江蘇省2025屆新高考物理下學(xué)期模擬預(yù)測(cè)卷五含解析

A．B對(duì)A的作用力方向肯定豎直向上B．B對(duì)A的作用力肯定大于A的重力C．地面對(duì)B的摩擦力方向可能向右D．地面對(duì)B的作用力大小可能等于A、B的總重力二、非選擇題:共5題，共56分。其中第13題～第16題解答時(shí)請(qǐng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最終答案的不能得分；有數(shù)值計(jì)算時(shí)，答案中必需明確寫出數(shù)值和單位。12.其同學(xué)為了測(cè)量一個(gè)量程為3V的電壓表的內(nèi)阻，進(jìn)行了如下試驗(yàn)．（1）他先用多用表進(jìn)行了正確的測(cè)量，測(cè)量時(shí)指針位置如圖1所示，得出電壓表的內(nèi)阻為3.00×103Ω，此時(shí)電壓表的指針也偏轉(zhuǎn)了．已知多用表歐姆檔表盤中心刻度值為“15”，表內(nèi)電池電動(dòng)勢(shì)為1.5V，則電壓表的示數(shù)應(yīng)為V（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）（2）為了更精確地測(cè)量該電壓表的內(nèi)阻RV，該同學(xué)設(shè)計(jì)了圖2所示的電路圖，試驗(yàn)步驟如下：A．?dāng)嚅_開關(guān)S，按圖2連接好電路；B．把滑動(dòng)變阻器R的滑片P滑到b端；C．將電阻箱R0的阻值調(diào)到零；D．閉合開關(guān)S；E．移動(dòng)滑動(dòng)變阻器R的滑片P的位置，使電壓表的指針指到3V位置；F．保持滑動(dòng)變阻器R的滑片P位置不變，調(diào)整電阻箱R0的阻值使電壓表指針指到1.5V位置，讀出此時(shí)電阻箱R0的阻值，此值即為電壓表內(nèi)阻RV的測(cè)量值；G．?dāng)嚅_開關(guān)S．試驗(yàn)中可供選擇的試驗(yàn)器材有：a．待測(cè)電壓表b．滑動(dòng)變阻器：最大阻值2000Ωc．滑動(dòng)變阻器：最大阻值10Ωd．電阻箱：最大阻值9999.9Ω，阻值最小變更量為0.1Ωe．電阻箱：最大阻值999.9Ω，阻值最小變更量為0.1Ωf．電池組：電動(dòng)勢(shì)約6V，內(nèi)阻可忽視g．開關(guān)，導(dǎo)線若干依據(jù)這位同學(xué)設(shè)計(jì)的試驗(yàn)方法，回答下列問題：①要使測(cè)量更精確，除了選用電池組、導(dǎo)線、開關(guān)和待測(cè)電壓表外，還應(yīng)從供應(yīng)的滑動(dòng)變阻器中選用（填“b”或“c”），電阻箱中選用（填“d”或“e”）②電壓表內(nèi)阻RV的測(cè)量值R測(cè)和真實(shí)值R真相比，R測(cè)R真（填“＞”或“＜”）；若RV越大，則越（填“大”或“小”）13.麥克斯韋在1865年發(fā)表的《電磁場(chǎng)的動(dòng)力學(xué)理論》一文中揭示了電、磁現(xiàn)象與光的內(nèi)在聯(lián)系及統(tǒng)一性，即光是電磁波。（1）某單色光波在折射率為的玻璃磚介質(zhì)中傳播，某時(shí)刻電場(chǎng)橫波圖象如圖1所示，已知：c＝3×108m/s求該光波的頻率。（結(jié)果可用分?jǐn)?shù)表示）（2）折射率為的玻璃磚的截面為等腰梯形，如圖2所示，其中上、下兩面平行，底角45°，現(xiàn)將（1）中的單色光以寬度為d的光束平行于CD邊入射到AC界面上，a、b是光束的邊界。光線a在玻璃磚中的光路已給出且恰好從D點(diǎn)射出。畫出光線b從玻璃磚中首次出射的光路圖。并求出玻璃磚中有光射出部分的長(zhǎng)度L以及出射光線與界面的夾角θ。14.兩端開口、粗細(xì)勻稱的足夠長(zhǎng)U形玻璃管插在容積很大的水銀槽中，管的上部有肯定長(zhǎng)度的水銀，兩段空氣柱被封閉在左右兩側(cè)的豎直管中．開啟閥門A，各水銀液面穩(wěn)定時(shí)，位置如圖所示，此時(shí)兩部分氣體溫度均為300K．已知h1＝5cm，h2＝10cm，右側(cè)氣體柱長(zhǎng)度L1＝60cm，大氣壓為p0＝75cmHg.