2025屆云南省文山馬關(guān)實(shí)驗(yàn)高級中學(xué)物理高二上期中綜合測試模擬試題含解析

2025屆云南省文山馬關(guān)實(shí)驗(yàn)高級中學(xué)物理高二上期中綜合測試模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、真空中，距離為ｒ、帶電荷量均為ｑ的兩個點(diǎn)電荷之間的庫侖力大小為Ｆ。若將它們的電荷量都增大到4q，距離增大到2r，則它們之間的庫侖力大小為：A．Ｆ；B．2Ｆ；C．3Ｆ；D．4Ｆ。2、電量為q的點(diǎn)電荷，在兩個固定的等量異種電荷＋Q和－Q的連線的中垂線上移動，則()A．電場力做正功B．電場力做負(fù)功C．電場力不做功D．電場力做功的正負(fù)，取決于q的正負(fù)3、關(guān)于人造地球衛(wèi)星，下列說法正確的是（）A．由，衛(wèi)星軌道半徑增大到原來的兩倍時，速度增大到原來的倍B．由，衛(wèi)星軌道半徑增大到原來的兩倍時，速度增大到原來的倍C．由，衛(wèi)星軌道半徑增大到原來的兩倍時，向心力減為原來的D．由，衛(wèi)星軌道半徑增大到原來的兩倍時，向心力減為原來的4、關(guān)于電場線，下列說法中正確的是（）A．電場線就是電荷運(yùn)動的軌跡 B．電場中的電場線可以相交C．電場線越密的地方場強(qiáng)越小 D．電場線上某點(diǎn)的切線方向就是這點(diǎn)的場強(qiáng)方向5、在如圖所示的電路中，當(dāng)滑動變阻器的滑動頭向下滑動時，A、B兩燈亮度的變化情況為（）A．A燈和B燈都變亮B．A燈變亮，B燈變暗C．電源的輸出功率減小D．電源的工作效率降低6、長為L的通電直導(dǎo)線垂直放置于勻強(qiáng)磁場中，所受到的安培力F=BIL，則安培力的大?。ǎ〢．只與電流強(qiáng)度有關(guān)B．只與導(dǎo)線長度有關(guān)C．只與磁感應(yīng)強(qiáng)度有關(guān)D．與電流強(qiáng)度、導(dǎo)線長度、磁感應(yīng)強(qiáng)度都有關(guān)二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、將兩個完全相同的電流計改裝成兩個量程不同的電流表、,已知改裝后電流表A1、A2的量程分別為、,將兩個改裝后的電流表接在電路中,兩電流表都沒有燒毀。則下列說法正確的是(

