上海嘉定區(qū)2025屆高二物理第一學(xué)期期末經(jīng)典模擬試題含解析

上海嘉定區(qū)2025屆高二物理第一學(xué)期期末經(jīng)典模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請(qǐng)用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號(hào)。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、關(guān)于光電效應(yīng)，下列說法正確的是（）A.只要光照射的時(shí)間足夠長(zhǎng)，任何金屬都能發(fā)生光電效應(yīng)B.從金屬表面出來的光電子的最大初動(dòng)能越大，這種金屬的逸出功越小C.截止頻率越大的金屬材料逸出功越大D.入射光的光強(qiáng)一定時(shí)，頻率越高，單位時(shí)間內(nèi)逸出的光電子數(shù)就越多2、電磁炮是一種理想的兵器，它的主要原理如圖所示，利用這種裝置可以把質(zhì)量為m＝2.0g的彈體(包括金屬桿EF的質(zhì)量)加速到6km/s，若這種裝置的軌道寬為d＝2m，長(zhǎng)L＝100m，電流I＝10A，軌道摩擦不計(jì)且金屬桿EF與軌道始終接觸良好，則下列有關(guān)軌道間所加勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度和磁場(chǎng)力的最大功率結(jié)果正確的是()A.B＝18T，Pm＝1.08×108WB.B＝0.6T，Pm＝7.2×104WC.B＝0.6T，Pm＝3.6×106WD.B＝18T，Pm＝2.16×106W3、如右圖所示的可變電容器，旋轉(zhuǎn)動(dòng)片使之與定片逐漸重合．則電容器的電容將A.逐漸增大 B.逐漸減小C.保持不變 D.先增大后減小4、甲、乙兩車在同一地點(diǎn)同時(shí)做直線運(yùn)動(dòng)，其v-t圖象如圖所示，則（）A.它們的初速度均為零B.甲的加速度大于乙的加速度C.0~t1時(shí)間內(nèi)，甲的速度大于乙的速度D.0~t1時(shí)間內(nèi)，甲的位移大于乙的位移5、如圖所示，MN是一負(fù)點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線．一個(gè)帶正電的粒子（不計(jì)重力）從a到b穿越這條電場(chǎng)線的軌跡如圖中虛線所示．下列結(jié)論正確的是（）A.帶電粒子從a到b過程中動(dòng)能逐漸減小B.負(fù)點(diǎn)電荷一定位于M點(diǎn)左側(cè)C.帶電粒子在a點(diǎn)的加速度大于在b點(diǎn)的加速度D.帶電粒子在a點(diǎn)時(shí)具有的電勢(shì)能大于在b點(diǎn)時(shí)具有的電勢(shì)能6、如圖所示，圓形區(qū)域內(nèi)有一垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B1，P為磁場(chǎng)邊界上的一點(diǎn)．相同的帶正電荷粒子，以相同的速率從P點(diǎn)射入磁場(chǎng)區(qū)域，速度方向沿位于紙面內(nèi)的各個(gè)方向．這些粒子射出邊界的位置均處于邊界的某一段弧上，這段圓弧的弧長(zhǎng)是圓周長(zhǎng)的．若將磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小變?yōu)锽2，結(jié)果相應(yīng)的弧長(zhǎng)變?yōu)閳A周長(zhǎng)的，不計(jì)粒子的重力和粒子間的相互影響，則等于A. B.C. D.二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖，兩平行的足夠長(zhǎng)的光滑傾斜導(dǎo)軌處于垂直于導(dǎo)軌所在斜面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，上端連接一阻值為R的電阻，導(dǎo)軌上一導(dǎo)體棒從靜止開始下滑，在其運(yùn)動(dòng)狀態(tài)達(dá)到穩(wěn)定前，下列有關(guān)流過導(dǎo)體棒的電流i、導(dǎo)體棒受到的安培力F隨時(shí)間t變化的關(guān)系圖，通過導(dǎo)體棒的電量q隨位移x變化的關(guān)系圖，導(dǎo)體棒上安培力的瞬時(shí)功率P隨速度v變化的關(guān)系圖中，可能正確的是（）A.B.C.D.8、如圖所示為遠(yuǎn)距離輸電的電路圖，升壓變壓器和降壓變壓器均為理想變壓器，用戶得到的功率為P。