(1)求左側(cè)豎直管內(nèi)氣體柱的長(zhǎng)度L2；(2)關(guān)閉閥門A，當(dāng)右側(cè)豎直管內(nèi)的氣體柱長(zhǎng)度為L(zhǎng)′1＝68cm時(shí)(管內(nèi)氣體未溢出)，氣體溫度應(yīng)上升到多少？15.如圖所示，地面上有一傾角為θ＝37°足夠長(zhǎng)的固定斜面，斜面上有兩個(gè)質(zhì)量分別為m1＝0.1kg，m2＝0.3kg的可看做質(zhì)點(diǎn)的物塊，初始時(shí)相距d＝1m，m2與斜面動(dòng)摩擦因數(shù)為μ2＝0.75，現(xiàn)由靜止釋放m1，經(jīng)過時(shí)間t＝1s后與靜止的m2發(fā)生彈性碰撞，碰撞時(shí)間極短，（重力加速度g＝10m/s，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8）求（1）第一次碰撞前瞬間m1的速度v0的大小以及m1與斜面之間動(dòng)摩擦因數(shù)μ1（2）第一次碰撞后兩物塊速度大?。海?）第一次與其次次碰撞期問，兩物塊間距離最大值為多少16.如圖所示,豎直平面內(nèi)有一半徑為r、內(nèi)阻為R1、粗細(xì)勻稱的光滑半圓形金屬環(huán),在M、N處與相距為2r、電阻不計(jì)的平行金屬軌道ME、NF相接,EF之間接有電阻R2,已知R1=12R,R2=4R.在MN上方及CD下方有水平方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)Ⅰ和Ⅱ,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B.現(xiàn)有質(zhì)量為m、電阻不計(jì)的導(dǎo)體棒ab,從圓環(huán)的最高點(diǎn)A處由靜止下落,在下落過程中導(dǎo)體棒始終保持水平,與半圓形金屬環(huán)及軌道接觸良好,兩平行軌道足夠長(zhǎng).已知導(dǎo)體棒ab下落時(shí)的速度大小為,下落到MN處的速度大小為.(1)求導(dǎo)體棒ab從A下落時(shí)的加速度大小;(2)若導(dǎo)體棒ab進(jìn)入磁場(chǎng)Ⅱ后棒中電流大小始終不變,求磁場(chǎng)Ⅰ和Ⅱ之間的距離h及R2上的電功率P2;(3)若將磁場(chǎng)Ⅱ的CD邊界略微下移,導(dǎo)體棒ab剛進(jìn)入磁場(chǎng)Ⅱ時(shí)速度大小為,要使其在外力F作用下做勻加速直線運(yùn)動(dòng),加速度大小為a,求所加外力F隨時(shí)間變更的關(guān)系式.參考答案單項(xiàng)選擇題:共11題，每題4分，共44分。每題只有一個(gè)選項(xiàng)最符合題意。1.有人依據(jù)條形磁鐵的磁場(chǎng)分布狀況用塑料制作了一個(gè)模具，模具的側(cè)邊界剛好與該條形磁鐵的磁感線重合，如圖所示。另取一個(gè)松軟的彈性導(dǎo)體線圈套在模具上方某位置，線圈貼著模具上下移動(dòng)的過程中，下列說法正確的是（地磁場(chǎng)很弱，可以忽視）（）A．線圈切割磁感線，線圈中出現(xiàn)感應(yīng)電流 B．線圈緊密套在模具上移動(dòng)過程中不出現(xiàn)感應(yīng)電流 C．由于線圈所在處的磁場(chǎng)是不勻稱的，故而不能推斷線圈中是否有電流產(chǎn)生 D．若線圈平面放置不水平，則移動(dòng)過程中會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流【分析】依據(jù)感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件：穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變更進(jìn)行分析推斷有無感應(yīng)電流產(chǎn)生?！窘獯稹拷猓河深}，模具的形態(tài)與磁感線的形態(tài)是相同的，則線圈貼著模具上下移動(dòng)的過程中穿過線圈的磁感線的條數(shù)不會(huì)發(fā)生不會(huì)，即穿過線圈的磁通量不變，所以線圈緊密套在模具上移動(dòng)過程中不出現(xiàn)感應(yīng)電流。