2025屆中山紀(jì)念中學(xué)物理高二上期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視模擬試題含解析

2025屆中山紀(jì)念中學(xué)物理高二上期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、關(guān)于安培力和洛倫茲力，下列說法正確的是A．安培力與洛倫茲力的本質(zhì)都是磁場對運(yùn)動電荷的作用力B．安培力與洛倫茲力都永遠(yuǎn)不做功C．安培力的方向不一定垂直于電流方向，但一定垂直與磁場方向D．洛倫茲力的方向與正粒子的運(yùn)動方向相同，與負(fù)粒子的運(yùn)動方向相反2、如圖，在正點(diǎn)電荷Q的電場中有M、N、P、F四點(diǎn)，M、N、P為直角三角形的三個頂點(diǎn)，F(xiàn)為MN的中點(diǎn)，∠M=30°．M、N、P、F四點(diǎn)處的電勢分別用φM、φN、φP、φF表示，已知φM=φN，φP=φF，點(diǎn)電荷Q在M、N、P三點(diǎn)所在平面內(nèi)，則（）A．點(diǎn)電荷Q一定在MP的連線上B．連接PF的線段一定在同一等勢面上C．將正試探電荷從P點(diǎn)搬運(yùn)到N點(diǎn)，電場力做負(fù)功D．φP小于φM3、銀行、醫(yī)院、公交等機(jī)構(gòu)發(fā)行的磁卡，都是利用磁性材料記錄信息的．關(guān)于磁卡的使用和保存，下列做法不合適的是（）A．用軟紙輕擦磁卡 B．用磁卡拍打桌面C．使磁卡遠(yuǎn)離熱源 D．使磁卡遠(yuǎn)離磁體4、如圖所示使物體A、B帶電的實(shí)驗(yàn)為（）A．摩擦起電 B．傳導(dǎo)起電 C．感應(yīng)起電 D．以上都不對5、一個質(zhì)點(diǎn)沿直線運(yùn)動，其速度圖象如圖所示，則質(zhì)點(diǎn)（）A．在0~10s內(nèi)做勻加速直線運(yùn)動 B．在0~10C．在10~40s內(nèi)做勻加速直線運(yùn)動 D．在10~406、如圖所示為滑動變阻器的示意圖，下列說法中正確的是()A．a(chǎn)和b串聯(lián)接入電路時，P向右移動電流增大B．b和c串聯(lián)接入電路時，P向右移動電流減小C．b和d串聯(lián)接入電路時，P向右移動電流增大D．a(chǎn)和c串聯(lián)接入電路時，P向右移動電流增大二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、某實(shí)驗(yàn)小組利用如圖所示裝置，探究感應(yīng)電流的產(chǎn)生條件．圖中A是螺線管，條形磁鐵的S極置于螺線管內(nèi)，磁鐵保持靜止?fàn)顟B(tài)，B為靈敏電流計(jì)，開關(guān)K處于斷開狀態(tài)，電路連接和各儀器均正常．下列關(guān)于實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象的說法正確的是()A．K閉合前，通過螺線管的磁通量為零B．K閉合瞬間，通過螺線管的磁通量不變C．K閉合瞬間，靈敏電流計(jì)指針不發(fā)生偏轉(zhuǎn)D．K閉合，抽出磁鐵過程中，靈敏電流計(jì)指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)8、如圖，某同學(xué)在玻璃皿中心放一個圓柱形電極接電源的負(fù)極，沿邊緣放一個圓環(huán)形電極接電源的正極，做“旋轉(zhuǎn)的液體”實(shí)驗(yàn)。若蹄形磁鐵兩極正對部分的磁場可視為勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=0.1T，玻璃皿的半徑為a=0.05m，電源的電動勢為E=3V，內(nèi)阻r=0.1Ω，限流電阻R0=4.9Ω，玻璃皿中兩電極間液體的等效電阻為R=1.0Ω。閉合開關(guān)后，液體受到安培力做功而具有一定的動能，此時電壓表示數(shù)為1.5V。