2025屆十堰市重點中學物理高三第一學期期中質量跟蹤監(jiān)視試題含解析

2025屆十堰市重點中學物理高三第一學期期中質量跟蹤監(jiān)視試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、我國女子短道速滑隊在2013年世錦賽上實現(xiàn)女子3000m接力三連冠．觀察發(fā)現(xiàn)，“接棒”的運動員甲提前站在“交棒”的運動員乙前面，并且開始向前滑行，待乙追上甲時，乙猛推甲一把，使甲獲得更大的速度向前沖出．在乙推甲的過程中，忽略運動員與冰面間在水平方向上的相互作用，則（）A．甲對乙的沖量一定等于乙對甲的沖量B．甲、乙的動量變化一定大小相等方向相反C．甲的動能增加量一定等于乙的動能減少量D．甲對乙做多少負功，乙對甲就一定做多少正功2、如圖所示裝置中，質量為M的木塊B與水平桌面間的接觸面是光滑的，質量為m的子彈A沿水平方向以v0射入木塊后留在木塊內(nèi)，將彈簧壓縮到最短．則此系統(tǒng)從子彈開始射入木塊到彈簧壓縮至最短的整個過程中（）A．彈簧、木塊和子彈組成的系統(tǒng)動量守恒，機械能不守恒B．彈簧、木塊和子彈組成的系統(tǒng)動量守恒，機械能守恒C．彈簧的最大彈性勢能為D．彈簧的最大彈性勢能為3、應用物理知識分析生活中的常見現(xiàn)象，或是解釋一些小游戲中的物理原理，可以使物理學習更加有趣和深入．甲、乙兩同學做了如下的一個小游戲，如圖所示，用一象棋子壓著一紙條，放在水平桌面上接近邊緣處．第一次甲同學慢拉紙條將紙條抽出，棋子掉落在地上的P點．第二次將棋子、紙條放回原來的位置，乙同學快拉紙條將紙條抽出，棋子掉落在地上的N點．兩次現(xiàn)象相比A．第二次棋子的慣性更大B．第二次棋子受到紙帶的摩擦力更小C．第二次棋子受到紙帶的沖量更小D．第二次棋子離開桌面時的動量更大4、一輛汽車在平直公路上做剎車實驗，若從0時刻起汽車在運動過程中的位移與速度的關系式為x＝(10－0.1v2)m，則下列分析正確的是（）A．上述過程的加速度大小為10m/s2 B．剎車過程持續(xù)的時間為5sC．0時刻的初速度為10m/s D．剎車過程的位移為5m5、登上火星是人類的夢想,“嫦娥之父”歐陽自遠透露:中國計劃于2020年登陸火星．地球和火星公轉視為勻速圓周運動,忽略行星自轉影響．根據(jù)下表,火星和地球相比A．火星的公轉周期較小B．火星做圓周運動的加速度較大C．火星表面的重力加速度較小D．火星的第一宇宙速度較大6、“嫦娥五號”探測器由軌道器、返回器、著陸器等多個部分組成．探測器預計在2017年由“長征五號”運載火箭在中國文昌衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射升空，自動完成月面樣品采集，并從月球起飛，返回地球，帶回約2kg月球樣品．某同學從網(wǎng)上得到一些信息，如表格中的數(shù)據(jù)所示，請根據(jù)題意，判斷地球和月球的密度之比為()地球和月球的半徑之比=4地球表面和月球表面的重力加速度之比=6A． B． C．4 D．6二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，自左向右依次固定放置半圓形玻璃磚、足夠長的豎立的長方體玻璃磚和光屏，BC、MN、PQ三個表面相互平行．一點光源可沿著圓弧移動，從點光源發(fā)出的一束白光始終正對圓心O射入半圓形玻璃磚，經(jīng)過長方體玻璃磚后，打在光屏上．已知玻璃對紅光的折射率為n=1.513，若不考慮光在各個界面的反射，則下列說法正確的是A．點光源從B移動到C的過程中，光屏上總有彩色光斑B．點光源從B移動到C的過程中，光屏上紅色光斑的移動速率比紫色光斑的小C．點光源在A點時，光屏上紅色光斑在紫色光斑的上方D．點光源在A點時，若撤除長方體玻璃磚，光屏上紅色光斑將向上移動E.點光源在A點時，若將光屏稍向右平移，光屏上紅色光斑與紫色光斑的間距將增大8、如圖所示，A是靜止在赤道上的物體，隨地球自轉而做勻速圓周運動；B、C是同一平面內(nèi)兩顆人造衛(wèi)星，B位于離地高度等于地球半徑的圓形軌道上，C是地球同步衛(wèi)星．已知第一宇宙速度為υ，物體A和衛(wèi)星B、C的線速度大小分別為、、，周期大小分別為TA、TB、TC，則下列關系正確的是（）A． B．＜＜＜C．＝＞ D．＜＜9、下列說法正確的是_____________。（填正確答案標號，選對一個得2分，選對2分得4分，選對3個得5分。每選錯一個扣3分，最低得分為0分）A．