2024-2025學(xué)年上海市某中學(xué)高三數(shù)學(xué)上學(xué)期10月考試卷及答案解析_第1頁(yè)
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文檔簡(jiǎn)介

敬業(yè)中學(xué)2024學(xué)年第一學(xué)期10月考試高三數(shù)學(xué)試卷

(完卷時(shí)間:120分鐘滿分:150分)

考生注意:

1.每位考生應(yīng)同時(shí)收到試卷和答題卷兩份材料,解答必須在答題卷上進(jìn)行,寫(xiě)在試卷上

的解答一律無(wú)效;

2.答卷前,考生務(wù)必將姓名、準(zhǔn)考證號(hào)等相關(guān)信息在答題卷上填寫(xiě)清楚;

3.本試卷共21道試題,滿分150分;考試時(shí)間120分鐘.

一.填空題(本大題共有12題,滿分54分,第1?6題每題4分,第7?12題每題5分)

1.若集合2={月》—1<2”叫,則ZCN=.

【答案】{0,1,2}

【解析】

【分析】首先化簡(jiǎn)集合A,再根據(jù)交集的定義計(jì)算可得,

【詳解】因?yàn)镹={x|x-l<2,xeR}={x|x<3,xeR},N為自然數(shù)集,

所以」nN={0,l,2}.

故答案為:{0,1,2}

2.若復(fù)數(shù)z滿足一!一=工(i為虛數(shù)單位),貝”=_______.

z-12

【答案】l+2i

【解析】

【分析】處理方程,即可求得z

1

【詳解】因?yàn)橐籢二—,所以2—1=2九即z=l+2i

z-12

故答案為:l+2i

【點(diǎn)睛】本題考查復(fù)數(shù)的運(yùn)算,屬于基礎(chǔ)題

3.已知圓=/2與直線3》—4y+10=0相切,則圓C的半徑井=.

【答案】2

【解析】

【詳解】試題分析:圓與直線相切,等價(jià)于圓心到直線的距離等于半徑,所以d=Ilo,+o+iolI=2=尸

考點(diǎn):直線與圓相切

4.已知拋物線C的頂點(diǎn)在坐標(biāo)原點(diǎn),焦點(diǎn)與雙曲線:上—片=1的右焦點(diǎn)重合,則拋物線C的方程是

72

【答案】y=12x

【解析】

【詳解】試題分析:由于雙曲線:工—匕=1中a2=7H=2,所以c=3,

72

從而它右焦點(diǎn)為(3,0),

所以拋物線C的方程是y2=12x.

故答案為V=12x.

考點(diǎn):圓錐曲線的方程.

5.在二項(xiàng)式(——2)5的展開(kāi)式中,x的一次項(xiàng)系數(shù)為.(用數(shù)字作答)

x

【答案】-80

【解析】

2

【詳解】試題分析二項(xiàng)式的通項(xiàng)=G(X)*(——)'=(—2),。3°曰,令10—3r=l/=3,此時(shí)X的

X

一次項(xiàng)系數(shù)為(一2)3以=-80.

考點(diǎn):二項(xiàng)式定理.

6.已知一個(gè)圓柱的高為1,底面半徑若,則它的側(cè)面積的大小為

【答案】2G兀

【解析】

【分析】根據(jù)圓柱的側(cè)面積公式計(jì)算可得.

【詳解】因?yàn)閳A柱的高為1,底面半徑后,

所以其側(cè)面積S=2x兀xGx1=2A/3TI.

故答案為:2百兀

7.若a為第四象限角,且sina=-L則tana的值是

3

【答案】一注

4

【解析】

【分析】根據(jù)給定條件,利用同角公式計(jì)算即得.

【詳解】由a為第四象限角,sina=-;,得cosa=Jl-sin2a=

ll,、,sina1v2

所以tana=-----=----產(chǎn)=-----.

cosa2V24

故答案為:_受

4

71兀

8.函數(shù)/(x)=sin二-,n的單調(diào)遞增區(qū)間為.