下列說法正確的是（）A．電源輸出功率為0.891WB．液體的熱功率為0.25WC．由上往下看，液體做逆時針旋轉(zhuǎn)D．液體所受的安培力1.5×10－3N9、靜電噴涂機(jī)原理如圖所示，靜電噴涂機(jī)接高壓電源，工作時涂料微粒會向帶正電的被噴涂工件高速運(yùn)動，微粒最后被吸附到工件表面．關(guān)于靜電噴涂機(jī)的涂料微粒，下列表述正確的有()A．微粒帶負(fù)電 B．微粒帶正電C．微粒受洛倫茲力作用 D．微粒受電場力作用10、圖甲為某一電阻R的I－U特性曲線，圖乙為某一電源的路端電壓U與電流I的關(guān)系圖線，用該電源直接與電阻R相連組成閉合電路，由圖象可知()A．電源的電動勢為3V，內(nèi)阻為0.5ΩB．電阻R的阻值為1ΩC．電源的輸出功率為1WD．電源的效率為66.7%三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）兩位同學(xué)用如圖所示裝置，通過半徑相同的A、B兩球的碰撞來驗(yàn)證動量守恒定律。（1）為了完成本實(shí)驗(yàn)，下列必須滿足的條件是_______。A．斜槽軌道末端的切線必須水平B．入射球和被碰球的質(zhì)量必須相等C．入射球和被碰球大小必須相同D．入射球每次必須從軌道同一位置由靜止?jié)L下（2）實(shí)驗(yàn)中測得入射球A的質(zhì)量為m1，被碰撞小球B的質(zhì)量為m2，圖中O點(diǎn)是小球拋出點(diǎn)在水平地面上的垂直投影。實(shí)驗(yàn)時，先讓入射球A從斜軌上的起始位置由靜止釋放，找到其平均落點(diǎn)的位置P，測得平拋射程為OP；再將入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，與小球B相撞，分別找到球A和球B相撞后的平均落點(diǎn)M、N，測得平拋射程分別為OM和ON。當(dāng)所測物理量滿足表達(dá)式_______時，即說明兩球碰撞過程動量守恒；如果滿足表達(dá)式_______時，則說明兩球的碰撞為完全彈性碰撞。12．（12分）在做“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)室提供了以下器材：A．小燈泡（3.8V，0.3A）B．滑動變阻器（5Ω，2A）C．電流表（0~0.5A，內(nèi)阻約0.4Ω）D．電壓表（0~5V，內(nèi)阻約10kΩ）E．開關(guān)及導(dǎo)線若干(1)為實(shí)驗(yàn)測量誤差盡可能小，電流表應(yīng)選用________（填“內(nèi)”或“外”）接法；(2)為使小燈泡兩端電壓從零開始連續(xù)變化，滑動變阻器應(yīng)選用__________（填“限流式”或“分壓式”）接法；(3)綜上所述，應(yīng)選擇下圖中的_______電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)(4)利用實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)畫出了如乙圖所示的小燈泡伏安特性曲線。圖中，坐標(biāo)原點(diǎn)O到P點(diǎn)連線的斜率表示______。則根據(jù)此圖給出的信息可知，隨著小燈泡兩端電壓的升高，小燈泡的電阻______（填“變大”、“變小”或“不變”）四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）小型直流電動機(jī)(其線圈內(nèi)阻為r＝1Ω)與規(guī)格為“4V、4W”的小燈泡并聯(lián)，再與阻值為R＝5Ω的電阻串聯(lián)，然后接至U＝12V的電源上，如圖所示，小燈泡恰好正常發(fā)光，電動機(jī)正常工作，求：(1)通過電動機(jī)的電流；(2)電動機(jī)的輸出功率P出；(3)電動機(jī)的效率．14．（16分）某點(diǎn)電荷形成的電場中某區(qū)域的電場線如圖所示,A、B是電場中的兩點(diǎn)．一個電荷量

