2023屆貴州省貴陽市高三下學期適應性考試（一）數(shù)學（文）試題（解析版）

高考模擬試題PAGEPAGE1貴陽市2023年高三適應性考試（一）文科數(shù)學2023年2月注意事項：1．本試卷分第Ⅰ卷（選擇題）和第Ⅱ卷（非選擇題）兩部分．答卷前，考生務必將自己的姓名、報名號、座位號填寫在答題卡相應位置上．2．回答第Ⅰ卷時，選出每小題〖答案〗后，用鉛筆把答題卡上對應題目的〖答案〗標號涂黑．如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它〖答案〗標號．寫在本試卷上無效．3．回答第Ⅱ卷時，將〖答案〗寫在答題卡上，寫在本試卷上無效．4．請保持答題卡平整，不能折疊．考試結束，監(jiān)考員將試題卷、答題卡一并收回．第Ⅰ卷（選擇題共60分）一、選擇題：本大題共12小題，每小題5分，在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的．1.集合，集合，則（）A. B.C. D.〖答案〗C〖解析〗〖祥解〗解不等式可求得集合，由交集定義可得結果.〖詳析〗由得：或，即，.故選：C.2.已知是虛數(shù)單位，復數(shù)的共軛復數(shù)的虛部為（）A. B. C.4 D.〖答案〗C〖解析〗〖祥解〗利用復數(shù)乘方運算得到，從而得到的共軛復數(shù)及其虛部.〖詳析〗，故復數(shù)的共軛復數(shù)為，故共軛復數(shù)的虛部為4.故選：C3.在一場跳水比賽中，7位裁判給某選手打分從低到高依次為，8.1，8.4，8.5，9.0，9.5，，若去掉一個最高分和一個最低分后的平均分與不去掉的平均分相同，那么最低分的值不可能是（）A.7.7 B.7.8 C.7.9 D.8.0〖答案〗D〖解析〗〖祥解〗根據(jù)所給條件可得出，再由的范圍驗證選項即可得解.〖詳析〗因為去掉最高分與最低分后平均分為，所以，解得，由于得分按照從低到高的順序排列的，故，，當時，，滿足上述條件，故A錯誤；當時，，滿足上述條件，故B錯誤；當時，，滿足上述條件，故C錯誤；當時，，不滿足上述條件，故D正確.故選：D4.等差數(shù)列中，，則數(shù)列的前9項之和為（）A.24 B.27 C.48 D.54〖答案〗B〖解析〗〖祥解〗根據(jù)等差數(shù)列下標和性質求出，再根據(jù)等差數(shù)列求和公式計算可得.〖詳析〗解：在等差數(shù)列中，，則所以，又，所以，所以.故選：B5.香農(nóng)-威納指數(shù)（）是生態(tài)學中衡量群落中生物多樣性的一個指數(shù)，其計算公式是，其中是該群落中生物的種數(shù)，為第個物種在群落中的比例，下表為某個只有甲?乙?丙三個種群的群落中各種群個體數(shù)量統(tǒng)計表，根據(jù)表中數(shù)據(jù)，該群落的香農(nóng)-威納指數(shù)值為（）物種甲乙丙合計個體數(shù)量A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗〖祥解〗根據(jù)已知公式和對數(shù)運算直接計算求解即可.〖詳析〗由題意知：.

