2025屆福建省二校高一物理第一學期期末教學質量檢測模擬試題含解析

2025屆福建省二校高一物理第一學期期末教學質量檢測模擬試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、用力將如圖所示的塑料掛鉤的圓盤壓緊在豎直的墻壁上，排出圓盤與墻壁之間的空氣，松開手后往鉤上掛適當?shù)奈矬w，圓盤不會掉上來，這是因為物體對圓盤向下的拉力（不計圓盤的重力）（）A.與大氣壓力平衡B.與墻壁對圓盤的摩擦力平衡C.與大氣壓強平衡D.與物體所受的重力平衡2、如圖所示，A、B分別為大、小齒輪邊緣的兩點，O1、O2分別為兩齒輪的圓心。當大齒輪順時針勻速轉動時（）A.小齒輪順時針轉動B.A、B兩點的角速度相等C.A點的轉動周期大于B點的轉動周期D.A點的向心加速度大于B點的向心加速度3、如圖所示，在研究平拋運動時，小球A沿軌道滑下，離開軌道末端（末端水平）時撞開輕質接觸式開關S，被電磁鐵吸住的小球B同時自由下落．改變整個裝置的高度做同樣的實驗，發(fā)現(xiàn)位于同一高度H的A、B兩球總是同時落地或者在空中相碰．該實驗現(xiàn)象說明了A球在離開軌道后（）A.水平方向的分運動是勻速直線運動B.水平方向的分運動是勻加速直線運動C.豎直方向的分運動是自由落體運動D.豎直方向的分運動是勻速直線運動4、如圖所示，質量為的物體A靜止在豎直的輕彈簧上面。質量為的物體B用細線懸掛起來，A、B緊挨在一起但A、B之間無壓力.某時刻將細線剪斷，則細線剪斷瞬間，B對A的壓力大小為（取）（）A. B.C. D.5、下面哪一個物理量的單位不是國際單位制中的基本單位A.米 B.千克C.秒 D.牛頓6、如圖所示，力F把一物體緊壓在豎直的墻壁上靜止不動,下列有關力的相互關系敘述正確的是（）A.作用力F和物體對墻壁壓力是一對平衡力B.墻壁對物體的彈力是由于墻壁發(fā)生彈性形變而產生的C.作用力F和墻壁對物體的彈力是一對作用力和反作用力D.作用力F增大,墻壁對物體的靜摩擦力也增大7、如圖所示是某同學站在力傳感器上做下蹲-起立的動作時記錄的壓力F隨時間t變化的圖線．由圖線可知該同學（）A.做了一次下蹲-起立動作B.做了兩次下蹲-起立的動作，且下蹲后約4s起立C.下蹲過程處于失重狀態(tài)，起立過程處于超重狀態(tài)D.下蹲過程先處于失重狀態(tài)后處于超重狀態(tài)8、如圖所示，在光滑水平面上，輕質彈簧右端固定在豎直墻壁上，一物塊在水平恒力F作用下做直線運動，接觸彈簧后壓縮彈簧，直至速度為零。整個過程中，物體一直受到力F作用，彈簧一直在彈性限度內，在物塊與彈簧接觸后向右運動的過程中，下列說法正確的是（）A.物塊接觸彈簧后立即做減速運動B.物塊接觸彈簧后先加速后減速C.當物塊的速度最大時，它的加速度等于零D.當彈簧形變量最大時，物塊的加速度等于零9、如圖所示，人的質量為，物塊的質量為，且，若不計繩與滑輪的摩擦，則當人拉著繩向右跨出一步后，人和物仍保持靜止，則下列說法中正確的是（）A.地面對人的摩擦力增大B.繩子上的張力不變C.人受到的合力減小D.人對地面的壓力增大10、物體做直線運動時，有關物體加速度和速度的說法中正確的是A.在勻速直線運動中，物體的加速度必定為零B.在勻加速直線運動中，物體的加速度必定為正C.物體的速度等于零，其加速度不一定等于零D.物體加速度方向不變，速度的方向可能改變11、圖甲中，質量為M的長木板靜置于光滑水平面上，其上放置一質量為m的小滑塊．當木板受到隨時間t變化的水平拉力F作用時，其加速度a與F的關系如圖乙所示．取g＝10m/s2，則（）A.滑塊的質量m＝4kgB.木板的質量M＝2kgC.當F＝8N時，滑塊加速度為3m/s2D.滑塊與木板間的動摩擦因素為0.112、如圖所示的裝置中不計滑輪所受的摩擦，增加B的重力，A仍然保持靜止狀態(tài)，則正確的是（）A.懸掛滑輪的軸對滑輪的作用力一定增大B.繩子對A的拉力一定增大C.地面對A物體摩擦力減小D.A物體對地面的壓力增大二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）14、（10分）三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）光滑水平桌面上有一個靜止的物體，其質量為7kg，在14N的水平恒力作用下向右做勻加速直線運動，求：5s末物體的速度的大小？