零C．從O點(diǎn)到P點(diǎn)，電場(chǎng)強(qiáng)度E一定逐漸增大，電勢(shì)一定逐漸增大D．從O點(diǎn)到P點(diǎn)，電場(chǎng)強(qiáng)度E一定逐漸減小，電勢(shì)一定逐漸減小5、關(guān)于近代物理，下列說(shuō)法正確的是（）A．盧瑟福由α粒子散射實(shí)驗(yàn)確立了原子核有內(nèi)部結(jié)構(gòu)B．氫原子光譜表明氫原子的能量是不連續(xù)的C．光電效應(yīng)揭示了光的粒子性，康普頓效應(yīng)揭示了光的波動(dòng)性D．基態(tài)的一個(gè)氫原子吸收一個(gè)光子躍遷到激發(fā)態(tài)后，可能發(fā)射3種頻率的光子6、如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，電壓表和電流表均為理想電表，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片p向左移動(dòng)一小段距離后，下列說(shuō)法正確的是：A．電壓表示數(shù)減小B．電流表示數(shù)增大C．R0的功率增大D．電源的功率減小二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、一帶負(fù)電的粒子只在電場(chǎng)力作用下沿x軸正向運(yùn)動(dòng)，其電勢(shì)能EP隨位移x變化的關(guān)系如圖所示，其中0～對(duì)段是對(duì)稱的曲線，～段是直線，則下列說(shuō)法正確的是A．處電場(chǎng)強(qiáng)度為零B．、、處電勢(shì)、、的關(guān)系為>>C．粒子在0～段做勻變速運(yùn)動(dòng)，～段做勻速直線運(yùn)動(dòng)D．～段是勻強(qiáng)電場(chǎng)8、如圖所示，a．b．c．d為勻強(qiáng)電場(chǎng)中的四個(gè)等勢(shì)面，一個(gè)電子射入電場(chǎng)后的運(yùn)動(dòng)軌跡如實(shí)線MN所示，由此可知（）A．電子在N的動(dòng)能大于在M的動(dòng)能B．電子在N的電勢(shì)能大于在M的電勢(shì)能C．電場(chǎng)強(qiáng)度方向向左D．電場(chǎng)中，a點(diǎn)電勢(shì)低于b點(diǎn)電勢(shì)9、如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)E＝6V，小燈泡L的規(guī)格為“4V0.8W”，開關(guān)S接1，當(dāng)滑動(dòng)變阻器調(diào)到R＝8Ω時(shí)，小燈泡L正常發(fā)光，現(xiàn)將開關(guān)S接2，小燈泡L和電動(dòng)機(jī)M均正常工作．則（）A．電源內(nèi)阻為2ΩB．電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻為8ΩC．電動(dòng)機(jī)正常工作電壓為1.6VD．電源的輸出功率為1.12W10、如圖所示，圓環(huán)形導(dǎo)體線圈a平放在水平桌面上，在a的正上方固定一豎直螺線管b，二者軸線重合，螺線管與電源和滑動(dòng)變阻器連接成如圖所示的電路.若將滑動(dòng)變阻器的滑片P向上滑動(dòng)，下面說(shuō)法中正確的是A．穿過(guò)線圈a的磁通量變小B．線圈a有收縮的趨勢(shì)C．自上往下看，線圈a中將產(chǎn)生順時(shí)針方向的感應(yīng)電流D．線圈a對(duì)水平桌面的壓力FN三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11．（6分）如圖甲所示，為某同學(xué)測(cè)繪額定電壓為2.5V的小燈泡的I—U特性曲線的實(shí)驗(yàn)電路圖．①根據(jù)電路圖甲，用筆畫線代替導(dǎo)線，將圖乙中的實(shí)驗(yàn)電路連接完整_______．②開關(guān)S閉合之前，圖甲中滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)該置于_____端（選填“A”、“B”或“AB中間”）③實(shí)驗(yàn)中測(cè)得有關(guān)數(shù)據(jù)如下表：根據(jù)表中的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，在圖丙中畫出小燈泡的I—U特性曲線_________．12．（12分）在《測(cè)定金屬絲電阻率》的實(shí)驗(yàn)中，需要測(cè)出其長(zhǎng)度L．直徑d和電阻R．用螺旋測(cè)微器測(cè)金屬絲直徑時(shí)讀數(shù)如下圖，則金屬絲的直徑為____________m．用電流表和電壓表測(cè)金屬絲的電流電壓時(shí)讀數(shù)如下圖，則電壓表的讀數(shù)為____________V，電流表的讀數(shù)為____________A．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）噴墨打印機(jī)的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)圖如圖所示，其中墨盒可以發(fā)出墨汁微滴，此微滴經(jīng)過(guò)帶電室時(shí)被帶上負(fù)電，帶電的多少由計(jì)算機(jī)按字體筆畫高低位置輸入信號(hào)控制．帶電后的微滴以一定的初速度進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)后，打到紙上，顯示出字體．無(wú)信號(hào)輸入時(shí)，墨汁微滴不帶電，徑直通過(guò)偏轉(zhuǎn)板而注入回流槽流回墨盒．設(shè)偏轉(zhuǎn)板板長(zhǎng)為L(zhǎng)=1.6cm，兩板間的距離為d=0.50cm，偏轉(zhuǎn)板的右端距紙L1=3.2cm，若一個(gè)墨汁微滴的質(zhì)量為m=1.6×10-10kg，以v0=20m/s的初速度垂直于電場(chǎng)方向進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，兩偏轉(zhuǎn)板間的電壓是U=8.0×103V，此時(shí)墨汁微滴打到紙上的點(diǎn)距原射入方向的距離是Y=2.0mm．不計(jì)空氣阻力和墨汁微滴的重力，可以認(rèn)為偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)只局限在平行板電容器內(nèi)部，忽略邊緣電場(chǎng)的不均勻性．求：（1）上述墨汁微滴通過(guò)帶電室?guī)系碾娏渴嵌嗌伲浚?）若用（1）中的墨汁微滴打字，為了使紙上的字體放大10%，偏轉(zhuǎn)板間電壓應(yīng)是多大？14．（16分）如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)E＝10V，內(nèi)阻r＝0.5Ω，閉合S，標(biāo)有“8V,16W”的燈泡L恰好能正常發(fā)光，電動(dòng)機(jī)M繞線的電阻R0＝1Ω，求：(1)電源的總功率；(2)電動(dòng)機(jī)的輸出功率.15．（12分）如圖所示，在兩條豎直的平行虛線內(nèi)存在著寬度為L(zhǎng)，方向豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在與右側(cè)虛線相距為L(zhǎng)處有一與電場(chǎng)方向平行的熒光屏．將一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電小球從A點(diǎn)沿AO方向以v0垂直電場(chǎng)線射入電場(chǎng)，小球打在熒光屏上的B點(diǎn)；撤去電場(chǎng)，小球仍在A點(diǎn)以原有速度的大小和方向射入，則打在熒光屏上的C點(diǎn)．已知BOCO，重力加速度為g．(1)求小球從A點(diǎn)到B的時(shí)間；(2)求勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E（用m、g、q表示）