故選：A.6.如圖，在中，，則（）A.9 B.18 C.6 D.12〖答案〗D〖解析〗〖祥解〗由可得，則，代入化簡即可得出〖答案〗.〖詳析〗由可得：，所以，所以，，因為，所以.故選：D.7.棱錐的內(nèi)切球半徑，其中，分別為該棱錐的體積和表面積，如圖為某三棱錐的三視圖，若每個視圖都是直角邊長為的等腰直角形，則該三棱錐內(nèi)切球半徑為（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗〖祥解〗由三視圖還原三棱錐，求得棱錐表面積和體積后，代入公式即可求得內(nèi)切球半徑.〖詳析〗由三視圖可還原三棱錐如下圖所示，其中平面，，，，棱錐表面積，該棱錐的內(nèi)切球半徑.故選：C.8.已知直線，直線，其中實數(shù)，則直線與的交點位于第一象限的概率為（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗〖祥解〗首先由兩條直線相交，聯(lián)立方程組寫出兩條直線的交點坐標，接下來根據(jù)交點在第一象限得到a的范圍，利用幾何概型概率計算公式計算即可〖詳析〗當時，，此時，所以，直線與無交點；當時，由，解得：，由題意，解得，又，由幾何概型的概率公式知，所求的概率為.故選：A.9.以雙曲線的實軸為直徑的圓與該雙曲線的漸近線分別交于A，B，C，D四點，若四邊形的面積為，則該雙曲線的離心率為（）A.或2 B.2或 C. D.〖答案〗B〖解析〗〖祥解〗先由雙曲線與圓的對稱性得到，再將代入，從而得到，，進而結合得到關于的齊次方程，由此轉化為關于雙曲線離心率的方程即可得解.〖詳析〗依題意，根據(jù)雙曲線與圓的對稱性，可得四邊形為矩形，如圖，不放設點位于第一象限，則，因為雙曲線的漸近線方程為，則，以雙曲線的實軸為直徑的圓的方程為，則，將代入，得，則，即，所以，則，故，又，所以，則，則，所以，則，即，所以，即，解得或，因為，所以或.故選：B.10.函數(shù)的部分圖象如圖所示，則下列關于函數(shù)的說法正確的是（）①的圖象關于直線對稱②的圖象關于點對稱③將函數(shù)的圖象向左平移個單位長度得到函數(shù)的圖象④若方程在上有兩個不相等的實數(shù)根，則的取值范圍是A.①④ B.②④ C.③④ D.②③〖答案〗B〖解析〗〖祥解〗根據(jù)圖象求出函數(shù)的〖解析〗式，結合三角函數(shù)的性質，逐次判斷各選項即可得到結論．〖詳析〗解：由函數(shù)的圖象可得，由，解得，又函數(shù)過點，所以，，又，得，所以函數(shù)，當時，，即的圖象關于點對稱，故②正確；當時，，故①錯誤；將函數(shù)的圖象向左平移個單位長度得到，故③錯誤；當，則，令，解得，此時，即，令，解得，此時，即，所以在上單調遞減，在上單調遞增，因為方程在上有兩個不相等的實數(shù)根，即與在上有兩個交點，所以，故④正確；故選：B11.如圖，在三棱錐中，平面平面，是邊長為的等邊三角形，，則該幾何體外接球表面積為（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗〖祥解〗設外心為，外心為，DB中點為E，過外心分別作平面，平面垂線，則垂線交點O為外接球球心.后利用正弦定理可得，外接圓半徑，又注意到四邊形為矩形，則外接球半徑.〖詳析〗設外心為，外心為，DB中點為E.因，平面，平面平面，平面平面，則平面，又平面，則.過，分別作平面，平面垂線，則垂線交點O為外接球球心，則四邊形為矩形.外接圓半徑.又因，，則.故外接圓半徑.又.又平面，平面，則.故外接球半徑，故外接球表面積為.故選：A〖『點石成金』〗結論『點石成金』：本題涉及底面與側面垂直的三棱錐的外接球.設底面與側面外接圓半徑為，底面與側面公共棱長度為，則外接球半徑.12.函數(shù)，若，且，則的取值范圍是（）A. B.C. D.〖答案〗D〖解析〗〖祥解〗由對數(shù)的運算性質和函數(shù)奇偶性的定義判斷為奇函數(shù)，再由導數(shù)判斷的單調性，將原不等式兩邊去掉“”，解不等式可得所求取值范圍.