故B正確，ACD錯(cuò)誤故選：B。2.如圖所示，光滑的水平軌道AB與半徑為R的光滑的半圓形軌道BCD相切于B點(diǎn)，水平軌道AB部分存在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)E，半圓形軌道處于豎直平面內(nèi)，B為最低點(diǎn)，D為最高點(diǎn)．一質(zhì)量為m、帶正電的小球從距B點(diǎn)x的位置在電場(chǎng)力的作用下由靜止起先沿AB向右運(yùn)動(dòng)，并能恰好通過最高點(diǎn)D，則下列物理量的變更對(duì)應(yīng)關(guān)系正確的是（）A．其它條件不變，R越大，x越小 B．其它條件不變，m越大，x越大 C．其它條件不變，E越大，x越大 D．其它條件不變，R越大，小球經(jīng)過B點(diǎn)瞬間對(duì)軌道的壓力越大【解答】解：A、小球在BCD部分做圓周運(yùn)動(dòng)，在D點(diǎn)，由牛頓其次定律有：mg＝m；小球由B到D的過程中機(jī)械能守恒：；聯(lián)立解得：R越大，小球經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)的速度越大，則x越大，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B、小球由A到B，由動(dòng)能定理得：qEx＝將代入得：知m越大，x越大，故B正確；C、場(chǎng)強(qiáng)E越大，x越小，故C錯(cuò)誤；D、在B點(diǎn)有：；將代入得：FN＝6mg，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選：B。3.宇宙中存在一些質(zhì)量相等且離其他恒星較遠(yuǎn)的四顆星組成的四星系統(tǒng)，通常可忽視其他星體對(duì)它們的引力作用．設(shè)四星系統(tǒng)中每個(gè)星體的質(zhì)量均為m，半徑均為R，四顆星穩(wěn)定分布在邊長(zhǎng)為a的正方形的四個(gè)頂點(diǎn)上．已知引力常量為G．關(guān)于四星系統(tǒng)，下列說法錯(cuò)誤的是（忽視星體自轉(zhuǎn)）（）A．四顆星圍繞正方形對(duì)角線的交點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng) B．四顆星的軌道半徑均為 C．四顆星表面的重力加速度均為 D．四顆星的周期均為2πa【解答】解：A、星體在其他三個(gè)星體的萬有引力作用下，合力方向指向?qū)蔷€的交點(diǎn)，圍繞正方形對(duì)角線的交點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故A正確。B、四顆星的軌道半徑為r＝．故B錯(cuò)誤。C、依據(jù)萬有引力等于重力有：，則g＝．故C正確。D、依據(jù)萬有引力供應(yīng)向心力，解得T＝．故D正確。本題選錯(cuò)誤的，故選B。4.如圖所示，質(zhì)量為m的小球系于輕質(zhì)彈簧的一端，且套在光滑直立的圓環(huán)上，彈簧的上端固定于環(huán)的最高點(diǎn)A，小球靜止時(shí)處于圓環(huán)的B點(diǎn)，此時(shí)∠AOB=60°，彈簧伸長(zhǎng)量為L(zhǎng)．現(xiàn)用該彈簧沿水平方向拉住質(zhì)量為2m的物體，系統(tǒng)靜止時(shí)彈簧伸長(zhǎng)量也為L(zhǎng)．則此時(shí)物體所受的摩擦力（） A．等于零 B．大小為0.5mg，方向沿水平面對(duì)右 C．大小為mg，方向沿水平面對(duì)左 D．大小為2mg，方向沿水平面對(duì)右考點(diǎn)： 共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；物體的彈性和彈力．分析： 平衡狀態(tài)下物體的受力分析，在夾角為特別角時(shí)物體受力的特點(diǎn)．