四川省宜賓市2023-2024學(xué)年高二年級(jí)下冊(cè)7月期末考試物理試題（解析版）

2024年春期宜賓市普通高中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測(cè)

高二年級(jí)物理

一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只

有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1.如圖，風(fēng)對(duì)帆面的作用力產(chǎn)垂直于帆面，它能分解成兩個(gè)分力耳、鳥，其中歹2垂直于

航向，會(huì)被很大的橫向阻力平衡，鳥沿著航向，提供動(dòng)力。若帆面與航向之間的夾角為

B.F2=FcosO

C.船受到的橫向阻力為一-D.船前進(jìn)的動(dòng)力為—^―

cos〃tan。

K答案工B

K解析］AB.根據(jù)幾何關(guān)系可得

—=tan3

FA

-2-cos0

F

解得

F5—

2tan。

F2=Fcos0

故A錯(cuò)誤，B正確;

C.根據(jù)題意可知，船受到的橫向阻力與乙等大反向，即等于Ecos。，故C錯(cuò)誤;

D.根據(jù)題意可知，船前進(jìn)的動(dòng)力為沿著航向的分力片，根據(jù)幾何關(guān)系可得

A=tan。

解得

F{-F2tan3

故D錯(cuò)誤。

故選B。

2.如圖，利用電勢(shì)差計(jì)和帶電擺球研究平行板電容器。平行板電容器充電后與電源斷開(kāi)。

若發(fā)現(xiàn)電勢(shì)差計(jì)指針張角變小，擺球懸線偏角不變,下列操作可能的是（

A.板間距離減小B.板間距離增大

C.減小兩板正對(duì)面積D.平行板間放入電介質(zhì)

《答案］A

K解析］設(shè)懸線與豎直方向的夾角為6,兩極板間電場(chǎng)強(qiáng)度為E,小球帶電量為4,小球

質(zhì)量為加，由平衡條件

qE=mgtan6

得

tan0=

mg

AB.平行板電容器充電后與電源斷開(kāi)，電容器所帶電荷量不變，由。=——,再結(jié)合

4兀kd

E"d

c=&

u

可得

E=^Q

sS

可知只改變板間距離，平行板間的電場(chǎng)強(qiáng)度不變，故板間距離減小或增大，擺球懸線偏角

不變。板間距離d減小，C增大，。不變，則U減小，電勢(shì)差計(jì)指針張角變小；板間距

離d增大，。減小，。不變，則U增大，電勢(shì)差計(jì)指針張角變大，故A正確，B錯(cuò)誤；

C.由。=-----,減小兩板正對(duì)面積S,C減小，。不變，則U增大，電勢(shì)差計(jì)指針張

471kd

角變大，故C錯(cuò)誤；

D.平行板間放入電介質(zhì)，由。=」一，C增大，。不變，則U減小，電勢(shì)差計(jì)指針張

4兀kd

角變小，由

E上

d

得E減小，擺球懸線偏角減小，故D錯(cuò)誤。

故選Ao

3.如圖甲，在真空中固定兩個(gè)相同的點(diǎn)電荷A、B,它們關(guān)于無(wú)軸上的P點(diǎn)對(duì)稱，在x軸

上的電場(chǎng)強(qiáng)度E與坐標(biāo)位置x的關(guān)系圖像如圖乙。若在坐標(biāo)原點(diǎn)。由靜止釋放一個(gè)點(diǎn)電荷

C（重力忽略不計(jì)），釋放后它先沿?zé)o軸正方向運(yùn)動(dòng)。規(guī)定沿龍軸正方向?yàn)殡妶?chǎng)強(qiáng)度的正方

向，則關(guān)于點(diǎn)電荷C的以下說(shuō)法正確的是（）

oP*

1B

甲乙

A.帶負(fù)電荷

B.在再處動(dòng)能最大

C.在％處電勢(shì)能最小

D.點(diǎn)電荷C不可能沿x軸做往返運(yùn)動(dòng)

