2025屆北京市知春里中學(xué)物理高三上期中經(jīng)典試題含解析

2025屆北京市知春里中學(xué)物理高三上期中經(jīng)典試題注意事項(xiàng):1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)碼填寫(xiě)清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2．答題時(shí)請(qǐng)按要求用筆。3．請(qǐng)按照題號(hào)順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書(shū)寫(xiě)的答案無(wú)效；在草稿紙、試卷上答題無(wú)效。4．作圖可先使用鉛筆畫(huà)出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、在如圖（a）所示的電路中，L1、L2為規(guī)格相同的小燈泡，這種小燈泡的伏安特性曲線如圖（b）所示，C是電容為的電容器，R是阻值為8Ω的定值電阻，電源E的內(nèi)阻為。電路穩(wěn)定后，通過(guò)L1的電流為0.15A，下列結(jié)果正確的是()A．L1的電功率為0.32WB．L2的電阻約為5C．電源的效率約為60%D．電容器的帶電量為1.2×104C2、如圖所示，小球從高處下落到豎直放置的輕彈簧上，在將彈簧壓縮到最短的整個(gè)過(guò)程中，下列關(guān)于小球和彈簧的能量敘述中正確的是（）A．重力勢(shì)能和動(dòng)能之和總保持不變B．重力勢(shì)能和彈性勢(shì)能之和總保持不變C．動(dòng)能和彈性勢(shì)能之和總保持不變D．重力勢(shì)能、彈性勢(shì)能和動(dòng)能之和總保持不變3、籃球豎直落下，與水平地面碰撞前速度大小為，碰后豎直反彈，速度大小為，已知籃球質(zhì)量為，則籃球與地面碰撞過(guò)程中籃球所受合力的沖量大小為A． B． C． D．4、如圖1所示，一個(gè)物體放在粗糙的水平地面上。在t=0時(shí)刻，物體在水平力F作用下由靜止開(kāi)始做直線運(yùn)動(dòng)。在0到t0時(shí)間內(nèi)物體的加速度a隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖2所示。已知物體與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)處處相等。則（）A．在0到t0時(shí)間內(nèi),合力的沖量大小為 B．t0時(shí)刻,力F等于0C．在0到t0時(shí)間內(nèi)力F大小恒定 D．在0到t0時(shí)間內(nèi)物體的動(dòng)量逐漸變大5、豎直向上拋出一物塊，物塊在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到的阻力大小與速度大小成正比，則物塊從拋出到落回拋出點(diǎn)的過(guò)程中，加速度隨時(shí)間變化的關(guān)系圖象正確的是（設(shè)豎直向下為正方向）（）A．B．C．D．6、一物體受繩的拉力作用由靜止開(kāi)始前進(jìn)，先做加速運(yùn)動(dòng)，然后改做勻速運(yùn)動(dòng)，再改做減速運(yùn)動(dòng)，則下列說(shuō)法中正確的是()A．加速前進(jìn)時(shí)，繩拉物體的力大于物體拉繩的力B．減速前進(jìn)時(shí)，繩拉物體的力大于物體拉繩的力C．只有勻速前進(jìn)時(shí)，繩拉物體的力與物體拉繩的力大小才相等D．不管物體如何前進(jìn)，繩拉物體的力與物體拉繩的力大小總相等二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、質(zhì)量均為m=lkg的甲、乙兩個(gè)物體同時(shí)從同地沿同一方向做直線運(yùn)動(dòng)，二者的動(dòng)能隨位移的變化圖像如圖所示．下列說(shuō)法正確的是（）A．