2025屆吉林省扶余市一中物理高二第一學期期末考試試題含解析

2025屆吉林省扶余市一中物理高二第一學期期末考試試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、用均勻?qū)Ь€做成的正方形線框邊長為0.4m，正方形的一半放在垂直紙面向里的勻強磁場中，如圖所示.當磁場以10T/s的變化率增強時，線框中a、b兩點間的電勢差是（）A.Uab=0.1VB.Uab=-0.1VC.Uab=0.4VD.Uab=-0.4V2、如圖所示，在勻強磁場中勻速轉(zhuǎn)動的矩形單匝線圈的周期為T，轉(zhuǎn)軸垂直于磁場方向，線圈電阻為2Ω。從線圈平面與磁場方向平行時開始計時，線圈轉(zhuǎn)過60o時的感應電流為1A，那么（）A.任意時刻線圈中的感應電動勢為B.任意時刻穿過線圈的磁通量為C.線圈消耗的電功率為5WD.線圈中感應電流的有效值為2A3、如圖所示，以O點為圓心的圓周上有六個等分點a、b、c、d、e、f，等量正、負點電荷分別放置在a、d兩點時，下列說法中正確的是A.b、c、e、f四點的場強相同B.b、c、e、f四點的電勢相等C.將一帶正電的試探電荷從O點移到e點，電場力做正功D.O點的電勢高于b、c、e、f四點的電勢4、兩相鄰勻強磁場區(qū)域的磁感應強度大小不同、方向平行．一速度方向與磁感應強度方向垂直的帶電粒子（不計重力），從較強磁場區(qū)域進入到較弱磁場區(qū)域后，粒子的A.軌道半徑減小，角速度增大B.軌道半徑減小，角速度減小C.軌道半徑增大，角速度增大D.軌道半徑增大，角速度減小5、下列說法正確的是A.由可知，電場中某點的場強E與試探電荷的電荷量q成反比B.由可知，電場中某點的電勢與試探電荷的電荷量q成反比C.由可知，某段導體中的電流I與導體兩端的電壓U成正比D.由可知，磁場中某點的磁感應強度B與通電導線所受安培力F成正比6、如圖所示，重為100N的物體P在大小為10N的水平拉力F的作用下，在10s內(nèi)沿水平路面勻速前進了1m，則在這段時間內(nèi)拉力對物體做功的平均功率為A.1W B.10WC.100W D.1000W二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，A板發(fā)出的電子經(jīng)加速后，水平射入水平放置的兩平行金屬板間，金屬板間所加的電壓為U，電子最終打在熒光屏P上，關于電子的運動，下列說法中正確的是A.滑動觸頭向右移動時，電子打在熒光屏上的位置上升B.滑動觸頭向左移動時，電子打在熒光屏上的位置上升C.電壓U增大時，電子打在熒光屏上的速度大小不變D.電壓U增大時，電子從發(fā)出到打在熒光屏上的時間不變8、如圖所示，有三個質(zhì)量相等，分別帶正電、帶負電和不帶電的小球，從平行板電場的中點以相同的初速度垂直于電場方向進入，它們分別落在A、B、C三點，下列說法正確的是A.落在C點的小球帶正電B.落在A點的小球帶正電C.三個小球在電場中運動的時間相等D.三個小球到達極板時的動能關系為9、圖示是某導體的I-U圖線，圖中α=45°，下列說法正確的是A.通過電阻的電流與其兩端的電壓成正比B.此導體的電阻R=2ΩC.I-U圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)，所以電阻R=cot45°=1.0ΩD.在R兩端加6.0V電壓時，每秒通過電阻截面的電量是6.0C10、在如圖所示的電路中，電源的負極接地，其電動勢為、內(nèi)電阻為，、為定值電阻，為滑動變阻器，，為電容器，?、?為理想電流表和理想電壓表。在滑動變阻器滑動頭P自a端向b端滑動的過程中，下列說法中正確的是A.電壓表示數(shù)變大B.電流表示數(shù)變小C.電源的輸出功率增大D.電容器C所帶電荷量增多三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）下圖中螺旋測微器的度數(shù)是__________cm；游標卡尺的讀數(shù)是________cm12．（12分）多用表是由電流表改裝的，現(xiàn)測定一個量程為0~5mA的電流表G的內(nèi)阻r=100.0Ω,用它改裝成如圖的一個多量程多用電表，電流、電壓和電阻的測量都各有兩個量程(或分度值)不同的檔位。電流表的兩個檔位中，大量程是小量程的10倍。(1)當轉(zhuǎn)換開關S旋到位置1或2時，是電流檔，且旋到位置_______的量程較大：當轉(zhuǎn)換開關S旋到位置5或6時，是電壓檔，且旋到位置______的量程較大；(2)A、B兩表筆中，______為紅表筆；(3)圖中的電源Eˊ的電動勢為9.0V，當把轉(zhuǎn)換開關S旋到位置4，在AB之間接900Ω電阻時，表頭G剛好半偏。已知之前已經(jīng)進行了必要的、正確的操作。