已知升壓變壓器原副線圈的匝數(shù)分別為、，電流分別為、，電壓分別為、，輸電線的總電阻為R，則下列關(guān)系正確的是A.B.C.D.9、某電器元件被磁化了，為了使其退磁，下列方法可行的有（）A.把該元件高溫處理B.把該元件通入強(qiáng)電流C.把該元件放入逐漸減弱的交變磁場(chǎng)中D.把該元件放入強(qiáng)磁場(chǎng)中10、如圖所示，條形磁鐵放在水平粗糙桌面上，它的右上方附近固定有一根長(zhǎng)直導(dǎo)線，導(dǎo)線中通與了方向垂直紙面向里（即與條形磁鐵垂直）的電流，與原來沒有放置通電導(dǎo)線時(shí)相比較，磁鐵受到的支持力N和摩擦力f的變化情況是（）A.N減小了 B.N增大了C.f始終為0 D.f不為0，且方向向右三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某研究小組收集了一個(gè)電學(xué)元件：電阻R0（約為2kΩ）實(shí)驗(yàn)室備有如下器材：A．電壓表V（量程3V，電阻RV約為4.0kΩ）B．電流表A1（量程100mA，電阻RA1約為5Ω）C．電流表A2（量程2mA，電阻RA2約為50Ω）D．滑動(dòng)變阻器R1（0～40Ω，額定電流1A）E．電阻箱R2（0～999.9Ω）F．開關(guān)S一只、導(dǎo)線若干G．電動(dòng)勢(shì)為4V的鋰電池為了測(cè)定電阻R0的阻值，小明設(shè)計(jì)了一電路，如圖所示為其對(duì)應(yīng)的實(shí)物圖，(1)圖中的電流表A應(yīng)選_______(選填“A1”或“A2”)(2)請(qǐng)將圖中實(shí)物連線補(bǔ)充完整_______(3)開關(guān)閉合前，滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭應(yīng)放在____________(選填“左”或“右”).12．（12分）用伏安法測(cè)定值電阻R的阻值常用圖甲和圖乙的電路。(1)利用圖甲電路測(cè)量時(shí)，由于電壓表的內(nèi)阻不是無窮大，會(huì)導(dǎo)致R的測(cè)量值____（填“偏大”或“偏小”）；利用圖乙電路測(cè)量時(shí)，電流表的內(nèi)阻對(duì)測(cè)量結(jié)果也會(huì)帶來影響。(2)為了消除電表內(nèi)阻對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果的影響，某同學(xué)做法如下：測(cè)量R兩端的電壓時(shí)不接入電流表，測(cè)量通過R的電流時(shí)不接入電壓表。你認(rèn)為這種做法合理嗎？請(qǐng)說明理由______(3)某同學(xué)測(cè)得一個(gè)圓柱體電阻阻值R約為20Ω，再用游標(biāo)卡尺（20分度）和螺旋測(cè)微器分別測(cè)量它的長(zhǎng)度和直徑，如圖丙和丁所示，長(zhǎng)度L為___mm，直徑d為___mm，計(jì)算該電阻的電阻率的表達(dá)式為ρ＝___（用R、L、d表示）。四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，兩根足夠長(zhǎng)的粗糙平行直導(dǎo)軌與水平面成α角放置，兩導(dǎo)軌間距為l，軌道上端接一電容為C的電容器．導(dǎo)軌處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于導(dǎo)軌平面斜向上．一質(zhì)量為m的金屬棒在沿平行斜面的恒力F作用下從靜止開始沿斜面向上運(yùn)動(dòng)．已知重力加速度大小為g，金屬棒與導(dǎo)軌之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，忽略所有電阻，求：(1)電容器極板上積累的電荷量與金屬棒速度大小的關(guān)系；(2)回路中的電流強(qiáng)度大小14．（16分）如圖所示，M為一線圈電阻r1＝0.4Ω的電動(dòng)機(jī)，R＝24Ω，電源電動(dòng)勢(shì)E＝40V．當(dāng)S斷開時(shí)，理想電流表的示數(shù)I1＝1.6A，當(dāng)開關(guān)S閉合時(shí)，理想電流表的示數(shù)為I2＝4.0A，求：(1)電源內(nèi)阻r；(2)開關(guān)S閉合時(shí)，通過電阻R的電流；(3)開關(guān)S閉合時(shí)，電動(dòng)機(jī)輸入功率和輸出功率15．（12分）空間有一勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)方向與紙面平行．一帶正電，電量為q，質(zhì)量為m的小球（重力不計(jì)），在恒定拉力F的作用下沿虛線以速度由M勻速運(yùn)動(dòng)到N，如圖所示．已知力F和MN間夾角為，MN間距離為L(zhǎng)，則：（1）勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為多少？（2）MN兩點(diǎn)的電勢(shì)差為多少？（3）當(dāng)帶電小球到達(dá)N點(diǎn)時(shí)，撤去外力F，則小球回到過M點(diǎn)等勢(shì)面時(shí)的動(dòng)能為多少？

