白銀十中2025屆物理高二第一學期期末調研模擬試題含解析

白銀十中2025屆物理高二第一學期期末調研模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關于重力、彈力和摩擦力，下列說法正確的是（）A.兩物體相互接觸時一定能產生彈力B.兩物體之間有彈力時，一定有摩擦力C.物體受到摩擦力時，一定受到彈力D.滑動摩擦力的大小與物體所受的重力大小成正比2、如圖所示，兩根等高光滑的1/4圓弧軌道，半徑為r、間距為L，軌道電阻不計．在軌道頂端連有一阻值為R的電阻，整個裝置處在一豎直向上的勻強磁場中，磁感應強度為B，現(xiàn)有一根長度稍大于L、電阻不計的金屬棒從軌道最低位置cd開始，在拉力作用下以初速度v0向右沿軌道做勻速圓周運動至ab處，則該過程中（）A.通過R的電流方向為由a→R→bB.通過R的電流方向為由b→R→aC.R上產生的熱量為D.流過R的電量為3、質量為80kg的某人以4m/s速度運動，質量為200g的子彈以300m/s的速度飛行，關于某人和子彈的慣性大小比較，下列說法中正確的是（）A.人和子彈慣性一樣大 B.人的慣性大C.子彈的慣性大 D.無法判斷4、如（a）圖所示的兩平行金屬板P、Q加上（b）圖所示電壓，t=0時，Q板電勢比P高5V，在板正中央M點放一電子，初速度為零，電子只受電場力而運動，且不會碰到金屬板，則這個電子處于M點右側，速度向右，且速度逐漸減小的時間段是（）A.B.C.D.5、圖是質譜儀的工作原理示意圖．帶電粒子被加速電場加速后，進入速度選擇器．速度選擇器內相互正交的勻強磁場和勻強電場的強度分別為B和E．平板S上有可讓粒子通過的狹縫P和記錄粒子位置的膠片A1、A2．平板S下方有強度為B0的勻強磁場．下列表述正確的是A.該帶電粒子帶負電B.速度選擇器中的磁場方向垂直紙面向里C.能通過狹縫P的帶電粒子的速率等于D.粒子打在膠片上的位置越靠近狹縫P，粒子的比荷越大6、如圖所示，光滑固定金屬導軌M、N水平放置，兩根導體棒P、Q平行放于導軌上，形成一個閉合回路．當一條形磁鐵從高處下落接近回路的過程中，下列說法正確的是A.P、Q將保持不動B.P、Q將相互遠離C.磁鐵的加速度小于gD.磁鐵的加速度仍為g二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，帶電小球A、B的電荷分別為QA、QB，OA＝OB，都用長L的絲線懸掛在O點。靜止時A、B相距為d。為使平衡時A、B間距離減為，可采用以下哪些方法（）A.將小球A、B的質量都增大到原來的2倍B.將小球B的質量增大到原來的8倍C.將小球A、B的電荷量都減小到原來的一半D.將小球A、B的電荷量都減小到原來的一半，同時將小球B的質量增大到原來的2倍8、有一電場強度方向沿x軸方向的電場，其電勢隨x的分布如圖所示．一質量為m、帶電量為?q的粒子只在電場力的作用下，以初速度v0從x=0處的O點進入電場并沿x軸正方向運動，則下關于該粒子運動的說法中正確的是（）A.粒子從x=0處運動到x=x1處的過程中動能逐漸增大B.粒子從x=x1處運動到x=x3處的過程中電勢能逐漸減小C.欲使粒子能夠到達x=x4處，則粒子從x=0處出發(fā)時的最小速度應為D.若，則粒子在運動過程中的最小速度為9、實驗得到金屬鈣的光電子的最大初動能與入射光頻率的關系如圖所示。下表中列出了幾種金屬的截止頻率和逸出功，參照下表可以確定的是()金屬鎢鈣鈉截止頻率10.957.735.53逸出功W/eV4.543.202.29A.如用金屬鎢做實驗得到的圖線也是一條直線，其斜率與圖中直線的斜率相等B.如用金屬鈉做實驗得到的圖線也是一條直線，其斜率比圖中直線的斜率大C.如用金屬鈉做實驗得到的圖線也是一條直線，設其延長線與縱軸交點的坐標為(0，)，則D.