的點(diǎn)電荷在A點(diǎn)所受電場力，將該點(diǎn)電荷從A點(diǎn)移到B點(diǎn),電場力做功．求:

（1）請?jiān)趫D中標(biāo)出電場線的方向，并求A點(diǎn)電場強(qiáng)度的大小

（2）A、B兩點(diǎn)間的電勢差U（3）若取A點(diǎn)為零電勢位置，求B點(diǎn)電勢能（4）該點(diǎn)電荷從A點(diǎn)靜止釋放后運(yùn)動到B點(diǎn)的過程中，分析速度和加速度的變化情況．15．（12分）如圖所示，帶電荷量為Q的正點(diǎn)電荷固定在傾角為30°的光滑絕緣斜面底部的C點(diǎn)，斜面上有A、B兩點(diǎn)，且A、B和C在同一直線上，A和C相距為L，B為AC中點(diǎn)．現(xiàn)將一帶電小球從A點(diǎn)由靜止釋放，

當(dāng)帶電小球運(yùn)動到B點(diǎn)時速度正好又為零，已知帶電小球在A點(diǎn)處的加速度大小，靜電力常量為k，求：（1）小球運(yùn)動到B點(diǎn)時的加速度大??；（2）B和A兩點(diǎn)間的電勢差（用k、Q和L表示）．

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】

安培力是大量運(yùn)動電荷所受洛倫茲力的宏觀表現(xiàn)，洛倫茲力是安培力的微觀形式，故安培力和洛倫茲力是性質(zhì)相同的力，本質(zhì)上都是磁場對運(yùn)動電荷的作用力，故A正確；洛倫茲力始終與運(yùn)動方向垂直，對運(yùn)動電荷不做功；安培力與電流垂直，可以與運(yùn)動方向相同，可以做功，故B錯誤；根據(jù)左手定則，可知：磁感線穿過掌心，安培力與磁感線垂直，且安培力與電流方向垂直，所以安培力垂直于感應(yīng)線與電流構(gòu)成的平面．但磁感線不一定垂直于電流，故C錯誤；由左手定則可知，洛倫茲力總是與速度垂直，故D錯誤．所以A正確，BCD錯誤．2、A【解析】試題分析：點(diǎn)電荷的等勢面是一系列的同心圓，對于圓，圓弧上任意兩點(diǎn)的連線的中垂線一定通過圓心；找出電荷位置后，根據(jù)電勢能的變化情況判斷電場力做功情況．點(diǎn)電荷的等勢面是一系列的同心圓，對于圓、圓弧上任意兩點(diǎn)的連線的中垂線一定通過圓心，故場源電荷在MN的中垂線和FP的中垂線的交點(diǎn)上，在MP的連線上，如圖所示，故A正確；，線段PF是P、F所在等勢面（圓）的一個弦，故B錯誤；在正的點(diǎn)電荷的電場中，離場源越遠(yuǎn)，電勢越低，將正試探電荷從P點(diǎn)搬運(yùn)到N點(diǎn)，電勢能降低，故電場力做正功，故C錯誤；在正的點(diǎn)電荷的電場中，離場源越遠(yuǎn)，電勢越低，故，故D錯誤．3、B【解析】

磁卡用力拍打或者加熱會使次體內(nèi)部分子運(yùn)動加快，運(yùn)動的分子無規(guī)則性，磁性會消失；靠近磁體會是內(nèi)部的磁性分子排布發(fā)生變化，改變磁性，所以A、C、D均為不妥的保存和使用，B項(xiàng)不會消磁。故選B.4、C【解析】

當(dāng)帶電的球靠近Ab時，由于靜電的感應(yīng)，會使左端出現(xiàn)負(fù)電荷，右端出現(xiàn)正電荷，當(dāng)把AB分開之后，A就帶了負(fù)電，B就帶了正電，所以本實(shí)驗(yàn)為使物體感應(yīng)起電，所以C正確．故選C．5、A【解析】

AB.圖像中質(zhì)點(diǎn)在0~10s內(nèi)速度一直增大，且斜率一定，所以質(zhì)點(diǎn)做勻加速直線運(yùn)動，故A項(xiàng)符合題意，BCD.圖像中質(zhì)點(diǎn)在10s~40s6、C【解析】試題分析:當(dāng)a和b接入電路時，接入電路的電阻為ab的全部電阻，其長度不變，當(dāng)P向右滑動時，電阻不變，電流不變．故A錯誤；當(dāng)b和c接入電路時，接入電路的電阻為Pb部分的電阻，P向右滑動時，其長度減小，接入電路的電阻減小，電流變大，故B錯誤；當(dāng)b和d接入電路時，接入電路的電阻為Pb部分的電阻，P向右滑動時，其長度減小，接入電路的電阻減小，電流變大，故C正確；當(dāng)a和c接入電路時，接入電路的電阻為aP部分的電阻，P向右滑動時，其長度增大，接入電路的電阻增大，電流變小，故D錯誤．考點(diǎn)：滑動變阻器二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】