2L2一

【答案】[3,兀]

【解析】

【分析】根據(jù)正弦函數(shù)的單調(diào)性求法結(jié)合給定閉區(qū)間求解.

TTTT7T

【詳解】令2E<—x<2kn+~,keZ,

222

71

得4左一14XV4k+1,左eZ,又xe—,71,

2

故單調(diào)遞增區(qū)間為[3,兀].

故答案為:[3,兀].

9.如圖:在AABC中,若48=ZC=3,cos/A4C=;,~DC=2BD,則赤?瓦公

【解析】

【分析】用基底存、式表示向量而和灰,然后利用平面向量數(shù)量積的運(yùn)算律和定義即可計(jì)算出

通.瓦的值.

1—.,19

【詳解】VAB=AC=3,cosZBAC=-,AB-COSZBAC=32X-=-

222

UUUIUUU即〃-力=2(而-益),:.AD=^AC+^AB,BC=AC-AB-

QDC=2BD,

)

因此,ADBCJLAC+-AAB=^+^AB.AC-^

(33

=-1x3—+-x—92[23

33232

3

故答案為:—

2

【點(diǎn)睛】本題考查三角形中數(shù)量積的計(jì)算,解題的關(guān)鍵就是選擇合適的基底來(lái)表示問(wèn)題所涉及的向量,考

查計(jì)算能力,屬于中等題.

10.若甲、乙兩人從6門(mén)課程中各選修3門(mén),則甲、乙所選修的課程中至少有1門(mén)相同的選法種數(shù)為

【答案】380

【解析】

【分析】分有1門(mén)相同、2門(mén)相同、3門(mén)相同三種情況討論,利用分步乘法計(jì)數(shù)原理與分類(lèi)加法計(jì)數(shù)原理計(jì)

算可得.

【詳解】若甲、乙所選的課程有1門(mén)相同,則有C>xC;xC;=18()種情況;

若甲、乙所選的課程有2門(mén)相同,則有?卜心、仁=180種情況;

若甲、乙所選的課程有3門(mén)相同,則有C:=20種情況;

綜上可得甲、乙所選修的課程中至少有1門(mén)相同的選法種數(shù)為180+180+20=380.

故答案為:380

11.設(shè)a>0,函數(shù)/(x)=x+2(l-x)cos(ax),xe(O,l),若函數(shù)y=2x—l與y=/(x)的圖像有且

僅有一個(gè)公共點(diǎn),則。的取值范圍是.

2兀4TI

【答案】

T!T

【解析】

【分析】函數(shù)圖形交點(diǎn)問(wèn)題轉(zhuǎn)化為方程解的問(wèn)題,由余弦函數(shù)圖像的性質(zhì)即可得到參數(shù)的取值范圍.

【詳解】由題意得2x-l=x+2(l-x)cos(ax)由且只有一個(gè)解,

則+2cos(ax)]=0,又rxe(0,1),

cos(ox)=有一個(gè)解,

2

127t4n

——=cos一=cos——

233

???xe(0,l),oxe(0,a)

2n47r

故答案為:

T!T

12.已知aeR,若存在定義域?yàn)镽的函數(shù)/(x)滿足下列兩個(gè)條件:

①對(duì)任意/cR,/(Xo)e{x|x=g,左eN*},②關(guān)于x的方程/(x)=。無(wú)實(shí)數(shù)解,

則。取值范圍為

【答案】(―”,0)口(0,1)口(1,+。)

【解析】

【分析】通過(guò)條件分析得出a70且a/1,構(gòu)造一個(gè)滿足其要求的函數(shù),即可得出答案.

【詳解】考慮/(a),由關(guān)于x的方程/(x)=a無(wú)實(shí)數(shù)解,則/(a)=/wa,

故awO且a/1,注意此為必要條件.

