菏澤市重點中學(xué)2025屆物理高三第一學(xué)期期中復(fù)習(xí)檢測模擬試題含解析

菏澤市重點中學(xué)2025屆物理高三第一學(xué)期期中復(fù)習(xí)檢測模擬試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、小明家駕車去旅游．行駛到某處見到如圖所示的公路交通標(biāo)志，下列說法正確的是A．此路段平均速度不能超過60km／hB．此處到宜昌的位移大小是268kmC．此路段平均速率不能低于60km/hD．此路段瞬時速度不能超過60km/h2、共享單車是指企業(yè)在校園、地鐵站點、公交站點等公共服務(wù)區(qū)提供自行車單車共享服務(wù)，是一種新型、便捷的公共交通方式．如圖1所示是某共享單車采用的無鏈傳動系統(tǒng)，利用圓錐齒輪90°軸交，將動力傳至后軸，驅(qū)動后輪轉(zhuǎn)動．杜絕了傳統(tǒng)自行車“掉鏈子”問題．如圖所示是圓錐齒輪90°軸交示意圖，其中A是圓錐齒輪轉(zhuǎn)軸上的點，B、C分別是兩個圓錐齒輪邊緣上的點，兩個圓錐齒輪中心軸到A、B、C三點的距離分別記為rA、rB和rC(rA≠rB≠rC)．下列說法正確的是（）A．B點與C點的角速度，ωB=ωCB．C點與A點的線速度，vC．B點與A點的角速度，ωD．A點和C點的線速度，v3、“嫦娥五號”探測器由軌道器、返回器、著陸器等多個部分組成．探測器預(yù)計在2017年由“長征五號”運(yùn)載火箭在中國文昌衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射升空，自動完成月面樣品采集，并從月球起飛，返回地球，帶回約2kg月球樣品．某同學(xué)從網(wǎng)上得到一些信息，如表格中的數(shù)據(jù)所示，請根據(jù)題意，判斷地球和月球的密度之比為()地球和月球的半徑之比=4地球表面和月球表面的重力加速度之比=6A． B． C．4 D．64、有一個質(zhì)量較小的黑洞與另一個質(zhì)量較大的天體構(gòu)成雙星，相互纏繞，其間距始終不變，且質(zhì)量較小的黑洞不斷從質(zhì)量較大的天體中吸取質(zhì)量，在這一過程中，下列判斷正確的是A．它們繞轉(zhuǎn)的周期變小 B．它們之間的引力變小C．它們之間的引力變大 D．它們繞轉(zhuǎn)的周期不變5、質(zhì)量為的木箱置于水平地面上，它與地面間動摩擦因數(shù)，受到一個與水平方向成角斜向上的拉力，為使木箱做勻速直線運(yùn)動，拉力的最小值以及此時分別是（）A．； B．； C．； D．；6、光滑水平面上放有一上表面光滑、傾角為α的斜面體A，斜面體質(zhì)量為M、底邊長為L，如圖所示．將一質(zhì)量為m、可視為質(zhì)點的滑塊B從斜面的頂端由靜止釋放，滑塊B經(jīng)過時間t剛好滑到斜面底端．此過程中斜面對滑塊的支持力大小為FN，則下列說法中正確的是()A．FN=mgcosαB．滑塊下滑過程中支持力對B的沖量大小為FNtcosαC．滑塊B下滑的過程中A、B組成的系統(tǒng)動量守恒D．此過程中斜面體向左滑動的距離為L二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在冰壺比賽中，某隊員利用紅壺去碰撞對方的藍(lán)壺，兩者在大本營中心發(fā)生對心碰撞如圖(a)所示，碰后運(yùn)動員用冰壺刷摩擦藍(lán)壺前進(jìn)方向的冰面來減小阻力，碰撞前后兩壺運(yùn)動的v-t圖線如圖(b)中實線所示，其中紅壺碰撞前后的圖線平行，兩冰壺質(zhì)量均為19kg，則A．碰后藍(lán)壺速度為0.8m／sB．碰后藍(lán)壺移動的距離為2.4mC．碰撞過程兩壺?fù)p失的動能為7.22JD．