甲的加速度大小為2m/s2B．乙的加速度大小為1.5m/s2C．甲、乙在x=6m處的速度大小為2m/sD．甲、乙在x=8m處相遇8、一個(gè)質(zhì)點(diǎn)做方向不變的直線運(yùn)動(dòng)，加速度的方向始終與速度方向相同，但加速度大小逐漸減小直至為零，在此過(guò)程中（）A．速度逐漸減小，當(dāng)加速度減小到零時(shí)，速度達(dá)到最小值B．速度逐漸增大，當(dāng)加速度減小到零時(shí)，速度達(dá)到最大值C．位移逐漸增大，當(dāng)加速度減小到零時(shí)，位移將還要增大D．位移逐漸減小，當(dāng)加速度減小到零時(shí)，位移將不再減少9、如圖所示，質(zhì)量為m的小球(可視為質(zhì)點(diǎn))用長(zhǎng)為L(zhǎng)的細(xì)線懸掛于O點(diǎn)，自由靜止在A位置．現(xiàn)用水平力F緩慢地將小球從A拉到B位置而靜止，細(xì)線與豎直方向夾角為θ＝60°，此時(shí)細(xì)線的拉力為T(mén)1，然后撤去水平力F，小球從B返回到A點(diǎn)時(shí)細(xì)線的拉力為T(mén)2，則()A．T1＝T2＝2mgB．從A到B，拉力F做功為mgLC．從B到A的過(guò)程中，小球受到的合外力大小不變D．從B到A的過(guò)程中，小球重力的瞬時(shí)功率先增大后減小10、關(guān)于熱現(xiàn)象，下列說(shuō)法中正確的是_____________。A．顯微鏡下觀察到墨水中的小炭粒在不停地做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，這反映了液體分子運(yùn)動(dòng)的無(wú)規(guī)則性B．?dāng)U散現(xiàn)象說(shuō)明分子之間存在空隙，同時(shí)說(shuō)明分子在永不停息地做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)C．晶體有固定的熔點(diǎn)，具有規(guī)則的幾何外形，具有各向同性的物理性質(zhì)D．可利用高科技手段、將流散的內(nèi)能全部收集加以利用，而不引起其他變化E.對(duì)大量事實(shí)的分析表明，不論技術(shù)手段如何先進(jìn)，熱力學(xué)零度最終不可能達(dá)到三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11．（6分）如圖所示為實(shí)驗(yàn)室“驗(yàn)證碰撞中的動(dòng)量守恒”的實(shí)驗(yàn)裝置．①下列說(shuō)法中不符合本實(shí)驗(yàn)要求的是___．A．入射球比靶球質(zhì)量大，但二者的直徑可以不同B．在同一組實(shí)驗(yàn)的不同碰撞中，每次入射球必須從同一高度由靜止釋放C．安裝軌道時(shí)，軌道末端必須水平D．需要使用的測(cè)量?jī)x器有天平和刻度尺②實(shí)驗(yàn)中記錄了軌道末端在記錄紙上的豎直投影為O點(diǎn)，經(jīng)多次釋放入射球，在記錄紙上找到了兩球平均落點(diǎn)位置為M、P、N，并測(cè)得它們到O點(diǎn)的距離分別為OM、OP和ON．已知入射球的質(zhì)量為m1，靶球的質(zhì)量為m2，如果測(cè)得m1OM+m2ON近似等于________，則認(rèn)為成功驗(yàn)證了碰撞中的動(dòng)量守恒．③在實(shí)驗(yàn)中，根據(jù)小球的落點(diǎn)情況，若等式ON＝_______________成立，則可證明碰撞中系統(tǒng)的動(dòng)能守恒（要求用②問(wèn)中的涉及的物理量表示）．12．（12分）如圖，用“碰撞實(shí)驗(yàn)器”可以驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，即研究?jī)尚∏蛟谲壍浪讲糠峙鲎睬昂蟮膭?dòng)量關(guān)系．①實(shí)驗(yàn)中，直接測(cè)定小球碰撞前后的速度是不容易的．