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】A．電子在發(fā)生躍遷的時(shí)候一次只能吸收一個(gè)光子，而所謂極限頻率是指處于最外層的電子發(fā)生電離所要吸收的光子的頻率，故只要入射光的頻率低于金屬的極限頻率，無論時(shí)間多長(zhǎng)，無論光的強(qiáng)度多大，都不會(huì)發(fā)生光電效應(yīng)，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程可知光電子的最大初動(dòng)能跟入射光的頻率和金屬的逸出功都有關(guān)，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程可知故金屬的截止頻率越大，金屬材料的逸出功越大，故C正確;D．單位時(shí)間內(nèi)逸出的光電子的數(shù)目多少跟入射光的強(qiáng)度有關(guān)，入射光的光強(qiáng)一定時(shí)，頻率越高，光子能量越大，則光子數(shù)越小，單位時(shí)間內(nèi)逸出的光電子的數(shù)目越小，故D錯(cuò)誤。故選C。2、D【解析】通電金屬桿在磁場(chǎng)中受安培力的作用而對(duì)彈體加速，由功能關(guān)系得BIdL＝，代入數(shù)值解得B＝18T；當(dāng)速度最大時(shí)磁場(chǎng)力的功率也最大，即Pm＝BIdvm，代入數(shù)值得Pm＝2.16×106W，故ABC錯(cuò)誤，D正確．故選D3、A【解析】旋轉(zhuǎn)動(dòng)片使之與定片逐漸重合時(shí)，相當(dāng)于增加了電容器的正對(duì)面積，則由電容器的決定式C=可知，電容將逐漸增大，故BCD錯(cuò)誤，A正確．故選A【點(diǎn)睛】本題考查平行板電容器決定式的應(yīng)用，要注意明確平行板電容器是通過改變旋轉(zhuǎn)動(dòng)片來改變正對(duì)面積，從而起到改變電容的作用4、B【解析】A．當(dāng)t=0時(shí)，甲的初速為零，乙的初速度不為零，所以A錯(cuò)誤；B．v-t圖像斜率可知，斜率表示加速度，由可知，，所以選擇B正確。C．v-t圖像可知0~t1時(shí)間內(nèi)甲的速度小于乙的速度，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．v-t圖像面積畫線與t軸圍成的面積代表位移大小，由圖像可知，0~t1時(shí)間內(nèi)乙的位移大于甲的位移，所以D錯(cuò)誤。故選B。5、D【解析】解答本題的突破口是根據(jù)粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡確定其所受電場(chǎng)力方向，從而確定電場(chǎng)線MN的方向以及負(fù)點(diǎn)電荷的位置，然后根據(jù)負(fù)點(diǎn)電荷周圍電場(chǎng)分布情況，進(jìn)一步解答【詳解】A．由于該粒子只受電場(chǎng)力作用且做曲線運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力指向軌跡內(nèi)側(cè)，電場(chǎng)力方向大致向右，對(duì)帶電粒子做做正功，其動(dòng)能增加．故A錯(cuò)誤；B．帶正電的粒子所受電場(chǎng)力向右，電場(chǎng)線由M指向N，說明負(fù)電荷在直線N點(diǎn)右側(cè)．故B錯(cuò)誤；C．a(chǎn)點(diǎn)離點(diǎn)電荷較遠(yuǎn)，a點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小于b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，帶電粒子在a點(diǎn)的小于在b點(diǎn)的電場(chǎng)力，根據(jù)牛頓第二定律得知，帶電粒子在a點(diǎn)的加速度小于在b點(diǎn)的加速度．故C錯(cuò)誤；D．