豎直的彈簧振子的回復力，由彈簧的彈力提供B．單擺振動的周期，一定等于它的固有周期C．機械波從一種介質進入另一種介質，如果波速變大，波長一定變大D．在干涉現(xiàn)象中，振動加強點的位移可能比振動減弱點的位移小E.發(fā)生多普勒效應時，波源發(fā)出的波的頻率并沒有發(fā)生變化10、如圖所示為甲、乙兩物體在同一直線上運動的位置坐標x隨時間t變化的圖像，已知甲對應的是圖像中的直線，乙對應的是圖像中的曲線，則下列說法正確的是()A．甲做勻減速直線運動B．乙做變速直線運動C．0～t1時間內(nèi)兩物體平均速度大小相等D．兩物體的運動方向相反三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“探究加速度與力、質量的關系”的實驗中，兩位同學設計了不同的實驗方案。(1)小李同學采用圖（甲）的實驗裝置進行實驗。①為了使小車所受的拉力可認為與槽碼所受的重力相等，應滿足的條件是______；②用阻力補償法消除阻力影響的正確操作是______；（填“A”或“B”）A．把木板不帶定滑輪的一側抬高，調(diào)節(jié)木板的傾斜角度，直至小車在不受牽引力時能拖動紙帶開始滑動。B．把木板不帶定滑輪的一側抬高，調(diào)節(jié)木板的傾斜角度，輕推小車，使小車在不受牽引力時能拖動紙帶沿木板勻速運動。③圖（a）是小李同學某次實驗得到的紙帶，兩計數(shù)點間有四個點未畫出，部分實驗數(shù)據(jù)如圖所示，所用交變電流的頻率為50Hz。則小車的加速度為______m/s2.（結果保留2位有效數(shù)字）(2)小張同學采用圖（乙）的實驗裝置進行實驗（丙為俯視圖）。將兩個相同的小車放在水平木板上，前端各系一條細繩，細繩的另一端跨過定滑輪各掛一個小盤，盤中放上不同的重物。兩個小車后各系一條細線，用夾子把兩條細線同時夾住，使小車靜止。打開夾子，兩個小車同時開始運動，合上夾子，兩個小車同時停下來。只需要測量兩小車的位移x及兩小盤和盤中重物的總質量m，即可探究加速度與合外力的關系。①小張同學的實驗方案中，是否需要進行阻力補償_____？②一次實驗中，用刻度尺測量兩個小車的位移x1和x2，已知小盤和盤中重物的總質量分別為m1和m2，為了驗證加速度與合外力成正比，只需驗證表達式______成立（用x1、x2、m1、m2表示）。12．（12分）在做“探究加速度與力、質量的關系”實驗中，（1）需要用到下列儀器的是___________A．打點計時器B．彈簧測力計C．秒表D．天平（2）下列說法正確的是____________A．先釋放紙帶再接通電源B．拉小車的細線應盡可能與長木板平行C．紙帶與小車相連端的點跡較疏D．輕推小車，拖著紙帶的小車能夠勻速下滑說明摩擦力已被平衡（3）如圖所示是實驗時打出的一條紙帶，A、B、C、D……為每隔4個點取計數(shù)點，據(jù)此紙帶可知小車在D點速度大小為_________m/s．（保留兩位有效數(shù)字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖甲所示，質量為m＝1kg的物體置于傾角為θ＝37°固定斜面上（斜面足夠長），對物體施加平行于斜面向上的恒力F，作用時間t1＝1s時撤去拉力，物體運動的部分v—t圖像如圖乙所示，取g=10m/s2，試求：（1）在0到1s內(nèi)，拉力F的平均功率；（2）t＝4s時物體的速度v．14．（16分）如圖所示，在豎直平面內(nèi)直線AB與豎直方向成30°角，AB左側有勻強電場，右側有垂直紙面向外的勻強磁場．一質量為m、電荷量為q的帶負電的粒子，從P點以初速v0豎直向下射入電場，粒子首次回到邊界AB時，經(jīng)過Q點且速度大小不變，已知P、Q間距為l，之后粒子能夠再次通過P點，（粒子重力不計）求：（1）勻強電場場強的大小和方向；（2）勻強磁場磁感強度的可能值．15．（12分）如圖所示，在傾角為θ=37°的足夠長斜面上放置一質量M=2kg、長度L=1.5m的極薄平板AB，在薄平板的上端A處放一質量m=1kg的小滑塊(視為質點)，將小滑塊和薄平板同時無初速釋放。已知小滑塊與薄平板之間的動摩擦因數(shù)為μ1=0.25、薄平板與斜面之間的動摩擦因數(shù)為μ2=0.5,sin37°=0.6,cos37°=0.8，取g=10m/s2。求：(1)釋放后，小滑塊的加速度al和薄平板的加速度a2;(2)從釋放到小滑塊滑離薄平板經(jīng)歷的時間t。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

