海南省?？谒闹?025屆高三上物理期中學業(yè)質量監(jiān)測模擬試題含解析

海南省?？谒闹?025屆高三上物理期中學業(yè)質量監(jiān)測模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、有一個直角支架AOB，A0水平放置，表面粗糙，OB豎直放置，表面光滑．A0上套有小環(huán)P，OB上套有小環(huán)Q，兩環(huán)質量均為m，兩環(huán)用一質量可忽略、不可伸長的細繩相連，并在某一位置平衡，如圖，現將P環(huán)向左移一小段距離，兩環(huán)再次達到平衡，那么將移動后的平衡狀態(tài)和原來的平衡狀態(tài)比較，AO桿對P環(huán)的支持力FN和細繩上的拉力FT的變化情況是（）A．FN不變，FT變大 B．FN不變，FT變小C．FN變大，FT變大 D．FN變大，FT變小2、如圖所示，A物體的質量是B物體的k倍．A物體放在光滑的水平桌面上通過輕繩與B物體相連，兩物體釋放后運動的加速度為a1，輕繩的拉力為T1；若將兩物體互換位置，釋放后運動的加速度為為a1，輕繩的拉力為T1．不計滑輪摩擦和空氣阻力，則()A．a1∶a1=1∶k B．a1∶a1=1∶1 C．T1∶T1=1∶k D．T1∶T1=1∶13、從同一地點同時開始沿同一直線運動的兩個物體Ⅰ、Ⅱ的速度－時間圖象如圖所示．在0～t2時間內，下列說法中正確的是（）A．Ⅰ物體所受的合外力不斷增大，Ⅱ物體所受的合外力不斷減小B．在第一次相遇之前，t1時刻兩物體相距最遠C．t2時刻兩物體相遇D．Ⅰ、Ⅱ兩個物體的平均速度大小都是4、如圖所示，斜面上放有兩個完全相同的物體a、b，兩物體間用一根細線連接，在細線的中點加一與斜面垂直的拉力F，使兩物體均處于靜止狀態(tài)．則下列說法正確的是()A．a、b兩物體的受力個數一定相同B．a、b兩物體對斜面的壓力不一定相同C．a、b兩物體受到的摩擦力大小可能不相等D．當逐漸增大拉力F時，物體b先開始滑動5、做簡諧運動的單擺，其擺長不變，若擺球的質量增加為原來的倍，擺球經過平衡位置的速度減為原來的，則單擺振動的（）A．周期不變，振幅不變 B．周期不變，振幅變小C．周期改變，振幅不變 D．周期改變，振幅變大6、如圖所示“牛頓擺”裝置，5個完全相同的小鋼球用輕繩懸掛在水平支架上，5根輕繩互相平行，5個鋼球彼此緊密排列，球心等高．用1、2、3、4、5分別標記5個小鋼球．當把小球1向左拉起一定高度，如圖甲所示，然后由靜止釋放，在極短時間內經過小球間的相互碰撞，可觀察到球5向右擺起，且達到的最大高度與球1的釋放高度相同，如圖乙所示．關于此實驗，下列說法中正確的是（）A．上述實驗過程中，5個小球組成的系統(tǒng)機械能守恒，動量守恒B．上述實驗過程中，5個小球組成的系統(tǒng)機械能不守恒，動量不守恒C．如果同時向左拉起小球1、2、3到相同高度（如圖丙所示），同時由靜止釋放，經碰撞后，小球4、5一起向右擺起，且上升的最大高度高于小球1、2、3的釋放高度D．如果同時向左拉起小球1、2、3到相同高度（如圖丙所示），同時由靜止釋放，經碰撞后，小球3、4、5一起向右擺起，且上升的最大高度與小球1、2、3的釋放高度相同二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在勻強電場中有一個光滑的直角三角形框架，∠CAB=30°．將一質量不計的帶電滑塊以初速度v0釋放，使其沿斜面CA運動，到達A點的速度為2v0，讓滑塊以相同速度從C點沿CB下滑，則到達B點的速度為3v0，則下列說法正確的是（）A．C點電勢可能比A點電勢高B．B點電勢是A點電勢的兩倍C．A點電勢與BC邊中點的電勢相等D．電場方向與AB邊垂直8、設空間存在豎直向下的勻強電場和垂直紙面向里的勻強磁場，如圖所示，已知一帶電粒子在電場力和洛倫茲力的作用下，從靜止開始自A點沿曲線ACB運動，到達B點時速度為零，C點是運動的最低點，忽略粒子的重力，以下說法中正確的是()A．此粒子必帶正電荷B．A點和B位于同一高度C．離子在C點時機械能最大D．離子到達B點后，將沿原曲線返回A點9、如圖所示，小球a的質量為小球b質量的一半，分別與輕彈簧A、B和輕繩相連接并處于平衡狀態(tài).輕彈簧A與豎直方向夾角為60°，輕彈簧A、B伸長量剛好相同，則下列說法中正確的是(A．輕彈簧A、B的勁度系數之比為3：1B．輕彈簧A、B的勁度系數之比為2：1C．輕繩上拉力與輕彈簧A上拉力大小之比為2：1D．