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】

A、當(dāng)R5的滑動(dòng)觸點(diǎn)向圖中a端移動(dòng)時(shí)，R5變小，外電路總電阻變小，則由閉合電路歐姆定律知，總電流I變大，路端電壓變小，U變小，根據(jù)閉合電路歐姆定律，電路中并聯(lián)部分電壓變小，則I變小，故A、B正確；C、電源的效率，路端電壓減小，E不變，則效率變低，故C正確；D、當(dāng)外電路電阻等于內(nèi)阻時(shí),電源的輸出功率最大，而r=R1，所以外電路電阻一定大于內(nèi)阻，則外電路總電阻變小，輸出功率增大，故D錯(cuò)誤；故選ABC．【點(diǎn)睛】關(guān)鍵是知道當(dāng)R5的滑動(dòng)觸點(diǎn)向圖中a端移動(dòng)時(shí)，R5變小，外電路總電阻變小，根據(jù)歐姆定律分析總電流和路端電壓的變化，確定電流表A和電壓表的讀數(shù)變化，電源的效率，當(dāng)外電路電阻等于內(nèi)阻時(shí)，電源的輸出功率最大．2、B【解析】

AB．地球的自轉(zhuǎn)時(shí)，地球表面上各點(diǎn)的角速度相同，而線速度v=ωr，v與r成正比，赤道上各點(diǎn)線速度最大，故A錯(cuò)誤B正確；C．根據(jù)向心加速度公式，知道向心加速度與半徑成正比，赤道上向心加速度最大，故C錯(cuò)誤；D．地球表面各處的向心加速度方向指向地軸方向，只有赤道上指向地心，故D錯(cuò)誤．3、D【解析】