電場(chǎng)力對(duì)帶電粒子做正功，電勢(shì)能減小，則帶電粒子在a點(diǎn)的電勢(shì)能大于在b點(diǎn)的電勢(shì)能．故D正確；【點(diǎn)睛】依據(jù)帶電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡確定其所受電場(chǎng)力方向是解決帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)問題的突破口，然后可進(jìn)一步根據(jù)電場(chǎng)線、電場(chǎng)力做功等情況確定電勢(shì)、電勢(shì)能的高低變化情況6、C【解析】設(shè)圓的半徑為r;（1）磁感應(yīng)強(qiáng)度為B1時(shí)，從P點(diǎn)射入的粒子與磁場(chǎng)邊界的最遠(yuǎn)交點(diǎn)為M，最遠(yuǎn)的點(diǎn)是軌跡上直徑與磁場(chǎng)邊界的交點(diǎn)，，如圖所示；所以粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑R為：磁感應(yīng)強(qiáng)度為B2時(shí)，從P點(diǎn)射入的粒子與磁場(chǎng)邊界的最遠(yuǎn)交點(diǎn)為N，最遠(yuǎn)的點(diǎn)是軌跡上直徑與磁場(chǎng)邊界圓的交點(diǎn)，,如圖所示；所以粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為：;帶電粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為，由于v，m，q相等，則得：，故選C考點(diǎn)：帶電粒子扎起勻強(qiáng)磁場(chǎng)中得運(yùn)動(dòng)【名師點(diǎn)睛】此題是帶電粒子在磁場(chǎng)中得運(yùn)動(dòng)問題；解題時(shí)關(guān)鍵是分析粒子做圓周運(yùn)動(dòng)臨界圓狀態(tài)，結(jié)合幾何關(guān)系找到粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑，然后結(jié)合半徑表達(dá)式求解磁感應(yīng)強(qiáng)度的關(guān)系二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AC【解析】A．對(duì)導(dǎo)體棒由牛頓第二定律有即電流為電流與速度成正比，由于速度越來越大，加速度越來越小，所以電流越來越大，電流變化得越來越慢，故A正確；B．安培力為安培力與速度成正比，由于速度越來越大且變化得越來越慢，則安培力增大且變化得越來越慢，故B錯(cuò)誤；C．電荷量為則電荷量與位移成正比，故C正確；D．安培力功率為則功率與速度的平方成正比，故D錯(cuò)誤。故選AC。8、BD【解析】A．升壓變壓器原線圈的電流，P1應(yīng)該是發(fā)電機(jī)的輸出功率，由于輸電線的功率損失，所以P1＞P，故A錯(cuò)誤；B．理想變壓器的輸出功率等于輸入功率，即故B正確；C．U2不是輸電線電阻R兩端的電壓，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)能量守恒可知故D正確。故選BD。9、AC【解析】A、根據(jù)退磁的方法可知，把該元件高溫處理，因?yàn)榧ち业臒徇\(yùn)動(dòng)使分子電流的取向又變的雜亂無章了．能使元件退磁．故A正確；B、把該元件通入強(qiáng)電流，不能使分子電流的取向變的雜亂無章．故B錯(cuò)誤；C、把該元件放入逐漸減弱的交變磁場(chǎng)中是使磁性物體退磁的方法．故C正確；D、把該元件放入強(qiáng)磁場(chǎng)中，可能會(huì)使該元件的磁性更強(qiáng)．故D錯(cuò)誤故選AC【點(diǎn)睛】本題考查了安培分子電流假說和磁化、退磁的知識(shí)，要真正理解鐵磁性物質(zhì)產(chǎn)生磁化的本質(zhì)，掌握常見的退磁的方法．屬于基礎(chǔ)題目10、AD【解析】以導(dǎo)線為研究對(duì)象，由左手定則判斷得知導(dǎo)線所受安培力方向斜向右下方；根據(jù)牛頓第三定律得知，導(dǎo)線給磁鐵一個(gè)方向斜向左上方的力，則磁鐵有向左運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，受到向右的摩擦力，同時(shí)磁鐵對(duì)地面的壓力減小，由牛頓第三定律可得，磁鐵受到的支持力N減小。故選AD。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.A2②.