［答案XC

K解析XA.由E-尤圖像可知，在x軸上的P點(diǎn)對(duì)應(yīng)超點(diǎn)，在P點(diǎn)的左側(cè)電場(chǎng)強(qiáng)度為正

值，說(shuō)明場(chǎng)強(qiáng)方向沿了軸正方向。在尸點(diǎn)的右側(cè)為電場(chǎng)強(qiáng)度負(fù)值，場(chǎng)強(qiáng)方向沿了軸負(fù)方

向，可知4、8帶等量負(fù)電，在坐標(biāo)原點(diǎn)。由靜止釋放一個(gè)點(diǎn)電荷C,釋放后它先沿x軸

正方向運(yùn)動(dòng)，點(diǎn)電荷C帶正電荷，故A錯(cuò)誤；

BC.點(diǎn)電荷C從。點(diǎn)到尸點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，從尸點(diǎn)沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，

電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，故點(diǎn)電荷C在％處動(dòng)能最大，在尤2處電勢(shì)能最小，故B錯(cuò)

誤，C正確；

D.設(shè)。點(diǎn)關(guān)于P點(diǎn)的對(duì)稱點(diǎn)為點(diǎn)C,點(diǎn)電荷從。點(diǎn)到尸點(diǎn)，做加速運(yùn)動(dòng)，從P點(diǎn)到C

點(diǎn)做減速運(yùn)動(dòng)，速度為零后從C點(diǎn)到P點(diǎn)反向做加速運(yùn)動(dòng)，然后從從尸點(diǎn)到。點(diǎn)做減速

運(yùn)動(dòng)，如此反復(fù)，故點(diǎn)電荷C將沿X軸做往返運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。

故選C。

4.某容器封閉一定質(zhì)量的理想氣體，氣體從狀態(tài)。開(kāi)始經(jīng)歷be、cd、曲后回到a,體

積丫隨攝氏溫度r的變化關(guān)系如圖，其中反、血均平行于f軸，下列說(shuō)法正確的是（）

A.從狀態(tài)a到方所有氣體分子的動(dòng)能均增大

B.從狀態(tài)b到c,氣體要從外界吸收熱量

C,從狀態(tài)c到d,氣體放出熱量小于外界對(duì)氣體做功

D.氣體從狀態(tài)“到b對(duì)外做的功大于從狀態(tài)c到d外界對(duì)氣體做的功

［答案XB

K解析》A.從狀態(tài)。到b,氣體溫度升高，氣體分子的平均動(dòng)能增大，并不是所有氣體

分子的動(dòng)能均增大，故A錯(cuò)誤；

B.從狀態(tài)b到c,氣體體積不變，外界對(duì)氣體不做功；氣體溫度升高，內(nèi)能增大，由熱力

學(xué)第一定律AU=W+Q,可知?dú)怏w要從外界吸收熱量，故B正確；

C.從狀態(tài)c到d,氣體溫度降低，內(nèi)能減小，則

△。＜0

從狀態(tài)c到力氣體體積減小，外界對(duì)氣體做功，則

W>0

由熱力學(xué)第一定律AU=W+Q,可知

e<o

即氣體放出熱量，并且氣體放出熱量大于外界對(duì)氣體做功，故c錯(cuò)誤；

D.氣體從狀態(tài)a到b與從狀態(tài)c到d,氣體都做等壓變化，由生=C,可得

T

則氣體從狀態(tài)。到6的壓強(qiáng)比從狀態(tài)c到d的壓強(qiáng)??；由W=pAV,可知?dú)怏w從狀態(tài)。

到b對(duì)外做的功小于從狀態(tài)c到d外界對(duì)氣體做的功，故D錯(cuò)誤。

故選B。

5.如圖所示，等腰三角形Vabc為一棱鏡的橫截面，ab=ac；一平行于be邊的細(xì)光束從

ab邊射入棱鏡，在be邊反射后從邊射出，出射光分成了不同顏色的兩束，甲光的出射

點(diǎn)在乙光的下方，不考慮多次反射。下列說(shuō)法正確的是（）

A.甲光的頻率比乙光的高

B.在真空中的傳播速度，甲光比乙光的大

C.該棱鏡對(duì)甲光的折射率大于對(duì)乙光的折射率

D.在棱鏡內(nèi)be邊反射時(shí)的入射角，甲光比乙光的大

［答案XD

K解析工AC.根據(jù)折射定律和反射定律作出光路圖如圖所示

由圖可知，乙光在棱鏡中偏轉(zhuǎn)得的折射角較小，根據(jù)折射定律可知乙光的折射率大于甲光

的折射率，則乙光的頻率高于甲光的頻率，根據(jù)

