2025屆湖南G10教育聯(lián)盟高三物理第一學(xué)期期中聯(lián)考模擬試題含解析

2025屆湖南G10教育聯(lián)盟高三物理第一學(xué)期期中聯(lián)考模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，物塊A放在直角三角形斜面體B上面，B放在彈簧上面并緊挨著豎直墻壁，初始時A、B靜止?，F(xiàn)用力F沿斜面向上推A，但A、B仍未動，則施力F后，下列說法正確的是（）A．A、B之間的摩擦力一定變大 B．B與墻之間可能沒有摩擦力C．B與墻面間的彈力可能不變 D．B與墻面間的彈力變大2、“神舟十一號”發(fā)射升空后，飛行了43小時53分鐘，繞地球運行27圈，與天宮二號完成自動交會對接，這標志著我國航天事業(yè)又邁上了一個新臺階．假定正常運行的“神舟十一號”飛船和通信衛(wèi)星(同步衛(wèi)星)做的都是勻速圓周運動，下列說法正確的是A．飛船的線速度比通信衛(wèi)星的線速度小B．飛船的角速度比通信衛(wèi)星的角速度小C．飛船的運行周期比通信衛(wèi)星的運行周期大D．飛船的向心加速度比通信衛(wèi)星向心加速度大3、如圖，質(zhì)量相等的A、B兩小球分別連在輕質(zhì)彈簧兩端，B端用細線固定在傾角為30°的光滑斜面上，則在細線被剪斷瞬間，A、B兩球的加速度分別為()A．0和 B．0和 C．和 D．和4、2017年6月15日，中國空間科學(xué)衛(wèi)星“慧眼”被成功送入軌道，衛(wèi)星軌道所處的空間存在極其稀薄的空氣．“慧眼”是我國首顆大型X射線天文衛(wèi)星，這意味著我國在X射線空間觀測方面具有國際先進的暗弱變源巡天能力、獨特的多波段快速光觀測能力等．下列關(guān)于“慧眼”衛(wèi)星的說法．正確的是（）A．如果不加干預(yù)，“慧眼”衛(wèi)星的動能可能會緩慢減小B．如果不加干預(yù)，“慧眼”衛(wèi)星的軌道高度可能會緩慢降低C．“慧眼”衛(wèi)星在軌道上處于失重狀態(tài)，所以不受地球的引力作用D．由于技術(shù)的進步，“慧眼”衛(wèi)星在軌道上運行的線速度可能會大于第一宇宙速度5、粗糙的水平地面上放著一個木塊，一顆子彈水平地射進木塊后停留在木塊中，帶動木塊一起滑行一段距離，在這個過程中，子彈和木塊組成的系統(tǒng)()A．動量和機械能都守恒 B．動量和機械能都不守恒C．動量守恒，機械能不守恒 D．動量不守恒，機械能守恒6、如圖所示，用輕桿AO（可繞A點自由轉(zhuǎn)動）和輕繩BO吊著一個重物M，保持AO與水平方向的夾角θ不變．下列說法正確的是（）A．當(dāng)BO逆時針由水平轉(zhuǎn)到豎直，繩子的拉力一直減小B．當(dāng)BO逆時針由水平轉(zhuǎn)到豎直，輕桿的拉力先減小后增大C．若增大θ，保持OB水平，仍使重物M處于平衡，則AO、BO的拉力均增大D．當(dāng)重物M的質(zhì)量增大時，AO、BO的拉力均增大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖為某著陸器經(jīng)過多次變軌后登陸火星的軌跡圖，著陸器先在軌道Ⅰ上運動，然后改在圓軌道Ⅱ上運動，最后在橢圓周軌道Ⅲ上運動，P點是軌道Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ的交點的交點，軌道上的P、S、Q三點與火星中心在同一直線上，P、Q兩點分別是橢圓軌道的遠火星點和近火星點．且PQ=2QS=2a，著陸器在軌道1上經(jīng)過P點的速度為v1，在軌道2上經(jīng)過P點的速度為v2，在軌道3上經(jīng)過P點的速度為v3，下列說法正確的是（）A．著陸器在P點由軌道Ⅰ進入軌道Ⅱ需要點火加速B．著陸器在軌道Ⅱ上由P點運動到S點的時間是著陸器在軌道Ⅲ上由P點運動到Q點的時間之比是C．著陸器在在軌道Ⅲ上經(jīng)過P點的加速度可表示為D．著陸器在軌道Ⅱ上S點與在軌道Ⅲ上P點的加速度大小相等8、在圖中坐標系的原點處有一波源，圖中a、b、c、d、e五點的橫坐標分別為5cm、15cm、18cm、21cm、27cm．該波源在介質(zhì)中形成了一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波，從該簡諧波第一次傳到c點開始計時，此時c點的振動方向沿y軸的正方向，經(jīng)時間Δt＝0.6s時該簡諧波第一次傳到e點，此時c點第一次到達x軸下方的最大位移處，已知該簡諧波的振幅為A．則以下說法正確的是________．(填正確答案標號)A．該簡諧波的速度大小為20cm/sB．該簡諧波的周期為0.8sC．在Δt＝0.6s時間內(nèi)，質(zhì)點d通過的路程為3AD．在t＝s時質(zhì)點a應(yīng)處于平衡位置且沿y軸的負方向振動E.