統(tǒng)考版2025屆高考物理二輪復習小題提升精練14電場力的性質含解析

PAGE9-電場力的性質(1)電荷守恒、靜電現(xiàn)象及說明；(2)點電荷、庫侖定律；(3)電場強度、電場線、電場強度的疊加。例1．(2024?全國II卷?15)如圖，空間存在一方向水平向右的勻強電場，兩個帶電小球P和Q用相同的絕緣細繩懸掛在水平天花板下，兩細繩都恰好與天花板垂直，則()A．P和Q都帶正電荷B．P和Q都帶負電荷C．P帶正電荷，Q帶負電荷D．P帶負電荷，Q帶正電荷【答案】D【解析】對P、Q整體進行受力分析可知，在水平方向上整體所受電場力為零，所以P、Q必帶等量異種電荷，A、B錯誤；對P進行受力分析可知，勻強電場對它的電場力應水平向左，與Q對它的庫侖力平衡，所以P帶負電荷，Q帶正電荷，D正確，C錯誤?！军c睛】本題考查庫侖力的性質以及對基本學問的理解實力。涉及庫侖力的平衡問題與純力學平衡問題分析方法一樣，受力分析是基礎，應用平衡條件是關鍵，都可以通過解析法、圖示法或兩種方法相結合解決問題，但要留意庫侖力的大小隨著電荷間距改變的特點。例2．(209?全國II卷?21)靜電場中，一帶電粒子僅在電場力的作用下自M點由靜止起先運動，N為粒子運動軌跡上的另外一點，則()A．運動過程中，粒子的速度大小可能先增大后減小B．在M、N兩點間，粒子的軌跡肯定與某條電場線重合C．粒子在M點的電勢能不低于其在N點的電勢能D．粒子在N點所受電場力的方向肯定與粒子軌跡在該點的切線平行【答案】AC【解析】在兩個同種點電荷的電場中，一帶同種電荷的粒子在兩電荷的連線上自M點由靜止起先運動，粒子的速度先增大后減小，A正確；帶電粒子僅在電場力作用下運動，若運動到N點的動能為零，則帶電粒子在N、M兩點的電勢能相等；僅在電場力作用下運動，帶電粒子的動能和電勢能之和保持不變，可知若粒子運動到N點時動能不為零，則粒子在N點的電勢能小于在M點的電勢能，即粒子在M點的電勢能不低于其在N點的電勢能，C正確；若靜電場的電場線不是直線，帶電粒子僅在電場力作用下的運動軌跡不會與電場線重合，B錯誤；若粒子運動軌跡為曲線，依據(jù)粒子做曲線運動的條件，可知粒子在N點所受電場力的方向肯定不與粒子軌跡在該點的切線平行，D錯誤?！军c睛】帶電粒子在電場中只受電場力，電場力肯定沿電場線的切線方向，并指向帶電粒子運動軌跡的凹側。1．如圖所示為靜電力演示儀，兩金屬極板分別固定于絕緣支架上，且正對平行放置。工作時兩板分別接高壓直流電源的正負極，表面鍍鋁的乒乓球用絕緣細線懸掛在兩金屬極板中間，則()A．乒乓球的左側感應出負電荷B．乒乓球受到擾動后，會被吸在左極板上C．乒乓球共受到電場力、重力和庫侖力三個力的作用D．用絕緣棒將乒乓球撥到與右極板接觸，放開后乒乓球會在兩極板間來回碰撞【答案】D【解析】由圖可知，右側金屬板與電源正極相連接，帶正電，左側金屬板帶負電，依據(jù)靜電感應規(guī)律，近端感應出異種電荷，因此乒乓球的左側感應出正電荷，A錯誤。乒乓球被擾動后，假如向右搖擺會被吸到右板上，B錯誤。乒乓球共受到懸線的拉力、重力和電場力的作用，C錯誤。用絕緣棒將乒乓球撥到與右極板接觸，乒乓球會帶上正電，受到右極板的排斥，向左運動與左極板接觸，又帶上負電，被左極板排斥向右運動，這樣小球就在兩極板間來回碰撞，D正確。2．如圖所示，A、B為兩個等量的正點電荷，在其連線中垂線上的P點放一個負點電荷q(不計重力)，由靜止釋放后，下列說法中正確的是()A．點電荷在從P點到O點運動的過程中，加速度越來越大，速度越來越大B．點電荷在從P點到O點運動的過程中，加速度越來越小，速度越來越大C．點電荷運動到O點時加速度為零，速度達最大值D．點電荷越過O點后，速度越來越小，加速度越來越大，直到粒子速度為零【答案】C【解析】在兩電荷連線中垂線上電場強度方向O→P，負點電荷q從P點到O點運動的過程中，電場力方向P→O，速度越來越大。