〖詳析〗因，所以為奇函數(shù)，又，當時，，，所以，所以在上單調遞增，又因為為奇函數(shù)，所以在R上單調遞增，由可得，所以，所以，所以，，因，所以，所以，解得：，又因為，所以.故選：D.第Ⅱ卷（非選擇題共90分）二、填空題：本大題共4小題，每小題5分．13.函數(shù)在點處的切線方程為____________．〖答案〗〖解析〗〖祥解〗求導，再根據(jù)導數(shù)的幾何意義即可得解.〖詳析〗，則，所以函數(shù)在點處的切線方程為，即.故〖答案〗為：.14.正實數(shù)a，b滿足，則的最小值為__________．〖答案〗##〖解析〗分析〗由結合基本不等式求解即可.〖詳析〗解：由題得.當且僅當時，取等號，所以的最小值為.故〖答案〗為：15.趙爽是我國漢代數(shù)學家，他在注解《周髀算經(jīng)》時給出的“趙爽弦圖”被選為第24屆國際數(shù)學家大會的會徽.如圖所示，“趙爽弦”圖中的大正方形是由4個全等的直角三角形和小正方形拼成，現(xiàn)連接，當正方形的邊長為1且其面積與正方形的面積之比為1∶5時，___________.〖答案〗.〖解析〗〖祥解〗根據(jù)圖形，由面積可得出直角三角的三邊長，求出角的三角函數(shù)，利用求解.〖詳析〗由題意得，，故直角三角形斜邊為，設直角三角形中較短直角邊長為，如圖中，則較長直角邊長為，如圖中,則由勾股定理可得，解得，，，,.故〖答案〗為：.16.拋物線，圓，直線l過圓心M且與拋物線E交于A，B與圓M交于C，D.若，則___________.〖答案〗##〖解析〗〖祥解〗設直線的方程為，由題意可知圓的圓心為弦的中點，據(jù)此聯(lián)立直線與拋物線方程，由根與系數(shù)的關系即可求出，再由弦長公式即可得解.〖詳析〗由可得，故圓心，半徑，因為直線l過圓心M且，所以，，即為的中點，顯然，直線斜率為0時，不符合題意，設直線的方程為，聯(lián)立，消元得，設，由，所以，由為的中點可知，，即，所以,所以.故〖答案〗為：三、解答題：第17至21題每題12分，第22、23題為選考題，各10分．解答應寫出文字說明，證明過程或演算步驟．17.等比數(shù)列的前n項和為，，且成等差數(shù)列．（1）求；（2）若，求數(shù)列前n項和．〖答案〗（1）（2）〖解析〗〖祥解〗（1）由等差中項的性質結合等比通項，解方程得出；（2）由錯位相減法得出數(shù)列前n項和．〖小問1詳析〗證明：∵是等比數(shù)列，且①又成等差數(shù)列，∴，∴②聯(lián)立①②得，∴．〖小問2詳析〗由（1）知，∴①②①②得18.2022年9月3日至2022年10月8日，因為疫情，貴陽市部分高中學生只能居家學習，為了監(jiān)測居家學習效果，某校在恢復正常教學后舉行了一次考試，在考試中，發(fā)現(xiàn)學生總體成績相較疫情前的成績有明顯下降．為了解學生成績下降的原因，學校進行了問卷調查，從問卷中隨機抽取了200份學生問卷，發(fā)現(xiàn)其中有96名學生成績下降，在這些成績下降的學生中有54名學生屬于“長時間使用手機娛樂”（每天使用手機娛樂2個小時以上）的學生．（1）根據(jù)以上信息，完成下面的列聯(lián)表，并判斷能否有把握認為“成績下降”與“長時間使用手機娛樂”有關？長時間使用手機娛樂非長時間使用手機娛樂合計成績下降成績未下降合計90200（2）在被抽取的200名學生中“長時間使用手機娛樂”且“成績未下降”的女生有12人，現(xiàn)從“長時間使用手機娛樂”且“成績未下降”的學生中按性別分層抽樣抽取6人，再從這6人中隨機抽取2人進一步訪談，求被訪談的兩人為一男一女的概率．