解答： 解：對(duì)B進(jìn)行受力分析可以知道，物體受到重力、彈簧的彈力和圓環(huán)對(duì)物體的支持力，由于三角形OAB是一個(gè)等邊三角形，利用平行四邊形定則做出重力、彈力的合力的平行四邊形會(huì)發(fā)覺，重力、彈力和支持力會(huì)處在同一個(gè)三角形中并且這個(gè)三角形是等邊三角形，由此我們判定彈簧的彈力與物體的重力相等都是mg，此時(shí)彈簧伸長(zhǎng)量為L(zhǎng)，當(dāng)該彈簧沿水平方向拉住質(zhì)量為2m的物體時(shí)彈簧伸長(zhǎng)量也為L(zhǎng)，由此可知兩次彈簧的彈力是一樣的即為mg，由于質(zhì)量為2m的物體處于靜止?fàn)顟B(tài)，即受力平衡，在水平方向上是彈簧的彈力和物體所受的摩擦力平衡，所以物體所受的摩擦力大小即為mg，方向與彈簧的彈力方向相反即為水平面對(duì)左，故只有C正確．故選：C．點(diǎn)評(píng)： 利用平行四邊形，找出物體受到重力、彈簧的彈力和圓環(huán)對(duì)物體的支持力三者的關(guān)系，這是本題的重點(diǎn)，找出它們的關(guān)系，彈簧的彈力就好確定了，從而可以求出物體所受的摩擦力．5.如圖所示，質(zhì)量相同的三個(gè)小球均可視為質(zhì)點(diǎn)，處于同一水平面上．A球以初速度v0豎直上拋，B球以與水平面成θ角、大小也是v0的初速度斜向右上拋出，C球沿傾角為θ的足夠長(zhǎng)斜面以初速度v0上滑．上述運(yùn)動(dòng)過程中均不計(jì)空氣阻力和一切摩擦，以下關(guān)于三個(gè)小球上升的最大高度的比較正確的是（） A．HA＞HB＞HC B．HA＞HB=HC C．HA＜HB＜HC D．HB＜HA=HC考點(diǎn)： 機(jī)械能守恒定律．分析： ABC三個(gè)球的機(jī)械能都守恒，到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)，依據(jù)機(jī)械能守恒定律分析對(duì)比可以得出結(jié)論．解答： 解：對(duì)于A、C兩個(gè)球，達(dá)到最高點(diǎn)時(shí)，A、C兩個(gè)球的速度均為零，物體的動(dòng)能全部轉(zhuǎn)化為重力勢(shì)能，所以A、C的最大高度相同；對(duì)于B球來說，由于B是斜拋運(yùn)動(dòng)，在水平方向上有一個(gè)速度，這個(gè)分速度的動(dòng)能不會(huì)轉(zhuǎn)化成物體的重力勢(shì)能，所以B球在最高點(diǎn)時(shí)的重力勢(shì)能要比AC兩球的小，所以高度要比AC兩球的高度小，所以D正確．故選D．點(diǎn)評(píng)： B球做的是斜拋運(yùn)動(dòng)，水平方向的分速度是不能轉(zhuǎn)化成物體的重力勢(shì)能的，所以B的高度最低．6.氫原子能級(jí)圖如圖所示，用大量處于n＝2能級(jí)的氫原子躍遷到基態(tài)時(shí)，放射出的光照耀光電管陰極K，測(cè)得光電管電流的遏止電壓為7.6V，已知普朗克常量h＝6.63×10﹣34J?s，電子電量e＝﹣1.6×10﹣19C，下列推斷正確的是（）A．電子從陰極K表面逸出的最大初動(dòng)能為2.6eV B．陰極K材料的逸出功為7.6eV C．陰極K材料的極限頻率為6.27×1014Hz D．氫原子從n＝4躍遷到n＝2能級(jí)，放射出的光照耀該光電管陰極K時(shí)能發(fā)生光電效應(yīng)【分析】依據(jù)光電效應(yīng)方程，結(jié)合Ekm＝eU0，即可求解最大初動(dòng)能，與逸出功，再由逸出功W0等于hγ0，求出材料的極限頻率，最終依據(jù)光電效應(yīng)發(fā)生條件，即可求解?！窘獯稹拷猓篈、因遏止電壓為U0＝7.6V，依據(jù)動(dòng)能定理可知，光電子的最大初動(dòng)能Ekm＝eU0，光電子的最大初動(dòng)能為7.6eV，故A錯(cuò)誤；B、依據(jù)光電效應(yīng)方程，可知，W0＝hγ﹣Ekm，而hγ＝E2﹣E1；因此W0＝13.6﹣3.4﹣7.6＝2.6eV，故B錯(cuò)誤；C、因逸出功W0等于hγ0，則材料的極限頻率γ0＝＝＝6.27×1014Hz，故C正確。