輕繩上拉力與輕彈簧B上拉力大小之比為1：110、在光滑水平面上，動能為E0、動量的大小為p0的小鋼球1與靜止小鋼球1發(fā)生碰撞，碰撞前后球1的運動方向相反．將碰撞后球1的動能和動量的大小分別記為E1、p1，球1的動能和動量的大小分別記為E1、p1．則必有()A．E1＜E0 B．p1＜p0 C．E1＞E0 D．p1＞p0三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示，用圖釘把坐標紙固定在豎直墻面上．取三根完全相同的輕彈簧甲、乙、丙，將甲、乙分別通過細棉線掛在A、B兩點，另一端與丙也通過細棉線相連于O點．在丙彈簧下端掛上重物，分別測出三彈簧的形變量，然后通過作圖驗證力的平行四邊形定則．(1)考慮到實際，測量彈簧的原長時，最合理的方法是_______A、將彈簧平放在桌面上，分別測量三個彈簧的長度B、將彈簧平放在桌面上，測量-一個彈簧的長度，即為三個彈簧的原長C、按圖甲的方式懸掛三個彈簧，不掛物塊時測量其中一個彈簧的長度，即為三個彈簧的原長D、按圖甲的方式懸掛三個彈簧，不掛物塊時分別測量三個彈簧的長度(2)為完成該實驗，除測量彈簧的原長外，還必須進行的操作有_________A、測量連接彈簧的細棉線的長度B、測量掛上物塊后三個彈簧的長度C、記錄掛上物塊后結點O的位置D、測量所掛物塊的重量(3)某次實驗中，測得甲乙、丙三個彈簧的形變量分別為3.00cm、3.25cm、4.75cm(均在彈性限度內)，記錄的O、A、B三點位置如圖所示，圖中虛線為豎直線．按照圖乙的標度，用甲、乙的形變量代替力的大小在圖乙構建平行四邊形．若丙彈簧下掛的重物為9.50N，則可推知甲彈簧的彈力值為______________________(4)如果(3)中對角線的長度約4.75cm，且大致與豎直方向相同，則能夠驗征平行四邊形定則．這種做法的理由是________________12．（12分）物理小組在一次探究活動中測量滑塊與木板之間的動摩擦因數．實驗裝置如圖，一表面粗糙的木板固定在水平桌面上，一端裝有定滑輪；木板上有一滑塊，其一端與電磁打點計時器的紙帶相連，另一端通過跨過定滑輪的細線與托盤連接．打點計時器使用的交流電源的頻率為50Hz．開始實驗時，在托盤中放入適量砝碼，滑塊開始做勻加速運動，在紙帶上打出一系列小點．（1）該同學在實驗中得到如圖所示的一條紙帶（兩計數點間還有四個點沒有畫出），已知打點計時器采用的是頻率為50Hz的交流電，根據紙帶可求出小車的加速度為_____m/s2（結果保留兩位有效數字）．（2）為測量動摩擦因數，下列物理量中還應測量的有____（填入所選物理量前的字母）．A．木板的長度lB．木板的質量m1C．滑塊的質量m2D．托盤和砝碼的總質量m3E.滑塊運動的時間t（3）滑塊與木板間的動摩擦因數=____（用被測物理量的字母表示，重力加速度為g）．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在V/m的水平向左的勻強電場中，有一光滑半圓形絕緣軌道豎直放置，且與一水平絕緣軌道MN相切于N點，半圓軌道所在豎直平面與電場線平行，其半徑R=40cm，一帶正電荷C的小滑塊質量為m=50g，與水平軌道間的動摩擦因數，取g=10m/s2，問：（1）要使小滑塊恰好運動到半圓軌道最高點C，滑塊應在水平軌道上離N點多遠處釋放？（2）這樣釋放的滑塊通過P點時對軌道壓力是多大？（P為半圓軌道中點）（3）這樣釋放的滑塊到達C點后繼續(xù)運動，最終落地，落地點離N點的距離多大？落地時的速度多大？（結果保留根號）14．（16分）如圖，一輕彈簧原長為，其一端固定在傾角的固定光滑直軌道的底端處，另一端位于直軌道上處，彈簧處于自然狀態(tài)，直軌道與一半徑為的光滑圓弧軌道相切于點，，點為圓弧軌道的最高點，、、、均在同一豎直面內。質量為的小物塊自點由靜止開始下滑，最低到達點，，重力加速度大小為，取，。（1）求運動到點時彈簧的彈性勢能；（2）改變物塊的質量，將推至點，從靜止開始釋放，已知恰好到達圓弧軌道的最高點，求改變后的質量。15．（12分）一定質量的理想氣體，其狀態(tài)變化過程如圖中箭頭順序所示，AB平行于縱軸，BC平行于橫軸，CA段是以縱軸和橫軸為漸近線的雙曲線的一部分．已知氣體在A狀態(tài)的壓強、體積、熱力學溫度分別為，且氣體在A狀態(tài)的壓強是B狀態(tài)壓強的3倍．試求：（1）氣體在B狀態(tài)的熱力學溫度和C狀態(tài)的體積．（2）從B到C過程中，是氣體對外做功還是外界對氣體做功?做了多少功?