參考公式：，其中．0.150.100.050.0250.0100.0050.0012.0722.7063.8415.0246.6357.87910.828〖答案〗（1）表格見〖解析〗，有（2）〖解析〗〖祥解〗（1）根據(jù)題意完成列聯(lián)表，計算，并與臨界值對比分析；（2）根據(jù)分層抽樣求抽取的人數(shù)，利用列舉法結合古典概型運算求解.〖小問1詳析〗根基題意可得：列聯(lián)表如下：長時間使用手機娛樂非常時間使用手機娛樂合計學習成績下降544296學習成績未下降3668104合計90110200∴有把握認為學習成績下降與“長時間使用手機娛樂”有關.〖小問2詳析〗在抽取的6人中，女生有人，男生有人，設女生為1，2，男生為a，b，c，d，從訪談的6人中抽取2人的基本事件共有15種：，設“被訪談的兩人中一男一女生”為事件A，共有8種，則.19.如圖①，在梯形中，，E為中點，現(xiàn)沿將折起，如圖②，其中F，G分別是的中點．（1）求證：平面；（2）若，求點B到平面的距離．〖答案〗（1）證明見〖解析〗（2）〖解析〗〖祥解〗（1）連接，證明，可得平面，再根據(jù)線面垂直的性質可得，在證明，再根據(jù)線面垂直的判定定理即可得證；（2）先利用勾股定理可得，從而可得面，再根據(jù)線面垂直的性質可得，設H是中點，連接，證明，再在三棱錐中，利用等體積法即可得解.〖小問1詳析〗連接，在圖①中，因為，E為中點，所以且，所以四邊形為正方形，則和都是等腰直角三角形，在圖②中，由且F是的中點，則，又平面，所以平面，又平面，所以，又因為，所以，因為，且G是的中點，所以，又因平面，所以平面；〖小問2詳析〗在圖②中，因為，所以，又因為，所以，所以，又由（1）知面，所以面，又面，所以，設H是中點，連接，因為，所以，又平面，所以平面，又平面，所以，由題易得，，所以的面積為，的面積為，設點B到平面的距離為d，由有，即，所以，所以點B到平面的距離為.20.橢圓的右頂點，過橢圓右焦點的直線l與C交于點M，N，當l垂直于x軸時．（1）求橢圓C的方程；（2）若直線與y軸交于P點，直線與y軸交于Q點，點，求證：．〖答案〗（1）（2）證明見〖解析〗〖解析〗〖祥解〗（1）根據(jù)橢圓性質和通徑公式即可求出橢圓方程；（2）利用代數(shù)法分別表示出P點和Q點，再聯(lián)立方程并根據(jù)韋達定理找到兩點坐標的關系，最后利用向量垂直與向量坐標間的關系列式計算即可．〖小問1詳析〗由已知∴橢圓C的方程為〖小問2詳析〗證明：設過右焦點的直線l的方程為，且與曲線C的交點分別為，聯(lián)立則由韋達定理有：，設直線，當時，，同理，設直線，當時，若證，即證∴∴，∴21.函數(shù)．（1）當時，求函數(shù)的單調區(qū)間；（2）若過原點O可作三條直線與的圖像相切，求實數(shù)a的取值范圍．〖答案〗（1）單調遞增區(qū)間為和，單調遞減區(qū)間為（2）〖解析〗〖祥解〗（1）將代入，對函數(shù)求導數(shù)，分別解和得函數(shù)的單調區(qū)間；（2）設切點，由題，整理得，將條件轉化為直線與函數(shù)圖象有三個交點，研究，得a的取值范圍.〖小問1詳析〗當時，．由，令，解得或；令，解得．所以的單調遞增區(qū)間為和，單調遞減區(qū)間為．〖小問2詳析〗易知原點O不在函數(shù)的圖像上，設切點為．求導得，則，即，整理得，所以，令，則，令，解得或；令，解得，所以函數(shù)在區(qū)間上單調遞增，在上單調遞減，在上遞增，故當時，；當時，；時，，當時，的取值范圍為．