同時(shí)構(gòu)造出/("=d2_是滿足條件的函數(shù),

x,x—a

故ae(-oo,0)u(0,l)O(l,+oo).

二.選擇題(本題共有4題,滿分18分,第13、14每題4分,第15、16每題5分)

13.已知。、beR,若a<6,貝ij()

A.a<2bB./</c.ab<b2D.a-1<b^

【答案】B

【解析】

【分析】利用特殊值判斷A、C、D,根據(jù)不等式性質(zhì)判斷B.

【詳解】因?yàn)?。、beR且a<6,

對(duì)于A:當(dāng)。=一2,6=-1時(shí),滿足a<6,但是a=26,故A錯(cuò)誤;

對(duì)于B:因?yàn)閥=/在定義域R上單調(diào)遞增,所以/<〃,故B正確;

對(duì)于C:當(dāng)。=一1,6=0時(shí),滿足a<6,但是ab=Z?2=0,故C錯(cuò)誤;

對(duì)于D:當(dāng)a=l,6=2時(shí),滿足a<6,但是aT〉"1故D錯(cuò)誤.

故選:B

14.關(guān)于直線/,機(jī)及平面a,廣,下列命題中正確的是()

A.若/〃a,£口/?=機(jī),貝1|/〃相B.若/〃加||a,則/〃相

C若/_Ltz,m\\a,貝!D.若/〃a,mA.I,則加_La

【答案】C

【解析】

【分析】通過(guò)線面關(guān)系的判定即可得出結(jié)論.

【詳解】A選項(xiàng):I"a,lu°,a[}/3=m,貝腹〃相,故A選項(xiàng)錯(cuò)誤;

B選項(xiàng):若/〃a,m\\a,存在/Pl機(jī)=Z,/與機(jī)不一定平行,故B選項(xiàng)錯(cuò)誤;

C選項(xiàng):若/_Ltz,則Vbua,/J_b;m\\a,則北口a,機(jī)〃c,_Lc,c〃掰,二/J_〃z,故C選項(xiàng)正

確;

D選項(xiàng):若/〃a,mLI,存在加ua或%||a,則加J_a不成立,故D選項(xiàng)錯(cuò)誤.

故選:C

15.“X=E+;(左eZ)”是"tanx=1”成立的()

A.充分非必要條件B,必要非充分條件

C.充要條件D.既非充分也非必要條件

【答案】C

【解析】

【分析】根據(jù)正切函數(shù)的性質(zhì)及充分條件、必要條件的定義判斷即可.

【詳解】當(dāng)》=射1+7(左GZ)時(shí)可得tanx=tan[而+ij=tanz=l,故充分性成立;

由tanx=1可得x=E+;(左eZ),故必要性成立;

所以"x=E+£(左eZ)”是“tanx=1”成立的充要條件.

故選:C

16.已知函數(shù)/(x)的定義域?yàn)?。,值域?yàn)锳,函數(shù)/(x)具有下列性質(zhì):(1)若則

(2)若則/(x)+/(#eN.下列結(jié)論正確的是()

JJ

2021

①存在xe。,使得/(X)=與垢

②對(duì)任意xe。,都有72(x)eZ.

A.①②都正確B.①正確、②不正確C.②正確、①不正確D.①②都不正確

【答案】A

【解析】

【分析】依題意可得/(x)wO,從而推出le/,即可得至!J2020eN,2021e即可判斷①;再由

1

€4,即可推導(dǎo)/2(x)eZ,從而判斷②.

f(x}

【詳解】由(1)可知/(x)wO,令y=x則94=1-

f(x)

/(x)

/(X。)1=f2(x)eA

不妨令/(x0)=l,則A即再eN,所以1'),故②正確;

/(x)

/(x)

由(2)若則/(x)+/(y)e/,所以+=2eN,

同理可得3,4,5,L,2020,2021均屬于A,

/、/、

fM2021,

故存在西?。,馬使得/(石)=2020,/(x2)=2021,所以=而不?幺

/IJitINU/U

所以存在xe£>,使得/(x)而,故①正確?