c=Xu

可知乙光的波長(zhǎng)短，故AC錯(cuò)誤；

B.不同頻率的光在真空中的傳播速度是一樣的，在真空中甲光和乙光的傳播速度相同，

故B錯(cuò)誤；

D.根據(jù)幾何關(guān)系可知光在棱鏡內(nèi)兒邊反射時(shí)的入射角，甲光比乙光的大，故D正確。

故選D。

6.宇宙射線進(jìn)入地球大氣層與大氣作用會(huì)產(chǎn)生中子，中子與大氣中的氮14會(huì)產(chǎn)生以下核

反應(yīng)：；4N+；nf；4c+：H,產(chǎn)生的（C能自發(fā)進(jìn)行夕衰變，其半衰期為5730年，利用

碳14的衰變規(guī)律可推斷古木的年代。下列說(shuō)法正確的是（）

A.；4c發(fā)生￡衰變的產(chǎn)物是;4N

B.夕衰變輻射出的電子來(lái)自于碳原子的核外電子

C.近年來(lái)由于地球的溫室效應(yīng)，引起;4c的半衰期發(fā)生微小變化

D,若測(cè)得一古木樣品的（C含量為活體植物的;，則該古木距今約為11460年

K答案XA

K解析』A.根據(jù)

64C-＞；4N+°e

即;4c發(fā)生夕衰變的產(chǎn)物是;4N,故A正確；

B.夕衰變輻射出的電子來(lái)自于原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子時(shí)放出的電子，故B錯(cuò)誤；

C.半衰期與外界環(huán)境無(wú)關(guān)，故C錯(cuò)誤；

D.若測(cè)得一古木樣品的含量為活體植物的,，可知經(jīng)過(guò)了1個(gè)半衰期，則該古木距

2

今約為5730年，故D錯(cuò)誤。

故選Ao

7.如圖，光滑絕緣水平桌面上有一均質(zhì)正方形金屬線框abed,線框以速度v進(jìn)入一個(gè)直

線邊界的勻強(qiáng)磁場(chǎng)（磁場(chǎng)的寬度大于線框的邊長(zhǎng)），當(dāng)線圈全部進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)，速度減小

V

到一，下列說(shuō)法正確的是（）

3

XXXXX

XXXXX

XXXXX

XXXXX

XXXXX

XXXXX;

A.線框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程中做勻減速直線運(yùn)動(dòng)

B.線框能全部穿出磁場(chǎng)

C.線框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程中與離開(kāi)磁場(chǎng)過(guò)程中產(chǎn)生的熱量之比為8：1

D,線框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程中與離開(kāi)磁場(chǎng)過(guò)程中通過(guò)線框某截面的電荷量之比為3：2

K答案』c

K解析』A.線框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)受安培力大小為

F=BIL=B—L^^-^~=ma

RR

隨著速度減小，安培力逐漸減小，加速度減小，所以線框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)做變速直線運(yùn)動(dòng)，故

A錯(cuò)誤；

V

BD.假設(shè)線圈能全部穿出磁場(chǎng)，線圈剛?cè)窟M(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度為耳，剛離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)速度為

v',線圈進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程，取向右為正方向，由動(dòng)量定理得：