而過原點O可作三條直線與的圖像相切，則有三個不相等的實數(shù)根，也就是直線與函數(shù)的圖象有三個交點，則有，即．〖『點石成金』〗將題目條件轉化為方程有三個不相等的實數(shù)根，再將方程根的個數(shù)問題轉化為函數(shù)圖象交點個數(shù)問題.請考生在第22、23題中任選一題作答，如果多做，則按所做的第一題記分．作答時用2B鉛筆在答題卡上把所選題目對應題號的方框涂黑．選修4-4：坐標系與參數(shù)方程22.如圖，在極坐標系中，圓O的半徑為2，半徑均為1的兩個半圓弧所在圓的圓心分別為，M是半圓弧上的一個動點.（1）若點A是圓O與極軸的交點，求的最大值；（2）若點N是射線與圓O的交點，求面積的取值范圍.〖答案〗（1）（2）〖解析〗〖祥解〗（1）根據(jù)題意，得到半圓弧的直角坐標方程，從而可得的最大值；（2）根據(jù)題意，表示出，結合三角形的面積公式，即可得到，再根據(jù)三角恒等變換公式化簡，即可得到結果.〖小問1詳析〗由題知，半圓弧的極坐標方程為:，化為直角坐標方程為:，其圓心為，半徑為，由題可知，所以〖小問2詳析〗由題知，，，所以因為，所以，即，所以選修4-5：不等式選講23.已知.（1）求的取值范圍；（2）若，，求證：.〖答案〗（1）；（2）證明見〖解析〗.〖解析〗〖祥解〗（1）采用三角換元法可將化為，由正弦型函數(shù)值域可求得結果；（2）利用基本不等式可求得，由此可整理證得結果.〖小問1詳析〗，可設，，，（其中，），，即的取值范圍為；〖小問2詳析〗，，，，（當且僅當，時取等號），，即，.高考模擬試題PAGEPAGE1貴陽市2023年高三適應性考試（一）文科數(shù)學2023年2月注意事項：1．本試卷分第Ⅰ卷（選擇題）和第Ⅱ卷（非選擇題）兩部分．答卷前，考生務必將自己的姓名、報名號、座位號填寫在答題卡相應位置上．2．回答第Ⅰ卷時，選出每小題〖答案〗后，用鉛筆把答題卡上對應題目的〖答案〗標號涂黑．如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它〖答案〗標號．寫在本試卷上無效．3．回答第Ⅱ卷時，將〖答案〗寫在答題卡上，寫在本試卷上無效．4．請保持答題卡平整，不能折疊．考試結束，監(jiān)考員將試題卷、答題卡一并收回．第Ⅰ卷（選擇題共60分）一、選擇題：本大題共12小題，每小題5分，在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的．1.集合，集合，則（）A. B.C. D.〖答案〗C〖解析〗〖祥解〗解不等式可求得集合，由交集定義可得結果.〖詳析〗由得：或，即，.故選：C.2.已知是虛數(shù)單位，復數(shù)的共軛復數(shù)的虛部為（）A. B. C.4 D.〖答案〗C〖解析〗〖祥解〗利用復數(shù)乘方運算得到，從而得到的共軛復數(shù)及其虛部.〖詳析〗，故復數(shù)的共軛復數(shù)為，故共軛復數(shù)的虛部為4.故選：C3.在一場跳水比賽中，7位裁判給某選手打分從低到高依次為，8.1，8.4，8.5，9.0，9.5，，若去掉一個最高分和一個最低分后的平均分與不去掉的平均分相同，那么最低分的值不可能是（）A.7.7 B.7.8 C.7.9 D.8.0〖答案〗D〖解析〗〖祥解〗根據(jù)所給條件可得出，再由的范圍驗證選項即可得解.〖詳析〗因為去掉最高分與最低分后平均分為，所以，解得，由于得分按照從低到高的順序排列的，故，，當時，，滿足上述條件，故A錯誤；當時，，滿足上述條件，故B錯誤；當時，，滿足上述條件，故C錯誤；當時，，不滿足上述條件，故D正確.