但是，可以通過(guò)僅測(cè)量______（填選項(xiàng)前的符號(hào)），間接地解決這個(gè)問(wèn)題．A．小球開(kāi)始釋放的高度hB．小球拋出點(diǎn)距地面的高度HC．小球平拋運(yùn)動(dòng)的射程②圖中O點(diǎn)是小球拋出點(diǎn)在地面上的垂直投影．實(shí)驗(yàn)時(shí)，先讓入射小球多次從斜面上S位置靜止釋放，找到其平均落地點(diǎn)的位置P，測(cè)量平拋射程O(píng)P．然后把被碰小球靜置與軌道水平部分，再將入射小球從斜軌上S位置靜止釋放，與小球相碰，并多次重復(fù)．接下來(lái)完成的必要步驟是______．（填寫(xiě)選項(xiàng)前的符號(hào)）A．用天平測(cè)量?jī)尚∏虻馁|(zhì)量、B．測(cè)量小球開(kāi)始釋放的高度hC．測(cè)量拋出點(diǎn)距地面的高度HD．分別找到、相碰后平均落地點(diǎn)的位置M、NE．測(cè)量平拋射程O(píng)M、ON實(shí)驗(yàn)結(jié)果表明，碰撞前、后總動(dòng)量的比值為_(kāi)_____．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一汽球從地面上以v0=6m/s的速度豎直向上勻速升起，當(dāng)氣球的下端距地面h=13m高時(shí)，在氣球的正下方緊貼地面將一小球豎直上拋，小球的初速度v1=14m/s，不計(jì)小球的大小，小球在運(yùn)動(dòng)中所受的空氣阻力大小總等于重力的0.1倍，g取10m/s1．求：（1）小球上升過(guò)程的加速度為多大；（1）判斷小球能否擊中氣球．若能擊中，計(jì)算出小球擊中氣球時(shí)的速度大??；若不能擊中，計(jì)算小球落地的速度大?。ㄓ?jì)算結(jié)果可保留最簡(jiǎn)根號(hào)）14．（16分）如圖所示為—傳送帶裝置示意圖，兩個(gè)皮帶輪A、B之間的傳送帶水平繃緊，傳送帶上的P點(diǎn)與B輪的頂點(diǎn)Q距離為L(zhǎng)，一個(gè)小物塊放置在P點(diǎn)上，物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ．初始時(shí)，傳送帶與物塊都是靜止的．現(xiàn)讓傳送帶以恒定的加速度a0開(kāi)始向右運(yùn)動(dòng)，當(dāng)P點(diǎn)位移達(dá)到之后傳送帶改為勻速運(yùn)動(dòng)．已知傳送帶開(kāi)始運(yùn)動(dòng)后，物塊不能保持在P點(diǎn)上方．重力加速度為g．（1）求P點(diǎn)經(jīng)過(guò)多長(zhǎng)的時(shí)間能到達(dá)B輪頂點(diǎn)Q？（2）求動(dòng)摩擦因數(shù)μ與a0之間滿足什么條件？（3）試討論物塊經(jīng)過(guò)多長(zhǎng)時(shí)間能到達(dá)B輪頂點(diǎn)Q？15．（12分）一次演習(xí)中，一空降特戰(zhàn)兵實(shí)施空降，在飛機(jī)懸停180m高的空中后，空降特戰(zhàn)兵從機(jī)艙中一躍而下，把空降特戰(zhàn)兵空降假定為如下過(guò)程：空降特戰(zhàn)兵出飛機(jī)艙后先做自由落體運(yùn)動(dòng)，下落了1s后打開(kāi)輔傘，特戰(zhàn)兵立即做勻速運(yùn)動(dòng)，過(guò)了一段時(shí)間后打開(kāi)主傘，特戰(zhàn)兵立即做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，勻減速運(yùn)動(dòng)6s后到達(dá)了“敵方”的地面，此時(shí)空降特戰(zhàn)兵的速度恰好為零，g取10m/s1．求：（1）空降特戰(zhàn)兵做自由落體運(yùn)動(dòng)下落的距離是多少？（1）空降特戰(zhàn)兵勻速運(yùn)動(dòng)的速度是多少？（3）空降特戰(zhàn)兵從出機(jī)艙到著地總共花了多少時(shí)間？