③.左【解析】根據(jù)通過待測(cè)電阻的最大電流選擇電流表；為準(zhǔn)確測(cè)量電阻阻值，應(yīng)測(cè)多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，根據(jù)待測(cè)電阻阻值與滑動(dòng)變阻器最大阻值間的關(guān)系確定滑動(dòng)變阻器的接法；根據(jù)待測(cè)電阻與電表內(nèi)阻間的關(guān)系確定電流表的接法，然后連接實(shí)物電路圖【詳解】電壓表量程是3V，通過待測(cè)電阻的最大電流，因此電流表應(yīng)選電流表A2（量程2mA，電阻RA2約為50Ω）；(2)待測(cè)電阻R0阻值約為2kΩ，滑動(dòng)變阻器R1（0～40Ω，額定電流1A）與電阻箱R2（0～999.9Ω）最大阻值均小于待測(cè)電阻阻值，變阻器采用限流接法時(shí)待測(cè)電阻電壓與電流變化范圍較小，不能測(cè)多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，為測(cè)多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，減小實(shí)驗(yàn)誤差，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法.,,,故電流表應(yīng)該采用內(nèi)接法可減小系統(tǒng)誤差，實(shí)物電路圖如圖所示：(3)滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，為保護(hù)電路流過電流表的電流最小為零，電鍵閉合前，滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P應(yīng)置于左端.【點(diǎn)睛】根據(jù)待測(cè)電阻與滑動(dòng)變阻器阻值間的關(guān)系確定滑動(dòng)變阻器的接法，根據(jù)待測(cè)電阻阻值與電表內(nèi)阻間的關(guān)系確定電流表的接法是正確連接實(shí)物電路圖的前提與關(guān)鍵12、①.偏小②.不合理．因?yàn)閮纱螠y(cè)得的電壓和電流不是同一電路狀態(tài)下的值，或兩次測(cè)量時(shí)的電路結(jié)構(gòu)不同③.8.15④.2.968～2.972⑤.【解析】(1)[1]利用圖甲電路測(cè)量時(shí)，由于電壓表的分流作用，流過待測(cè)電阻的真實(shí)電流小于電流表示數(shù)，由公式可知，導(dǎo)致R的測(cè)量值偏小；(2)[2]這種做法不合理，因?yàn)閮纱螠y(cè)得的電壓和電流不是同一電路狀態(tài)下的值，或兩次測(cè)量時(shí)的電路結(jié)構(gòu)不同；(3)[3]游標(biāo)卡尺的固定刻度讀數(shù)為0.8cm=8mm，游標(biāo)讀數(shù)為0.05×3mm=0.15mm，所以最終讀數(shù)為8mm+0.15mm=8.15mm；[4]螺旋測(cè)微器的固定刻度讀數(shù)為2.5mm，可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.01×47.0mm=0.470mm，所以最終讀數(shù)為2.5mm+0.470mm=2.970mm，由于誤差所以2.968mm～2.972mm；[5]由電阻定律得，解得。四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)Q＝CBlv(2)【解析】(1)由法拉第電磁感應(yīng)定律求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；再與相結(jié)合求出電荷量與速度的關(guān)系式(2)由動(dòng)量定理求解加速度大小，再由電流強(qiáng)度的定義式求解電流強(qiáng)度大小【詳解】(1)設(shè)金屬棒下滑的速度大小為v，則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：E＝Blv平行板電容器兩極板之間的電勢(shì)差為：U＝E設(shè)此時(shí)電容器極板上積累的電荷量為Q，按定義有：得：Q＝CBlv(2)設(shè)導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)過程中經(jīng)過t時(shí)間的速度為v，根據(jù)動(dòng)量定理可得：Ft-μmgcosα?t-mgsinα?t-BIlt＝mv﹣0，根據(jù)電荷量的計(jì)算公式可