故選：D4.等差數(shù)列中，，則數(shù)列的前9項之和為（）A.24 B.27 C.48 D.54〖答案〗B〖解析〗〖祥解〗根據(jù)等差數(shù)列下標和性質求出，再根據(jù)等差數(shù)列求和公式計算可得.〖詳析〗解：在等差數(shù)列中，，則所以，又，所以，所以.故選：B5.香農(nóng)-威納指數(shù)（）是生態(tài)學中衡量群落中生物多樣性的一個指數(shù)，其計算公式是，其中是該群落中生物的種數(shù)，為第個物種在群落中的比例，下表為某個只有甲?乙?丙三個種群的群落中各種群個體數(shù)量統(tǒng)計表，根據(jù)表中數(shù)據(jù)，該群落的香農(nóng)-威納指數(shù)值為（）物種甲乙丙合計個體數(shù)量A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗〖祥解〗根據(jù)已知公式和對數(shù)運算直接計算求解即可.〖詳析〗由題意知：.

故選：A.6.如圖，在中，，則（）A.9 B.18 C.6 D.12〖答案〗D〖解析〗〖祥解〗由可得，則，代入化簡即可得出〖答案〗.〖詳析〗由可得：，所以，所以，，因為，所以.故選：D.7.棱錐的內(nèi)切球半徑，其中，分別為該棱錐的體積和表面積，如圖為某三棱錐的三視圖，若每個視圖都是直角邊長為的等腰直角形，則該三棱錐內(nèi)切球半徑為（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗〖祥解〗由三視圖還原三棱錐，求得棱錐表面積和體積后，代入公式即可求得內(nèi)切球半徑.〖詳析〗由三視圖可還原三棱錐如下圖所示，其中平面，，，，棱錐表面積，該棱錐的內(nèi)切球半徑.故選：C.8.已知直線，直線，其中實數(shù)，則直線與的交點位于第一象限的概率為（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗〖祥解〗首先由兩條直線相交，聯(lián)立方程組寫出兩條直線的交點坐標，接下來根據(jù)交點在第一象限得到a的范圍，利用幾何概型概率計算公式計算即可〖詳析〗當時，，此時，所以，直線與無交點；當時，由，解得：，由題意，解得，又，由幾何概型的概率公式知，所求的概率為.故選：A.9.以雙曲線的實軸為直徑的圓與該雙曲線的漸近線分別交于A，B，C，D四點，若四邊形的面積為，則該雙曲線的離心率為（）A.或2 B.2或 C. D.〖答案〗B〖解析〗〖祥解〗先由雙曲線與圓的對稱性得到，再將代入，從而得到，，進而結合得到關于的齊次方程，由此轉化為關于雙曲線離心率的方程即可得解.〖詳析〗依題意，根據(jù)雙曲線與圓的對稱性，可得四邊形為矩形，如圖，不放設點位于第一象限，則，因為雙曲線的漸近線方程為，則，以雙曲線的實軸為直徑的圓的方程為，則，將代入，得，則，即，所以，則，故，又，所以，則，則，所以，則，即，所以，即，解得或，因為，所以或.故選：B.10.函數(shù)的部分圖象如圖所示，則下列關于函數(shù)的說法正確的是（）①的圖象關于直線對稱②的圖象關于點對稱③將函數(shù)的圖象向左平移個單位長度得到函數(shù)的圖象④若方程在上有兩個不相等的實數(shù)根，則的取值范圍是A.①④ B.②④ C.③④ D.②③〖答案〗B〖解析〗〖祥解〗根據(jù)圖象求出函數(shù)的〖解析〗式，結合三角函數(shù)的性質，逐次判斷各選項即可得到結論．