碰后紅、藍(lán)兩壺所受摩擦力之比為5：48、如圖所示，輕繩懸掛兩個相同的質(zhì)量均為的小球、處于靜止?fàn)顟B(tài)，、之間存在著的大小相等方向相反的斥力作用，那么對球懸線1的張力和懸線的張力大小關(guān)系可能出現(xiàn)的情況是A． B．C． D．9、如圖所示，一箱子從高空下落，初速度為零。箱子所受的空氣阻力與箱子下落速度的平方成正比，且運(yùn)動過程中箱子始終保持圖示姿態(tài)。在箱子下落過程中，下列說法正確的是()A．箱內(nèi)物體對箱子底部始終有壓力B．箱子剛從飛機(jī)上投下時，箱內(nèi)物體受到的支持力為零C．箱子接近地面時，箱內(nèi)物體受到的支持力比剛投下時大D．若下落距離足夠長，箱內(nèi)物體有可能不受底部支持力而“飄起來”10、空間存在著平行于x軸方向的靜電場，A、M、O、N、B為x軸上的點，OA＜OB，OM＝ON，AB間的電勢隨x的分布為如圖所示的折線，一個帶電粒子在電場中僅在電場力作用下從M點由靜止開始沿x軸向右運(yùn)動，則下列判斷中正確的是()A．粒子一定帶正電B．粒子從M向O運(yùn)動過程所受電場力均勻增大C．粒子一定能通過N點D．AO間的電場強(qiáng)度大于OB間的電場強(qiáng)度三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某實驗小組利用圖示的裝置探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系．（1）下列做法正確的是________（選填字母代號）．A．調(diào)節(jié)滑輪的高度，使?fàn)恳緣K的細(xì)繩與長木板保持平行B．在調(diào)節(jié)木板傾斜度平衡木塊受到的滑動摩擦力時，將裝有砝碼的砝碼桶通過定滑輪拴在木塊上C．實驗時，先放開木塊再接通打點計時器的電源D．通過增減木塊上的砝碼改變質(zhì)量時，不需要重新調(diào)節(jié)木板傾斜度（2）為使砝碼桶及桶內(nèi)砝碼的總重力在數(shù)值上近似等于木塊運(yùn)動時受到的拉力，應(yīng)滿足的條件是砝碼桶及桶內(nèi)砝碼的總質(zhì)量________木塊和木塊上砝碼的總質(zhì)量．（選填“遠(yuǎn)大于”“遠(yuǎn)小于”或“近似等于”）（3）甲、乙兩同學(xué)在同一實驗室，各取一套圖示的裝置放在水平桌面上，木塊上均不放砝碼，在沒有平衡摩擦力的情況下，研究加速度a與拉力F的關(guān)系，分別得到圖中甲、乙兩條直線．設(shè)甲、乙用的木塊質(zhì)量分別為m甲、m乙，甲、乙用的木塊與木板間的動摩擦因數(shù)分別為μ甲、μ乙，由圖可知，m甲________m乙，μ甲________μ乙．（選填“大于”“小于”或“等于”）12．（12分）如圖甲所示的裝置叫做阿特伍德機(jī)，是英國數(shù)學(xué)家和物理學(xué)家阿特伍德創(chuàng)制的一種著名力學(xué)實驗裝置，用來研究勻變速直線運(yùn)動的規(guī)律．某同學(xué)對該裝置加以改進(jìn)后用來驗證機(jī)械能守恒定律，如圖乙所示．(1)實驗時，該同學(xué)進(jìn)行了如下操作：①將質(zhì)量均為M(A的含擋光片，B的含掛鉤)的重物用繩連接后，跨放在定滑輪上，處于靜止?fàn)顟B(tài)，測量出_______(填“A的上表面”、“A的下表面”或“擋光片中心”)到光電門中心的豎直距離h.②在B的下端掛上質(zhì)量為m的物塊C，讓系統(tǒng)(重物A、B以及物塊C)中的物體由靜止開始運(yùn)動，光電門記錄擋光片擋光的時間為Δt.③測出擋光片的寬度d，計算有關(guān)物理量，驗證機(jī)械能守恒定律．