A．條形磁鐵插在螺線管內(nèi)，K閉合前，通過螺線管的磁通量不為零，故A錯誤；B．K閉合瞬間，通過螺線管的磁通量不變，故B正確；C．K閉合瞬間，穿過螺線管的磁通量不變，不產(chǎn)生感應(yīng)電流，靈敏電流計(jì)指針不發(fā)生偏轉(zhuǎn)，故C正確；D．K閉合，抽出磁鐵的過程中，穿過閉合回路的磁通量減少，產(chǎn)生感應(yīng)電流，靈敏電流計(jì)指針偏轉(zhuǎn)，故D正確；故選BCD．8、ACD【解析】

A．由閉合電路歐姆定律可知，回路中的電流為電源輸出功率為故A正確；B．液體的熱功率為故B錯誤；C．由于中心放一個圓柱形電極接電源的負(fù)極，沿邊緣放一個圓環(huán)形電極接電源的正極，在電源外部電流由正極流向負(fù)極，因此電流由邊緣流向中心，器皿所在處的磁場豎直向上，由左手定則可知，導(dǎo)電液體受到的磁場力沿逆時針方向，因此液體沿逆時針方向旋轉(zhuǎn)，故C正確；D．液體所受的安培力大小為故D正確。故選ACD。9、AD【解析】

因?yàn)楸煌抗ぜд?，所以粒子帶?fù)電，這樣使得涂料更好的與被涂物體相結(jié)合，過程中電荷受到的庫倫力，屬于電場力，所以AD正確．10、CD【解析】

A．從乙圖可以看出，電源電動勢為3V，內(nèi)阻為2Ω，故A錯誤；B．從甲圖可以得到電阻：故B錯；C．根據(jù)閉合電路歐姆定律知：所以電源的輸出功率：故C正確；D．電源的效率：故D正確；三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、ACDm1·OP=m1·OM＋m2·ON【解析】

(1)[1]A．要保證每次小球都做平拋運(yùn)動，則軌道的末端必須切線水平，故A正確；B．為了防止入射球反彈，應(yīng)讓入射球的質(zhì)量大于被碰球的質(zhì)量，故B錯誤；C．為了使兩球發(fā)生對心碰撞，入射球和被碰球大小必須相同，故C正確；D．要保證碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要從同一高度由靜止?jié)L下，故D正確。故選ACD；(2)[2]小球離開軌道后做平拋運(yùn)動，由于小球拋出點(diǎn)的高度相同，它們在空中的運(yùn)動時間t相等，它們的水平位移x與其初速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球的初速度，若兩球相碰前后的動量守恒，則又代入得[3]若碰撞是彈性碰撞，則機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得將代入得12、外接法分壓式BP狀態(tài)燈絲電阻的倒數(shù)變大【解析】

(1)[1]燈泡正常發(fā)光時的電阻：，電流表內(nèi)阻約為0.4Ω，電壓表內(nèi)阻約為10kΩ，電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡電阻，電流表應(yīng)采用外接法．(2)[2]燈泡兩端電壓從零開始變化，滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法．(3)[3]電流表采用外接法、滑動變阻器采用分壓接法，則應(yīng)采用圖B所示實(shí)驗(yàn)電路．(4)[4][5]坐標(biāo)原點(diǎn)O到P點(diǎn)連線的斜率表示P狀態(tài)小燈泡電阻的倒數(shù)；根據(jù)此圖給出的信息可知，隨著小燈泡兩端電壓的升高，小燈泡的電阻變大．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)0.6A(2)2.04W(3)85%【解析】

由燈泡的額定功率可求得燈泡的電流；再由串并聯(lián)電路的規(guī)律可求得流過電動機(jī)的電流；由P=UI可求得電動機(jī)消耗的總功率，由焦耳定律可求得熱功率，則可求得輸出功率；根據(jù)η=P出【詳解】解：(1)流經(jīng)燈泡的電流I流經(jīng)電阻R的電流I流經(jīng)電動機(jī)的電流I=(2)電動機(jī)消耗的總功率P=UI=4×0.6=2.4W電動機(jī)產(chǎn)生的熱功率P電動