A．因為沖量是矢量，甲對已的作用力與乙對甲的作用力大小相等方向相反，故沖量大小相等方向相反，故A錯誤．B．設甲乙兩運動員的質量分別為、，追上之前的瞬間甲、乙兩運動員的速度分別是，．根據(jù)題意整個交接棒過程動量守恒：可以解得：，即B選項正確；CD．經(jīng)歷了中間的完全非彈性碰撞過程會有動能損失，CD選項錯誤．【點睛】本題主要考察能量（做功正負判斷）、動量（動量定理、動量守恒）相關知識，結合彈性碰撞和非彈性碰撞的動量和能量關系展開討論．2、C【解析】試題分析：系統(tǒng)內(nèi)力遠遠大于外力，系統(tǒng)動量守恒，只有重力或只有彈力做功，系統(tǒng)機械能守恒，根據(jù)系統(tǒng)受力情況與做功情況判斷系統(tǒng)動量與機械能是否守恒，應用動量守恒定律與能量守恒定律分析答題．子彈在擊中木塊過程要克服阻力做功，機械能有損失，系統(tǒng)機械能不守恒，子彈與木塊壓縮彈簧過程，子彈、木塊、彈簧組成的系統(tǒng)受到墻壁的作用力，系統(tǒng)所受合外力不為零，系統(tǒng)動量不守恒，由此可知，彈簧、子彈和木塊組成的系統(tǒng)在整個過程中動量不守恒、機械能不守恒，AB錯誤；設子彈射入木塊后，兩者的速度為v，子彈擊中木塊過程子彈與木塊的內(nèi)力遠遠大于外力，所以子彈與木塊組成的系統(tǒng)動量守恒，以子彈的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得，木塊壓縮彈簧過程，動能轉化為彈性勢能，當彈性勢能最大時，系統(tǒng)的動能全部轉化為彈性勢能，故由能量守恒定律得，聯(lián)立解得，C正確D錯誤．3、C【解析】兩次拉動中棋子的質量沒變，故其慣性不變，A錯誤；由于正壓力不變；故紙帶對棋子的摩擦力沒變，B錯誤；由于快拉時作用時間變短，故摩擦力對棋子的沖量變小了，C正確；由動量定理可知，合外力的沖量減小，則棋子離開桌面時的動量變小，D錯誤；4、C【解析】

AC．根據(jù)公式和位移與速度的關系式為x=(10-0.1v2)m，解得：a=-5m/s2，v0=10m/s負號表示與運動方向相反，故A正確，C正確。B．剎車時間=2s故B錯誤；D．剎車位移為故D錯誤。故選C．5、B【解析】試題分析：根據(jù)開普勒第三定律分析公轉周期的關系．由萬有引力定律和牛頓第二定律結合分析加速度的關系．根據(jù)萬有引力等于重力，分析星球表面重力加速度的關系．由v=分析第一宇宙速度關系．解：A、由表格數(shù)據(jù)知，火星的軌道半徑比地球的大，根據(jù)開普勒第三定律知，火星的公轉周期較大，故A錯誤．B、對于任一行星，設太陽的質量為M，行星的軌道半徑為r．根據(jù)G=ma，得加速度a=，則知火星做圓周運動的加速度較小，故B正確．C、在行星表面，由G=mg，得g=,由表格數(shù)據(jù)知，火星表面的重力加速度與地球表面的重力加速度之比為=?=×＜1,故火星表面的重力加速度較小，故C錯誤．D、設行星的第一宇宙速度為v．則G=m，得v=．代入可得火星的第一宇宙速度較小．故D錯誤．故選B．6、B【解析】

在地球表面，重力等于萬有引力，故解得故密度同理．月球的密度故地球和月球的密度之比故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCE【解析】A、當入射光AO⊥BC時，不發(fā)生折射，在光屏上沒有彩色光斑，故A錯誤；B、由于紅光的折射率最小，紫光的折射率最大，點光源從B移動到C的過程中，紅光通過半圓形玻璃磚后折射角最小，移動的距離最小，由于光線通過長方體玻璃磚后，出射光線與入射光線平行，可知光屏上紅色光斑的移動距離比紫光小，紅光移動速率比紫色光斑的小，故B正確；C、點光源在A點時，由于紅光的偏折程度最小，紫光的偏折程度最大，則紅光的光屏上紅色光斑在紫色光斑的上方，故C正確；D、光線通過長方體玻璃磚后會向上發(fā)生移側，則點光源在A點時，若撤除長方體玻璃磚，光屏上紅色光斑將向下移動，故D錯誤；E、點光源在A點時，若將光屏稍向右平移，出射光線方向不變，根據(jù)幾何關系可知，光屏上紅色光斑與紫色光斑的間距增大，故E正確；故選BCE．8、BC【解析】