電量不變，只是將距離減小一半，根據(jù)點(diǎn)電荷庫(kù)侖力的公式可以求得距離改變之后的庫(kù)侖力的大?。驹斀狻坑牲c(diǎn)電荷庫(kù)侖力的公式可以得到，電量不變，將它們之間的距離減小為r，庫(kù)侖力將變?yōu)樵瓉?lái)的4倍，故D正確、ABC錯(cuò)誤．故選：D．4、A【解析】將圓環(huán)看成若干個(gè)點(diǎn)電荷，則由電場(chǎng)強(qiáng)度相互疊加可知，P點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度E的方向是沿x軸正方向，O點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度E為零，設(shè)無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為零，因沿著電場(chǎng)線的方向，電勢(shì)降低，則P點(diǎn)的電勢(shì)大于零，O點(diǎn)電勢(shì)不為零，A正確B錯(cuò)誤；從O點(diǎn)到P點(diǎn)，電場(chǎng)強(qiáng)度E可能一直逐漸增大，也可能先增大后減小，而電勢(shì)卻是一直減小，CD錯(cuò)誤．5、B【解析】

A．盧瑟福通過(guò)粒子散射實(shí)驗(yàn)建立了原子核式結(jié)構(gòu)模型，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)玻爾理論可知，氫原子光譜表明氫原子的能量是不連續(xù)的，故B正確；C．光電效應(yīng)和康普頓效應(yīng)都揭示了光的粒子性，故C錯(cuò)誤；D．基態(tài)的一個(gè)氫原子吸收一個(gè)光子躍遷到激發(fā)態(tài)后，可能發(fā)射2種頻率的光子，即n=3到n=2和n=2到n=1，這2種頻率的光子，故D錯(cuò)誤。故選B。6、D【解析】

當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P向左移動(dòng)時(shí)，變阻器左側(cè)電阻減小，并聯(lián)部分電阻減小，右側(cè)電阻增大，外電路總電阻增大，整個(gè)閉合回路的總電阻增大，利用閉合電路的歐姆定律可判斷I減小，因電壓表示數(shù)，所以電壓表示數(shù)增大，故AB錯(cuò)誤；R0與其并聯(lián)的滑動(dòng)變阻器的總電阻減小，而干路電流I減小，所以R0兩端的電壓減小，根據(jù)，可知R0的功率減小，故C錯(cuò)誤；因，干路電流減小，可判斷電源的總功率減小，故D正確．所以D正確，ABC錯(cuò)誤．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、ABD【解析】

A.根據(jù)電勢(shì)能與電勢(shì)的關(guān)系和場(chǎng)強(qiáng)與電勢(shì)的關(guān)系得：由數(shù)學(xué)知識(shí)可知圖象切線的斜率等于，處切線斜率為零，則處電場(chǎng)強(qiáng)度為零，故A正確；B.粒子帶負(fù)電，根據(jù)電勢(shì)能與電勢(shì)的關(guān)系可知，電勢(shì)能越大，粒子所在處的電勢(shì)越低，所以有：故B正確；CD.由圖看出在段圖象切線的斜率不斷減小，可知場(chǎng)強(qiáng)減小，粒子所受的電場(chǎng)力減小，加速度減小，做非勻變速運(yùn)動(dòng)；段圖象切線的斜率不斷增大，場(chǎng)強(qiáng)增大，粒子所受的電場(chǎng)力增大，做非勻變速運(yùn)動(dòng)；段斜率不變，場(chǎng)強(qiáng)不變，即電場(chǎng)強(qiáng)度大小和方向均不變，是勻強(qiáng)電場(chǎng)，粒子所受的電場(chǎng)力不變，做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤，D正確．8、BD【解析】根據(jù)電場(chǎng)線方向與等勢(shì)線垂直可知，電場(chǎng)線方向必定位于豎直方向，則電子所受的電場(chǎng)力必定在豎直方向．電子做曲線運(yùn)動(dòng)，所受的電場(chǎng)力方向指向軌跡的內(nèi)側(cè)，所以可知電子所受的電場(chǎng)力方向應(yīng)豎直向下，與速度方向的夾角為鈍角，對(duì)電子做負(fù)功，根據(jù)動(dòng)能定理可知，電子的動(dòng)能減小，電勢(shì)能增加，所以電子在N的動(dòng)能小于在M的動(dòng)能，在N的電勢(shì)能大于在M的電勢(shì)能，故A錯(cuò)誤，B正確．電子帶負(fù)電，電場(chǎng)力方向與電場(chǎng)強(qiáng)度方向相反，所以可知電場(chǎng)強(qiáng)度方向豎直向上，故C錯(cuò)誤．根據(jù)順著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，得知a點(diǎn)電勢(shì)低于b點(diǎn)電勢(shì)，故D正確．故選BD.點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵是根據(jù)電子的軌跡彎曲方向和電場(chǎng)線方向判斷出電場(chǎng)力方向，運(yùn)用動(dòng)能定理和電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能變化的關(guān)系進(jìn)行分析．9、ACD【解析】開關(guān)S接1時(shí)，小燈泡L正常發(fā)光，電路電流，根據(jù)閉合電路歐姆定律有，解得，故A正確；開關(guān)S接2時(shí)，電路電流，電動(dòng)機(jī)正常工作電壓為，故C正確；電動(dòng)機(jī)的熱功率未知，電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻無(wú)法解出，故B錯(cuò)誤；電源的輸出功率為，故D正確；故選ACD。10、AC【解析】