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

以兩環(huán)組成的整體，分析受力情況如圖1所示．根據平衡條件得，N＝2mg保持不變．再以Q環(huán)為研究對象，分析受力情況如圖2所示．設細繩與OB桿間夾角為α，由平衡條件得，細繩的拉力，P環(huán)向左移一小段距離時，α減小，cosα變大，T變小，即FN不變，FT變小，故B正確，ACD錯誤．2、D【解析】試題分析：由牛頓第二定律得：,,同理兩物體互換位置則：,,解得a1∶a1=mB：mA=1∶k，T1∶T1=1∶1，故選項D正確．考點：牛頓第二定律3、B【解析】

試題分析：速度時間圖像的斜率表示加速度，從圖中可知I曲線的斜率都在減小，所以I加速度都在減小，根據牛頓第二定律可得I合力都在減小，II斜率恒定，做勻減速直線運動，合力恒定，A錯誤；速度圖象與坐標軸圍成的面積表示位移，由圖可知在時刻兩物體面積差最大，相距最遠，故B正確；時刻，物體I的位移比物體II的位移大，兩者又是從同一地點同時開始運動的，所以時刻兩物體沒有相遇，故C錯誤；物體的位移就等于圖中兩圖象與時間軸所圍的面積，平均速度就等于位移與時間的比值，由圖知物體I的位移比物體II的位移大，且II物體做勻減速運動，其平均速度為，I的平均速度大于，D錯誤．考點：考查了速度時間圖像【名師點睛】在速度時間圖像中，需要掌握三點，一、速度的正負表示運動方向，看運動方向是否發(fā)生變化，只要考慮速度的正負是否發(fā)生變化，二、圖像的斜率表示物體運動的加速度，三、圖像與坐標軸圍成的面積表示位移，在坐標軸上方表示正方向位移，在坐標軸下方表示負方向位移4、C【解析】

A、對a、b進行受力分析，如圖所示：b物體處于靜止狀態(tài)，當繩子沿斜面向上的分量與重力沿斜面向下的分量相等時，摩擦力為零，所以b可能只受3個力作用，而a物體必定受到摩擦力作用，肯定受4個力作用，故A錯誤；B、a、b兩個物體，垂直于斜面方向受力都平衡，則有：N+Tsinθ=mgcosθ，解得：N=mgcosθ-Tsinθ，則a、b兩物體對斜面的壓力相同，故B錯誤；C、根據A的分析可知，b的摩擦力可以為零，而a的摩擦力一定不為零，故C正確；D、對a沿斜面方向有：Tcosθ+mgsinθ=fa，對b沿斜面方向有：Tcosθ-mgsinθ=fb，正壓力相等，所以最大靜摩擦力相等，則a故選C?！军c睛】關鍵是正確對物體進行受力分析，能根據平衡條件列式求解。5、B【解析】

由單擺的周期公式可知，單擺擺長不變，則周期不變；擺球經過平衡位置的速度減為原來的2/3，由于振動過程中機械能守恒，故：mgh=mv2，據此式可知，速度變小，高度減小，所以偏離平衡位置的最大距離變小，即振幅減?。还蔬xB．【點睛】單擺的擺長和重力加速度的大小決定單擺的周期的大小，單擺的能量決定單擺的振幅的大小．6、D【解析】試題分析：上述實驗過程中，小球5能夠達到與小球1釋放時相同的高度，說明系統(tǒng)機械能守恒，而且小球5離開平衡位置的速度和小球1擺動到平衡位置的速度相同，說明碰撞過程動量守恒，但隨后上擺過程動量不守恒，動量方向在變化，選項AB錯．根據前面的分析，碰撞過程為彈性碰撞．那么同時向左拉起小球1、2、3到相同高度（如圖丙所示），同時由靜止釋放，那么球3先以與球4發(fā)生彈性碰撞，此后球3的速度變?yōu)?，球4獲得速度后與球5碰撞，球5獲得速度，開始上擺，同理球2與球3碰撞，最后球4以速度上擺，同理球1與球2碰撞，最后球3以速度上擺，所以選項C錯D對．考點：動量守恒彈性碰撞二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