(2)如果系統(tǒng)(重物A、B以及物塊C)的機(jī)械能守恒，應(yīng)滿足的關(guān)系式為_________(已知重力加速度為g)．(3)引起該實驗系統(tǒng)誤差的原因有________________________(寫一條即可)．(4)驗證實驗結(jié)束后，該同學(xué)突發(fā)奇想：如果系統(tǒng)(重物A、B以及物塊C)的機(jī)械能守恒，不斷增大物塊C的質(zhì)量m，重物B的加速度a也將不斷增大，那么a與m之間有怎樣的定量關(guān)系？a隨m增大會趨于一個什么值？請你幫該同學(xué)解決：①寫出a與m之間的關(guān)系式：____________________(還要用到M和g)．②a的值會趨于___________．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）在豎直平面內(nèi)有一個半圓形軌道ABC，半徑為R，如圖所示，A、C兩點的連線水平，B點為軌道最低點其中AB部分是光滑的，BC部分是粗糙的有一個質(zhì)量為m的乙物體靜止在B處，另一個質(zhì)量為2m的甲物體從A點無初速度釋放，甲物體運(yùn)動到軌道最低點與乙物體發(fā)生碰撞，碰撞時間極短，碰撞后結(jié)合成一個整體，甲乙構(gòu)成的整體滑上BC軌道，最高運(yùn)動到D點，OD與OB連線的夾角甲、乙兩物體可以看作質(zhì)點，重力加速度為g，求：(1)甲物與乙物體碰撞過程中，甲物體受到的沖量．(2)甲物體與乙物體碰撞后的瞬間，甲乙構(gòu)成的整體對軌道最低點的壓力．(3)甲乙構(gòu)成的整體從B運(yùn)動到D的過程中，摩擦力對其做的功．14．（16分）1016年世界中學(xué)生五人制足球錦標(biāo)賽落下帷幕，代表中國參賽的河南男隊和河北女隊取得了優(yōu)異成績．五人制足球的賽場長40m，寬10m，如圖所示．在比賽中，攻方隊員在中線附近突破防守隊員，將足球沿邊路向前踢出，足球的運(yùn)動可視為在地面上做初速度為m/s的勻減速直線運(yùn)動、加速度大小為m/s1．該隊員將足球踢出后立即由靜止啟動追趕足球，他的運(yùn)動可看作是勻加速直線運(yùn)動，最大加速度為m/s，能達(dá)到的最大速度為m/s，足球和隊員在同一條直線上運(yùn)動．求：（1）該隊員追趕足球1s時，隊員與足球間的距離．（1）該隊員經(jīng)過多長時間能追上足球．15．（12分）如圖所示，質(zhì)量M=1kg的長木板B靜止在粗糙的水平地面上，某一時刻一質(zhì)量為m=1kg的小滑塊A（可視為質(zhì)點）以初速度v0=4.5m/s向右沖上木板，最后恰好沒有滑離木板．已知木板與地面間的動摩擦因數(shù)μ1=0.1，滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)μ1=0.4，重力加速度g取g=10m/s1．求：（1）滑塊與木板相對運(yùn)動時的加速度aA和aB的大小與方向；（1）木板在地面上運(yùn)動的總時間；（3）木板的長度L．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】試題分析：公路交通標(biāo)志上表示的是從云陽到宜昌路段，汽車行駛的最高速度不能超過60km/h，即此路段瞬時速度不能超過60km/h。故選D考點：瞬時速度點評：公路交通限速標(biāo)志指的是行駛過程中的最高速度的上限，汽車行駛時不能超過此速度，這里的行駛速度指的是瞬時速度。2、B【解析】A項：B點與C點的線速度相等，由于rB≠rC，所以ωB≠ωB項：B點與C點的線速度相等，B點的角速度與A角速度相等，所以vc=rC項：B點的角速度與A角速度相等，所以vBrB=vD項：B點與C點的線速度相等，B點的角速度與A角速度相等，即vc=r3、B【解析】