但電場線的疏密狀況不確定，電場強度大小改變狀況不確定，則電荷所受電場力大小改變狀況不確定，加速度改變狀況無法推斷，故A、B錯誤；越過O點后，負電荷q做減速運動，則點電荷運動到O點時速度最大，電場力為零，加速度為零，故C正確；依據(jù)電場線的對稱性可知，越過O點后，負電荷q做減速運動，加速度的改變狀況無法推斷，故D錯誤。3．(多選)如圖所示，兩個帶等量正電荷的小球A、B(可視為點電荷)被固定在光滑絕緣水平面上。P、N是小球A、B連線的垂直平分線上的點，且PO＝ON?，F(xiàn)將一個電荷量很小的帶負電的小球C(可視為質點)從P點由靜止釋放，在小球C向N點運動的過程中，關于小球C的速度圖象中，可能正確的是()【答案】AB【解析】在AB的垂直平分線上，從無窮遠處到O點電場強度先變大后變小，到O點變?yōu)榱悖∏駽受力沿垂直平分線，加速度先變大后變小，速度不斷增大，在O點加速度變?yōu)榱悖俣冗_到最大，v－t圖線的斜領先變大后變小；由O點到無窮遠處，速度改變狀況與另一側速度的改變狀況具有對稱性；假如P、N相距足夠遠，則B項正確，假如P、N相距很近，則A項正確。4．(多選)如圖所示，水平面絕緣且光滑，一絕緣的輕彈簧左端固定，右端有一帶正電荷的小球，小球與彈簧不相連，空間存在著水平向左的勻強電場，帶電小球在靜電力和彈簧彈力的作用下靜止，現(xiàn)保持電場強度的大小不變，突然將電場反向，若將此時作為計時起點，則下列描述速度與時間、加速度與位移之間改變關系的圖象正確的是()【答案】AC【解析】將電場反向，小球在水平方向上受到向右的電場力和彈簧的彈力，小球離開彈簧前，依據(jù)牛頓其次定律得，小球的加速度a＝eq\f(qE＋kx,m)，知a隨壓縮量x的減小勻稱減小，當脫離彈簧后，小球的加速度a＝eq\f(qE,m)，保持不變?？芍∏蛳茸黾铀俣葷u漸減小的加速運動，后做勻加速運動，故A、C正確，B、D錯誤。5．(多選)如圖所示，兩個帶電小球A、B分別處于光滑絕緣的豎直墻面和斜面上，且在同一豎直平面內，用水平向左的推力F作用于B球，兩球在圖示實線位置靜止?，F(xiàn)將B球向左移動少許，發(fā)覺A球隨之移動，兩球在虛線位置重新平衡，則重新平衡時的狀況與移動前相比，下列說法中正確的是()A．墻面對A的彈力變小B．斜面對B的彈力變大C．推力F變小D．兩小球之間的距離變小【答案】AC【解析】以A、B兩球整體為探討對象，受力分析如圖甲所示，由平衡條件得FBcosα＝(mA＋mB)g，F(xiàn)A＝F＋FBsinα，且α角為定值。以A為探討對象受力分析如乙圖所示，由平衡條件得F電cosβ＝mAg，F(xiàn)A＝F電sinβ，且β角減小。整理可得F電＝eq\f(mAg,cosβ)，隨β角減小，F(xiàn)電減小，結合庫侖定律可知，兩小球之間的距離變大，D項錯誤；由FA＝F電sinβ可推斷FA減小，A項正確；FB＝eq\f(mA＋mBg,cosα)不變，B項錯誤；推力F＝FA－FBsinα減小，C項正確。6．在勻強電場中，將一質量為m、電荷量為q的小球由靜止釋放，帶電小球的運動軌跡為始終線，該直線與豎直方向的夾角為θ，如圖所示。則勻強電場的場強大小為()A．最大值是eq\f(mgtanθ,q)B．最小值為eq\f(mgsinθ,q)C．唯一值是eq\f(mgtanθ,q)D．以上都不對【答案】B【解析】依題意，帶電小球所受合力方向與豎直方向的夾角為θ，依據(jù)平行四邊形定則可知，當電場力方向與合力方向垂直時，場強最小，如圖，則sinθ＝eq\f(qEmin,mg)，所以Emin＝eq\f(mgsinθ,q)，選項B正確。又由圖可知場強的取值不是唯一而且沒有最大值，所以A、C、D錯誤。7．(多選)如圖所示，在點電荷Q產生的電場中，實線MN是一條方向未標出的電場線，虛線AB是一個電子只在靜電力作用下的運動軌跡。設電子在A、B兩點的加速度大小分別為aA、aB，電勢能分別為EpA、EpB。下列說法正確的是()A．電子肯定從A向B運動B．若aA＞aB，則Q靠近M端且為正電荷C．無論Q為正電荷還是負電荷肯定有EpA＜EpBD．B點電勢可能高于A點電勢【答案】BC【解析】電子在電場中做曲線運動，虛線AB是電子只在靜電力作用下的運動軌跡，電場力沿電場線直線曲線的凹側，電場的方向與電場力的方向相反，如圖所示。