故選:A

三.解答題(本大題共有5題,滿分78分)

17.如圖,四棱錐P-ABCD中,PA1底面ABCD,AD||BC,AB=AD=AC=3,PA=BC=4,M為線段AD上

一點(diǎn),AM=2MD,N為PC的中點(diǎn).

p

(I)證明MN||平面PAB;

(ID求直線AN與平面PMN所成角的正弦值.

o工

【答案】(D詳見(jiàn)解析;(H)52.

25

【解析】

【詳解】(D由已知得2川=2幺。=2.

3

取AP的中點(diǎn)T,連接AT,TN,由N為尸C中點(diǎn)知刀TN=-BC=2.

2

又ADHBC,故TN11AM,TN=AM,四邊形㈤WT為平行四邊形,干是MN"AT.

因?yàn)镹Tu平面尸48,平面尸45,所以〃N//平面尸4g.

(II)取5c的中點(diǎn)E,連結(jié)ZE.由4B=ZC得從而/EJL4D,

SLAE=^AB2-BE-=

以A為坐標(biāo)原點(diǎn),礪的方向?yàn)閤軸正方向,建立如圖所示的空間直角坐標(biāo)系|幺-孫z.

由題意知,

C/7)

尸(0,0,4),Af(0,2,0),C(V5,2,0),N*,1,2,

I2)

PA/=(0,2,-4),兩=卓1,_2),衣=(布,2).

設(shè)〃=(XJ,2)為平面RI數(shù)的一個(gè)法向量,則

2y-4z=0,

n-PM=0,

即W5

元而=0,2.x+-2z—0,

可取”=(0,2,1).

I-----------In-AN8亞

于是卜os〈〃,ZN〉=行」=子.

11i^AN25

【考點(diǎn)】空間線面間的平行關(guān)系,空間向量法求線面角.

【技巧點(diǎn)撥】(1)證明立體幾何中的平行關(guān)系,常常是通過(guò)線線平行來(lái)實(shí)現(xiàn),而線線平行常常利用三角形

的中位線、平行四邊形與梯形的平行關(guān)系來(lái)推證;(2)求解空間中的角和距離常??赏ㄟ^(guò)建立空間直角坐

標(biāo)系,利用空間向量中的夾角與距離來(lái)處理.

18.已知V4SC的內(nèi)角4民。的對(duì)邊分別為見(jiàn)"c,已知a=3,b=2c.

(1)若/=m2IT,求V4SC的面積;

(2)若2sin5-sinC=l,求sinZ.

【答案】(1)巫

14

(、4A/2+V54A/2—A/5

(2)---------或^---------

99

【解析】

【分析】(1)利用余弦定理解得/的值,代入三角形面積公式即可的結(jié)果.

(2)由正弦定理得到sinB,sinC的關(guān)系,解出sinB,sinC的值,分類(lèi)討論角5是否為銳角,利用和差角

公式計(jì)算出sinZ的值.

【小問(wèn)1詳解】

.b2+c2-a21

cosA=----------=——

2bc2

29

c=—,

7

L./2.9V39V3

Sc--bcsmA=csm/4=—x——=-----

△AABnCr27214

【小問(wèn)2詳解】

b=2c,由正弦定理可得sinB=2sinC

.1,2

??,2sin5-sinC=1,sinC=—,sm5=y,

?.》=2c,5可能為銳角可能為鈍角,。為銳角,

Ck?2廠2A/2

cosC=vl-smC=------

3

當(dāng)B為銳角,cosB=Vl-sin2B-

3

1V527224V2+V5

sinA=sin[兀一(C+5)]=sin(C+5)=sinCcosB+cosCsinB=—X--------1----------X—=-----------

33339

當(dāng)8為鈍角,cos5=-Vl-sin25=-—

3

2V221V54V2-V5

sin4=sin[兀一(C+■)]=sin(C+5)=sinCcosB+cosCsinB=----x-----x---=---------

33339

,sinZ=4夜+2米或4后飛

99

19.已知雙曲線。以>(一2,0)、鳥(niǎo)(2,0)為焦點(diǎn),且過(guò)點(diǎn)尸(7,12)