V

mmv

-B1{L=~~

通過(guò)線圈的電荷量

AOBE

勿=1/1

RR

線圈離開(kāi)磁場(chǎng)的過(guò)程，取向右為正方向，由動(dòng)量定理得

V

-BLLt=mv'-m—

2023

通過(guò)線圈的電荷量

△①BI}

%=f=---=----

222RR

聯(lián)立解得

3

所以線圈不能全部穿出磁場(chǎng)，則v'=0,代入上式可知

%1

故BD錯(cuò)誤；

C.線圈進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程，根據(jù)能量守恒定律有

<2i=1^2-1m(|v)2

線圈離開(kāi)磁場(chǎng)的過(guò)程，根據(jù)能量守恒定律有

2=g*VP

解得

2二

。2一1

故C正確。

二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題5分，共15分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有

兩個(gè)或兩個(gè)以上選項(xiàng)符合題目要求。全都選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的

得0分。

8.2023年9月21日，“天宮課堂”第四課正式開(kāi)講，這是中國(guó)航天員首次在夢(mèng)天實(shí)驗(yàn)艙內(nèi)

進(jìn)行授課，若夢(mèng)天實(shí)驗(yàn)艙繞地球的運(yùn)動(dòng)可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其軌道離地面的高度約為地

球半徑的々倍。已知地球半徑為A,地球表面的重力加速度為g,引力常量為G,忽略

地球自轉(zhuǎn)的影響，下列說(shuō)法正確的是（）

A.漂浮在實(shí)驗(yàn)艙中的航天員不受地球引力

B.實(shí)驗(yàn)艙繞地球運(yùn)動(dòng)的線速度大小約為J3史

V17

C.實(shí)驗(yàn)艙繞地球運(yùn)動(dòng)的向心加速度大小約為g

D.地球的密度約為3—

4nGR

（答案』BD

［解析》A.漂浮在空間站中的宇航員依然受地球的引力，所受引力提供做勻速圓周運(yùn)動(dòng)

的向心力，故A錯(cuò)誤；

BC.設(shè)空間站的質(zhì)量為“％其所受萬(wàn)有引力提供向心力，有

MmV2

CJ--v---=---m---a=m-——

I"

結(jié)合GM=gR2解得

16

g

故B正確，C錯(cuò)誤;

D.地球的平均密度約為

gR2

M(F3g

P=

4%氏34乃區(qū)34汽GR

33

故D正確。

故選BD?

9.如圖甲，位于坐標(biāo)原點(diǎn)。的波源從/=0時(shí)刻開(kāi)始振動(dòng)，形成了沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)

諧橫波。/=3s時(shí)，平衡位置位于x=15m處的質(zhì)點(diǎn)A第一次到達(dá)波峰，質(zhì)點(diǎn)2的平衡位

置位于x=30m處，波源。的振動(dòng)圖像如圖乙。下列說(shuō)法正確的是（）

y/cm

圖甲

A.質(zhì)點(diǎn)A的起振方向沿y軸正方向

B.該波的波速為10m/s

C.從％=0到1=3s的過(guò)程中，質(zhì)點(diǎn)A運(yùn)動(dòng)的路程為12cm

D.，=3.75s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)8的加速度與速度同向

（答案］BD

K解析』A.由圖b可知，波源O的起振方向沿y軸負(fù)方向，所以質(zhì)點(diǎn)A起振方向沿y軸

負(fù)方向，故A錯(cuò)誤；

B.由圖b可知，周期為2s,則

t=^+lT

v4

解得該波的波速為

v=10m/s

故B正確；

C.質(zhì)點(diǎn)A經(jīng)過(guò)1.5s開(kāi)始起振，所以3s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)實(shí)際振動(dòng)的時(shí)間為1.5s,即四分之三個(gè)周

期，所以質(zhì)點(diǎn)A運(yùn)動(dòng)的路程為

5=3A=6cm

故C錯(cuò)誤；

D.波傳到質(zhì)點(diǎn)2的時(shí)間為

/=3=3s

v

則3.75s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)8的在y軸負(fù)半軸向平衡位置運(yùn)動(dòng)，所以速度沿y軸正方向，加速度沿y

軸正方向，所以加速度與速度同向，故D正確。

故選BD。

10.如圖甲，轎廂內(nèi)質(zhì)量為0.5kg的物塊的右邊被一根輕彈簧用1.2N的水平拉力向右拉著

且保持靜止，物塊與轎廂水平底面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.3。f=0時(shí)，轎廂在豎直軌道作用