〖詳析〗解：由函數(shù)的圖象可得，由，解得，又函數(shù)過點，所以，，又，得，所以函數(shù)，當時，，即的圖象關于點對稱，故②正確；當時，，故①錯誤；將函數(shù)的圖象向左平移個單位長度得到，故③錯誤；當，則，令，解得，此時，即，令，解得，此時，即，所以在上單調遞減，在上單調遞增，因為方程在上有兩個不相等的實數(shù)根，即與在上有兩個交點，所以，故④正確；故選：B11.如圖，在三棱錐中，平面平面，是邊長為的等邊三角形，，則該幾何體外接球表面積為（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗〖祥解〗設外心為，外心為，DB中點為E，過外心分別作平面，平面垂線，則垂線交點O為外接球球心.后利用正弦定理可得，外接圓半徑，又注意到四邊形為矩形，則外接球半徑.〖詳析〗設外心為，外心為，DB中點為E.因，平面，平面平面，平面平面，則平面，又平面，則.過，分別作平面，平面垂線，則垂線交點O為外接球球心，則四邊形為矩形.外接圓半徑.又因，，則.故外接圓半徑.又.又平面，平面，則.故外接球半徑，故外接球表面積為.故選：A〖『點石成金』〗結論『點石成金』：本題涉及底面與側面垂直的三棱錐的外接球.設底面與側面外接圓半徑為，底面與側面公共棱長度為，則外接球半徑.12.函數(shù)，若，且，則的取值范圍是（）A. B.C. D.〖答案〗D〖解析〗〖祥解〗由對數(shù)的運算性質和函數(shù)奇偶性的定義判斷為奇函數(shù)，再由導數(shù)判斷的單調性，將原不等式兩邊去掉“”，解不等式可得所求取值范圍.〖詳析〗因，所以為奇函數(shù)，又，當時，，，所以，所以在上單調遞增，又因為為奇函數(shù)，所以在R上單調遞增，由可得，所以，所以，所以，，因，所以，所以，解得：，又因為，所以.故選：D.第Ⅱ卷（非選擇題共90分）二、填空題：本大題共4小題，每小題5分．13.函數(shù)在點處的切線方程為____________．〖答案〗〖解析〗〖祥解〗求導，再根據(jù)導數(shù)的幾何意義即可得解.〖詳析〗，則，所以函數(shù)在點處的切線方程為，即.故〖答案〗為：.14.正實數(shù)a，b滿足，則的最小值為__________．〖答案〗##〖解析〗分析〗由結合基本不等式求解即可.〖詳析〗解：由題得.當且僅當時，取等號，所以的最小值為.故〖答案〗為：15.趙爽是我國漢代數(shù)學家，他在注解《周髀算經(jīng)》時給出的“趙爽弦圖”被選為第24屆國際數(shù)學家大會的會徽.如圖所示，“趙爽弦”圖中的大正方形是由4個全等的直角三角形和小正方形拼成，現(xiàn)連接，當正方形的邊長為1且其面積與正方形的面積之比為1∶5時，___________.〖答案〗.〖解析〗〖祥解〗根據(jù)圖形，由面積可得出直角三角的三邊長，求出角的三角函數(shù)，利用求解.〖詳析〗由題意得，，故直角三角形斜邊為，設直角三角形中較短直角邊長為，如圖中，則較長直角邊長為，如圖中,則由勾股定理可得，解得，，，,.故〖答案〗為：.16.拋物線，圓，直線l過圓心M且與拋物線E交于A，B與圓M交于C，D.若，則___________.〖答案〗##〖解析〗〖祥解〗設直線的方程為，由題意可知圓的圓心為弦的中點，據(jù)此聯(lián)立直線與拋物線方程，由根與系數(shù)的關系即可求出，再由弦長公式即可得解.〖詳析〗由可得，故圓心，半徑，因為直線l過圓心M且，所以，，即為的中點，顯然，直線斜率為0時，不符合題意，設直線的方程為，聯(lián)立，消元得，設，由，所以，由為的中點可知，，即，所以,所以.