此題的關(guān)鍵首先明確滑動(dòng)觸頭向上滑動(dòng)時(shí)通過(guò)判斷出線圈b中的電流減小，然后根據(jù)楞次定律判斷出線圈a中感應(yīng)電流的方向。根據(jù)感應(yīng)電流產(chǎn)生的效果總是阻礙引起感應(yīng)電流的原因，可以很好判斷線圈的運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)?！驹斀狻慨?dāng)滑動(dòng)觸頭P向上移動(dòng)時(shí)電阻增大，由閉合電路歐姆定律可知通過(guò)線圈b的電流減小，b線圈產(chǎn)生的磁場(chǎng)減弱，故穿過(guò)線圈a的磁通量變小，故A正確；根據(jù)b中的電流方向和安培定則可知b產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向向下穿過(guò)線圈a，根據(jù)楞次定律，a中的感應(yīng)電流的磁場(chǎng)要阻礙原來(lái)磁場(chǎng)的減小，故a的感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向也向下，根據(jù)安培定則可知線圈a中感應(yīng)電流方向俯視應(yīng)為順時(shí)針，故C正確；再根據(jù)微元法將線圈a無(wú)限分割根據(jù)左手定則不難判斷出線圈a應(yīng)有擴(kuò)張的趨勢(shì)，或直接根據(jù)楞次定律的第二描述“感應(yīng)電流產(chǎn)生的效果總是阻礙引起感應(yīng)電流的原因”，因?yàn)榛瑒?dòng)觸頭向上滑動(dòng)導(dǎo)致穿過(guò)線圈a的磁通量減小，故只有線圈面積增大時(shí)才能阻礙磁通量的減小，故線圈a應(yīng)有擴(kuò)張的趨勢(shì)，故B錯(cuò)誤；開始時(shí)線圈a對(duì)桌面的壓力等于線圈a的重力，當(dāng)滑動(dòng)觸頭向上滑動(dòng)時(shí)，可以用“等效法”，即將線圈a和b看做兩個(gè)條形磁鐵，不難判斷此時(shí)兩磁鐵互相吸引，故線圈a對(duì)水平桌面的壓力FN將減小，故D錯(cuò)誤．故選AC【點(diǎn)睛】首先應(yīng)掌握楞次定律的基本應(yīng)用，楞次定律的第二描述是能量守恒定律在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中得出的必然結(jié)果。一般在解決有關(guān)相對(duì)運(yùn)動(dòng)類問(wèn)題時(shí)用楞次定律的第二描述將會(huì)非常簡(jiǎn)便。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11、A；【解析】試題解析：①連接時(shí)，先連接變阻器的主電路，后連接燈泡部分的電路，電壓表最后接入；②開關(guān)S閉合之前，圖甲中滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)該置于阻值最小的那一端，使得燈泡兩端電壓最小，以有利于保護(hù)電路，故應(yīng)該置于A端；③在圖像上描點(diǎn)、連線即可，但在選擇坐標(biāo)時(shí)，由于電壓的2.80V，故電壓軸的最大值選擇3.0V即可，電流軸的最大值選擇0.3A即可，這樣的圖像正好能夠充滿整個(gè)坐標(biāo)．考點(diǎn)：用伏安法測(cè)小燈泡的U-I曲線．12、0.698(±0.001)2.60V0.53A【解析】（1）由圖甲所示螺旋測(cè)微器可知，固定刻度示數(shù)為0.5mm，可動(dòng)刻度示數(shù)為19.7×0.01mm=0.197mm，螺旋測(cè)微器示數(shù)為0.5mm+0.197mm=0.697mm．

（2）由圖丙所示電壓表可知，其量程為3V，分度值為0.1V，示數(shù)為2.60V；由圖示電流表可知，其量程為0.6A，分度值為0.02A，示數(shù)為0.52A．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的