江西省贛州市南康中學、平川中學、信豐中學2025屆物理高二第一學期期中學業(yè)水平測試試題含解析

江西省贛州市南康中學、平川中學、信豐中學2025屆物理高二第一學期期中學業(yè)水平測試試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，R1=10Ω,R2=20Ω,R3=30Ω，接到電壓恒定的電源兩端，它們的電功率分別為P1、P2、P3，則()A．P1=P2=P3B．P1<P2<P3C．P1>P2>P3D．P3>P1>P22、關(guān)于電流，下列說法正確的是()A．只有正電荷的定向移動才能形成電流B．把正電荷定向移動的方向規(guī)定為電流的方向C．金屬導體導電的時候，導體中電荷的定向移動方向和電流方向相同D．方向不變的電流叫恒定電流3、如圖是回旋加速器的示意圖，其核心部分是兩個半徑為R的D形金屬盒，兩金屬盒表面與磁感應強度為B的勻強磁場垂直，并分別與一個高頻電源兩端相連．現(xiàn)用它來加速質(zhì)量為m、電荷量為q的微觀粒子（忽略相對論效應），則下列說法正確的是（）A．要使回旋加速器正常工作，高頻電源的頻率應為qBB．輸出粒子獲得的最大動能為(qBR)C．要提高粒子輸出時的最大速度，需提高電源的電壓D．若先后用來加速氘核12H和氦核4、下列哪些措施是為了防止靜電產(chǎn)生的危害（

）A．在高大建筑物頂端裝上避雷針 B．靜電植絨C．靜電復印 D．靜電噴漆5、兩個電阻R1、R2的電流I和電壓U的關(guān)系如圖所示．若兩個電阻R1、R2串聯(lián)接在電路中，那么電阻R1、R2兩端的電壓之比U1：U2等于（

）A．1：3B．3：1C．1：3D．3：16、如圖所示，一段長方體形導電材料，左右兩端面的邊長都為a和b，內(nèi)有帶電量為q的某種自由運動電荷．導電材料置于方向垂直于其前表面向里的勻強磁場中，內(nèi)部磁感應強度大小為B．當通以從左到右的穩(wěn)恒電流I時，測得導電材料上、下表面之間的電壓為U，且上表面的電勢比下表面的低．由此可得該導電材料單位體積內(nèi)自由運動電荷數(shù)及自由運動電荷的正負分別為A．，負 B．，正C．，負 D．，正二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下列說法正確的是A．沿著電場線的方向移動電荷，電荷的電勢能可能增大B．只有點電荷在真空中任一點產(chǎn)生的電場強度大小才可以用求解C．根據(jù)可知，電容器的電容與其儲存的電荷Q成正比，與其兩端的電壓U成反比D．電腦和手機屏幕上很容易聚集灰塵是因為靜電現(xiàn)象8、有一橫截面積為S的銅導線，流經(jīng)其中的電流強度為I，設每單位體積導線有n個自由電子，電子的電荷量為q，此時電子定向移動的速度為v，在Δt時間里，通過導線橫截面的自由電子數(shù)目可表示為（）A． B． C． D．9、在物理實驗中，把一些微小量的變化進行放大，是常用的物理思想方法如圖所示的四個實驗，運用此思想方法的是A．觀察桌面形變B．玻璃瓶發(fā)生形變C．比較平拋運動和自由落體運動D．測定萬有引力常量10、如圖所示，+Q和-Q是兩個等量異種點電荷，以點電荷+Q為圓心作圓，A、B為圓上兩點，O點為兩電荷連線的中點，C點與B點關(guān)于0點對稱，下列說法正確的是A．A點和B點的電場強度大小相等，方向不同B．B點和C點的電場強度大小相等，方向相同C．把電子從A點移動到B點，電場力對其做負功D．質(zhì)子在A點的電勢能小于在B點的電勢能三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在測定金屬的電阻率的實驗中，用螺旋測微器測量金屬導線直徑d，如右圖所示，則d=____________mm．12．（12分）測定一節(jié)電池的電動勢和內(nèi)阻，電路如圖甲所示，MN為一段粗細均勻、電阻率較大的電阻絲，定值電阻R0＝1.0Ω．調(diào)節(jié)滑片P，記錄電壓表示數(shù)U、電流表示數(shù)I及對應的PN長度x，繪制了U-I圖象如圖乙所示．(1)用螺旋測微器測出金屬絲的直徑如圖丁所示，則金屬絲的直徑為____mm．(2)由圖乙求得電池的電動勢E＝________V，內(nèi)阻r＝________Ω．(3)根據(jù)實驗數(shù)據(jù)可繪出圖象，如圖丙所示．圖象斜率為k，電阻絲橫截面積為S，可求得電阻絲的電阻率ρ＝________，電表內(nèi)阻對電阻率的測量________(選填“有”或“沒有”)影響．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖,質(zhì)量為m、長為L的直導線用兩絕緣細線懸掛于O、O′,并處于勻強磁場中,當導線中通以沿x正方向的電流I,且導線保持靜止時,懸線與豎直方向夾角為