在地球表面，重力等于萬有引力，故解得故密度同理．月球的密度故地球和月球的密度之比故選B。4、D【解析】根據(jù)萬有引力定律可得，解得；，相加可得：，因兩黑洞的質(zhì)量和一定，則角速度一定，周期不變，選項A錯誤，D正確；根據(jù)，當(dāng)質(zhì)量較小的黑洞不斷從質(zhì)量較大的天體中吸取質(zhì)量時，兩黑洞的質(zhì)量不斷接近，由數(shù)學(xué)知識可知，兩黑洞質(zhì)量乘積變大，引力變大，選項C正確，B錯誤；故選CD.5、A【解析】

在拉力作用下木箱重力、拉力、地面的支持力和滑動摩擦力作用，根據(jù)平衡條件得又聯(lián)立解得其中，，由數(shù)學(xué)知識知：當(dāng)，即時有最小值，且最小值為故選A。6、D【解析】當(dāng)滑塊B相對于斜面加速下滑時，斜面A水平向左加速運(yùn)動，所以滑塊B相對于地面的加速度方向不再沿斜面方向，即沿垂直于斜面方向的合外力不再為零，所以斜面對滑塊的支持力不等于，A錯誤；滑塊B下滑過程中支持力對B的沖量大小為，B錯誤；由于滑塊B有豎直方向的分加速度，所以系統(tǒng)豎直方向合外力不為零，系統(tǒng)的動量不守恒，C錯誤；系統(tǒng)水平方向不受外力，水平方向動量守恒，設(shè)A、B兩者水平位移大小分別為，則，，解得，D正確；故選D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

由圖可知碰撞前后紅壺的速度為和，由動量守恒可得，解得碰后藍(lán)壺速度為，由數(shù)學(xué)關(guān)系可得紅冰壺如果不發(fā)生碰撞有，故藍(lán)色冰壺停止運(yùn)動得時間為t=5s，碰后藍(lán)壺移動的距離為，碰撞過程兩壺?fù)p失的動能為，紅壺所受摩擦力，藍(lán)壺所受摩擦力，，.碰后紅、藍(lán)兩壺所受摩擦力之比為，故AD正確，BC錯誤；故選AD．【點睛】由動量守恒可得碰后藍(lán)壺速度大小，碰撞過程兩壺?fù)p失的動能為初末動能之差，碰后紅、藍(lán)兩壺所受摩擦力之比由牛頓運(yùn)動定律求出．8、ABC【解析】

設(shè)之間的斥力為，以為研究對象，根據(jù)平衡條件：以整體為研究對象，根據(jù)平衡條件：若時，則有：若時，則有：若時，則有：A.與分析相符，故A正確；B.與分析相符，故B正確；C.與分析相符，故C正確；D.與分析不符，故D錯誤．9、BC【解析】

對整體分析，求出整體的加速度，抓住物體與箱子的加速度相等，結(jié)合阻力的變化得出加速度的變化，通過牛頓第二定律分析何時支持力最小，何時支持力較大.【詳解】A、B、設(shè)整體加速度為a，則a=Mg-kv2M，當(dāng)v=0時，a=g，當(dāng)v≠0時，a<g，設(shè)箱內(nèi)物體質(zhì)量為m，受支持力為FN，對箱內(nèi)物體有mg-FN=B、因箱子下落過程為變加速運(yùn)動，接近地面時，v最大，故a最小，由FN=mD、若下落距離足夠長，當(dāng)Ff=M總g時，a=0，箱子做勻速運(yùn)動，此時FN=故選BC.【點睛】解決本題的關(guān)鍵知道物體與箱子具有相同的加速度，結(jié)合牛頓第二定律分析求解，注意明確速度變化時阻力變化，合外力隨之變化，從而導(dǎo)致加速度發(fā)生變化.10、CD【解析】

A.、兩點電勢相等，點的電勢最高，到是逆著電場線，粒子僅在電場力作用下，從點由靜止開始沿軸向右運(yùn)動即逆電場線方向運(yùn)動，故粒子一定帶負(fù)電，故A錯誤；B.到電勢均勻升高，圖象的斜率大小等于電場強(qiáng)度，故到的電場是勻強(qiáng)電場，粒子從向運(yùn)動過程所受電場力不變，故B錯誤；C.由圖可知，、兩點電勢相等，點的電勢小于點的電勢，故到電場力做的正功數(shù)值大于到N電場力做的負(fù)功，所以粒子能通過點，故C正確；D.圖象的斜率等于場強(qiáng)大小，則知間的電場強(qiáng)度大于間的電場強(qiáng)度，故D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、AD遠(yuǎn)小于小于大于【解析】