在t＝0.5s時質(zhì)點b、c的位移相同9、下圖是示波管的工作原理圖：電子經(jīng)電場加速后垂直于偏轉(zhuǎn)電場方向射入偏轉(zhuǎn)電場，若加速電壓為，偏轉(zhuǎn)電壓為，偏轉(zhuǎn)電場的極板長度與極板間的距離分別為L和d，y為電子離開偏轉(zhuǎn)電場時發(fā)生的偏轉(zhuǎn)距離．取“單位偏轉(zhuǎn)電壓引起的偏轉(zhuǎn)距離”來描述示波管的靈敏度，即(該比值越大則靈敏度越高)，則下列哪種方法可以提高示波管的靈敏度（）A．減小B．增大C．增大LD．減小d10、如圖所示，半圓形框架豎直放置在粗糙的水平地面上，光滑的小球P在水平外力F的作用下處于靜止狀態(tài)，P與圓心O的連線與水平面的夾角為θ。現(xiàn)將力F在豎直面內(nèi)沿順時針方向緩慢地轉(zhuǎn)過90°，框架與小球始終保持靜止狀態(tài)。在此過程中下列說法正確的是()A．框架對小球的支持力先減小后增大B．拉力F的最小值為mgsinθC．地面對框架的摩擦力減小D．框架對地面的壓力始終減小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）(1)如圖所示為某同學(xué)所安裝的“驗證牛頓第二定律”的實驗裝置。為了使小車受到合外力等于砝碼和砝碼盤的總重量，通常采用如下兩個措施：A．平衡摩擦力：將長木板無滑輪的一端下面墊一小木塊，反復(fù)移動木塊的位置，直到小車在砝碼盤的拉動下帶動紙帶與小車一起做勻速直線運動；B．在調(diào)整砝碼多少的過程中，要保證砝碼和砝碼盤的總質(zhì)量m遠小于小車和砝碼的總質(zhì)量M。以上哪一個措施中有何重大錯誤？(說明錯誤點)______________________。(2)某實驗小組設(shè)計了如下左圖所示的實驗裝置，通過改變重物的質(zhì)量，利用計算機可得滑塊運動的加速度a和所受拉力F的關(guān)系圖象。他們在軌道水平和傾斜的兩種情況下分別做了實驗，得到了兩條a-F圖線，如下右圖所示．①圖線________(填“甲”或“乙”)是在軌道左側(cè)抬高成為斜面情況下得到的。②滑塊和位移傳感器發(fā)射部分的總質(zhì)量m＝____kg，滑塊和軌道間的動摩擦因數(shù)μ＝________。(取g＝10m/s2)12．（12分）在“驗證力的平行四邊形定則”的實驗中，下列敘述中正確的是（____）A．實驗中，彈簧測力計必須保持與木板平行，讀數(shù)時視線要正對彈簧測力計刻度B．橡皮筋的拉力是合力，兩彈簧測力計的拉力是分力C．兩次拉橡皮筋時．需將橡皮筋結(jié)點拉到同一位罝這樣做的目的是保證兩次彈簧測力計拉力的效果相同D．若只增大某一只彈簧測力計的拉力大小而要保證橡皮筋結(jié)點位置不變，只需調(diào)整另一只彈簧測力計拉力的大小即可四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一質(zhì)量為m、電荷量為q(q>0)的液滴，在場強大小為3mgq、方向水平向右的勻強電場中運動，運動軌跡在豎直平面內(nèi).A、B為其運動軌跡上的兩點，已知該液滴在A點的速度大小為v0，方向與電場方向的夾角為60°；它運動到B點時速度方向與電場方向的夾角為（1）A、B兩點間的電勢差。（2）當(dāng)此帶電液滴運動到最高點C時（C點圖中為畫出），液滴由A點運動到C點過程中的機械能改變量。14．（16分）二十一世紀，能源問題是全球關(guān)注的焦點問題．從環(huán)境保護的角度出發(fā)，電動汽車在近幾年發(fā)展迅速．下表給出的是某款電動汽車的相關(guān)參數(shù)：請從上面的表格中選擇相關(guān)數(shù)據(jù)，取重力加速度，完成下列問題：（1）求汽車在（）的制動過程中的加速度大?。ㄓ嬎氵^程中近似為）．（2）若已知電動汽車電能轉(zhuǎn)化為機械能的效率為，整車在行駛過程中的阻力約為車重的0.05倍，試估算此電動汽車以的速度勻速行駛時的續(xù)航里程（能夠行駛的最大里程）．已知．根據(jù)你的計算，提出提高電動汽車的續(xù)航里程的合理化建議（至少兩條）．（3）若此電動汽車的速度從提升到需要25s，此過程中電動汽車獲得的動力功率隨時間變化的關(guān)系簡化如圖所示，整車在行駛過程中的阻力仍約為車重的0.05倍，求此加速過程中汽車行駛的路程（提示：可利用P-t圖象計算動力對電動汽車做的功）．15．（12分）如圖所示，傳送帶與地面的夾角θ＝37°，AB長L＝8.8m，傳送帶以v0＝6m/s的速率沿逆時針方向轉(zhuǎn)動．在傳送帶上端A無初速度地放一個質(zhì)量m＝2kg的黑色煤塊，煤塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ＝0.5，煤塊在傳送帶上運動會留下黑色痕跡．已知g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，求(1)煤塊從A點運動到B點的時間．(2)煤塊從A點運動到B點的過程中，傳送帶上形成的黑色痕跡的長度