下由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，軌道對(duì)轎廂豎直向上的作用力產(chǎn)的大小隨時(shí)間/的變化如圖乙，

f=10s時(shí)，物塊恰好相對(duì)轎廂底面滑動(dòng)。轎廂和廂內(nèi)物塊的總質(zhì)量為500kg,重力加速

度大小取g=10m/s2,設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。則（)

軌道

轎廂

圖甲圖乙

A.7=10s時(shí)，轎廂的加速度大小為2m/s2

B./=10s時(shí)，軌道對(duì)轎廂的作用力大小為2000N

C.r=10s時(shí)，轎廂的速度大小為10m/s

D.物塊從開(kāi)始滑動(dòng)到彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)的過(guò)程中，物塊在水平方向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)

k答案》AC

k解析》AB.物塊恰好相對(duì)轎廂底面滑動(dòng)，根據(jù)平衡條件可知此時(shí)彈簧彈力等于物塊與

轎廂間的摩擦力，對(duì)轎廂受力分析，豎直方向Mg-尸=Ma

對(duì)物塊受力分析

mg-N-ma

其中

/=〃N=1.2N

解得

a—2m/s2，F(xiàn)=4000N

故A正確，B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)動(dòng)量定理可得

（Mg-2F）A/=Mv

解得

v=10m/s

故C正確；

D.物塊從開(kāi)始滑動(dòng)到彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)的過(guò)程中，開(kāi)始時(shí)物塊在水平方向上受摩擦力和彈力

作用，而恢復(fù)原長(zhǎng)后，水平方向上只受摩擦力，方向與開(kāi)始時(shí)合力方向不同，故不是勻加

速直線運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。

三、非選擇題：本題共5小題，共57分。

11.某實(shí)驗(yàn)研究小組在實(shí)驗(yàn)室利用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置測(cè)量物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)

4o將一端帶有定滑輪的長(zhǎng)木板固定在水平桌面上，在長(zhǎng)木板的旁邊固定有刻度尺，物塊通

過(guò)細(xì)線跨過(guò)定滑輪與砂桶相連，多次改變砂桶的質(zhì)量（并測(cè)出砂桶的質(zhì)量初），每次都讓物

塊從同一位置由靜止釋放，利用手機(jī)計(jì)時(shí)器測(cè)出物塊運(yùn)動(dòng)相同距離L（用長(zhǎng)木板旁邊的刻度

尺讀出）所用的時(shí)間3記錄多組相、/的數(shù)據(jù)，已知重力加速度為g,請(qǐng)你回答以下問(wèn)題:

(1)研究小組認(rèn)為細(xì)線拉力大小近似等于砂桶的重力，則需要滿足物塊的質(zhì)量______(選

填“遠(yuǎn)大于”或者“遠(yuǎn)小于”)砂桶的質(zhì)量;

(2)利用記錄數(shù)據(jù)作出［一加圖像如圖乙，若圖線與橫軸的交點(diǎn)坐標(biāo)為6,與縱軸的

交點(diǎn)坐標(biāo)為-c,則物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為；物塊的質(zhì)量為0(請(qǐng)用題

目中所給的字母符號(hào)如g、L、c、b來(lái)表示)

1答案X(1)遠(yuǎn)大于(2)———

g2Lc

k解析X(1)以物塊為對(duì)象，有

T=Ma

以沙桶為對(duì)象，有

mg-T=ma

聯(lián)立可得

TMmgmg

M+m］+m

M

可知要使細(xì)線的拉力大小近似等于所掛沙桶的總重力，則需要滿足物塊的質(zhì)量遠(yuǎn)大于砂桶

的質(zhì)量；

(2)口］［2］由于物塊做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則有

L=—at1

2

得

r①

由牛頓第二定律得

mg-/nMg=Ma②

由①②解得

f1-_---g---m°----4--g-

/2LM2L

結(jié)合圖像得

2L

g；。

2LM~b

解得

2Lc

N=-----

g

2Lc

12.某探究小組利用課外時(shí)間做了如下探究實(shí)驗(yàn)：先利用如圖的電路來(lái)測(cè)量?jī)蓚€(gè)電壓表的

內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)分兩個(gè)過(guò)程，先用替代法測(cè)出電壓表Vi的內(nèi)阻，然后用半偏法測(cè)出電壓表V2

