2025屆東北三省四市教研聯(lián)合體物理高三上期中聯(lián)考模擬試題含解析

2025屆東北三省四市教研聯(lián)合體物理高三上期中聯(lián)考模擬試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示為示波管構(gòu)造的示意圖，現(xiàn)在XX′上加上Ux－t信號，YY′上加上Uy－t信號（如圖2甲、乙所示），則在屏幕上看到的圖形是選項中的（）A．B．C．D．2、如圖所示，質(zhì)量相等的兩個物體，沿著傾角分別為α和β（α>β）的兩個光滑固定斜面，由靜止開始從斜面頂端滑下，到達斜面底端，兩個斜面高度相同。在此過程中，關(guān)于兩個物體，相同的物理量是A．下滑的加速度大小B．下滑的時間C．合外力的沖量大小D．重力的平均功率3、“天津之眼”是一座跨河建設、橋輪合一的摩天輪，是天津市的地標之一.摩天輪懸掛透明座艙，乘客隨座艙在豎直面內(nèi)做勻速圓周運動，下列敘述正確的是（）A．摩天輪轉(zhuǎn)動過程中，乘客的機械能保持不變B．在最低點，乘客重力大于座椅對他的支持力C．摩天輪轉(zhuǎn)動過程中，乘客重力的瞬時功率保持不變D．摩天輪轉(zhuǎn)動一周的過程中，乘客重力的沖量不為零4、運動員做引體向上，從如圖所示的狀態(tài)開始，雙手握杠上拉，使下頜超過橫杠上沿，然后還原到初始狀態(tài)，為完成一次動作。若運動員完成一次動作所經(jīng)歷的時間為t，質(zhì)量為m，重力加速度為g，則在此過程中A．單杠對運動員做的功為mghB．單杠對運動員做的功大于mghC．運動員克服重力做功的平均功率為mghD．運動員克服重力做功的平均功率大于mgh5、在德國首都柏林舉行的世界田徑錦標賽女子跳高決賽中，克羅地亞選手弗拉希奇以1.04m的成績獲得冠軍．弗拉希奇身高約為1.93m，忽略空氣阻力，g取10m/s1．則下列說法正確的是（）A．弗拉希奇起跳加速過程地面對她做正功B．弗拉希奇起跳以后在上升過程處于失重狀態(tài)C．弗拉希奇起跳時地面對她的支持力等于她所受的重力D．弗拉希奇起跳時的初速度大約為3m/s6、如圖所示，從A點由靜止釋放一彈性小球，一段時間后與固定斜面上B點發(fā)生碰撞，碰后小球速度大小不變，方向變?yōu)樗椒较?，又?jīng)過相同的時間落在地面上C點，已知地面上D點位于B點正下方，C、D間的距離為s，則A．A、D兩點間的距離為2sB．A、D兩點間的距離為sC．A、B兩點間的距離為sD．A、B兩點間的距離為二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，質(zhì)量為m的豎直光滑圓環(huán)A的半徑為R，固定在質(zhì)量為3m的木板B上，木板B的左右兩側(cè)各有一豎直擋板固定在地面上，B不能左右運動．在環(huán)的最低點靜止放有一質(zhì)量為m的小球C．現(xiàn)給小球一水平向右的瞬時速度v0，小球會在圓環(huán)內(nèi)側(cè)做圓周運動，為保證小球能通過環(huán)的最高點，且不會使環(huán)在豎直方向上跳起，初速度v0必須滿足（）A．最小值為B．最小值為C．最大值為D．最大值為8、一定量的理想氣體從狀態(tài)M可以經(jīng)歷過程1或者過程2到達狀態(tài)N，其p–V圖象如圖所示。在過程1中，氣體始終與外界無熱量交換；在過程2中，氣體先經(jīng)歷等容變化再經(jīng)歷等壓變化，對于這兩個過程，下列說法正確的是（）A．氣體經(jīng)歷過程1，其溫度降低B．氣體經(jīng)歷過程1，其內(nèi)能減小C．氣體在過程2中一直對外放熱D．氣體在過程2中一直對外做功E.氣體經(jīng)歷過程1的內(nèi)能改變量與經(jīng)歷過程2的相同9、如圖所示，傾角為??的等腰三角形斜面固定在水平面上，一足夠長的輕質(zhì)綢帶跨過斜面的頂端鋪放在斜面的兩側(cè)，綢帶與斜面間無摩擦.現(xiàn)將質(zhì)量分別為M、m（M＞m）的小物塊同時輕放在斜面兩側(cè)的綢帶上.兩物塊與綢帶間的動摩擦因數(shù)相等，且最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小相等.在α角取不同值的情況下，下列說法正確的有（）A．兩物塊不可能同時相對綢帶靜止 B．兩物塊所受摩擦力的大小總是相等C．M可能相對綢帶發(fā)生滑動 D．m可能相對斜面向上滑動10、如圖所示，A、B兩物塊質(zhì)量均為m，兩物塊由一輕質(zhì)彈簧拴接，質(zhì)量為M的物塊C放在足夠高的水平桌面上，物塊C與B之間由繞過固定光滑定滑輪的細線相連，C與水平桌面之間的動摩擦因數(shù)為，初始時，系統(tǒng)處于靜止，細線恰好伸直且無作用力．