2025屆銅川市重點中學物理高三第一學期期中聯(lián)考試題含解析

2025屆銅川市重點中學物理高三第一學期期中聯(lián)考試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、2013年12月“嫦娥三號”在月球表面上的軟著陸為我們的月球旅行開辟了新航道．假設未來的某天，宇航員在月球上做自由落體運動實驗：讓一個質(zhì)量為的小球從離開月球表面一定的高度由靜止開始自由下落，測得小球在第內(nèi)的位移是，此時小球還未落到月球表面．則以下判斷正確的是（）A．小球在末的速度大小為B．月球表面的重力加速度大小為C．小球在第內(nèi)的位移大小為D．小球在前內(nèi)的平均速度大小為2、火箭的發(fā)射與回收是航天技術的一大進步?；鸺诜祷氐孛媲暗哪扯芜\動，可看成先勻速后減速的直線運動，最后撞落在地面上。不計火箭質(zhì)量的變化，則：A．火箭在勻速下降過程中，機械能守恒B．火箭在減速下降過程中，攜帶的檢測儀器處于超重狀態(tài)C．火箭在減速下降過程中，合力做功等于火箭機械能的變化D．火箭在減速下降過程中，機械能守恒3、一電梯由靜止開始向上運動，其v-t圖象如圖所示，下列判斷正確的是A．30s末電梯開始向下運動B．電梯上升的最大高度為28mC．電梯的最大加速度為0.1m／s2D．前30s內(nèi)電梯的平均速度為0.5m／s4、疊羅漢是一種二人以上層層疊成各種造型的游戲娛樂形式,也是一種高難度的雜技.如圖所示為六人疊成的三層靜態(tài)造型,假設每個人的重量均為G,下面五人的背部均呈水平狀態(tài),則最底層正中間的人的一只腳對水平地面的壓力約為(

)A．GB．GC．GD．G5、設同步衛(wèi)星離地心的距離為r，運行速率為v1，加速度為a1；地球赤道上的物體隨地球自轉(zhuǎn)的向心加速度為a2，第一宇宙速度為v2，地球的半徑為R，則下列比值正確的是（）A． B． C． D．6、甲、乙兩個物體沿同一方向做直線運動，其v﹣t圖象如圖所示。關于兩車的運動情況，下列說法正確的是（）A．在4s～6s內(nèi)，甲、乙兩物體的加速度大小相等，方向相反B．前6s內(nèi)甲通過的路程更大C．在t=2s至t=6s內(nèi)，甲相對乙做勻加速直線運動D．甲、乙兩物體一定在2s末相遇二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示,真空中有一個邊長為L的正方體,在它的兩個頂點M、N處分別固定等量異號點電荷,圖中的a、b、c、d也是正方體的頂點,e、f、g、h均為所在邊的中點，關于這些點的電場強度和電勢，下列說法正確的是()A．a(chǎn)、b兩點電場強度相同，電勢相等B．c、d兩點電場強度不同，電勢相等C．e、f兩點電場強度相同，電勢不等D．g、h兩點場強大小相同，電勢不等8、質(zhì)量分別為2kg和3kg的物塊A、B放在光滑水平面上并用輕質(zhì)彈簧相連，如圖所示，今對物塊A、B分別施以方向相反的水平力F1、F2，且F1＝20N、F2＝10N，則下列說法正確的是()A．彈簧的彈力大小為16NB．如果只有F1作用，則彈簧的彈力大小變?yōu)?2NC．若把彈簧換成輕質(zhì)繩，則繩對物體的拉力大小為零D．若F1＝10N、F2＝20N，則彈簧的彈力大小不變9、質(zhì)量為m的物體靜止在粗糙的水平地面上，從t=0時刻開始受到方向恒定的水平拉力F作用，F(xiàn)與時間t的關系如圖甲所示。物體在t0時刻開始運動，其v-t圖象如圖乙所示，若可認為滑動摩擦力等于最大靜摩擦力，則A．物體在t0時刻的加速度大小為B．物體與地面間的動摩擦因數(shù)為C．物體所受合外力在t0時刻的功率為D．水平力F在t0到2t0這段時間內(nèi)的平均功率為10、如圖所示，在電阻不計的邊長為L的正方形金屬框abcd的cd邊上接兩個相同的電阻，平行金屬板e和f通過導線與金屬框相連，金屬框內(nèi)兩虛線之間有垂直于紙面向里的磁場，同一時刻各點的磁感應強度B大小相等，B隨時間t均勻增加，已知，磁場區(qū)域面積是金屬框面積的二分之一，金屬板長為L，板間距離為L．質(zhì)量為m，電荷量為q的粒子從兩板中間沿中線方向以某一初速度射入，剛好從f板右邊緣射出．不計粒子重力，忽略邊緣效應．則A．金屬框中感應電流方向為abcdaB．粒子帶正電C．粒子初速度為D．粒子在e、f間運動增加的動能為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖甲所示是某同學設計的“探究加速度a與物體所受合力F及質(zhì)量m間關系”的實驗裝置簡圖，A為小車，B為打點計時器，C為裝有砂的砂桶，D為一端帶有定滑輪的長方形木板，實驗中認為細繩對小車拉力F等于砂和砂桶的總重力，小車運動加速度a可由紙帶求得．（1）圖乙所示是某同學通過實驗得到的一條紙帶，他在紙帶上取A、B、C、D、E、F、G等7個計數(shù)點（每相鄰兩個計數(shù)點之間還有4個點沒有畫出）．已知打點計時器所使用電源的頻率為50Hz，用刻度尺測得：AB=0.60cm，AC=1.60cm，AD=3.00cm，AE=4.80cm，AF=7.00cm，AG=9.60cm，則打E點時小車的速度為_______m/s，小車的加速度為_______m/s1．（結果均保留兩位有效數(shù)字）（1）另一同學保持小車質(zhì)量不變，改變砂和砂桶質(zhì)量，該同學根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出了加速度a與合力F圖線如圖丙，該圖線不通過原點，其主要原因是__________________．（3）若實驗中將小車換成滑塊，將木板水平放置可測出滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)μ．要測出動摩擦因數(shù)μ，需要測量的物理量有_______________________________；實驗測得的動摩擦因數(shù)μ比真實值____________（選填“大”或“小”）．12．（12分）某同學做“驗證力的平行四邊形定則”的實驗情況如圖甲所示，其中A為固定橡皮條的圖釘，O為橡皮條與細繩的結點，OB和OC為細繩．圖乙是在白紙上根據(jù)實驗結果畫出的圖．(1)如果沒有操作失誤，圖乙中的F與F′兩力中，方向一定沿AO方向的是________．（填F或F′）(2)本實驗采用的科學方法是________．A．理想實驗法