則R1＝_________Ω，R2＝_________Ω。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）在平面直角坐標系xOy中，第Ⅰ象限存在沿y軸負方向的勻強電場，第Ⅳ象限存在垂直于坐標平面向外的勻強磁場，磁感應強度為B．一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的粒子從y軸正半軸上的M點以一定的初速度垂直于y軸射入電場，經(jīng)x軸上的N點與x軸正方向成θ＝60°角射入磁場，最后從y軸負半軸上的P點垂直于y軸射出磁場，已知ON＝d，如圖所示．不計粒子重力，求：（1）粒子在磁場中運動的軌道半徑R；（2）粒子在M點的初速度v0的大?。唬?）粒子從M點運動到P點總時間t14．（16分）如圖所示，與水平面成θ=37°角的光滑軌道間距為L=0.4m，軌道上有一質(zhì)量為m=0.04kg,電阻為R=3Ω的金屬棒ab，電源電動勢為E=6V，電路中其他電阻不計，ab棒靜止在軌道上，當磁感強度的方向分別為：(1)豎直向上、(2)垂直軌道平面向上時，分別求出其大小?(已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2)15．（12分）如圖所示，一電荷量為-q的帶電粒子，以速度v垂直射入磁感應強度為B、寬度為d的有界勻強磁場中，射出磁場時的速度方向與原來粒子的入射方向的夾角θ=60°，求：（1）帶電粒子在磁場中運動的軌道半徑r（2）帶電粒子穿過磁場的時間t

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】根據(jù)法拉第電磁感應定律，求出感應電動勢的大小，根據(jù)楞次定律判斷出感應電流的方向，再通過閉合電路歐姆定律求出電流以及電勢差【詳解】題中正方形線框的左半部分磁通量變化而產(chǎn)生感應電動勢，從而在線框中有感應電流產(chǎn)生，把左半部分線框看成電源，其電動勢為E，內(nèi)電阻為r/2，畫出等效電路如圖所示則a、b兩點間的電勢差即為電源的路端電壓，設l是邊長，且依題意知：=10T/s．由E=得：；所以有：，由于a點電勢低于b點電勢，故有：Uab=-0.4V．故選D2、A【解析】ACD．從垂直中性面開始其瞬時表達式為則故電流的有效值為。感應電動勢的最大值為電功率為所以從線圈平面與磁場方向平行時開始計時，電動勢的瞬時表達式為故A正確，CD錯誤；B．任意時刻穿過線圈的磁通量為根據(jù)公式可得故故B錯誤。故選A。3、C【解析】根據(jù)兩個點電荷的電場強度的疊加，滿足矢量合成的原理，并依據(jù)等量異種電荷的電場線與等勢線的分布，進行分析即可【詳解】由題意可知，兩點電荷在e、f處的電場強度各自進行矢量合成，則e、f處場強大小相等，但方向相同，同理b、c電場強度大小相等，方向相同，因此這四點的電場強度大小相等，方向不同，故A錯誤．依據(jù)等量異種電荷，等勢線的分布，可知，b、f二點的電勢相等，而c、e二點的電勢相等，且b、f二點的電勢高于c、e二點的電勢，故B錯誤；根據(jù)沿著電場線方向，電勢降低，因此O點的電勢高于c、e二點的電勢，而低于b、f二點的電勢，故D錯誤；將一帶正電的試探電荷從O點移到e點，即從高電勢移動低電勢，那么電勢能降低，因此電場力做正功，故C正確；故選C【點睛】考查點電荷電場強度的疊加，關鍵要掌握庫侖定律，理解電場強度的大小與方向，及矢量疊加原理，并掌握等量異種電荷的等勢線的分布4、D【解析】由于磁場方向與速度方向垂直，粒子只受到洛倫茲力作用，即，軌道半徑，洛倫茲力不做功，從較強到較弱磁場區(qū)域后，速度大小不變，但磁感應強度變小，軌道半徑變大，根據(jù)角速度可判斷角速度變小，選項D正確【定位】磁場中帶電粒子的偏轉(zhuǎn)【名師點睛】洛倫茲力在任何情況下都與速度垂直，都不做功，不改變動能【此處有視頻，請去附件查看】5、C【解析】根據(jù)公式是否是比值定義法，分析各量之間的關系．比值法定義法被定義的物理量反映物質(zhì)的屬性【詳解】A．公式采用比值定義法，E反映電場本身的強弱和方向，與試探電荷在電場中該點所受的電場力F和電荷量q無關，故A錯誤；B．由公式采用比值定義法，反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷在電場中該點所具有的電勢能和電荷量q無關，故B錯誤；C．公式是歐姆定律的表達式，某段導體中的電流I與導體兩端的電壓U成正比，故C正確；D．采用比值定義法，B反映磁場本身的強弱和方向，與電流元在磁場中該點所受的安培力F和IL無關，故D錯誤所以C正確，ABD錯誤【點睛】解決本題關鍵要掌握物理量的定義方法和公式中各量的準確含義，并要理解公式的適用條件6、A【解析】物體在10N的拉力下前進1m，所以拉力做的功：W=FS=10×1=10J；拉力的平均功率：．