現(xiàn)對物塊C施加一個水平方向的力F，物塊C在F作用下向右勻加速運動，位移為x時速度為v，此時物塊A恰好離開地面．則此過程中()A．細線的拉力T為恒力B．F的最小值為C．彈簧的彈性勢能變化量為零D．F做的功為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示為“阿特武德機”的示意圖，它是早期測量重力加速度的器械，由英國數(shù)學家和物理學家阿特武德于1784年制成．他將質(zhì)量同為M（已知量）的重物用繩連接后，放在光滑的輕質(zhì)滑輪上，處于靜止狀態(tài)．再在一個重物上附加一質(zhì)量為m的小重物，這時，由于小重物的重力而使系統(tǒng)做初速度為零的緩慢加速運動并測出加速度，完成一次實驗后，換用不同質(zhì)量的小重物，重復實驗，測出不同m時系統(tǒng)的加速度．得到多組a、m數(shù)據(jù)后，作出圖像乙．(1)為了作出圖乙需要直接測量的物理量有（_______）A．小重物的質(zhì)量B．滑輪的半徑RC．繩子的長度D．重物下落的距離h及下落這段距離所用的時間t(2)請推導隨變化的函數(shù)式_____________(3)如圖乙所示，已知該圖像斜率為k，縱軸截距為b，則可求出當?shù)氐闹亓铀俣萭=__，并可求出重物質(zhì)量M=__12．（12分）利用如圖1所示圖裝置做“驗證機械能守恒定律”實驗．(1)除帶夾子的重物、紙帶、鐵架臺（含鐵夾）、電磁打點計時器、導線及開關(guān)外，在下列器材中，還必須使用的兩種器材是______A．交流電源B．刻度尺C．天平（含砝碼）(2)實驗中，先接通電源，再釋放重物，得到如圖2所示的一條紙帶．在紙帶上選取三個連續(xù)打出的點A、B、C，測得它們到起始點O的距離分別為hA、hB、hC．已知當?shù)刂亓铀俣葹間，打點計時器打點的周期為T．設重物的質(zhì)量為m．從打O點到打B點的過程中，重物的重力勢能變化量△Ep=______，動能變化量△Ek=______(3)大多數(shù)學生的實驗結(jié)果顯示，重力勢能的減少量大于動能的增加量，原因是______A．利用公式v=gt計算重物速度B．利用公式v=計算重物速度C．存在空氣阻力和摩擦阻力的影響D．沒有采用多次實驗取平均值的方法(4)某同學想用下述方法研究機械能是否守恒，在紙帶上選取多個計數(shù)點，測量它們到起始點O的距離h，計算對應計數(shù)點的重物速度v，描繪v2-h圖象，并做如下判斷：若圖象是一條過原點的直線，則重物下落過程中機械能守恒．請你分析論證該同學的判斷依據(jù)是否正確______（回答正確或不正確）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）一質(zhì)量為0.5kg的小物塊放在水平地面上的A點，距離A點5m的位置B處是一面墻，如圖所示，物塊以v0=9m/s的初速度從A點沿AB方向運動，在與墻壁碰撞前瞬間的速度為7m/s，碰后以6m/s的速度反向運動直至靜止．g取10m/s1．（1）求物塊與地面間的動摩擦因數(shù)μ；（1）若碰撞時間為0.05s，求碰撞過程中墻面對物塊平均作用力的大小F；（3）求物塊在反向運動過程中克服摩擦力所做的功W．14．（16分）如圖，水平地面上有一個質(zhì)量為的木板A，板長，在A的右端放置一個質(zhì)量也為體積可忽略的物塊B，A與地面之間動摩擦因素，A、B間動摩擦因素，開始A、B均靜止，現(xiàn)對A施加一個水平向右的拉力F，重力加速度g取10m/s2，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。（1）若且一直作用在A上，試問經(jīng)過多久B從A上落下來；（2）若A板足夠長，當F大小合適時，會出現(xiàn)一個有趣的現(xiàn)象，無論F作用多久撤去，B在A上滑動一段時間后總是恰好回到A的最右端，試問這個合適的力F的大小。（F作用在A上時大小恒定）15．（12分）如圖所示，傾角為θ=的斜面與足夠大的光滑水平面在D處平滑連接,斜面上有A、B、C三點,AB、BC、CD間距均為20cm,斜面上BC部分粗糙,其余部分光滑。2塊完全相同、質(zhì)量均勻分布的長方形薄片(厚度忽略不計),緊挨在一起排在斜面上，從下往上編號依次為1、2,第1塊的下邊緣恰好在A處，現(xiàn)將2塊薄片一起由靜止釋放，薄片經(jīng)過D處時無能量損失且相互之間無碰撞,已知每塊薄片質(zhì)量為m=1kg、長為5cm,薄片與斜面BC間的動摩擦因數(shù)μ=,重力加速度為g,求:(1)第1塊薄片剛完全進入BC段時兩薄片間的作用力大小;(2)第1塊薄片下邊緣剛運動到C時的速度大小;(3)兩薄片在水平面上運動時的間距。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