D、從n＝4躍遷到n＝2能級(jí)，釋放能量為△E＝3.4﹣0.85＝2.55eV＜2.6eV，因此放射出的光照耀該光電管陰極K時(shí)，不能發(fā)生光電效應(yīng)，故D錯(cuò)誤。故選：C。7.電風(fēng)扇的擋位變換器電路如圖所示，把它視為一個(gè)可調(diào)壓的志向變壓器，總匝數(shù)為2400匝的原線圈輸入電壓u＝220sin100πt（V），擋位1、2、3、4對(duì)應(yīng)的線圈匝數(shù)分別為240匝、600匝、1200匝、2400匝。電動(dòng)機(jī)M的內(nèi)阻r＝8Ω，額定電壓為U＝220V，額定功率P＝110W．下列推斷正確的是（）A．該交變電源的頻率為100Hz B．當(dāng)選擇3擋位后，電動(dòng)機(jī)兩端電壓的最大值為110V C．當(dāng)擋位由3變?yōu)?后，原線圈的電流變大 D．當(dāng)選擇擋位4后，電動(dòng)機(jī)的輸出功率為108W【分析】依據(jù)原線圈輸入電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式即可知角速度ω，結(jié)合ω＝2πf得交變電源的頻率；當(dāng)選擇3檔位后，依據(jù)變壓比規(guī)律求出副線圈兩端電壓的有效值，最大值為有效值的倍；當(dāng)檔位由3變?yōu)?后，依據(jù)變壓比規(guī)律推斷副線圈的電壓，分析輸出功率的變更，依據(jù)輸入功率等于輸出功率，由P＝UI推斷原線圈電流的變更；當(dāng)選擇檔位4后，依據(jù)變壓比規(guī)律求出副線圈電壓，依據(jù)能量守恒求電動(dòng)機(jī)的輸出功率?！窘獯稹拷猓篈、依據(jù)原線圈輸入電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式知ω＝100π，交變電源的頻率＝＝50Hz，故A錯(cuò)誤；B、當(dāng)選擇3檔位后，副線圈的匝數(shù)為1200匝，依據(jù)電壓與匝數(shù)成正比得，即，解得，所以電動(dòng)機(jī)兩端電壓的最大值為110，故B錯(cuò)誤；C、當(dāng)檔位由3變?yōu)?后，依據(jù)電壓與匝數(shù)成正比知，副線圈兩端的電壓減小，輸出功率變小，輸入功率變小，依據(jù)知原線圈電流變小，故C錯(cuò)誤；D、當(dāng)選擇檔位4，副線圈匝數(shù)等于2400匝，依據(jù)電壓比規(guī)律得副線圈兩端的電壓為220V，電動(dòng)機(jī)正常工作，流過電動(dòng)機(jī)的電流，電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率＝，電動(dòng)機(jī)的輸出功率為，故D正確；故選：D。8.如圖,粗糙水平桌面上當(dāng)一豎直放置的條形磁鐵從線時(shí),若線圈始終不動(dòng),則關(guān)于線A.FN先小于mg后大于mg,運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)向左B.FN先大于mg后小于mg,運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)向左C.FN先小于mg后大于mg,運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)向右D.FN先大于mg后小于mg,運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)向右【答案】(D)9.如圖所示，A，B為平行金屬板，兩板相距為d，分別與電源兩極相連，兩板中心各有一小孔M、N，今有一帶電質(zhì)點(diǎn)，自A板上方相距為d的P點(diǎn)由靜止自由下落(P、M、N三點(diǎn)在同一豎直線上)，空氣阻力不計(jì)，到達(dá)N點(diǎn)的速度恰好為零，然后按原路徑返回，若保持兩板間的電壓不變，則()A．若把A板向上平移一小段距離，質(zhì)點(diǎn)自P點(diǎn)下落仍能返回B．若把B板向下平移一小段距離，質(zhì)點(diǎn)自P點(diǎn)下落仍能返回C．若把A板向上平移一小段距離，質(zhì)點(diǎn)自P點(diǎn)下落后將穿過N孔接著下落D．