AB．地球赤道上的物體與同步衛(wèi)星具有相同的角速度，所以ωA=ωC，根據(jù)v=rω，C的線速度大于A的線速度．根據(jù)得B的線速度大于C的線速度，故A錯誤，B正確；CD．衛(wèi)星C為同步衛(wèi)星，所以TA=TC，根據(jù)得C的周期大于B的周期，故C正確，D錯誤．【點睛】地球赤道上的物體與同步衛(wèi)星具有相同的角速度和周期，根據(jù)v=rω，a=rω2比較線速度的大小和向心加速度的大小，根據(jù)萬有引力提供向心力比較B、C的線速度、角速度、周期和向心加速度大?。?、CDE【解析】A、彈簧振動的回復力，由沿振動方向的合力提供，如果是沿豎直方向振動的彈簧振子，其回復力由重力和彈簧的彈力的合力提供，A項錯誤；B、當單擺做受迫振動時，它振動的周期等于驅動力的周期，不一定等于它的固有周期，B項錯誤；C、機械波從一種介質進入另一種介質，頻率不變，如果波速變大，由可知，波長一定就變大，C項正確；D、在干涉現(xiàn)象中，振動加強點的位移某時會變?yōu)榱?，D項正確；E、發(fā)生多普勒效應時，波源發(fā)出的波的頻率并沒有發(fā)生變化，只是觀察者接收到頻率發(fā)生了變化，E項正確。故選CDE.【點睛】該題考查簡諧振動與機械波的幾個比較重要的知識點的內(nèi)容，都是一些記憶性的知識點，在平時的學習中多加積累即可．10、BD【解析】

結合題意分析題圖易知，題圖中圖像的斜率等于速度，知甲沿負方向做勻速直線運動，故A錯誤．乙圖像切線的斜率不斷增大，說明乙的速度不斷增大，做變速直線運動，故B正確．根據(jù)坐標的變化量等于位移知，0～t1時間內(nèi)兩物體位移大小不相等，方向相反，所以平均速度不相等，故C錯誤．根據(jù)圖像的斜率等于速度可知，甲的速度為負，乙的速度為正，即兩物體的運動方向相反，故D正確；故選BD．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、槽碼的質量遠小于小車的質量B0.52或0.53需要【解析】

(1)①[1]為了使小車所受的拉力可認為與槽碼所受的重力相等，應滿足的條件是槽碼的質量遠小于小車的質量；②[2]用阻力補償法消除阻力影響的正確操作是平衡摩擦力，即把木板不帶定滑輪的一側抬高，調(diào)節(jié)木板的傾斜角度，輕推小車，使小車在不受牽引力時能拖動紙帶沿木板勻速運動，故選B。③[3]兩計數(shù)點間有四個點未畫出，則T=0.1s，根據(jù)可得加速度(2)①[4]小張同學的實驗方案中，為了使得盤及盤中重物的重力等于小車的牽引力，也需要進行阻力補償，即平衡摩擦力；②[5]兩小車運動的時間相等，根據(jù)可知，加速度之比等于位移之比，即由于小盤和盤中重物的總重力等于小車的拉力，即F=mg，則要驗證加速度與合外力成正比，即驗證而則只需驗證表達式成立。12、AD;BD;0.21±0.01;【解析】

（1）實驗中需要用打點計時器測量加速度；需要用天平測量小車的質量；不需要彈簧測力計和秒表，故選AD.（2）實驗開始時，要先接通電源再釋放紙帶，選項A錯誤；拉小車的細線應盡可能與長木板平行，以減小實驗的誤差，選項B正確；開始運動時速度較慢，則紙帶與小車相連端的點跡較密集，選項C錯誤；輕推小車，拖著紙帶的小車能夠勻速下滑說明摩擦力已被平衡，選項D正確；故選BD.（3）由圖可知，CE=4.10cm，T=0.1s，則D點的瞬時速度為v=【點睛】解決本題的關鍵知道實驗的原理和誤差的來源，掌握紙帶的處理方法，會通過紙帶求解瞬時速度和加速度，關鍵是勻變速直線運動推論的運用。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）P＝300W（2）v＝2m/s，方向沿斜面向下【解析】（1）設力F作用時物體的加速度為a1，對物體進行受力分析，由牛頓第二定律可知F－mgsinθ－μmgcosθ＝ma1（2分）撤去力后，由牛頓第二定律有mgsinθ＋μmgcosθ＝ma2（2分）根據(jù)圖像可知：a1＝20m/s2，a2＝10m/s2（1分）解得：μ＝0.5