B．等效替代法C．控制變量法

D．建立物理模型法(3)為盡可能減小實驗誤差，下列操作中正確的是______．A．測力計、細繩、橡皮條都應與木板平行B．兩細繩必須等長C．標記同一細繩方向的兩點要遠些D．用兩個測力計同時拉細繩時，夾角應等于90°．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，傾角α＝30°的足夠長光滑斜面固定在水平面上，斜面上放一長L＝1.8m、質(zhì)量M＝3kg的薄木板，木板的最上端疊放一質(zhì)量m＝1kg的小物塊，物塊與木板間的動摩擦因數(shù)。對木板施加沿斜面向上的恒力F，使木板沿斜面由靜止開始做勻加速直線運動。設物塊與木板間最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，取重力加速度g＝10m/s2。（1）為使物塊不滑離木板，求力F應滿足的條件；（2）若F＝37.5N，物塊能否滑離木板？若不能，請說明理由；若能，求出物塊滑離木板所用的時間及滑離木板后沿斜面上升的最大距離。14．（16分）如圖所示，半徑R＝0.9m的四分之一圓弧形光滑軌道豎直放置，圓弧最低點B與長為L＝1m的水平面相切于B點，BC離地面高h＝0.45m，C點與一傾角為θ＝30°的光滑斜面連接，質(zhì)量m＝1.0kg的小滑塊從圓弧頂點D由靜止釋放，已知滑塊與水平面間的動摩擦因數(shù)μ＝0.1，（g＝10m/s2）求：(1)小滑塊剛到達圓弧的B點時對圓弧的壓力；(2)小滑塊到達C點時速度的大小。15．（12分）為了研究過山車的原理，某興趣小組提出了下列設想：取一個與水平方向夾角為37°、長為l=2.0m的粗糙傾斜軌道AB，通過水平軌道BC與豎直圓軌道相連，出口為水平軌道DE，整個軌道除AB段以外都是光滑的．其AB與BC軌道以微小圓弧相接，如圖所示．一個小物塊以初速度v0＝4.0m/s從某一高處水平拋出，到A點時速度方向恰好沿AB方向，并沿傾斜軌道滑下．已知物塊與傾斜軌道的動摩擦因數(shù)μ=0.1．（g＝10m/s2、sin37°＝0.60、cos37°＝0.80）⑴求小物塊到達A點時速度．⑵要使小物塊不離開軌道，并從軌道DE滑出，求豎直圓弧軌道的半徑應該滿足什么條件？⑶為了讓小物塊不離開軌道，并且能夠滑回傾斜軌道AB，則豎直圓軌道的半徑應該滿足什么條件？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