的內(nèi)阻。供選用的器材如下：

A.待測(cè)電壓表Vi,量程為2.0V,內(nèi)阻10kQ?30kQ

B.待測(cè)電壓表V2,量程為3.0V,內(nèi)阻3OkQ?40/

C.電阻箱，阻值范圍0~99999.9Q

D.滑動(dòng)變阻器，阻值0?20Q,額定電流2A

E.滑動(dòng)變阻器，阻值范圍0~5Q,額定電流0.5A

F.電池組，電動(dòng)勢(shì)為6.0V,內(nèi)電阻約Q5O

G.單刀單擲開(kāi)關(guān)、單刀雙擲開(kāi)關(guān)各一個(gè)及導(dǎo)線若干

（1）實(shí)驗(yàn)器材選擇除A、B、C、F、G外，滑動(dòng)變阻器R應(yīng)選用（用器材前的

字母表示）

（2）下面是主要實(shí)驗(yàn)操作步驟，將所缺的內(nèi)容補(bǔ)充完整；

①用替代法測(cè)待測(cè)電壓表V1的內(nèi)阻；根據(jù)電路圖連成實(shí)驗(yàn)電路，并將滑動(dòng)變阻器R的滑

動(dòng)觸頭置于左端；將單刀雙擲開(kāi)關(guān)S2置于觸點(diǎn)2,調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器使電壓表V2的指

針指在刻度盤第N格，然后將單刀雙擲開(kāi)關(guān)S?置于觸點(diǎn)1,調(diào)節(jié)電阻箱R使電壓表V2的

指針仍指在刻度盤第N格，記下此時(shí)電阻箱R的阻值用=20kC,則電壓表V］的內(nèi)阻測(cè)

量值為kQo

②用半偏法測(cè)待測(cè)電壓表V2的內(nèi)阻：將單刀雙擲開(kāi)關(guān)S2置于觸點(diǎn)1,電阻箱的阻值調(diào)為

零，閉合開(kāi)關(guān)加，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器使電壓表V2的指針滿偏。保持滑動(dòng)變阻器R的滑動(dòng)觸

頭位置不變，調(diào)節(jié)電阻箱R,使電壓表V2的指針半偏，記下電阻箱R的阻值

'=30k。，則電壓表V2的內(nèi)阻測(cè)量值為kQ0

(3)上述兩種測(cè)量方法都有誤差，其中有種測(cè)量方法沒(méi)有系統(tǒng)誤差，接下來(lái)該小組選用此

測(cè)量方法測(cè)出其內(nèi)阻的電壓表，改裝成一量程為4.0V的電壓表繼續(xù)完成后續(xù)的探究實(shí)驗(yàn)，

需(選填“串聯(lián)”或者“并聯(lián)”)一個(gè)阻值為k。的電阻。

1答案X(1)D(2)2030(3)串聯(lián)20

k解析》(1)通過(guò)電路圖可知滑動(dòng)變阻器的接法為分壓式，分壓式所用滑動(dòng)變阻器阻值較

小，若選E,當(dāng)閉合開(kāi)關(guān)之前，滑動(dòng)變阻器全部接入電路，流過(guò)滑動(dòng)變阻器的電流為

E6

/=—=-A=1.2A>0.5A

R5

流過(guò)滑動(dòng)變阻器的電流大于額定電流。

故選D。

(2)口］根據(jù)替代法的實(shí)驗(yàn)原理可知，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R,使電壓表V2的指針指在刻度盤