)A．改裝后兩電流表、的電阻之比為：：5B．將改裝后的電流表串聯(lián),接通電路、的偏轉(zhuǎn)角之比為5：1C．將改裝后的電流表串聯(lián),接通電路、的示數(shù)之比為5：1D．將改裝后的電流表并聯(lián),接通電路、的示數(shù)之比為1：58、在圖中，甲、乙兩圖分別為測燈泡電阻R的電路圖，下列說法正確的是()A．甲圖的接法叫電流表外接法，乙圖的接法叫電流表內(nèi)接法B．甲中R測>R真，乙中R測<R真C．甲中誤差由電壓表分流引起，為了減小誤差，應(yīng)使R?RV，故此法測較小電阻好D．乙中誤差由電流表分壓引起，為了減小誤差，應(yīng)使R?RA，故此法測較大電阻好9、光滑絕緣的水平面上M、N兩點(diǎn)各放一電荷量分別為+q和+2q，完全相同的金屬球A和B，給A和B以大小相等的初動能E0（此時動量大小均為p0）使其相向運(yùn)動剛好能發(fā)生碰撞，碰后返回M、N兩點(diǎn)時的動能分別為E1和E2，動量大小分別為p1和p2，則A．E1=E2=E0,p1=p2=p0B．E1=E2＞E0,p1=p2＞p0C．碰撞發(fā)生在M、N中點(diǎn)的左側(cè)D．兩球不同時返回M、N兩點(diǎn)10、如圖甲所示，一個圓形線圈的匝數(shù)n=100，線圈面積S=200cm2，線圈的電阻r=1Ω，線圈外接一個阻值R=4Ω的電阻，把線圈放入一方向垂直線圈平面向里的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時間變化規(guī)律如圖乙所示．下列說法中正確的是（）A．電阻R兩端的電壓保持不變B．初始時刻穿過線圈的磁通量為0.4WbC．線圈電阻r消耗的功率為4×10﹣4WD．前4s內(nèi)通過R的電荷量為4×10﹣4C三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用單擺測定重力加速度的實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示。（1）組裝單擺時，應(yīng)在下列器材中選用________（選填選項前的字母）。A．長度為1m左右的細(xì)線B．長度為30cm左右的細(xì)線C．直徑為1.8cm的塑料泡沫球D．直徑為1.8cm的鐵球（2）測出懸點(diǎn)O到小球球心的距離（擺長）L及單擺完成n次全振動所用的時間t，則重力加速度g＝__________（用L、n、t和必要的數(shù)學(xué)常量表示）。（3）用多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出T2-L圖像，也可以求出重力加速度g。已知三位同學(xué)作出的T2-L圖線的示意圖如圖中的a、b、c所示，其中a和b平行，b和c都過原點(diǎn)，圖線b對應(yīng)的g值最接近當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊闹?。則相對于圖線b，下列分析正確的是____（選填選項前的字母）A出現(xiàn)圖線a的原因可能是誤將懸點(diǎn)到小球下端的距離記為擺長LB．出現(xiàn)圖線c的原因可能是誤將49次全振動記為50次C．圖線c對應(yīng)的g值小于圖線b對應(yīng)的g值（4）該同學(xué)在做完實(shí)驗(yàn)后，已測得當(dāng)?shù)刂亓铀俣龋ㄓ胓表示），想研究單擺擺動時擺線中的拉力變化規(guī)律和能量變化特點(diǎn)。重新組裝單擺裝置后，實(shí)驗(yàn)時用拉力傳感器測得擺線中的拉力大小隨時間變化的F-t圖象如圖所示，圖中，F(xiàn)1、F2、t0已知。設(shè)擺球在最低點(diǎn)時EP＝0，那么當(dāng)擺線中的拉力大小是F1時擺球所在的位置是__，振動過程中擺球機(jī)械能E的表達(dá)式是E＝__（限選用F1、F2、t0、g和必要的數(shù)學(xué)常量表示）。12．（12分）（1）使用多用電表測量定值電阻，阻值約為，操作步驟如下：請按合理的順序填寫在橫線的空白處：___________。A．轉(zhuǎn)動選擇開關(guān)置于“×1”檔B．轉(zhuǎn)動選擇開關(guān)置于“OFF”檔C．將兩表筆分別接觸兩端，讀出的阻值后隨即斷開D．將兩表筆短接，調(diào)節(jié)調(diào)零旋鈕，使指針指在刻度線右端的“0”刻度（2）在用多用表測量另一電阻的阻值時，電表的讀數(shù)如圖所示，該電阻的阻值為________。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，相距為d的平行金屬板A、B豎直放置，左右分別為A、B板．在兩板之間水平放置一絕緣平板．有一質(zhì)量m、電荷量q（q>0）的小物塊在與金屬板A相距l(xiāng)處靜止．若某一時刻在金屬板B、A間加一電壓，,小物塊與金屬板只發(fā)生了一次碰撞，碰撞后電荷量變?yōu)?0.5q，并以與碰前大小相等的速度反方向彈回．已知小物塊與絕緣平板間的動摩擦因素為μ，若不計小物塊電荷量對電場的影響和碰撞時間．則(1)小物塊與金屬板A碰撞前瞬間的速度大小是多少？(2)小物塊碰撞后經(jīng)過多長時間停止運(yùn)動？停在何位置？14．（16分）如圖，A．B．C三點(diǎn)在勻強(qiáng)電場中，AC⊥BC，∠ABC=60°，BC=20cm，把一個電量q=1×10-5C的正電荷從A移到B，電場力不做功；從B移到C，電場力做功為，求該勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小和方向?15．（12分）如圖，ABCD為豎直放在場強(qiáng)為的水平勻強(qiáng)電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BCD部分是半徑為R的半圓形軌道，軌道的水平部分與其半圓相切，A為水平軌道上的一點(diǎn)，而且AB＝R＝0.2m，把一質(zhì)量m＝0.1kg、帶電荷量的小球放在水平軌道的A點(diǎn)由靜止開始釋放，小球在軌道的內(nèi)側(cè)運(yùn)動．(g取)求：(1)小球到達(dá)C點(diǎn)時的速度是多大？(2)小球到達(dá)C點(diǎn)時對軌道壓力是多大？(3)若讓小球安全通過D點(diǎn)，開始釋放點(diǎn)離B點(diǎn)至少多遠(yuǎn)？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