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

A．對A物體，開始受重力、B對A的支持力和靜摩擦力平衡，當(dāng)施加F后，仍然處于靜止，開始A所受的靜摩擦力大小為，若，則A、B之間的靜摩擦力大小還是等于，所以A、B之間的摩擦力可能不變，故A錯誤；B．對整體分析，因為AB不動，彈簧的形變量不變，則彈簧的彈力不變，開始彈簧的彈力等于A、B的總重力，施加F后，彈簧的彈力不變，總重力不變，根據(jù)平衡知，則B與墻之間一定有摩擦力，摩擦力大小等于力F在豎直方向的分力，方向豎直向下，故B錯誤；CD．以整體為研究對象，開始時B與墻面的彈力為零，施加力F后，B與墻面的彈力變?yōu)镕cosα，彈力增大，故C錯誤，D正確。故選D。2、D【解析】根據(jù)題意可知神州十一號的運行周期小于24小時，即小于通訊衛(wèi)星的周期，所以飛船的角速度大于通訊衛(wèi)星的角速度，選項BC錯誤；由開普勒第三定律可知，神州十一號的運行半徑小于通信衛(wèi)星，再根據(jù)可知，飛船的線速度大于通訊衛(wèi)星的線速度，選項A錯誤；再根據(jù)可知，飛船的向心加速度大于通訊衛(wèi)星的向心加速度，選項D正確，綜上本題選D.3、A【解析】