因水平方向所加為掃描電壓，可使電子在水平方向移動，且與豎直向的周期相同，則熒光屏上顯示的波形與豎直向的電壓波形相似.A.由上分析可知，A正確；BCD.由上分析可知，BCD錯誤。2、C【解析】

根據(jù)牛頓第二定律以及運動學公式判斷加速度以及下滑的時間的關(guān)系；由動量定理可以判斷合外力的沖量是否相等；根據(jù)功率的公式來判斷平均功率的大小關(guān)系；【詳解】A、物體沿光滑的斜面下滑，根據(jù)牛頓第二定律可知：mgsinθ=ma，即a=gsinB、物體下滑過程中，下滑高度h相等，由機械能守恒定律得：mgh=12mv2，

物體到達斜面底端時，速度v=2gh

由牛頓第二定律得加速度為：a=gsinθ

物體沿斜面下滑的時間：t=vC、由于物體下滑高度相同，由上面分析可知，到達斜面底端時兩物體的速度大小相等，由于兩物體質(zhì)量相等，則其動量大小mv相等，由動量定理可知，合力的沖量等于動量的變化量，由于動量變化量大小相等，則合力沖量大小相等，故C正確；D、物體下滑過程中，物體初末位置相同，重力做功：W=mgh相等，由于運動時間t不同，則重力的平均功率P=W【點睛】本題考查牛頓第二定律以及動量定理的應用的問題，在平時學習過程中注意加強訓練。3、D【解析】

A．機械能等于重力勢能和動能之和，摩天輪運動過程中，做勻速圓周運動，乘客的速度大小不變，則動能不變，但高度變化，所以機械能在變化，故A錯誤；B．圓周運動過程中，在最低點，由重力和支持力的合力提供向心力，向心力指向上方，處于超重狀態(tài)，則乘客重力小于座椅對他的支持力，故B錯誤；C．運動過程中，乘客的重力大小不變，速度大小不變，但是速度方向時刻在變化，速度在重力方向上的分量大小變化，所以重力的瞬時功率在變化，故C錯誤。D．根據(jù)I=mgt可知，轉(zhuǎn)動一周，乘客重力的沖量不為零，故D正確。故選D。4、C【解析】

AB、在整個過程中手與單杠之間沒有發(fā)生位移變化，所以單杠對運動員不做功，故AB錯；CD、在整個過程中運動員克服重力做功為mgh，做這些功用時為t，所以運動員克服重力做功的平均功率為mght，故C對；D錯故選C5、B【解析】

A．支持力作用下沒有位移，故弗拉希奇起跳過程支持力不做功。故A錯誤。B．弗拉希奇在整個跳高過程中，只受重力作用，處于失重狀態(tài)。B正確；C．弗拉希奇起跳時，有向上的加速度，則地面對他的支持力大于她的重力。故C錯誤。D．根據(jù)勻減速直線運動公式得，其中h為弗拉希奇重心上升的高度大約是1m，解得：故D錯誤。6、B【解析】

CD．小球從A到B做自由落體運動，從B到C做平拋運動，兩端時間相同，B到C，水平方向做勻速運動有：s=vtA到B做自由落體運動，有：又v=gt，聯(lián)立解得：故C、D錯誤；AB．小球從A到B做自由落體運動，從B到C做平拋運動，豎直方向做自由落體，時間相同，所以AB和BD間距相等，即AD兩點間距離為s，故A錯誤，B正確。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】在最高點，速度最小時有：，解得：，從最高點到最低點的過程中，機械能守恒，設最低點的速度為，根據(jù)機械能守恒定律，有：，解得：；要使環(huán)不會在豎直方向上跳起，環(huán)對球的壓力最大為：，最高點到最低點的過程中，機械能守恒，設此時最低點的速度為，在最高點，速度最大時有：，解得：，所以保證小球能通過環(huán)的最高點，且不會使環(huán)在豎直方向上跳起，在最低點的速度范圍為：，CD正確，AB錯誤．選CD．【點睛】小球在環(huán)內(nèi)側(cè)做圓周運動，通過最高點速度最小時，軌道對球的最小彈力為零，根據(jù)牛頓第二定律求出小球在最高點的最小速度；為了不會使環(huán)在豎直方向上跳起，小球在最高點對軌道的彈力不能大于5mg，根據(jù)牛頓第二定律求出最高點的最大速度，再根據(jù)機械能守恒定律求出小球在最低點的速度范圍．8、ABE【解析】