若把B板向上平移一小段距離，質(zhì)點(diǎn)自P點(diǎn)下落后將穿過N孔接著下落〖解析〗當(dāng)開關(guān)S始終閉合時(shí)，A、B兩板之間的電壓保持不變，當(dāng)帶電質(zhì)點(diǎn)從M向N運(yùn)動(dòng)時(shí)，要克服電場(chǎng)力做功，W＝qUAB，由題設(shè)條件知：質(zhì)點(diǎn)由P到N的運(yùn)動(dòng)過程中，重力做的功與物體克服電場(chǎng)力做的功相等，即mg2d－qUAB＝0。A、C選項(xiàng)中，因UAB保持不變，上述等式仍成立，故沿原路返回；B、D選項(xiàng)中，因B板下移一段距離，保持UAB不變，而重力做功增加，所以它將始終下落。綜上所述，正確選項(xiàng)為A?！即鸢浮紸10.如圖1所示，物體A疊放在物體B上，B置于光滑水平面上。A，B質(zhì)量分別為mA=6kg，mB=2kg，A，B之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.2，起先時(shí)F=10N，此后漸漸增加，在增大到45N的過程中，則（）A．當(dāng)拉力F＜12N時(shí)，兩物體均保持靜止?fàn)顟B(tài)B．兩物體起先沒有相對(duì)運(yùn)動(dòng)，當(dāng)拉力超過12N時(shí)，起先相對(duì)滑動(dòng)C．兩物體間從受力起先就有相對(duì)運(yùn)動(dòng)D．兩物體間始終沒有相對(duì)運(yùn)動(dòng)〖解析〗首先以A，B整體為探討對(duì)象。受力如圖2，在水平方向只受拉力F，依據(jù)牛頓其次定律列方程F=(mA+mB)a①再以B為探討對(duì)象，如圖3，B水平方向受摩擦力f=mBa②當(dāng)f為最大靜摩擦力時(shí)，由①②得a=6m/s2。代入式①F=（6+2）×6N=48N。由此可以看出當(dāng)F＜48N時(shí)A，B間的摩擦力都達(dá)不到最大靜摩擦力，也就是說，A，B間不會(huì)發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)。所以D選項(xiàng)正確?！即鸢浮紻11.如圖所示，木塊B靜止在水平地面上，木塊A疊放在B上．A的左側(cè)靠在光滑的豎起墻面上．關(guān)于A、B的受力狀況，下列說法中正確的是（）A．B對(duì)A的作用力方向肯定豎直向上B．B對(duì)A的作用力肯定大于A的重力C．地面對(duì)B的摩擦力方向可能向右D．地面對(duì)B的作用力大小可能等于A、B的總重力【考點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；物體的彈性和彈力．【分析】分光滑與粗糙兩種狀況，分別對(duì)A以及AB整體進(jìn)行分析，由共點(diǎn)力的平衡條件可推斷兩物體可能的受力狀況．【解答】解：A、對(duì)A受力分析可知：1．若A與B的接觸面光滑，則A受重力、支持力及墻壁對(duì)A的支持力作用，A處于靜止?fàn)顟B(tài)，合力為零，由于A、B之間的接觸面傾斜，則B對(duì)A的支持力大于A的重力，依據(jù)牛頓第三定律可知，物塊A對(duì)物塊B的壓力大小大于物塊A的重力；2．若接觸面粗糙，A可能受到重力、支持力和B對(duì)A的摩擦力，有可能A還受到墻壁的支持力；當(dāng)墻壁對(duì)A沒有支持力時(shí)，B對(duì)A的支持力與摩擦力的合力與A的重力大小相等，方向相反．由以上分析可知，故A錯(cuò)誤，B錯(cuò)誤；C、1．若A與B的接觸面光滑，木塊B受重力、地面的支持力、A對(duì)B斜向下的壓力以及地面的摩擦力處于靜止?fàn)顟B(tài)，合力為零，則摩擦力方向水平向左；2．若接觸面粗糙，木塊B受重力、地面的支持力、A對(duì)B斜向下的壓力以及A對(duì)B的靜摩擦力，其中A對(duì)B斜向下的壓力以及A對(duì)B的靜摩擦力的合力與A的重力大小相等，方向豎直向下，所以B不受地面的摩擦力，故C錯(cuò)誤；D、對(duì)整體進(jìn)行受力分析可知，整體在豎直方向不受外力，故支持力肯定等于兩物體的重力，故D正確；故選：D二、非選擇題:共5題，共56分。