由所知條件無法推斷電子的運動方向，故A項錯誤；若aA＞aB，說明電子在M點受到的電場力較大，M點的電場強度較大，依據(jù)點電荷的電場分布可知，靠近M端為場源電荷的位置，應帶正電，故B項正確；無論Q為正電荷還是負電荷，肯定有電勢φA＞φB，電子電勢能Ep＝－eφ，電勢能是標量，所以肯定有EpA＜EpB，故C項正確，D項錯誤。8．(多選)用細繩拴一個質量為m、帶正電的小球B，另一也帶正電小球A固定在絕緣豎直墻上，A、B兩球與地面的高度均為h，小球B在重力、拉力和庫侖力的作用下靜止不動，如圖所示?，F(xiàn)將細繩剪斷后()A．小球B在細繩剪斷瞬間起起先做平拋運動B．小球B在細繩剪斷瞬間加速度大于gC．小球B落地的時間小于eq\r(\f(2h,g))D．小球B落地的速度大于eq\r(2gh)【答案】BCD9．如圖所示，等量異種電荷A、B固定在同一水平線上，豎直固定的光滑絕緣桿與AB連線的中垂線重合，C、D是絕緣桿上的兩點，ACBD構成一個正方形。一帶負電的小球(可視為點電荷)套在絕緣桿上自C點無初速釋放，則小球由C運動到D的過程中，下列說法正確的是()A．桿對小球的作用力先增大后減小B．桿對小球的作用力先減小后增大C．小球的速度先增大后減小D．小球的速度先減小后增大【答案】A【解析】從C到D，電場強度先增大后減小，則電場力先增大后減小，則桿對小球的作用力先增大后減小，故A正確，B錯誤。因直桿處于AB連線的中垂線上，所以此線上的全部點的電場方向都是水平向右的，對帶電小球進行受力分析，受豎直向下的重力，水平向左的電場力和水平向右的彈力，水平方向上受力平衡，豎直方向上的合力大小等于重力，重力大小不變，加速度大小始終等于重力加速度，所以帶電小球始終做勻加速直線運動，故C、D錯誤。10．如圖所示，一水平放置的金屬板正上方有一固定的正點電荷Q，一表面絕緣的帶正電小球(可視為質點且不影響Q的電場)，從左端以初速度v0滑上金屬板光滑的上表面，向右運動到右端，在運動過程中()A．小球先做減速運動再做加速運動B．小球受到的合力的沖量為零C．小球的電勢能先減小，后增加D．小球先加速運動，后減速運動【答案】B【解析】金屬板的表面是一個等勢面，帶電小球受到的電場力沿豎直方向，水平方向不受外力，小球做勻速直線運動，電場力不做功，電勢能不變，合外力的沖量為零，綜上所述，只有B項正確。11．如圖所示，絕緣水平面上靜止著兩個質量均為m、電量均為＋Q的物體A和B(A、B均可視為質點)，它們間的距離為r，與水平面間的動摩擦因數(shù)均為μ。求：(1)A受的摩擦力為多大？(2)假如將A的電量增至＋4Q，兩物體起先運動，當它們的加速度第一次為零時，A、B各運動了多遠距離？【解析】(1)由平衡條件可知A受的摩擦力f＝F＝keq\f(Q2,r2)。(2)物體運動后，當加速度a＝0時，設A、B間距離為r′。依據(jù)牛頓其次定律：keq\f(4Q2,r′2)－μmg＝0得r′＝2Qeq\r(\f(k,μmg))由題意可知A、B運動的距離均為s＝eq\f(r′－r,2)故s＝Qeq\r(\f(k,μmg))－eq\f(r,2)。12．如圖所示，在光滑絕緣水平面上B點的正上方O處固定一個質點，在水平面上的A點放另一個質點，兩個質點的質量均為m，帶電荷量均為＋Q。C為AB直線上的另一點(O、A、B、C位于同一豎直平面上)，A、O間的距離為L，A、B和B、C間的距離均為eq\f(L,2)，在空間加一個水平方向的勻強電場后A處的質點處于靜止狀態(tài)。試問：(1)該勻強電場的場強為多大？其方向如何？(2)給A處的質點一個指向C點的初速度，該質點到達B點時所受的電場力為多大？(3)若指向C點的初速度大小為v0，質點到達C點時的加速度和速度分別為多大？【解析】(1)依據(jù)庫侖定律有F＝keq\f(Q2,L2)依據(jù)共點力平衡條件有Fsin30°＝EQ由以上兩式得E＝eq\f(Fsin30°,Q)＝eq\f(kQ,2L2)，方向由A指向C(或水平向右)。(2)小球在