θ,磁場的方向沿Z軸負向,求磁感應強度B的大小.14．（16分）(1)科學家發(fā)現(xiàn)，除了類似太陽系的恒星-行星系統(tǒng)，還存在許多雙星系統(tǒng)，通過對它們的研究，使我們對宇宙有了較深刻的認識．雙星系統(tǒng)是由兩個星體構(gòu)成，其中每個星體的線度（直徑）都遠小于兩星體間的距離，一般雙星系統(tǒng)距離其他星體很遠，可以當做孤立系統(tǒng)處理．已知某雙星系統(tǒng)中每個星體的質(zhì)量都是M0，兩者相距L，它們正圍繞兩者連線的中點做勻速圓周運動，引力常量為G．求：①該雙星系統(tǒng)中星體的加速度大小a；②該雙星系統(tǒng)的運動周期T．(2)微觀世界與宏觀世界往往存在奇妙的相似性．對于氫原子模型，因為原子核的質(zhì)量遠大于電子質(zhì)量，可以忽略原子核的運動，形成類似天文學中的恒星-行星系統(tǒng)，記為模型Ⅰ．另一種模型認為氫原子的核外電子并非繞核旋轉(zhuǎn)，而是類似天文學中的雙星系統(tǒng)，核外電子和原子核依靠庫侖力作用使它們同時繞彼此連線上某一點做勻速圓周運動，記為模型Ⅱ．已知核外電子的質(zhì)量為m，氫原子核的質(zhì)量為M，二者相距為r，靜電力常量為k，電子和氫原子核的電荷量大小均為e．①模型Ⅰ、Ⅱ中系統(tǒng)的總動能分別用EkⅠ、EkⅡ表示，請推理分析，比較EkⅠ、EkⅡ的大小關(guān)系；②模型Ⅰ、Ⅱ中核外電子做勻速圓周運動的周期分別用TⅠ、TⅡ表示，通常情況下氫原子的研究采用模型Ⅰ的方案，請從周期的角度分析這樣簡化處理的合理性．15．（12分）如圖所示電路中,電源電動勢E=240V,內(nèi)阻,R1=R2=1Ω,某電熱器組中裝有50個完全相同的電熱器,每個電熱器規(guī)格為“200V,800W”,其他電阻不計,不考慮電熱器電阻隨溫度的變化,問:(1)接通幾個電熱器時,實際使用的電熱器都能正常工作?(2)接通幾個電熱器時,電源輸出功率最大?最大輸出功率是多少?

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

設R2和R3并聯(lián)的電壓為U并，則由公式P=U2/R可得，P2=，P3=，所以P2＞P3；電阻R1的電流等于R2和R3的電流的和，所以R1的功率為P1=I2R1=（+）2R1=；所以P1>P2>P3，所以C正確．故選C．2、B【解析】A、正、負電荷的定向移動都能形成電流，故A錯．B、人們規(guī)定正電荷定向移動的方向為電流的方向，故B對，C、金屬導體導電的時候，導體中定向移動的電荷是自由電子，定向移動方向和電流方向相反，故C錯．D、方向不變的電流叫直流電．方向和大小都不變的電流叫恒定電流，故D錯綜上所述本題答案是：B3、B【解析】

A、要使回旋加速器正常工作，高頻電源的在粒子偏轉(zhuǎn)一周時，電壓方向偏轉(zhuǎn)兩次，則兩次偏轉(zhuǎn)為高頻電源的一個周期，則T電=2πmBq，f=B、輸出粒子的最大運動半徑為R，即R=mvBq得：v=BqRm，，粒子的最大動能為EC項，由B項v=BqRm知，要提高粒子輸出時的最大速度，需提高磁場強度B或金屬盒半徑R，提高電源電壓只能減小提速時間，不能改變輸出時粒子速度大小，故D項，由于氘核和氦核的荷質(zhì)比相同，則兩種粒子在金屬盒中偏轉(zhuǎn)周期相同，所以不需要調(diào)整電源頻率，故D項錯誤。故選B4、A【解析】

靜電的防范有：避雷針、油罐車接地、印染廠空氣加濕等。靜電的利用有：靜電除塵、靜電植絨、靜電復印等；A.避雷針是為了防止靜電產(chǎn)生的危害，故A正確；B.靜電植絨是靜電的利用，故B錯誤；C.靜電復印是靜電的利用，故C錯誤；D.靜電噴漆是靜電的利用，故D錯誤。5、A【解析】

由U-I圖象得出：R=UI=1tanθ，可得R16、C【解析】

因為上表面的電勢比下表面的低，根據(jù)左手定則，知道移動的電荷為負電荷；根據(jù)電荷所受的洛倫茲力和電場力平衡可得：解得：因為電流為：解得：A.與分析不符，故A錯誤；B.與分析不符，故B錯誤；C.與分析相符，故C正確；D.與分析不符，故D錯誤．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