其中第13題～第16題解答時(shí)請(qǐng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最終答案的不能得分；有數(shù)值計(jì)算時(shí)，答案中必需明確寫出數(shù)值和單位。12.其同學(xué)為了測(cè)量一個(gè)量程為3V的電壓表的內(nèi)阻，進(jìn)行了如下試驗(yàn)．（1）他先用多用表進(jìn)行了正確的測(cè)量，測(cè)量時(shí)指針位置如圖1所示，得出電壓表的內(nèi)阻為3.00×103Ω，此時(shí)電壓表的指針也偏轉(zhuǎn)了．已知多用表歐姆檔表盤中心刻度值為“15”，表內(nèi)電池電動(dòng)勢(shì)為1.5V，則電壓表的示數(shù)應(yīng)為V（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）（2）為了更精確地測(cè)量該電壓表的內(nèi)阻RV，該同學(xué)設(shè)計(jì)了圖2所示的電路圖，試驗(yàn)步驟如下：A．?dāng)嚅_開關(guān)S，按圖2連接好電路；B．把滑動(dòng)變阻器R的滑片P滑到b端；C．將電阻箱R0的阻值調(diào)到零；D．閉合開關(guān)S；E．移動(dòng)滑動(dòng)變阻器R的滑片P的位置，使電壓表的指針指到3V位置；F．保持滑動(dòng)變阻器R的滑片P位置不變，調(diào)整電阻箱R0的阻值使電壓表指針指到1.5V位置，讀出此時(shí)電阻箱R0的阻值，此值即為電壓表內(nèi)阻RV的測(cè)量值；G．?dāng)嚅_開關(guān)S．試驗(yàn)中可供選擇的試驗(yàn)器材有：a．待測(cè)電壓表b．滑動(dòng)變阻器：最大阻值2000Ωc．滑動(dòng)變阻器：最大阻值10Ωd．電阻箱：最大阻值9999.9Ω，阻值最小變更量為0.1Ωe．電阻箱：最大阻值999.9Ω，阻值最小變更量為0.1Ωf．電池組：電動(dòng)勢(shì)約6V，內(nèi)阻可忽視g．開關(guān)，導(dǎo)線若干依據(jù)這位同學(xué)設(shè)計(jì)的試驗(yàn)方法，回答下列問題：①要使測(cè)量更精確，除了選用電池組、導(dǎo)線、開關(guān)和待測(cè)電壓表外，還應(yīng)從供應(yīng)的滑動(dòng)變阻器中選用（填“b”或“c”），電阻箱中選用（填“d”或“e”）②電壓表內(nèi)阻RV的測(cè)量值R測(cè)和真實(shí)值R真相比，R測(cè)R真（填“＞”或“＜”）；若RV越大，則越（填“大”或“小”）【解答】解：（1）歐姆表的內(nèi)電阻等于中值電阻，為：R＝15×100＝1500Ω；電壓表的內(nèi)電阻為：RV＝3000Ω；故電壓表讀數(shù)為：U＝IRV＝?RV＝＝1.0V；（2）①采納電壓表半偏法測(cè)量電壓表內(nèi)電阻，要保證電壓表與電阻箱的總電壓保持不變，須要使電壓表電阻遠(yuǎn)大于滑動(dòng)變阻器的電阻，故滑動(dòng)變阻器選擇小電阻，即選擇c；電阻箱最大電阻不能小于電壓表電阻，電壓表內(nèi)電阻約為3000歐姆，故電阻箱選擇d；②試驗(yàn)中要保證電壓表與電阻箱的總電壓不變，但事實(shí)上該電壓是變更的；當(dāng)電阻箱電阻增加時(shí)，電壓表與電阻箱的總電壓略微增加；試驗(yàn)中認(rèn)為電阻箱和電壓表電阻相等，故調(diào)整電阻箱R0的阻值使電壓表指針指到1.5V位置，此時(shí)電阻箱的電壓大于1.5V，故電阻箱的電阻大于電壓表的電阻，即測(cè)量值偏大；當(dāng)Rv越大，電壓表與電阻箱的總電壓偏差越小，系統(tǒng)誤差越小，越小；故答案為：（1）1.0；（2）①c；d；②＞；?。?3.麥克斯韋在1865年發(fā)表的《電磁場(chǎng)的動(dòng)力學(xué)理論》一文中揭示了電、磁現(xiàn)象與光的內(nèi)在聯(lián)系及統(tǒng)一性，即光是電磁波。①某單色光波在折射率為的玻璃磚介質(zhì)中傳播，某時(shí)刻電場(chǎng)橫波圖象如圖1所示，已知：c＝3×108m/s求該光波的頻率。