如用金屬鎢做實驗，當入射光的頻率時，可能會有光電子逸出10、一理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比n1∶n2＝11∶5，原線圈與正弦交變電源連接，輸入電壓U如圖所示．副線圈僅接入一個10Ω的電阻，則()A.流過電阻的電流是20AB.與電阻并聯(lián)的電壓表的示數(shù)是100VC.經過1分鐘電阻發(fā)出的熱量是6×103JD.變壓器的輸入功率是1×103W三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學設計了如圖甲所示的電路來測量定值電阻的阻值及電源的電動勢和內阻．其中為待測電源、為待測電阻、為不計內阻的電流表，為的電阻箱（1）閉合開關和，調節(jié)電阻箱，該同學在電阻箱示數(shù)時記下了電流表示數(shù)為；然后斷開開關調節(jié)電阻箱的阻值，使電流表的示數(shù)仍為，讀出此時電阻箱的示數(shù)，可知電阻___________（2）該同學繼續(xù)實驗，斷開，閉合，多次調節(jié)電阻箱，記錄多組電阻箱示數(shù)和對應的電流表示數(shù)，并將測得的數(shù)據(jù)繪制了如圖乙所示的圖線．由圖線可求出該電源的電動勢____________，內阻_________12．（12分）如圖所示為“探究兩物體作用前后動量是否守恒”的實驗裝置示意圖。已知a、b小球的質量分別為ma、mb，半徑分別是ra、rb，圖中P點為單獨釋放a球的平均落點，M、N是a、b小球碰撞后落點的平均位置。（1）本實驗必須滿足的條件是___________。A.斜槽軌道必須是光滑的B.斜槽軌道末端的切線可以不水平C.入射小球每次都從斜槽上的同一位置無初速度釋放D.入射球與被碰球滿足ma=mb，ra=rb（2）為了判斷動量守恒，需要測量OP間的距離x1，則還需要測量的物理量有___________、___________（用相應的文字和字母表示）。（3）如果動量守恒，須滿足的關系式是___________（用測量物理量的字母表示）。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在x0y平面（即紙面）內，y軸右側有場強為E、指向–y方向的勻強電場，y軸左側有方向垂直于紙面的勻強磁場（圖中未畫出）．現(xiàn)有一電量為q，質量為m的帶電粒子，從x軸上的A點并與x軸正方向成60o入射，粒子恰能在M(0,d)垂直于y軸進入勻強電場，最后從N(L,0)通過x軸，粒子重力不計(1)判斷粒子的電性；(2)計算粒子經過M點時速度的大?。?3)計算磁場磁感應強度的大小14．（16分）如圖所示，在虛線兩側分別存在著方向相反的兩個勻強電場，一帶電粒子從點由靜止開始，在電場力作用下沿直線在兩點間的往返運動。已知電場強度的大小為，和方向如圖所示。帶電粒子質量為，帶電量為，點距虛線的距離為，點到虛線的距離為，不計帶電粒子的重力，忽略相對論效應。求：（1）電場強度的大??；（2）帶電微粒從點運動到點所經歷的時間。15．（12分）用一根長L=0.8m的輕繩，吊一質量為m=1g的帶電小球，放在磁感應強度B=1T，方向如圖所示的勻強磁場中，將小球拉到與懸點等高處由圖示位置靜止釋放，小球便在垂直于磁場的豎直面內擺動，當球第一次擺到低點時，懸線的張力恰好為零（重力加速度g=10m/s2）小球第二次經過最低點時，懸線對小球的拉力多大？