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】

A．電路穩(wěn)定后，通過(guò)L1的電流為I1=0.15A，由圖讀出其電壓U1=0.6V，則燈泡L1的電功率P1=U1I1=0.15×0.6=0.09W故A錯(cuò)誤；B．并聯(lián)部分的電壓U2=U1+I1R=0.6+0.15×8=1.8V由圖讀出其電流為I2=0.36A，根據(jù)歐姆定律得故B正確；C．電源電動(dòng)勢(shì)E=U2+（I1+I2）r=1.8+0.51×1=2.31V電源的效率為故C錯(cuò)誤；D．電容器的電壓U=I1R=1.2V則電容器的帶電量為Q=UC=1.2×100×10-6=1.2×10-4C故D錯(cuò)誤。2、D【解析】

A、對(duì)于小球從接觸彈簧到將彈簧壓縮到最短的過(guò)程中，小球的動(dòng)能、重力勢(shì)能和彈簧的彈性勢(shì)能這三種形式的能量相互轉(zhuǎn)化，沒(méi)有與其他形式的能發(fā)生交換，也就說(shuō)小球的動(dòng)能、重力勢(shì)能和彈簧的彈性勢(shì)能之和保持不變。對(duì)于小球從接觸彈簧到將彈簧壓縮到最短的過(guò)程中，彈簧是一直被壓縮的，所以彈簧的彈性勢(shì)能一直在增大。因?yàn)樾∏虻膭?dòng)能、重力勢(shì)能和彈簧的彈性勢(shì)能之和保持不變，重力勢(shì)能和動(dòng)能之和始終減小。故A錯(cuò)誤。

B、在剛接觸彈簧的時(shí)候這個(gè)時(shí)候小球的加速度等于重力加速度，在壓縮的過(guò)程中，彈簧的彈力越來(lái)越大，小球所受到的加速度越來(lái)越小，直到彈簧的彈力等于小球所受到的重力，這個(gè)時(shí)候小球的加速度為0，要注意在小球剛接觸到加速度變0的工程中，小球一直處于加速狀態(tài)，由于慣性的原因，小球還是繼續(xù)壓縮彈簧，這個(gè)時(shí)候彈簧的彈力大于小球受到的重力，小球減速，直到小球的速度為0，這個(gè)時(shí)候彈簧壓縮的最短。所以小球的動(dòng)能先增大后減小，所以重力勢(shì)能和彈性勢(shì)能之和先減小后增加。故B錯(cuò)誤。

C、小球下降，重力勢(shì)能一直減小，所以動(dòng)能和彈性勢(shì)能之和一直增大。故C錯(cuò)誤。

D、對(duì)于小球從接觸彈簧到將彈簧壓縮到最短的過(guò)程中，小球的動(dòng)能、重力勢(shì)能和彈簧的彈性勢(shì)能這三種形式的能量相互轉(zhuǎn)化，沒(méi)有與其他形式的能發(fā)生交換，也就說(shuō)小球的動(dòng)能、重力勢(shì)能和彈簧的彈性勢(shì)能之和保持不變。故D正確。

故選D。3、B【解析】

設(shè)定正方向，確定籃球的始末速度，根據(jù)動(dòng)量定律列式計(jì)算設(shè)初速度方向?yàn)檎较?，則初速度方向，末速度根據(jù)動(dòng)量定理可得方向與初速度方向相反，B正確。故選B。4、D【解析】

合力F合=ma是變力，其平均作用力為，則合力的沖量大小為ma0t0，則A錯(cuò)誤；t0時(shí)刻，力F合等于0，F(xiàn)等于摩擦力，則B錯(cuò)誤；在0到t0時(shí)間內(nèi)合力減小，則力F大小變小，則C錯(cuò)誤；在0到t0時(shí)間內(nèi)物體做加速運(yùn)動(dòng)，物體的動(dòng)量逐漸變大，則D正確；故選D。5、C【解析】在上升過(guò)程中，對(duì)小球受力分析，由牛頓第二定律可知mg+f=ma，由于向上減速運(yùn)動(dòng)，速度減小，受到的阻力大小與速度大小成正比，故加速度減小到g，當(dāng)達(dá)到最高點(diǎn)后開(kāi)始加速下降，則由牛頓第二定律mg-f=ma，速度增大，加速度減小，故C正確，ABD錯(cuò)誤6、D【解析】