真空中有兩個靜止的點(diǎn)電荷，它們之間的庫侖力大小為：F=kq?qr2；若將它們電荷量都增大到4q，距離增大到2r，則它們之間的庫侖力大?。篎'=k【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵是根據(jù)庫侖定律列式分析；要注意一個物理量跟多個因素有關(guān)時，要考慮全面．2、C【解析】

根據(jù)等量異種電荷的電場和電勢的分布情況可以知道，在它們連線的垂直平分線上的點(diǎn)的電勢都是零，在等勢面上移動電荷，電場力始終不做功．故應(yīng)該選B．3、C【解析】根據(jù)公式，移項化簡得，，所以當(dāng)軌道半徑變?yōu)樵瓉淼谋稌r，速度變?yōu)樵瓉淼谋叮珹B錯誤；根據(jù)公式，當(dāng)軌道半徑變?yōu)樵瓉淼谋吨?，萬有引力變?yōu)?，C正確；由，當(dāng)軌道半徑增大到原來的兩倍時，向心力變?yōu)樵瓉淼?，D錯誤．4、D【解析】

A．電場線不一定與帶電粒子的軌跡重合，只有電場線是直線，帶電粒子的初速度為零或初速度方向與電場線方向在同一條直線上時電場線才與帶電粒子的軌跡重合，故A錯誤；B．電場線的切線方向表示電場的方向，如果兩條電場線在同一點(diǎn)相交，則有兩個切線方向，而事實(shí)上電場中的每一點(diǎn)只有一個方向，故任意兩條電場線都不會相交，故B錯誤；C．電場線的疏密表示電場的強(qiáng)弱，電場線越密的地方，場強(qiáng)越大，故C錯誤；D．電場線上某點(diǎn)的切線方向表示該點(diǎn)電場的方向，故D正確。5、B【解析】當(dāng)滑動變阻器的滑動頭向下滑動時，有效阻值增大，電路中的電流減小，增大，則A燈變亮，因?yàn)楦陕冯娏髟龃?，而燈A以及R2兩條支路的電流均增大，所以減小，即B燈變暗，故A錯B對因?yàn)閮?nèi)外電阻的關(guān)系未知，所以電源的輸出功率不確定（若外電阻大于內(nèi)阻，則當(dāng)外電阻增大時電源輸出功率減小，若外電阻小于內(nèi)阻，當(dāng)晚電阻增大時，電源輸出功率增大）故C錯誤效率：，當(dāng)外電阻增大時，電源的工作效率增大，故D錯誤所以應(yīng)該選B6、D【解析】

長為L的通電直導(dǎo)線垂直放置于勻強(qiáng)磁場中，所受到的安培力F=BIL，則安培力的大小F與電流強(qiáng)度I、導(dǎo)線長度L、磁感應(yīng)強(qiáng)度B都有關(guān)，故選D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

A.電流表擴(kuò)大量程的改裝,是表頭并聯(lián)不同比例的電阻進(jìn)行分流,表頭本身允許的最大電流最大電壓沒有變化,所以兩個改裝表滿偏時兩端電壓相等,但是電流,所以電阻5：1,故A錯誤；BC.將改裝后的電流表串聯(lián),串聯(lián)電路電流相等,所以示數(shù)之比1：1,但是量程不同,表盤不同,偏轉(zhuǎn)角之比為5：1,才能顯示相同電流數(shù),故B正確,C錯誤；D、將改裝后的電流表并聯(lián),本質(zhì)上就是兩個表頭并聯(lián),表頭電流相等,偏轉(zhuǎn)角相等,但是量程不同,表盤不同,所以示數(shù)之比為1：5,故D正確。8、ACD【解析】