故A正確，BCD錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】設加速電壓為U′，由題意知，電子在加速電場中加速運動，根據(jù)動能定理得：eU′=mv2電子獲得的速度為：電子進入偏轉(zhuǎn)電場后做類平拋運動，也就是平行電場方向做初速度為0的勻加速直線運動，加速度為：電子在電場方向偏轉(zhuǎn)的位移為：垂直電場方向做勻速直線運動，粒子在電場中運動時間為：聯(lián)立解得：又因為偏轉(zhuǎn)電場方向向下，所以電子在偏轉(zhuǎn)電場里向上偏轉(zhuǎn)。A.滑動觸頭向右移動時，加速電壓變大，故電子偏轉(zhuǎn)位移y變小，因為電子向上偏轉(zhuǎn)，故在屏上的位置下降，故A錯誤；B.滑動觸頭向左移動時，加速電壓變小，故電子偏轉(zhuǎn)位移y變大，因為電子向上偏轉(zhuǎn)，故在屏上的位置上升，故B正確；D.偏轉(zhuǎn)電壓U增大時，電子在電場中受到電場力增大，即電子偏轉(zhuǎn)的加速度a增大；因為加速電壓不變，電子進入電場的速度沒有變化，電子在電場中運動的時間t沒有發(fā)生變化，故D正確；C.偏轉(zhuǎn)電壓U增大時，電子在電場中受到的電場力增大，即電子偏轉(zhuǎn)的加速度a增大；因為電子水平方向的速度v不變，電子在電場中運動的時間不變，電子打在屏上的速度為則電子打在屏上的速度增大，故C錯誤。8、BD【解析】C．小球在電場中做類平拋運動，小球在水平方向上做勻速直線運動，根據(jù)可知，C錯誤；AB．根據(jù)偏轉(zhuǎn)位移相等則，可知C的電場力方向向下，A的電場力方向向上，所以A帶正電，C帶負電，B不帶電，A錯誤B正確；D．根據(jù)受力分析可知根據(jù)動能定理知，C的合力最大，則C球合力做功最多，A球合力做功最小，可知C球動能增加量最大，A球動能增加量最小，初動能相等，所以三個小球到達極板時的動能關系為，D正確。故選BD。9、AB【解析】A.由圖像知通過電阻的電流與其兩端的電壓成正比，故A正確；B.根據(jù)電阻的定義可知：，故B正確C.單位不同，傾角不同，電阻不能通過傾角正切值求得，故C錯誤；D.在R兩端加6.0V電壓時，電流為3A,所以，故D錯誤故選AB10、AC【解析】A.在滑動變阻器滑動頭P自a端向b端滑動的過程中，變阻器在路電阻減小，外電路總電阻減小，干路電流I增大，電阻R1兩端電壓增大，則電壓表示數(shù)變大。故A正確；B.電阻R2兩端的電壓：U2=E?I(R1+r)，I增大，則U2變小，流過R2的電流減小，則電流表示數(shù)變大，故B錯誤；C.據(jù)題：r<R1，當外電路總電阻減小時，內(nèi)外電阻更加接近，電源的輸出功率增大。故C正確；D.由于U2變小，電容器板間電壓變小，其帶電量減小。故D錯誤。故選：AC三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.0.2988②.10.88【解析】螺旋測微器的固定刻度為2.5mm，可動刻度為0.01×48.8mm=0.488mm，所以最終讀數(shù)為：所以最終讀數(shù)為2.5mm+0.488mm=2.988mm=0.2988cm．游標卡尺的主尺讀數(shù)為：10.8cm，游標尺上第8個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標尺讀數(shù)為：0.1×8mm=0.8mm，所以最終讀數(shù)為：10.8cm+0.08cm=10.88cm12、①.1②.6③.A④.10⑤.90【解析】(1)[1]電流表并聯(lián)電阻可以擴大量程，并聯(lián)電阻越小，分流越大，量程越大，故當轉(zhuǎn)換開關S旋到位置1時量程較大；[2]電壓表串聯(lián)電阻可以擴大量程，串聯(lián)電阻越大，分壓越大，量程越大，故當轉(zhuǎn)換開關S旋到位置6時量程較大；(2)[3]在測量電阻時，因為歐姆檔的電路與電池連接，則將轉(zhuǎn)換開關S旋到位置3或4時，電流應從紅表筆進、黑表筆出，所以A、B兩表筆中，A為紅表筆；(3)[4][5]因為“之前已經(jīng)進行了必要的、正確的操作”，意味著之前已經(jīng)將A、B短接調(diào)零，即讓表頭滿偏。在A、B之間接900Ω電阻時，表頭G剛好半偏，說明當表頭半偏時，改裝后的歐姆表“4”總內(nèi)阻R內(nèi)=900Ω，則轉(zhuǎn)換開關S在2時，電流表2的量程為根據(jù)題給條件“電流表的兩個檔位中，大量程是小量程的10倍”，所以轉(zhuǎn)換開關S在1時，電流表1的量程為又表頭G滿偏電流為5mA