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】當兩個相互接觸的物體間有相互作用的彈力時，兩物體間不一定有相互作用的摩擦力，還要存在相對運動或相對運動趨勢，才有摩擦力，滑動摩擦力的大小與物體的壓力大小成正比，從而即可求解【詳解】物體相互接觸時且擠壓，才一定產生彈力，故A錯誤；摩擦力產生的條件是：彈力、相對運動或相對運動趨勢、表面粗糙，可知兩物體之間有彈力時，不一定受到摩擦力，故B錯誤，C正確；滑動摩擦力的大小與物體的壓力大小成正比，并不是重力，故D錯誤；故選C【點睛】本題考查了彈力、滑動摩擦力和靜摩擦力的影響因素，難度不大，屬于基礎題，注意摩擦力與彈力的關系2、B【解析】金屬棒從軌道最低位置cd運動到ab處的過程中，穿過回路的磁通量減小，根據(jù)楞次定律判斷得知通過R的電流方向為由b→R→a，故A錯誤，B正確；金屬棒做勻速圓周運動，回路中產生正弦式交變電流，可得產生的感應電動勢的最大值為Em=BLv0，有效值，經過的時間為：，根據(jù)焦耳定律有：，故C錯誤；通過R的電量由公式：，故D錯誤3、B【解析】質量是衡量慣性大小的唯一標度，和物體速度的大小沒有關系，人的質量大，所以人的慣性大，故B正確；ACD錯誤；故選B4、B【解析】A．在0＜t＜2×10-10s時間內，Q板比P板電勢高5V，所以電場方向水平向左，電子所受電場力方向向右，加速度方向也向右，所以電子從M點向右做勻加速直線運動；故A錯誤.B．在2×10-10s＜t＜4×10-10s時間內，Q板比P板電勢低5V，電場強度方向水平向右，所以電子所受電場力方向向左，加速度方向也向左，所以電子向右做勻減速直線運動，當t=4×10-10s時速度為零，此時電子在M點右側；故B正確.C．在4×10-10s＜t＜6×10-10s時間內，Q板比P板電勢低5V，電場強度方向水平向右，所以電子所受電場力方向向左，加速度方向也向左，所以電子向左做勻加速直線運動；故C錯誤.D．在6×10-10s＜t＜8×10-10s時間內，Q板比P板電勢高5V，電場強度方向水平向左，所以電子所受電場力方向向左，加速度方向也向左，所以電子向左做勻減速直線運動，到8×10-10s時刻速度為零，恰好又回到M點．故D錯誤.5、D【解析】A．粒子垂直磁場向下進入磁場，根據(jù)左手定則可以知道粒子帶正電，所以A錯誤.B．粒子帶正電，則受電場力向右，由左手定則可判斷磁場方向垂直直面向外，故B錯誤.C．由：得：此時離子受力平衡，可沿直線穿過選擇器，所以C錯誤.D．由：知R越小比荷越大，故D正確.6、C【解析】當一條形磁鐵從高處下落接近回路時，穿過回路的磁通量增加，根據(jù)楞次定律：感應電流的磁場總是阻礙磁通量的變化，分析導體的運動情況【詳解】當一條形磁鐵從高處下落接近回路時，穿過回路的磁通量增加，根據(jù)楞次定律：感應電流的磁場總是阻礙磁通量的變化，可知，P、Q將互相靠攏，回路的面積減小一點，使穿過回路的磁場減小一點，起到阻礙原磁通量增加的作用．故AB錯誤．由于磁鐵受到向上的安培力作用，所以合力小于重力，磁鐵的加速度一定小于g，故C正確，D錯誤．故選C【點睛】本題直接用楞次定律判斷電磁感應現(xiàn)象中導體的運動方向，抓住導體總是反抗原磁通量的變化是關鍵．楞次定律的另一結論：增反減同二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】如圖所示，B受重力、絲線的拉力及庫侖力，將拉力及庫侖力合成，其合力應與重力大小相等、方向相反，由幾何關系可知＝而庫侖力F=，即==有mgd3=kQAQBL則d=要使d變?yōu)?，可以將小球B的質量增大到原來的8倍而保證上式成立，或將小球A、B的電荷量都減小到原來的一半，同時將小球B的質量增大到原來的2倍，也可保證等式成立故選BD。8、BD【解析】A．處的電勢大于處的電勢，粒子帶負電，在高電勢處電勢能小，在低電勢處電勢能大，故從0--過程中電勢能增大，電場力做負功，動能減小，故A錯誤；B．從過程中電勢一直增大，故粒子的電勢能逐漸減小，B正確；C．根據(jù)電場力和運動的對稱性可知：粒子如能運動到處，就能到達處，當粒子恰好運動到處時，由動能定理得：解得即粒子從x=0處出發(fā)的最小速度應為，C錯誤；D．若，粒子運動到處電勢能最大，動能最小，由動能定理得：解得最小速度為：故D正確故選BD。9、AC【解析】A．