(1)求雙曲線C與其漸近線的方程

(2)若斜率為1的直線/與雙曲線C相交于48兩點(diǎn),且)而(。為坐標(biāo)原點(diǎn)),求直線/的方程

2

【答案】(1)雙曲線C的方程為V—1_=1;漸近線方程為y=±6x.(2)1方程為y=x土

【解析】

【分析】(1)設(shè)出雙曲線C方程,利用已知條件求出c,a,解得b,即可求出雙曲線方程與漸近線的方程;

2

(2)設(shè)直線1的方程為y=x+t,將其代入方程——匕=1,通過(guò)△>(),求出t的范圍,設(shè)A(xi,yi),

3

B(X2,y2),利用韋達(dá)定理,通過(guò)X1X2+yiy2=0,求解t即可得到直線方程.

22

【詳解】(1)設(shè)雙曲線C的方程為1-云=1(40,心0),半焦距為C,

2222

則c=2,2a=|-|11=|A/9+12-A/5+12=2,a=i,

所以b2=c2-a2=3,

2

故雙曲線c的方程為2L=1.

3

雙曲線C的漸近線方程為y=±Gx.

2

(2)設(shè)直線1的方程為y=x+t,將其代入方程——21=1,

3

可得2x2-2tx-t2-3=0(*)

222

△=4t+8(t+3)=12t+24>0,若設(shè)A(xpyi),B(x2,y2),

/+3

則X”X2是方程(*)的兩個(gè)根,所以玉+%2=心再%2=------

又由況_L無(wú),可知xiX2+yiy2=0,

即X1X2+(Xi+t)(X2+t)—0,可得2%]%2+,+%2)+/=°,

故-(t2+3)+t2+t2=0,解得/=±百,

所以直線1方程為y=x土石.

【點(diǎn)睛】本題考查雙曲線的方程的求法,雙曲線的簡(jiǎn)單性質(zhì)的應(yīng)用,直線與雙曲線的位置關(guān)系的綜合應(yīng)

用,考查計(jì)算能力.

20.已知函數(shù)其中。是常數(shù).

(1)若。>0,判斷函數(shù)/(x)的奇偶性,并說(shuō)明理由;

(2)若a21,且函數(shù)/(x)在(1,+s)嚴(yán)格單調(diào)減,求實(shí)數(shù)。的最大值;

(3)若/⑴=3

且不等式對(duì)一切實(shí)數(shù)。恒成立,求實(shí)數(shù)f的取值范圍.

【答案】(1)非奇非偶,理由見(jiàn)解析

(2)2(3)30720^^/3

【解析】

【分析】(1)當(dāng)a=l時(shí),根據(jù)奇偶函數(shù)的定義和/(1)。/(一1)、+即可判斷/(x)的奇

偶性;

(2)根據(jù)單調(diào)函數(shù)的定義可得依產(chǎn)即解之即可求解;

(3)由題意可得/(0=三匚,由(1)(2),結(jié)合函數(shù)的奇偶性和單調(diào)性解不等式即可.

【小問(wèn)1詳解】

當(dāng)。=1時(shí),/(x)=——->則/(—x)=---~~-=-/U)-

X?1X十1

所以/(X)是奇函數(shù);

當(dāng)a〉0且"1時(shí),/⑴。/(T,

且/(I)+/(T)手0,此時(shí)/(x)是非奇非偶函數(shù).