從C到A和從C到B，分別分析這兩個過程中的做功情況，因質量不計，所以不用考慮重力做功，又因框架光滑，所以運功過程中只有電場力做功，且都為正功，由動能定理列式可解的CA間的電勢差與CB間的電勢差的關系，再在CB的連線上找出與A點電勢相等的點，即可得知各選項的正誤?！驹斀狻吭O滑塊的質量為m，電量為q，BC的中點為D，因質量不計，所以滑塊在運動過程中，只有電場力做功。設CA間的電勢差為U1，則由動能定理有：12設CB間的電勢差為U2，則由動能定理有：1解得：U2=2U1即BC的中點D的電勢與A的電勢相等。A項：雖然滑塊從C到A的過程中電場力做正功，因不知滑塊所帶的電性，所以無法判知C點和A點的電勢高低，故A正確；B項：雖然CB間的電勢差等于CA間的電勢差的2倍，但是零勢能面沒有確定，所以B點電勢不一定是A點電勢的兩倍，故B錯誤；C項：由以上解答可知，即BC的中點D的電勢與A的電勢相等，故C正確；D項：由以上解答可知，A與BC的中點D的電勢相等，所以電場方向垂直于AD，與AB并不垂直，故D錯誤。故應選：AC。8、ABC【解析】

A.從圖中可以看出，上極板帶正電，下極板帶負電，帶電粒子由靜止開始向下運動，說明受到向下的電場力，可知粒子帶正電。故A正確；B.離子具有速度后，它就在向下的電場力F及總與速度垂直并不斷改變方向的洛侖茲力f作用下沿ACB曲線運動，因洛侖茲力不做功，電場力做功等于動能的變化，而離子到達B點時的速度為零，所以從A到B電場力所做正功與負功加起來為零。這說明離子在電場中的B點與A點的電勢能相等，即B點與A點位于同一高度。故B正確；C.在由A經C到B的過程中，C點電勢最低，此時粒子的電勢能最小，由能量守恒定律可知，此時具有最大機械能。故C正確；D.只要將離子在B點的狀態(tài)與A點進行比較，就可以發(fā)現它們的狀態(tài)（速度為零，電勢能相等）相同，如果右側仍有同樣的電場和磁場的疊加區(qū)域，離子就將在B之右側重現前面的曲線運動，因此，離子是不可能沿原曲線返回A點的。如圖所示。故D錯誤。9、AD【解析】

設輕彈簧A、B伸長量都為x，小球A的質量為m，則小球B的質量為2m。對小球b，由平衡條件，彈簧B中彈力為kBx＝2mg；對小球a，由平衡條件，豎直方向kBx＋mg＝kAxcos60°，聯立解得：kA＝3kB，故A正確，B錯誤；水平方向，輕繩上拉力F＝kAxsin60°，故C錯誤，D正確。所以AD正確，BC錯誤。10、ABD【解析】

根據碰撞過程中總動能不增加，必有

E1＜E2，E1＜E2，根據可知，P1＜P2．否則就違反了能量守恒定律。故AB正確，C錯誤；根據動量守恒定律得：P2=P1-P1，得到P1=P2+P1，可見，P1＞P2．故D正確。故選ABD.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、D；BC；6.00；彈簧彈力與形變量成正比，三個相同彈簧勁度系數相同，所以形變量的比值與彈力比值相同.【解析】

（1）考慮到實際，主要是彈簧本身的重力的影響，測量彈簧的原長時，最合理的方法是按圖甲的方式懸掛三個彈簧，不掛物塊時分別測量三個彈簧的長度，故選D；（2）為完成該實驗，除測量彈簧的原長外，還必須進行的操作有：測量掛上物塊后三個彈簧的長度，以計算彈簧的伸長量；記錄掛上物塊后結點O的位置，故選BC.（3）圖像如圖：由圖像可知，AB兩彈簧的合力大小約為4.7個格子，表示的力為9.5N，則推知甲彈簧的彈力值為，即F甲=6N；（4）用上述做法的理由是：彈簧彈力與形變量成正比，三個相同彈簧勁度系數相同，所以形變量的比值與彈力比值相同，可以用形變量的大小代替彈力的大小.12、(1)0.495m/s2～0.497m/s2（2分）(2)①CD（2分）②（2分）【解