對A：在剪斷細線之前，A處于平衡狀態(tài)，所以彈簧的拉力等于A的重力沿斜面的分力相等，彈簧拉力；在剪斷細線的瞬間，繩子上的拉力立即減為零，而彈簧的伸長量沒有來得及發(fā)生改變，故彈力不變，所以A的受力情況沒有變化，故A球的加速度為零；對B：在剪斷細線之前，對B球進行受力分析，B受到重力、彈簧對它斜向下的拉力、支持力及細線的拉力，在剪斷細線的瞬間，細線的拉力立即減為零，對B球進行受力分析，則B受到到重力、彈簧的向下拉力、支持力。因彈簧的拉力大小為，所以根據(jù)牛頓第二定律得：B的加速度為；故A正確，BCD錯誤；4、B【解析】AB：衛(wèi)星軌道所處的空間存在極其稀薄的空氣，如果不加干預(yù)，衛(wèi)星的機械能減小，衛(wèi)星的軌道高度會緩慢降低，據(jù)可得，衛(wèi)星的軌道高度降低，衛(wèi)星的線速度增大，衛(wèi)星的動能增大．故A錯誤、B正確．C：衛(wèi)星在軌道上，受到的地球引力產(chǎn)生向心加速度，處于失重狀態(tài)；故C錯誤．D：據(jù)可得，衛(wèi)星在軌道上運行的線速度小于第一宇宙速度；故D錯誤．5、B【解析】子彈射入木塊過程中，系統(tǒng)所受合外力為零，動量守恒，在一起滑動過程中，受到地面的摩擦力，合外力不為零，動量不守恒，根據(jù)能量守恒定律，子彈打入木塊和在地面上滑行過程系統(tǒng)要克服阻力做功，部分機械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，機械能不守恒，故B正確，ACD錯誤．6、D【解析】

對物體受力分析，受重力、兩個拉力，如圖所示

將兩個拉力合成，其合力與第三個力：重力平衡，由圖象可以看出，OB繩所受的拉力先減小后增大，當(dāng)垂直時取最小值；OA桿受到的拉力一直減小；故AB錯誤；增大M的重力G時，根據(jù)共點力的平衡條件可知AO的拉力、BO的拉力，當(dāng)M的重力G增大，AO、BO的拉力均增大，故D正確；增大θ，保持OB水平，仍使重物M處于平衡，則AO、BO的拉力均減小，C錯誤．故選D．【點睛】本題主要是考查了共點力的平衡問題，解答此類問題的一般步驟是：確定研究對象、進行受力分析、利用平行四邊形法則進行力的合成或者是正交分解法進行力的分解，然后在坐標軸上建立平衡方程進行解答．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】

A.著陸器由軌道I進入軌道Ⅱ做的是向心運動，需點火制動減速，使萬有引力大于所需要的向心力，故A錯誤；B.根據(jù)開普勒第三定律可知：著陸器在軌道Ⅱ與軌道Ⅲ上的周期之比：；則著陸器在軌道Ⅱ上由P點運動到S點的時間與著陸器在軌道Ⅲ上由P點運動到Q點的時間之比是，選項B錯誤；C.著陸器在軌道Ⅲ上經(jīng)過P點的加速度等于軌道Ⅱ上經(jīng)過P點的加速度，大小為可，選項C正確；D.著陸器在軌道Ⅱ上S點與在軌道Ⅲ上P點距離火星中心的距離相等，則其加速度大小相等，方向相反，選項D正確；故選CD.8、BDE【解析】

設(shè)該簡諧波的波長為λ，由題中的條件可知c、e兩點之間的距離為λ，即λ=9cm，λ=12cm，周期為T，則Δt＝T，所以T＝0.8s，因此該簡諧波的波速大小為，故A錯誤，B正確；該簡諧波的振動形式由c傳到d所需要的時間為，在Δt＝0.6s的時間內(nèi)質(zhì)點d振動的時間為t2＝Δt－t1＝0.4s＝，則質(zhì)點d通過的路程為振幅的2倍，即2A，故C錯誤；由題中的條件描繪出t=0時的波形圖，如圖所示，此時質(zhì)點a處于x軸上方且向上振動，原點的振動形式從原點傳播到a點所需的時間為，故時，a點處于平衡位置，振動方向沿y軸的負方向，故D正確；0.5s＝，則在0～0.5s內(nèi)質(zhì)點b先由x軸上方最大位移處向下運動到達x軸下方最大位移處，再向上運動到達位移為A處，質(zhì)點c先由平衡位置向上運動到達x軸上方最大位移處，再向下運動經(jīng)過平衡位置，到達位移為處，故E正確．所以BDE正確，AC錯誤．9、ACD【解析】經(jīng)加速電場后的速度為v，則，所以電子進入偏轉(zhuǎn)電場時速度的大小為，電子進入偏轉(zhuǎn)電場后的偏轉(zhuǎn)的位移為，所以示波管的靈敏度，所以要提高示波管的靈敏度可以增大、減小d和減小，ACD正確．選ACD．10、CD【解析】