由光電效應方程可知，圖線的斜率表示普朗克常量，橫軸截距表示最大初動能為零時的入射光頻率，此時的頻率等于金屬的極限頻率，也可能知道極限波長，根據(jù)可求出逸出功，因普朗克常量與金屬的性質、與光電子的最大初動能、入射光的頻率無關，如用金屬鎢做實驗得到的圖線也是一條直線，其斜率與圖中直線的斜率相等，A正確；BC．同理如用金屬鈉做實驗得到的圖線也是一條直線，其斜率與圖中直線的斜率相等，設其延長線與縱軸交點的坐標為（0，），由于鈉的逸出功小于鎢的逸出功，則，B錯誤,C正確；D．金屬鎢的截止頻率高于鈣的截止頻率如用金屬鎢做實驗，當入射光的頻率時，不可能會有光電子逸出，D錯誤；故選AC?！军c睛】只要記住并理解了光電效應的特點，只要掌握了光電效應方程就能順利解決此題，所以可以通過多看課本加強對基礎知識的理解。解決本題的關鍵掌握光電效應方程知道逸出功與極限頻率的關系。10、BD【解析】根據(jù)圖象可以求得輸出電壓的有效值，再根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，結合歐姆定律與焦耳定律的知識，即可求得結論【詳解】由圖象可知，原線圈中電壓的最大值為220V，所以電壓的有效值為220V，因原、副線圈匝數(shù)比n1：n2=11：5，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比可知，則副線圈的電壓有效值為100V，所以通過電阻的電流為10A，故A錯誤；根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比可知，因原、副線圈匝數(shù)比n1：n2=11：5，則副線圈的電壓有效值為100V，所以與電阻并聯(lián)的電壓表的示數(shù)是100V，故B正確；由，所以經過1分鐘，即60s電阻發(fā)出的熱量是6×104

J，所以C錯誤；副線圈的電阻為10Ω，所以輸出功率，因輸入功率等于輸出功率，所以D正確．故選BD【點睛】掌握住理想變壓器的電壓、電流之間的關系，最大值和有效值之間的關系即可解決本題，注意電表讀數(shù)是交流電的有效值三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.6.2②.9.0③.2.8【解析】根據(jù)“測量定值電阻的阻值及電源的電動勢和內阻”可知，考查了電阻的測量和測電源的電動勢和內阻．根據(jù)實驗要求進行分析：（1）根據(jù)前后兩次電流相等，則前后兩次電路中的電阻相等，即等效法測電阻；（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律求出圖像的函數(shù)表達式，然后根據(jù)圖像求出電源的電動勢和內阻【詳解】（1）同一個電源，前后兩次電路中的電流相等，則前后兩次電路中的電阻相等，由此分析可得：，即；（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律得：，解得：，圖像的斜率為：，電動勢為：；圖像截距：，電源的內阻為：【點睛】解題的關鍵在于閉合電路歐姆定律結合數(shù)學規(guī)律求解電動勢和內電阻12、①.C②.OM間的距離③.ON間的距離④.【解析】（1）[1]A．“驗證動量守恒定律”的實驗中，是通過平拋運動的基本規(guī)律求解碰撞前后的速度的，只要離開軌道后做平拋運動，對斜槽是否光滑沒有要求，A錯誤；B．要保證每次小球都做平拋運動，則軌道的末端必須水平，B錯誤；C．要保證碰撞前的速度相同，入射球每次都要從斜槽的同一位置無初速度釋放，C正確；D．為防止兩球碰撞后入射球不反彈，需要為了兩球發(fā)生對心正碰，需要兩球的半徑相等，即D錯誤。故選C。（2）[2][3]要驗證動量守恒定律定律，即驗證小球離開軌道后做平拋運動，它們拋出點的高度相等，在空中的運動時間t相等，上式兩邊同時乘以t得得因此實驗需要測量：OM間的