（1）[1]．實驗中細(xì)繩要保持與長木板平行，A項正確；平衡摩擦力時不能將裝有砝碼的砝碼桶通過定滑輪拴在木塊上，這樣無法平衡摩擦力，B項錯誤；實驗時應(yīng)先接通電源再放開木塊，C項錯誤；平衡摩擦力后，改變木塊上的砝碼的質(zhì)量后不再需要重新平衡摩擦力，D項正確．（2）[2]．由整體法和隔離法得到細(xì)繩中的拉力F＝Ma＝M＝mg，可見，當(dāng)砝碼桶和桶內(nèi)砝碼的總質(zhì)量m遠(yuǎn)小于木塊和木塊上砝碼的總質(zhì)量M時，可得F≈mg.（3）[3]．不平衡摩擦力，則F－μmg＝ma，a＝－μg，圖象的斜率大的木塊的質(zhì)量小，縱軸截距絕對值大的動摩擦因數(shù)大，因此m甲<m乙，μ甲>μ乙．12、擋光片中心繩子有一定的質(zhì)量、滑輪與繩子之間有摩擦、重物運(yùn)動受到空氣阻力等重力加速度g【解析】

解：（1）螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為5.5mm，可動刻度讀數(shù)為0.01×20.0mm=0.200mm，所以最終讀數(shù)為：5.5mm+0.200mm=5.700mm．（2）需要測量系統(tǒng)重力勢能的變化量，則應(yīng)該測量出擋光片中心到光電門中心的距離，系統(tǒng)的末速度為：，則系統(tǒng)重力勢能的減小量△Ep=mgh，系統(tǒng)動能的增加量為：,若系統(tǒng)機(jī)械能守恒，則有：（3）系統(tǒng)機(jī)械能守恒的條件是只有重力做功，引起實驗誤差的原因可能有：繩子有質(zhì)量；滑輪與繩子有摩擦；重物運(yùn)動受到阻力作用．（4）根據(jù)牛頓第二定律得，系統(tǒng)所受的合力為mg，則系統(tǒng)加速度為：，當(dāng)m不斷增大，則a趨向于g．【點評】考查螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀，解決本題的關(guān)鍵知道實驗的原理，知道誤差產(chǎn)生的原因，掌握整體法在牛頓第二定律中的運(yùn)用．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)，方向水平向右．(2)壓力大小為：，方向豎直向下．(3)Wf=．【解析】

(1)先研究甲物體從A點下滑到B點的過程，根據(jù)機(jī)械能守恒定律求出A剛下滑到B點時的速度，再由動量守恒定律求出碰撞后甲乙的共同速度，即可對甲，運(yùn)用動量定理求甲物與乙物體碰撞過程中，甲物體受到的沖量．(2)甲物體與乙物體碰撞后的瞬間，對于甲乙構(gòu)成的整體，由牛頓第二定律求出軌道對整體的支持力，再由牛頓第三定律求得整體對軌道最低點的壓力．(3)甲乙構(gòu)成的整體從B運(yùn)動到D的過程中，運(yùn)用動量定理求摩擦力對其做的功．【詳解】甲物體從A點下滑到B點的過程，根據(jù)機(jī)械能守恒定律得：，解得：，甲乙碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，取向左方向為正，根據(jù)動量守恒定律得：，解得：，甲物與乙物體碰撞過程，對甲，由動量定理得：，方向：水平向右；甲物體與乙物體碰撞后的瞬間，對甲乙構(gòu)成的整體，由牛頓第二定律得：，解得：，根據(jù)牛頓第三定律，對軌道的壓力，方向：豎直向下；對整體，從B到D過程，由動能定理得：解得，摩擦力對整體做的功為：；【點睛】解決本題的關(guān)鍵按時間順序分析清楚物體的運(yùn)動情況，把握每個過程的物理規(guī)律，知道碰撞的基本規(guī)律是動量守恒定律摩擦力是阻力，運(yùn)用動能定理是求變力做功常用的方法．14、（1）8m（1）6.5s【解析】

（1）足球勻減速運(yùn)動到零的時間為s隊員加速到最大速度的時間為s所以該隊員追趕足球1s時，足球的位移為m該隊員的位移為m所以此時隊員與足球間的距離m（1）設(shè)足球從開始做勻減速運(yùn)動到停下來的位移為，則有：代入數(shù)據(jù)解得：m足球所用的時間為s隊員加速到最大速度時的位移為m隊員所用的時間為s所以4s隊員做勻速直線運(yùn)動，到足