5s內通過的位移是多少？16、（12分）如圖所示，質量的物體甲通過三段輕繩OA，OB，OC懸掛，三段輕繩的結點為O，輕繩OA與豎直方向的夾角，輕繩OB水平且B端與放置在水平桌面上的質量為的物體乙相連，輕繩OC豎直且C端與物體甲相連，物體甲、乙都靜止，取，求(1)輕繩OA產生的拉力大??；(2)物體乙受到的摩擦力的大小和方向。17、（12分）如圖所示，物體A、B用細繩與彈簧連接后跨過滑輪，A靜止在傾角為45°的粗糙斜面上，B懸掛著．已知A的質量為2m，B的質量為m，重力加速度為g，不計滑輪摩擦，現(xiàn)將斜面傾角由45°減小到30°，在此過程中B物體始終沒有落地（1）從初態(tài)到末態(tài)位置時物體A所受的摩擦力改變了多少？（2）在此過程中物體A所受到的支持力的大小改變了多少？（3）斜面傾角30°時細繩對滑輪的作用力？

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、B【解析】對圓盤受力分析，可知其在豎直方向的受力情況，則可得出哪一個力平衡向下的拉力【詳解】圓盤受外部大氣的壓力而豎壓在墻上，則墻對圓盤產生彈力；兩力大小相等，為平衡力；掛上重物后，由于物體有向下運動的趨勢，則圓盤與墻面間產生靜摩擦力，只要所掛重物的重力不超過最大靜摩擦力，圓盤即會平衡，即物體對圓盤向下的拉力與摩擦力平衡；故選B【點睛】本題考查物體知識在生活中的應用，要掌握受力分析的方法，明確只有在平衡狀態(tài)下物體才可能靜止或勻速直線運動2、C【解析】A．由于大齒輪順時針轉動，故小齒輪逆時針轉動，A錯誤；BC．兩齒輪屬于皮帶傳動類型，邊緣的A、B兩點的線速度相等，由可知，大齒輪上的A點，角速度小于小齒輪上的B點的角速度，故周期大于小齒輪小齒輪上的B點的周期，故B錯誤，C正確；D．邊緣的A、B兩點的線速度相等，由可知，A點的向心加速度小于B點的向心加速度，D錯誤；故選C。3、C【解析】球A與球B同時釋放，同時落地，時間相同；A球做平拋運動，B球做自由落體運動．將球A的運動沿水平方向和豎直方向正交分解，兩個分運動同時發(fā)生，具有等時性，因而A球的豎直分運動與B球時間相等，改變整個裝置的高度H做同樣的實驗，發(fā)現(xiàn)位于同一高度的A、B兩個小球總是同時落地，說明在任意時刻在兩球同一高度，即A球的豎直分運動與B球完全相同，說明了平拋運動的豎直分運動是自由落體運動．故C正確，ABD錯誤4、A【解析】剪斷細線前，A、B間無壓力，則彈簧的彈力F=mAg=120N剪斷細線的瞬間，彈簧的彈力不變，對整體分析，整體加速度（mA+mB）g-F=（mA+mB）a解得a=2.5m/s2隔離對B分析，有mBg-N=mBa解得N=mBg-mBa=（40-4×2.5）N=30N根據(jù)牛頓第三定律知，B對A的壓力大小為N′=N=30N故A正確，BCD錯誤。故選A。5、D【解析】解答本題關鍵應掌握：國際單位制中七個基本單位，力學中有三個：kg、s、m；【詳解】國際單位制中力學中的基本單位是米、千克、秒，牛頓不是基本單位，是導出單位，故選項D符合題意，選項ABC不符合題意【點睛】本題考查對力學國際單位制中基本單位的掌握程度，可結合基本物理量一起記憶6、B【解析】A．F是外界對物體的作用力，而壓力是物體對墻壁的作用力；故二力不是作用在同一個物體上的；不是平衡力，A錯誤；B．墻壁對物體的彈力是由于墻壁發(fā)生了形變，要恢復原來的形狀，從而對與它接觸的物體產生了力的作用，B正確；C．作用力F和墻壁對物體的彈力，是一對平衡力，C錯誤；D．物體受到的是靜摩擦力，其大小與正壓力無關，D錯誤；故選B。7、AD【解析】失重狀態(tài)：當物體對接觸面的壓力小于物體的真實重力時，就說物體處于失重狀態(tài)，此時有向下的加速度；超重狀態(tài)：當物體對接觸面的壓力大于物體的真實重力時，就說物體處于超重狀態(tài)，此時有向上的加速度．人下蹲過程分別有失重和超重兩個過程，先是加速下降失重，到達一個最大速度后再減速下降超重，起立也是如此【詳解】人下蹲動作包含有失重和超重兩個過程，先是加速下降失重，到達一個最大速度后再減速下降超重，即先失重再超重；同理，起立動作也包含兩個過程，先加速向上超重，后減速向上失重．