A．正電荷沿電場線方向移動，電場力做正功，電勢能減小。負電荷沿電場線方向移動，電場力做負功，電勢能增加；故A正確。B．電場強度的定義式適用于任何電場；故B錯誤。C．公式是電容的定義式，采用比值法定義，C與Q、U無關(guān)，由電容器本身的性質(zhì)決定；故C錯誤。D．電腦和手機屏幕上會帶上電荷，很容易吸附灰塵，是因為靜電現(xiàn)象；故D正確。故選AD。8、BC【解析】設在Δt時間內(nèi)通過橫截面積的電子數(shù)目為N，因為可知N=nSvΔt=AC正確．9、ABD【解析】

桌面的受力微小形變借助于光的反射來放大，運用了放大的思想方法，故A正確；玻璃瓶的受力微小形變借助于液體體積變化，運用了放大的思想方法，故B正確；比較平拋運動和自由落體運動，運用了類比的思想方法，故C錯誤；引力大小仍是借助于光的反射來放大，運用了放大的思想方法，故D正確．所以ABD正確，C錯誤．10、BC【解析】等量異種電荷周圍的電場線分布如圖；由圖可知AB兩點的場強大小和方向均不相同，選項A錯誤；等量異種電荷連線上的電場線指向負電荷，由B、C關(guān)于MN對稱，即B點的電場強度等于C點的電場強度，故B正確；電場線與等勢面相互垂直，電場線從高等勢面指向低等勢面，由圖示可知，A點所在等勢面高于B點所在等勢面，A點電勢高于B點電勢，電子帶負電，則電子在A點的電勢能小于在B點的電勢能，把電子從A點移動到B點，電場力對其做負功，故C正確；同理可知質(zhì)子在A點的電勢能大于在B點的電勢能，選項D錯誤；故選BC．點睛：本題考查了等量異號電荷的電場，知道電場線的分布，知道等量異號電荷連線的重錘線是等勢線即可正確解題三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.959—0.961mm【解析】

螺旋測微器的讀數(shù)方法：①先讀固定刻度②再讀半刻度，若半刻度線已露出，記作0.5mm；若半刻度線未露出，記作0.0mm；③再讀可動刻度（注意估讀）．記作n×0.01mm；④最終讀數(shù)結(jié)果為固定刻度+半刻度+可動刻度．固定可得讀數(shù)為：0；半刻度讀數(shù)為：0.5mm；可動刻度讀數(shù)為：0.01mm×46.0=0.960mm，故讀數(shù)為：0.960mm12、0.398(0.397-0.399)1.49-1.500.45-.050kS沒有【解析】

[1]讀數(shù)為固定刻度加可調(diào)刻度：0+39.8×0.01mm=0.308mm；（0.397-0.399）[2][3]由閉合電路歐姆定律可知：；則可知，圖2中的圖象與縱坐標間的交點表示電動勢，故；圖象的斜率表示內(nèi)電阻,則；解得：；[4]由圖示可知，伏安法測電阻相對于電源來說采用電流表外接法，由于電壓表分流作用，電流表測量值偏小，當外電路短路時，電流測量值等于真實值，電源的U?I圖象如圖所示，由圖象可知，電動勢測量值小于真實值，電源內(nèi)阻測量值小于真實值，[5]根據(jù)歐姆定律可知,電阻；則可知；解得：；若考慮電阻內(nèi)阻，則圖象的斜率不變，所以得出的電阻率沒有影響；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、【解析】

左手定則：左手平展，讓磁感線穿過手心，使大拇指與其余四指垂直，并且都跟手掌在一個平面內(nèi)．把左手放入磁場中，讓磁感線垂直穿入手心，手心面向N極，四指指向電流所指方向，則大拇指的方向就是導體受力的方向．然后根據(jù)共點力平衡求得【詳解】根據(jù)導線受力，由平衡條件可以知道：安培力F=mgtanθ，而F=BIL整理得到：【點睛】本題主要考查了在安培力作用下的共點力平衡，關(guān)鍵是利用左手定則正確的判斷出安培力的方向；14、(1)①②(1)①②，因為M>>m，可得TⅠ≈TⅡ，所以采用模型Ⅰ更簡單方便．【解析】

(1)①根據(jù)萬有引力定律和牛頓第二定律有：解得②由運動學公式可知，解得(1)①模型Ⅰ中，設電子繞原子核的速度為v，對于電子繞核的運動，根據(jù)庫侖定律和牛頓第二定律有解得：模型Ⅱ中，設電子和原子核的速度分別為v1、v1，電子的運動半徑為r1，原子核的運動半徑為r1．根據(jù)庫侖定律和牛頓第二定律對電子有：，解得對于原子核有：，解得系統(tǒng)的總動能：EkⅡ=Ek1+Ek1=即在這兩種模型中，系統(tǒng)的總動能相等．②模型Ⅰ中，根據(jù)庫侖定律和牛頓第二定律有，解得模型Ⅱ中，電子和原子核的周期相同，均為TⅡ根據(jù)庫侖定律和牛頓第二定律對電子有，解得對原子核