【小問(wèn)2詳解】

任取%>石>1,

因止匕alOzx產(chǎn)(司恒成立,即依1為@(^00(田。,

因?yàn)椤?1,XjX2>1,%,+x2>2,只需即l<q<2,

因此。的最大值為2;

【小問(wèn)3詳解】

/⑴="=:,因此0=1,貝=

1+a2x+1

由⑴(2)知/(X)是奇函數(shù),且在(7-1)、。,+⑹上單調(diào)遞減,在上單調(diào)遞增,

所以此時(shí)/(x)的值域?yàn)?g,g,所以

又因?yàn)?/p>

所以不等式

由于cos0最小值為-1,

所以亳*>,解得■ooa/r

21.若函數(shù)/'(x)=0,xeR的導(dǎo)函數(shù)y=/'(x),xeR是以T(TWO)為周期的函數(shù),則稱(chēng)函數(shù)

J=/W,xeR具有“T性質(zhì)”.

(1)試判斷函數(shù)y=/和y=sinx是否具有“2兀性質(zhì)”,并說(shuō)明理由;

(2)已知函數(shù)y="(x),其中人(無(wú))=加+樂(lè)+25畝為(0<6<3)具有“兀性質(zhì)”,求函數(shù)J=/z(x)在[0,兀]上的

極小值點(diǎn);

(3)若函數(shù)y=/(x),xeR具有“T性質(zhì)”,且存在實(shí)數(shù)兒f>0使得對(duì)任意xeR都有|/(刈<四成立,

求證:y=/(x),xeR為周期函數(shù).

(可用結(jié)論:若函數(shù)y=/(x),xeR的導(dǎo)函數(shù)滿足/'(x)=0,xeR,則/(x)=C(常數(shù)).

【答案】(1)>=/不具有“2兀",y=sinx具有,理由見(jiàn)解析;

、2兀

(2)—;

3

(3)證明見(jiàn)解析.

【解析】

【分析】⑴求出導(dǎo)數(shù)分別計(jì)算/'⑼、/'(2兀)、g,(X)=COSX,g,(X+27T)即可判斷;

f77r

(2)根據(jù)h(x)具有“兀性質(zhì)”,得到"(x+兀)=1(x),從而得到cosbx-COS6(X+TT)=不對(duì)xeR恒成立,可

7T

以通過(guò)賦值》=0和工=巴或者利用和差化積公式,得到關(guān)于。和b的關(guān)系式解出。、b,從而得到h(x)的

b

解析式,進(jìn)而通過(guò)分析導(dǎo)數(shù)的正負(fù)得到h(x)在[0,兀]上的極小值點(diǎn);

⑶設(shè)g(x)=f(x+T)~/(x),因?yàn)楹瘮?shù)/(x)具有,T性質(zhì)”,所以g(x)=f(x+T)-/(x)=c,分c=0

和CW0兩種情況討論,當(dāng)c=0時(shí)/(x)為周期函數(shù),當(dāng)CW0時(shí),由/(〃T)=/(0)+〃c,令“2.一/⑼

C

或〃=.+1,都能推出|/(刈之拉,與|/(刈</矛盾,從而得到/(X)為周期函數(shù).

【小問(wèn)1詳解】

/(x)=/不具有“2兀性質(zhì)”.因?yàn)?3=2%,廣(2兀)一((0)=4兀—0=4"0,所以/(2兀)H/(0);

g(x)=sinx具有“2兀性質(zhì)”.因?yàn)間'(x)=cosx,g'(x+2無(wú))=cos(x+2K)=cosx=g'(x).

【小問(wèn)2詳解】

法一*;hr(x)=2ax+b+2bcosZ?x(0<Z?<3),

因?yàn)閔(x)具有“兀性質(zhì)",所以h'(x+兀)=h\x),即2。(x+兀)+b+2bcosb(x+兀)=2ax+b+2bcosbx,

cm

整理得cos6x-cosb(x+7i)=——對(duì)x£R恒成立.

b

令x=0,得l—cosZ)7i=竺①;令%=得一l+cos/m=e②.

bbb

由①+②得2竺=0,因此4=0,從而35云=(:05(加+6兀)恒成立.

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