第N格，然后將單刀雙擲開(kāi)關(guān)S2置于觸點(diǎn)1,調(diào)節(jié)電阻箱R使電壓表V2的指針仍指在刻度

盤第N格，即回路中電流不變，總電阻不變，則電壓表Vi的內(nèi)阻應(yīng)等于電阻箱的阻值20kQ；

⑵根據(jù)半偏法的實(shí)驗(yàn)原理可知，先讓V2表滿偏，然后電阻箱接入電路和電壓表V2串聯(lián)分

壓，因并聯(lián)電路的總電壓幾乎不變，當(dāng)V2的示數(shù)半偏時(shí)可以認(rèn)為電阻箱的分壓和電壓表電

壓相同，因此電阻箱的阻值等于電壓表的內(nèi)阻，所以電壓表的內(nèi)阻等于電阻箱的阻值30k。。

(3)［1北2］由于等效替代法不存在系統(tǒng)誤差，而半偏法存在系統(tǒng)誤差，因?yàn)閷㈦娮柘浣尤?/p>

電路后，使得電壓表和電阻箱的分壓增大，所以V2的測(cè)量值偏大，而Vi的內(nèi)阻測(cè)量值等

于真實(shí)值，所以根據(jù)電表改裝原理可知，應(yīng)該將電壓表Vi串聯(lián)一個(gè)定值電阻改裝成一量程

為4.0V的電壓表，且串聯(lián)的電阻阻值為

TJ-U

R=I=20kH

13.如圖，光滑水平面上固定一半徑為A的1光滑圓弧軌道，末端恰好與水平地面相切，

質(zhì)量為加的小球B靜止在水平軌道上?，F(xiàn)將一個(gè)與B球完全相同的小球A從圓弧軌道的

P點(diǎn)處由靜止釋放，P點(diǎn)與。點(diǎn)的連線與豎直方向的夾角6=37°,A球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中與B

球發(fā)生正碰并粘在一起，小球A、B均可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度為g,sin370=0.6,

cos37°=0.8o求:

(1)A球運(yùn)動(dòng)到圓弧軌道末端時(shí)對(duì)圓弧軌道的壓力;

(2)A、B兩球碰撞過(guò)程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能。

(答案》(1)14咫；方向豎直向下；(2)OAmgR

K解析X(1)A球從釋放到圓弧軌道末端，根據(jù)動(dòng)能定理得

一cos。）=gmv°

解得

在圓軌道最低點(diǎn)，對(duì)A球由牛頓第二定律得

N-me=m—

R

解得

N=1.4mg

由牛頓第三定律，A球?qū)A弧軌道的壓力

N'=N—1Amg

方向豎直向下。

（2）A、B碰撞過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得

mv=2mVj

解得

則碰撞過(guò)程中損失的機(jī)械能為

AE=—mv2-—?2mv,2

221

解得

△%=O.lmgR

14.如圖，一光滑平臺(tái)的末端與水平傳送帶左端3點(diǎn)無(wú)縫平滑連接，平臺(tái)高=傳

送帶3、C兩點(diǎn)間的距離L=0.92m?，F(xiàn)有一質(zhì)量m=1kg的滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)），以

%=2m/s的速度沿光滑平臺(tái)向右運(yùn)動(dòng)，當(dāng)滑塊運(yùn)動(dòng)到3點(diǎn)時(shí)，傳送帶立即由靜止開(kāi)始順

時(shí)針加速轉(zhuǎn)動(dòng)，傳送帶的加速度大小恒為a=3m/sz,滑塊從C點(diǎn)離開(kāi)后落到水平地面

上，滑塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=。2,滑塊所受最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，

g=10m/s2,忽略皮帶輪的大小。求：

（1）滑塊從C點(diǎn)落到地面所用時(shí)間；

（2）滑塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的最小速度；

（3）滑塊通過(guò)傳送帶的過(guò)程中，與傳送帶之間因摩擦而產(chǎn)生的總熱量。

k答案』（1）0.25s；（2）1.2m/s；（3）0.84J

K解析X（1）滑塊從C點(diǎn)飛出后，做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向有

解得

r=0.25s

（2）滑塊先做勻減速運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得

pimg=max

解得

a1=