不管物體做減速運(yùn)動(dòng)、勻速運(yùn)動(dòng)還是加速運(yùn)動(dòng)，繩拉物體的力和物體拉繩的力是一對(duì)作用力和反作用力，作用力和反作用力總是大小相等，與物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)無(wú)關(guān)．A.加速前進(jìn)時(shí)，繩拉物體的力大于物體拉繩的力，與結(jié)論不符，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B.減速前進(jìn)時(shí)，繩拉物體的力大于物體拉繩的力，與結(jié)論不符，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C.只有勻速前進(jìn)時(shí)，繩拉物體的力與物體拉繩的力大小才相等，與結(jié)論不符，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D.不管物體如何前進(jìn)，繩拉物體的力與物體拉繩的力大小總相等，與結(jié)論相符，選項(xiàng)D正確；二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】

A項(xiàng)：對(duì)甲由動(dòng)能定理可知：，即即為圖象斜率，所以，由牛頓第二定律得：，故A正確；B項(xiàng)：對(duì)乙由動(dòng)能定理可知：，即即為圖象斜率，所以，由牛頓第二定律得：，故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：由圖可知：對(duì)甲：，即，解得：，對(duì)乙：，即，解得：，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：甲物體的初動(dòng)能為，可得，因此甲物體的位移時(shí)間關(guān)系為，乙物體的位移時(shí)間關(guān)系為，令可得，代入甲的位移可得，D正確8、BC【解析】

AB．一個(gè)質(zhì)點(diǎn)做方向不變的直線運(yùn)動(dòng)，加速度的方向始終與速度方向相同，但加速度大小逐漸減小直至為零，在此過(guò)程中，由于加速度的方向始終與速度方向相同，所以速度逐漸增大，當(dāng)加速度減小到零時(shí)，物體將做勻速直線運(yùn)動(dòng)，速度不變，而此時(shí)速度達(dá)到最大值，故A錯(cuò)誤，B正確。CD．由于質(zhì)點(diǎn)做方向不變的直線運(yùn)動(dòng)，所以位移逐漸增大，當(dāng)加速度減小到零時(shí)，速度不為零，所以位移繼續(xù)增大，故C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。9、AD【解析】小球在B位置時(shí)受到向下的重力mg、水平向左的拉力F、沿BO方向的拉力T1，根據(jù)平衡條件應(yīng)有T1=mgcos60°=2mg；小球返回到A時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律應(yīng)有T2-mg=mvA2L

從B到A由動(dòng)能定理可得mgL（1-cos60°）=12mvA，所以A正確；根據(jù)動(dòng)能定理應(yīng)有WF-mgL（1-cos60°）=0，解得WF=12mgL，所以B錯(cuò)誤；從B到A小球做圓周運(yùn)動(dòng)，在B點(diǎn)時(shí)所受的合力為FB=mgsinθ，在A點(diǎn)時(shí)所受的合力為FA=mvA2L，再由動(dòng)能定理mgL（1-cosθ）=12mvA2，解得F，所以C錯(cuò)誤；根據(jù)P=Fvcosα，小球在B點(diǎn)時(shí)的速度為0，所以重力的瞬時(shí)功率也為0，盡管小球在A點(diǎn)時(shí)的速度最大，但此時(shí)在豎直方向的速度為0，所以重力的瞬時(shí)功率也為0，所以小球從B到A的過(guò)程中重力的瞬時(shí)功率應(yīng)先增大后減小，D正確；故選AD．點(diǎn)睛：解答時(shí)應(yīng)明確：①物體緩慢運(yùn)動(dòng)過(guò)程即為動(dòng)態(tài)平衡過(guò)程；②瞬時(shí)功率表達(dá)式為P=FVcosα，其中α是力F與速度v的正向夾角．10、ABE【解析】