AB．第內(nèi)的位移為，根據(jù)得則末的速度為故A錯誤，B正確；C．小球在第內(nèi)的位移為故C錯誤；D．小球在前內(nèi)的平均速度為故D錯誤；故選B．【點睛】根據(jù)自由落體運動的位移時間公式，結合第5s內(nèi)的位移求出月球表面的重力加速度，根據(jù)速度時間公式求出5s末的速度，結合平均速度推論求出5s內(nèi)的平均速度．2、B【解析】

火箭在勻速下降過程中，動能不變，重力勢能減小，可知機械能減小，選項A錯誤；火箭在減速下降過程中，加速度向上，則攜帶的檢測儀器處于超重狀態(tài)，選項B正確；火箭在減速下降過程中，合力做功等于火箭動能的變化，選項C錯誤；火箭在減速下降過程中，動能和重力勢能都減小，則機械能減小，選項D錯誤；故選B.3、B【解析】

A、圖象的縱坐標表示速度，縱坐標的正負表示速度的方向，則0~36s速度均為正，表示一直向上方向運動；故A錯誤.B、電梯在0～36s內(nèi)上升的總高度等于梯形的面積大小，；故B正確.C、根據(jù)速度圖象的斜率等于加速度，可知30s~36s的加速度最大為；故C錯誤.D、0~30s的位移為，故平均速度為；故D錯誤.故選B.【點睛】本題考查對速度-時間圖象的理解能力，關鍵抓住圖象的數(shù)學意義來理解圖象的物理意義，知道圖象的斜率表示加速度，面積表示位移.4、C【解析】最上面的人受到的豎直向下重力為G，所以每個腿上的力都是；

中間層最左邊的人，受到豎直向下的力為：，所以每個腿上的力都是；由對稱性，中間層最右邊的人每個腿上的力也是；

最底層中間的人，受到豎直向下的力為：，所以其每根腿上的力為：，故選項C正確。點睛：受力平衡的題，一般用到整體法或隔離法，應用隔離法時注意順序是層層剝皮，也就是由上到下，由外到里，分別應用平衡條件即可。5、D【解析】

對于地球同步衛(wèi)星和以第一宇宙速度運動的近地衛(wèi)星，由萬有引力提供做勻速圓周運動所需向心力得到：，解得得：，故A錯誤，D正確。因為地球同步衛(wèi)星的角速度和地球赤道上的物體隨地球自轉(zhuǎn)的角速度相同，由a1=ω2r，a2=ω2R可得，，故BC錯誤；故選D。6、B【解析】

A．v-t圖像的斜率表示物體運動的加速度，4-6s

內(nèi)，由圖像可知，斜率相同，則加速度方向相同，大小相等，故A錯誤。B．由v-t可知前6s內(nèi)，甲的路程為：乙的路程為：所以前6s甲的路程大，故B正確.C．2-6s由圖像可知，斜率相同，則加速度方向相同，大小相等，即甲相對乙做勻速直線運動，故C錯誤；D．由于甲乙兩物體起點未知，無法判斷2s

末是否相遇，故D錯誤。故選B.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】

A、根據(jù)等量異種電荷的電場線分布，結合a、b兩點連線在兩點電荷連線的中垂線上，可知，a、b兩點的電場強度大小相等，方向相同，而中垂面是0V的等勢面；故A正確.B、c、d兩點的場強用場強的矢量疊加原理可知大小相等，方向不同；而電勢與中垂面比較可知φc>0>φdC、e、f兩點的場強用場強的矢量疊加原理結合對稱性可知大小相等，方向相同；電勢同樣滿足φe>0>φfD、g、h兩點場強用場強的矢量疊加原理結合對稱性可知大小相等，方向不同；中垂面的電勢為零，電勢與中垂面相比較可知φg>0>φh故選ACD.【點睛】常見電場的電場線分布及等勢面的分布要求我們能熟練掌握，并要注意沿電場線的方向電勢是降低的，同時注意等量異號電荷形成電場的對稱性．加強基礎知識的學習，掌握住電場線的特點，即可解決本題．8、AB【解析】兩物體一起向左做勻加速直線運動，對兩個物體整體由牛頓第二定律有:

F1-F2=（mA+mB）a

再對物體A受力分析，運用牛頓第二定律，得到：F1-F=mAa

聯(lián)立兩式解得：F=16N．故A正確．如果只有F1作用，整體向左勻加速運動，則有：

對B研究得：彈簧的彈力大小為F=mBa=mB?F1mA+mB=3×202+3N=12N，故B正確．

若把彈簧換成輕質(zhì)繩，同理根據(jù)牛頓第二定律列式得到繩對物體的拉力大小也是16N，故C錯誤．若F1=10N、F2=20N，則F1-F2=（mA9、AD【解析】

A．由v-t圖線可知，物體在時刻開始有速度，此時最大靜摩擦力等于，當時刻時，對物體受力分析可知此時在水平方向上物體的合力為，由牛頓第二定律可得此時加速度為，A正確；B．當物體與地面之間的摩擦達到最大時，最大靜摩擦力為F0，則解得B錯誤；C．物體在t0時刻的合外力為故所受合外力在t0時刻的功率為F0v0，選項C錯誤；D．2t0時刻物體的速度在t0到2t0這段時間內(nèi)的平均速度為水平力F在t0到2t0這段時間內(nèi)的平均功率為D正確。10、AC【解析】

A．因為磁場垂直紙面向里均勻增大，故根據(jù)楞次定律可得金屬框中感應電流方向為abcda，e板帶負電，f板帶正電，A正確；B．因為粒子剛好從f板右邊緣射出，所以粒子受到向下的電場力，而電場方向向上，所以粒子帶負電，B錯誤；C．粒子在電場中做類平拋運動，在水平方向上有在豎直方向上有而電容器兩極板間的電壓等于R兩端的電壓，故聯(lián)立解得C正確；D．根據(jù)動能定理可得粒子增加的動能為D錯誤．故選AC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.100.40實驗前未平衡摩擦力（或平衡摩擦力不足或平衡摩擦力時木板傾角過?。┥昂蜕巴暗目傎|(zhì)量、木塊的質(zhì)量以及對應的加速度大【解析】

由題中“如圖甲所示是某同學設計的“探究加速度a與物體所受合力F及質(zhì)量m間關系”可知，本題考查牛頓第二定律實驗，根據(jù)實驗原理、數(shù)據(jù)處理和誤差分析可解答本題?！驹斀狻浚?）[1]根據(jù)打點計時器瞬時速度公式可得解得[1]根據(jù)加速度公式解得（1）[3]由圖可知，當有力的時候沒有加速度，原因是實驗前未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足或平衡摩擦力時木板傾角過??；（3）[4]如果要測出滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)μ，則根據(jù)牛頓第二定律可得因此需要測量砂和砂桶的總質(zhì)量、木塊的質(zhì)量以及對應的加速度。[5]因為在公式中沒有考慮繩的摩擦，因此求出的動摩擦因數(shù)μ比真實值偏大。12、;B;C;【解析】試題分析：（1）F是通過作圖的方法得到合力的理論值，而F′是通過一個彈簧稱沿AO方向拉橡皮條，使橡皮條伸長到O點，使得一個彈簧稱的拉力與兩個彈簧稱的拉力效果相同，測量出的合力．故方向一定沿AO方向的是F′，由于誤差的存在F和F′方向并不在重合；（2）合力與分力是等效替代的關系，所以本實驗采用的等效替代法．故選B．（3）兩分力的夾角大小要適當，選項A錯誤；使兩分力的大小要適當，不一定相差太大，選項B錯誤；盡可能使兩分力與紙面平行，以減小實驗的誤差，選項C正確；橡皮條沒必要太長，選項D錯誤；故選C．考點：驗證平行四邊形定則【名師點睛】本實驗考查驗證平行四邊形定則的實驗，采用的是“等效替代”的方法，即一個合力