AB.氣體經(jīng)歷過程1，壓強減小，體積變大，氣體膨脹對外做功，又氣體與外界無熱量交換，根據(jù)熱力學第一定律知，其內(nèi)能減小，故溫度降低，故AB正確；CD.氣體在過程2中，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，開始時，體積不變，對外不做功，壓強減小，溫度降低，根據(jù)熱力學第一定律知，氣體對外放熱；然后壓強不變，體積變大，氣體膨脹對外做功，溫度升高，內(nèi)能增大，根據(jù)熱力學第一定律知，氣體要吸收熱量，故CD錯誤；E.無論是氣體經(jīng)歷過程1還是過程2，初、末狀態(tài)相同，故內(nèi)能改變量相同，故E正確。故選ABE.9、BD【解析】

B．輕質(zhì)綢帶與斜面間無摩擦，受兩個物體對其的摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律，有：fM-fm=m綢a=0（輕綢帶，質(zhì)量為零）故fM=fmM對綢帶的摩擦力和綢帶對M的摩擦力是相互作用力，等大；m對綢帶的摩擦力和綢帶對m的摩擦力也是相互作用力，等大；故兩物塊所受摩擦力的大小總是相等；故B正確；A．當滿足Mgsinα＜μMgcosα、mgsinα＜μmgcosα和Mgsinα＞mgsinα時，M加速下滑，m加速上滑，均相對綢帶靜止，故A錯誤；C．由于M與綢帶間的最大靜摩擦力較大，故綢帶與M始終相對靜止，m與綢帶間可能有相對滑動，故C錯誤；D．當動摩擦因數(shù)較大時，由于綢帶與斜面之間光滑，并且M＞m，所以M、m和綢帶一起向左滑動，加速度為a，對整體根據(jù)牛頓第二定律，有：Mgsinα-mgsinα=（M+m）a隔離M，有：Mgsinα-fM=Ma對m有：fm-mgsinα=ma解得：fM=fm=gsinα＞mgsinαm可能相對斜面向上滑動，故D正確；10、BC【解析】

A.物塊C做勻加速直線運動，因為細線長度不變，所以物塊B也做勻加速直線運動，物塊B受重力、彈簧彈力和細線拉力T，由牛頓第二定律得：得到：由于彈簧開始階段被壓縮，后來伸長，式中的先為正后為負，其大小方向都變化，所以細線拉力T大小變化，不為恒力，故A錯誤；B.以物塊B、C為研究對象，當彈簧的壓縮量最大時F值最小，由牛頓第二定律得：又因為：得到：故B正確；C.因為初始狀態(tài)細線對B無拉力，彈簧處于壓縮狀態(tài)，由胡克定律得壓縮量，物塊A恰好剛剛離開地面時，物塊A不受地面支持力，彈簧處于伸長狀態(tài)，由胡克定律得伸長量，所以初、末狀態(tài)彈簧形變量相等，彈簧彈性勢能相等，故C正確；D.設力F做的功為，對BC組成的系統(tǒng)．由功能關(guān)系得：而且：解得：故D錯誤．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、AD；；【解析】

根據(jù)加速度的表達式，結(jié)合位移時間公式求出重力加速度的表達式，通過表達式確定所需測量的物理量．根據(jù)加速度的表達式得出關(guān)系式，通過圖線的斜率和截距求出重力加速度和M的大小．【詳解】(1)對整體分析，根據(jù)牛頓第二定律得，mg=（2M+m）a，根據(jù)即所以需要測量的物理量有：小重物的質(zhì)量m，重物下落的距離h及下落這段距離所用的時間t；故選AD；(2)整理得：；(3)知圖線斜率，解得：，．【點睛】解決本題的關(guān)鍵通過牛頓第二定律和運動學公式得出重力加速度的表達式，以及推導出關(guān)系式，結(jié)合圖線的斜率和解決進行求解．12、AB-mghBC不正確【解析】

(1)[1]A.打點計時器使用的是交流電源，故A正確；B.在該實驗中需要測量點跡間的距離，需要刻度尺，故B正確；C.在驗證機械能守恒時，mgh=既需要驗證gh=即可，與質(zhì)量無關(guān)，故不需要天平，故C錯誤．(2)[2][3]從打下O點到打下B點的過程中，重錘重力勢能的減少量△Ep