對應圖象可知，該同學做了一次下蹲-起立的動作，故B、C錯誤，A、D正確．故選AD【點睛】本題考查物理知識與生活的聯(lián)系，注意細致分析物理過程，仔細觀察速度的變化情況，與超失重的概念聯(lián)系起來加以識別8、BC【解析】當木塊接觸彈簧后，水平方向受到向右的恒力F和彈簧水平向左的彈力，彈簧的彈力先小于恒力F，后大于恒力F，木塊所受的合力方向先向右后向左，則木塊先做加速運動，后做減速運動；當彈力大小等于恒力F時，木塊加速度為零，速度為最大值；當彈簧壓縮量最大時，彈力大于恒力F，合力向左，加速度大于零，故選BC?！军c睛】本題考查分析物體受力情況和運動情況的能力，要抓住彈簧彈力的可變性進行動態(tài)分析；同時要明確合力與速度同向時加速，合力與速度反向時減速。9、ABD【解析】人處于平衡狀態(tài)，合力為零；當人拉著繩向右跨出一步后，繩子與水平方向的夾角減小，人和物仍保持靜止，分別對物體和人受力分析應用平衡條件分析即可【詳解】A、B、D項：物體始終處于靜止狀態(tài)，所以繩子對物體的拉力始終等于mg，對人受力分析并正交分解如圖：由平衡條件得：N+mgsinθ=Mgf=mgcosθ當人拉著繩向右跨出一步后，θ將變小所以：f=mgcosθ會增大，N=Mg-mgsinθ也將增大根據(jù)牛頓第三定律得知，人對地面的壓力增大，故A、B、D正確；C項：人處于平衡狀態(tài)，合力為零保持不變，故C錯誤故選ABD【點睛】本題主要是考查了共點力的平衡問題，解答此類問題的一般步驟是：確定研究對象、進行受力分析、利用平行四邊形法則進行力的合成或者是正交分解法進行力的分解，然后在坐標軸上建立平衡方程進行解答10、ACD【解析】A項：勻速直線運動，物體的速度不變，所以無加速度，故A正確；B項：在勻加速直線運動中，加速度方向與速度方向相同，若規(guī)定初速度的反方向為正方向，則加速度為負值，故B錯誤；C項：物體的速度等于零，加速度不一定等于零，例如豎直上拋運動到最高點，故C正確；D項：物體的加速度方向不變，速度的方向可能改變，例如平拋運動，故D正確11、ABD【解析】當拉力較小時，m和M保持相對靜止一起做勻加速直線運動，當拉力達到一定值時，m和M發(fā)生相對滑動，結合牛頓第二定律，運用整體和隔離法分析【詳解】A、B項：當F等于6N時，加速度為：a=1m/s2，對整體分析，由牛頓第二定律有：F=（M+m）a，代入數(shù)據(jù)解得：M+m=6kg，當F大于6N時，根據(jù)牛頓第二定律得：，圖象斜率，解得：M=2kg，滑塊的質量m=4kg，故A、B正確；C、D項：根據(jù)F大于6N的圖線知，F(xiàn)=4時，a=0，即：0=，解得μ=0.1，，當F=8N時，長木板的加速度為：a=2m/s2；根據(jù)μmg=ma′得：滑塊的加速度為a′=μg=1m/s2，故C錯誤，D正確故選ABD【點睛】本題考查牛頓第二定律與圖象的綜合，知道滑塊和木板在不同拉力作用下的運動規(guī)律是解決本題的關鍵，掌握處理圖象問題的一般方法，通常通過圖線的斜率和截距入手分析12、AB【解析】繩子對A、B兩物體的拉力大小相等，增加B的重力，AB仍靜止，繩子的拉力增加，夾角不變，所以懸掛滑輪的軸對滑輪的作用力一定增大，故AB正確．物體A始終靜止，繩子對A的拉力增大，拉力在水平豎直兩方向的分力增加，由共點力的平衡可知，f=Tcosθ；N=GA-Tsinθ，則地面對A物體的摩擦力增大，地面對物體A的支持力變小，故CD錯誤．故選AB二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、14、三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、v=10m/s，x=25m【解析】根據(jù)牛頓第二定律求出物體的加速度，根據(jù)速度時間公式和位移時間公式求出5s末的速度和5s內的位移?！驹斀狻浚?）根據(jù)牛頓第二定律得，物體的加速度為5s末的速度為v=at=2×5m/s=10m/s（2）5s內的位移為【點睛】本題考查了牛頓第二定律和運動學公式的綜合，知道加速度是聯(lián)系力學和運動學的橋梁。16、(1)