A.甲圖的接法叫電流表外接法，乙圖的接法叫電流表的內(nèi)接法，故A正確；B.甲圖中，電壓表測量值準(zhǔn)確，又由于電壓表的分流作用，電流表測量值偏大，根據(jù)歐姆定律，電阻測量值偏小,即R測<R真；乙圖中，電流表測量值準(zhǔn)確，又由于電流表的分壓作用，電壓表測量值偏大，根據(jù)歐姆定律，電阻測量值偏大，即R測＞R真，故B錯誤；C.甲圖中，誤差來源與電壓表的分流作用，為了減小誤差，應(yīng)使R<<Rv，故此法測較小電阻好；故C正確；D.乙圖中,誤差來源與電流表的分壓作用，為了減小誤差，應(yīng)使R?RA，故此法測較大電阻好，故D正確；9、BD【解析】試題分析：由動量觀點(diǎn)看，系統(tǒng)動量守恒，兩球的速度始終等值反向，也可得出結(jié)論：兩球必將同時返回各自的出發(fā)點(diǎn)，且兩球末動量大小和末動能一定相等．從能量觀點(diǎn)看，兩球接觸后的電荷量都變?yōu)?．5q，在相同距離上的庫侖斥力增大，返回過程中電場力做的正功大于接近過程中克服電場力做的功，系統(tǒng)機(jī)械能必然增大，即末動能增大，故A錯誤B正確；由牛頓定律的觀點(diǎn)看，兩球的加速度大小始終相同，相同時間內(nèi)的位移大小一定相同，必然在連線中點(diǎn)相遇，又同時返回出發(fā)點(diǎn)．故C錯誤D正確．考點(diǎn)：考查了動量守恒定律，庫侖定律【名師點(diǎn)睛】當(dāng)兩個完全相同的金屬小球相接觸時，若是同種電荷則是平均分配；若是異種電荷則是先中和再平均分配．由動量觀點(diǎn)看，系統(tǒng)動量守恒，返回過程中電場力大于接近過程中電場力，根據(jù)動能關(guān)系求解．由牛頓定律的觀點(diǎn)看，兩球的加速度大小始終相同，運(yùn)用運(yùn)動學(xué)知識求解．10、AC【解析】試題分析：根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，可知，磁通量的變化率恒定，所以電動勢恒定，則電阻兩端的電壓恒定，故A正確；初始時刻穿過線圈的磁通量Φ="nBS=0.2×200×0.0001"Wb=0.004Wb，故B錯誤；由法拉第電磁感應(yīng)定律E=n=n=100××0.02V="0.1"V，由閉合電路歐姆定律，可知電路中的電流為I==A="0.02"A，所以線圈電阻r消耗的功率P=I2R=0.022×1W=4×10﹣4W，故C正確；前4s內(nèi)通過R的電荷量Q="It=0.02×4"C="0.08"C，故D錯誤．考點(diǎn)：法拉第電磁感應(yīng)定律、電功、電功率、導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢點(diǎn)評：穿過某一面積的磁通量是由穿過該面的磁感線條數(shù)的多少決定的，與匝數(shù)無關(guān)．楞次定律來判定感應(yīng)電流方向，由法拉第電磁感應(yīng)定律來求出感應(yīng)電動勢大?。?dāng)然本題還可求出電路的電流大小，及電阻消耗的功率．同時磁通量變化的線圈相當(dāng)于電源．三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、AD；；B；最低點(diǎn)；【解析】

（1）為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，故選AD（2）根據(jù)單擺周期公式得（3）A.圖像a相對于b向x軸左移，所以原因可能是誤將懸點(diǎn)到小球上端的距離記為擺長L，故A錯誤B.根據(jù)（2）分析，誤將49次全振動記為50次，n變大，g變大，T2-L圖像斜率為，斜率變小，為圖c，故B正確C.T2-L圖像斜率為，所以c圖的g值大于圖線b對應(yīng)的g值，故C錯誤故選B（4）通過分析，拉力最大，擺球在最低點(diǎn)；，，，聯(lián)立解得：12、ADCB【解析】

(1)[1]測量過程，先選擇合適檔位，然后進(jìn)行歐姆調(diào)零，然后進(jìn)行測量，最后將開關(guān)置于“OFF”檔。故順序?yàn)锳DCB。(2)[2]根據(jù)圖示可知，電阻為。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2),距離A板為2l【解析】(1)加電壓后,B極電勢高于A板,小物塊在電場力與摩擦力共同作用下向A板做勻加速直線運(yùn)動.電場強(qiáng)度為;

小物塊所受的電場力與摩擦力方向相反,則合外力為F合=qE-μmg