以小球為研究對象，分析受力情況，作出受力示意力圖，根據(jù)平衡條件分析小球受力變化情況．再以整體為研究對象，分析框架的受力情況．【詳解】AB.以小球為研究對象，分析受力情況，作出受力示意力圖，如圖所示。根據(jù)幾何關(guān)系可知，將F順時針轉(zhuǎn)動至豎直向上之前，支持力N逐漸減小，F(xiàn)先減小后增大，當(dāng)F的方向沿圓的切線方向向上時，F(xiàn)最小，此時：F=mgcosθ.故A錯誤，B錯誤；C.以框架與小球組成的整體為研究對象，整體受到重力、地面的支持力、地面的摩擦力以及力F的作用；由圖可知，F(xiàn)在順時針方向轉(zhuǎn)動的過程中，F(xiàn)沿水平方向的分力逐漸減小，所以地面對框架的摩擦力逐漸減小。故C正確；D.以框架與小球組成的整體為研究對象，整體受到重力、地面的支持力、地面的摩擦力以及力F的作用；由圖可知，F(xiàn)在順時針方向轉(zhuǎn)動的過程中，F(xiàn)沿豎直方向的分力逐漸增大，所以地面對框架的支持力逐漸減小，根據(jù)牛頓第三定律可知，框架對地面的壓力也逐漸減小。故D正確。故選：CD三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A錯誤，平衡摩擦力時不能懸掛砝碼盤甲1.51.2【解析】

（1）A中平衡摩擦力時，不應(yīng)用砝碼盤拉動小車做勻速運動，應(yīng)讓小車自身下滑（即無拉力）來平衡摩擦力即可．（2）①由圖象可知，當(dāng)F=1時，a≠1．也就是說當(dāng)繩子上沒有拉力時小車就有加速度，該同學(xué)實驗操作中平衡摩擦力過大，即傾角過大，平衡摩擦力時木板的右端墊得過高．所以圖線甲是在軌道右側(cè)抬高成為斜面情況下得到的．

②由牛頓第二定律得：a=F-μmgm=1mF-μg，由圖乙所示圖象可知，圖象斜率：k=1m，質(zhì)量：【點睛】本題考查了實驗數(shù)據(jù)處理、考查了求加速度與速度、質(zhì)量、動摩擦力因數(shù)問題，掌握基礎(chǔ)知識、應(yīng)用勻變速直線運動的推論可以解題；處理圖象問題時求出圖線的函數(shù)表達式是解題的關(guān)鍵．12、AC【解析】解：A、本實驗是通過在白紙上作力的圖示來驗證平行四邊定則，為了減小實驗誤差，彈簧秤、細繩、橡皮條都應(yīng)與木板平行，否則，作出的是拉力在紙面上的分力，誤差較大．讀數(shù)時視線必須與刻度尺垂直，防止視覺誤差．故A正確；B、兩彈簧測力計的拉力是分力，但橡皮筋的拉力不是合力，橡皮筋的拉力與合力大小相等，方向相反，故B錯誤；C、兩次拉橡皮筋時．需將橡皮筋結(jié)點拉到同一位罝這樣做的目的是保證兩次彈簧測力計拉力的效果相同．故C正確；D、結(jié)點位置不變，合力不變，當(dāng)一只彈簧測力計的拉力大小改變時，另一彈簧測力計的拉力的大小和方向必須都改變，故D錯誤．故選：AC．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）3mv0【解析】

（1）由題意知qE＝3mg，液滴重力不能忽略，把運動分解水平方向：vsin60°＝v0sin30°＋qEmt豎直方向：vcos60°＝v0cos30°－gt由①②可得：v＝233v0，由牛頓第二定律得水平方向加速度a=qE水平位移：x＝UAB＝E·x＝3mv（2）豎直方向：0=v0cos30°－gt1水平方向：x=v0sin30°t1＋qEm根據(jù)功能關(guān)系有