故〖答案〗為：三、解答題：第17至21題每題12分，第22、23題為選考題，各10分．解答應寫出文字說明，證明過程或演算步驟．17.等比數(shù)列的前n項和為，，且成等差數(shù)列．（1）求；（2）若，求數(shù)列前n項和．〖答案〗（1）（2）〖解析〗〖祥解〗（1）由等差中項的性質結合等比通項，解方程得出；（2）由錯位相減法得出數(shù)列前n項和．〖小問1詳析〗證明：∵是等比數(shù)列，且①又成等差數(shù)列，∴，∴②聯(lián)立①②得，∴．〖小問2詳析〗由（1）知，∴①②①②得18.2022年9月3日至2022年10月8日，因為疫情，貴陽市部分高中學生只能居家學習，為了監(jiān)測居家學習效果，某校在恢復正常教學后舉行了一次考試，在考試中，發(fā)現(xiàn)學生總體成績相較疫情前的成績有明顯下降．為了解學生成績下降的原因，學校進行了問卷調查，從問卷中隨機抽取了200份學生問卷，發(fā)現(xiàn)其中有96名學生成績下降，在這些成績下降的學生中有54名學生屬于“長時間使用手機娛樂”（每天使用手機娛樂2個小時以上）的學生．（1）根據(jù)以上信息，完成下面的列聯(lián)表，并判斷能否有把握認為“成績下降”與“長時間使用手機娛樂”有關？長時間使用手機娛樂非長時間使用手機娛樂合計成績下降成績未下降合計90200（2）在被抽取的200名學生中“長時間使用手機娛樂”且“成績未下降”的女生有12人，現(xiàn)從“長時間使用手機娛樂”且“成績未下降”的學生中按性別分層抽樣抽取6人，再從這6人中隨機抽取2人進一步訪談，求被訪談的兩人為一男一女的概率．參考公式：，其中．0.150.100.050.0250.0100.0050.0012.0722.7063.8415.0246.6357.87910.828〖答案〗（1）表格見〖解析〗，有（2）〖解析〗〖祥解〗（1）根據(jù)題意完成列聯(lián)表，計算，并與臨界值對比分析；（2）根據(jù)分層抽樣求抽取的人數(shù)，利用列舉法結合古典概型運算求解.〖小問1詳析〗根基題意可得：列聯(lián)表如下：長時間使用手機娛樂非常時間使用手機娛樂合計學習成績下降544296學習成績未下降3668104合計90110200∴有把握認為學習成績下降與“長時間使用手機娛樂”有關.〖小問2詳析〗在抽取的6人中，女生有人，男生有人，設女生為1，2，男生為a，b，c，d，從訪談的6人中抽取2人的基本事件共有15種：，設“被訪談的兩人中一男一女生”為事件A，共有8種，則.19.如圖①，在梯形中，，E為中點，現(xiàn)沿將折起，如圖②，其中F，G分別是的中點．（1）求證：平面；（2）若，求點B到平面的距離．〖答案〗（1）證明見〖解析〗（2）〖解析〗〖祥解〗（1）連接，證明，可得平面，再根據(jù)線面垂直的性質可得，在證明，再根據(jù)線面垂直的判定定理即可得證；（2）先利用勾股定理可得，從而可得面，再根據(jù)線面垂直的性質可得，設H是中點，連接，證明，再在三棱錐中，利用等體積法即可得解.〖小問1詳析〗連接，在圖①中，因為，E為中點，所以且，所以四邊形為正方形，則和都是等腰直角三角形，在圖②中，由且F是的中點，則，又平面，所以平面，又平面，所以，又因為，所以，因為，且G是的中點，所以，又因平面，所以平面；〖小問2詳析〗在圖②中，因為，所以，又因為，所以，所以，又由（1）知面，所以面，又面，所以，設H是中點，連接，因為，所以，又平面，所以平面，又平面，所以，由題易得，，所以的面積為，的面積為，設點B到平面的距離為d，由有，即，所以，所以點B到平面的距離為.20.橢圓的右頂點，過橢圓右焦點的直線l與