A．墨水中的小碳粒的運(yùn)動(dòng)是因?yàn)樾√剂Ｖ車(chē)拇罅克肿訉?duì)它的撞擊作用力不平衡導(dǎo)致向各方向運(yùn)動(dòng)，由于水分子運(yùn)動(dòng)無(wú)規(guī)則，導(dǎo)致小碳粒的運(yùn)動(dòng)也沒(méi)有規(guī)則，故A正確；B．?dāng)U散現(xiàn)象說(shuō)明分子之間存在空隙，同時(shí)分子在永不停息地做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故B正確；C．晶體分為單晶體和多晶體，多晶體物理性質(zhì)各向同性，故C錯(cuò)誤；D．能量具有單向性，故不能將散失的能量在聚集利用，故D錯(cuò)誤；E．絕對(duì)零度是低溫物體的極限，不可能達(dá)到，故E正確。故選ABE。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、①A②m1OP③OM+OP【解析】（1）為了保證入射小球不反彈，則入射小球的質(zhì)量大于被碰小球的質(zhì)量；為了發(fā)生對(duì)心碰撞，兩球的半徑需相同，故A錯(cuò)誤；在同一組實(shí)驗(yàn)的不同碰撞中，每次入射球必須從同一高度由靜止釋放，保證碰前的速度相同，故B正確．為了保證小球做平拋運(yùn)動(dòng)，安裝軌道時(shí)，軌道末端必須水平，故C正確．在該實(shí)驗(yàn)中需要測(cè)量小球的質(zhì)量以及小球的水平位移，需要的測(cè)量?jī)x器是天平、刻度尺，故D正確．故選BCD．

（2）碰撞過(guò)程中，如果水平方向動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律得：m1v1=m1v1′+m2v2，小球做平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)拋出點(diǎn)的高度相等，它們?cè)诳罩械倪\(yùn)動(dòng)時(shí)間t相等，兩邊同時(shí)乘以時(shí)間t，m1v1t=m1v1′t+m2v2t，m1OB=m1OA+m2OC；即如果得到m1OB=m1OA+m2OC，則認(rèn)為碰撞中的不變量是質(zhì)量與速度的乘積之和．（3）若碰撞中系統(tǒng)的動(dòng)能守恒，則12m1v12=12m1v1′2+12m2v22，即12m1OB2=12m1OA2+12點(diǎn)睛：實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)：（1）前提條件：保證碰撞是一維的，即保證兩物體在碰撞之前沿同一直線運(yùn)動(dòng)，碰撞之后還沿這條直線運(yùn)動(dòng)．（2）利用斜槽進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，入射球質(zhì)量要大于被碰球質(zhì)量，即m1＞m2，防止碰后m1被反彈．12、CADE【解析】①由于本實(shí)驗(yàn)的碰撞是在同一高度，在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，因而根據(jù)小球做平拋運(yùn)動(dòng)的射程就可知道碰撞后速度的大小之比，所以選C；②實(shí)驗(yàn)時(shí)，先讓入射球ml多次從斜軌上S位置靜止釋放，找到其平均落地點(diǎn)的位置P，測(cè)量平拋射程O(píng)P，然后，把被碰小球m2靜置于軌道的水平部分，再將入射球ml從斜軌上S位置靜止釋放，與小球m2相碰，并多次重復(fù)．測(cè)量平均落點(diǎn)的位置，找到平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移，因此步驟中D、E是必須的，而且D要在E之前，至于用天平秤質(zhì)量先后均可以，所以答案是ADE；碰撞前、后總動(dòng)量的比值：點(diǎn)睛：本題考查驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的實(shí)驗(yàn)，要注意明確實(shí)驗(yàn)原理，知道實(shí)驗(yàn)中利用平拋運(yùn)動(dòng)進(jìn)行實(shí)驗(yàn)的基本方法，同時(shí)注意實(shí)驗(yàn)中的注意事項(xiàng)和數(shù)據(jù)處理的基本方法．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、