（結(jié)果可用分?jǐn)?shù)表示）②折射率為的玻璃磚的截面為等腰梯形，如圖2所示，其中上、下兩面平行，底角45°，現(xiàn)將①中的單色光以寬度為d的光束平行于CD邊入射到AC界面上，a、b是光束的邊界。光線a在玻璃磚中的光路已給出且恰好從D點(diǎn)射出。畫出光線b從玻璃磚中首次出射的光路圖。并求出玻璃磚中有光射出部分的長(zhǎng)度L以及出射光線與界面的夾角θ?！痉治觥竣儆蓤D象可知光波的波長(zhǎng)，則由波長(zhǎng)、頻率和波速的關(guān)系可求得光波的頻率；②由題意可求得該光在玻璃中的折射率，因兩條光線相互平行，故關(guān)鍵在于分析CD面上光線能否發(fā)生全反射。【解答】解：①設(shè)光在介質(zhì)中的傳播速度為v，波長(zhǎng)為λ．頻率為f，由圖1得光在介質(zhì)中的速度v＝光波的頻率為代入數(shù)據(jù)求得Hz②光路圖如下：得r＝30°由幾何關(guān)系得在CD面上的入射角為75°，在CD面發(fā)生全反射，在BD面上的入射角為30°，依據(jù)折射定律得BD面的折射角為45°玻璃磚中有光射出部分的長(zhǎng)度L＝d答：①該光波的頻率為HZ②畫出光線b從玻璃磚中首次出射的光路圖如圖所示，玻璃磚中有光射出部分的長(zhǎng)度L為，出射光線與界面的夾角θ為45°。14.兩端開口、粗細(xì)勻稱的足夠長(zhǎng)U形玻璃管插在容積很大的水銀槽中，管的上部有肯定長(zhǎng)度的水銀，兩段空氣柱被封閉在左右兩側(cè)的豎直管中．開啟閥門A，各水銀液面穩(wěn)定時(shí)，位置如圖所示，此時(shí)兩部分氣體溫度均為300K．已知h1＝5cm，h2＝10cm，右側(cè)氣體柱長(zhǎng)度L1＝60cm，大氣壓為p0＝75cmHg.(1)求左側(cè)豎直管內(nèi)氣體柱的長(zhǎng)度L2；(2)關(guān)閉閥門A，當(dāng)右側(cè)豎直管內(nèi)的氣體柱長(zhǎng)度為L(zhǎng)′1＝68cm時(shí)(管內(nèi)氣體未溢出)，氣體溫度應(yīng)上升到多少？【解析】(1)設(shè)右管氣體壓強(qiáng)為p1，左管氣體壓強(qiáng)為p2，左管氣體下端與水銀槽面的高度差為h3，則有：p1＝p0＋h2＝85cmHgp2＝p1－h(huán)1＝80cmHgp3＝p0＋h3，得h3＝5cmL3＝L1－h(huán)2＋h1＋h3＝60cm.(2)設(shè)管的橫截面面積為S對(duì)右管中氣體初態(tài)：p1＝85cmHgV1＝L1ST1＝300K末態(tài)：p′1＝p0＋(L′1－L1＋h2)＝93cmHgV′1＝L′1S則有eq\f(p1V1,T1)＝eq\f(p′1V′1,T′1)解得T′1＝372K.【答案】(1)60cm(2)372K15.如圖所示，地面上有一傾角為θ＝37°足夠長(zhǎng)的固定斜面，斜面上有兩個(gè)質(zhì)量分別為m1＝0.1kg，m2＝0.3kg的可看做質(zhì)點(diǎn)的物塊，初始時(shí)相距d＝1m，m2與斜面動(dòng)摩擦因數(shù)為μ2＝0.75，現(xiàn)由靜止釋放m1，經(jīng)過時(shí)間t＝1s后與靜止的m2發(fā)生彈性碰撞，碰撞時(shí)間極短，（重力加速度g＝10m/s，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8）求（1）第一次碰撞前瞬間m1的速度v0的大小以及m1與斜面之間動(dòng)摩擦因數(shù)μ1（2）第一次碰撞后兩物塊速度大?。海?）第一次與其次次碰撞期問，兩物塊間距離最大值為多少【解答】解：（1）m1向下做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，位移：d＝t＝t，碰撞前速度：v0＝＝＝2m/s；m1的加速度：a＝＝2m/s2，對(duì)m1，由牛頓其次定律得：m1gsinθ﹣μ1m1gcosθ＝m1a，代入數(shù)據(jù)解得：μ1＝0.5；（2）兩物塊發(fā)生彈性碰撞，碰撞過程系統(tǒng)動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒，以平行于斜面對(duì)下