2025屆湖南省邵陽市隆回縣高二物理第一學期期中達標檢測模擬試題含解析

2025屆湖南省邵陽市隆回縣高二物理第一學期期中達標檢測模擬試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，圖線甲、乙分別為電源和某金屬導體的伏安特性曲線，電源的電動勢和內阻分別用E、r表示，根據(jù)所學知識分析下列選項正確的是A．電源的電動勢E＝40VB．電源的內阻r＝8.3ΩC．當該導體直接與該電源相連時，該導體的電阻為20ΩD．當該導體直接與該電源相連時，電路消耗的總功率為80W2、如圖所示，電源的內阻不可忽略．已知定值電阻R1=11Ω，R2=8Ω．當開關S接位置1時，電流表的示數(shù)為1．21A．那么當開關S接位置2時，電流表的示數(shù)可能是下列的哪些值（）A．1．28AB．1．25AC．1．22AD．1．19A3、兩個帶正電的小球，放在光滑的水平絕緣板上，它們相距一定距離．若同時釋放兩球，它們的加速度之比將()A．增大 B．先增大后減小C．保持不變 D．減小4、如圖所示，在正方形四個頂點分別放置一個點電荷，所帶電荷量已在圖中標出，則下列四個選項中，正方形中心處場強最大的是()A．B．C．D．5、空間存在甲、乙兩相鄰的金屬球，甲球帶正電，乙球原來不帶電，由于靜電感應，兩球在空間形成了如圖所示穩(wěn)定的靜電場．實線為其電場線，虛線為其等勢線，A、B兩點與兩球球心連線位于同一直線上，C、D兩點關于直線AB對稱，則()A．A點和B點的電勢相同B．C點和D點的電場強度相同C．正電荷從A點移至B點，靜電力做正功D．負電荷從C點沿直線CD移至D點，電勢能先增大后減小6、甲、乙兩球在光滑水平軌道上同向運動，已知它們的動量分別是=5kg·m/s，=7kg·m/s，甲追上乙并發(fā)生碰撞，碰后乙球的動量變?yōu)?10kg·m/s，則兩球質量m甲與m乙的關系可能是（）A．m甲=m乙B．m乙=2m甲C．m乙=4m甲D．m乙=6m甲二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，水平放置的兩條光滑軌道上有可自由移動的金屬棒PQ、MN，當PQ在外力作用下運動時，MN在磁場力作用下向右運動．則PQ所做的運動可能是(說明：導體棒切割磁感線速度越大，感應電流越大)()A．向右勻加速運動 B．向左勻加速運動C．向右勻減速運動 D．向左勻減速運動8、在磁場中放入一通電導線，導線與磁場垂直，導線長為1cm，電流為0.5A，所受的磁場力為5×10－4N。則A．該位置的磁感應強度為0.1TB．若將該電流撤去，該位置的磁感應強度還是0.1TC．若將通電導線跟磁場平行放置，該導體所受到的磁場力為5×10－4ND．若將通電導線跟磁場平行放置，該導體所受到的磁場力為零9、“超級地球”是指圍繞恒星公轉的類地行星．科學家發(fā)現(xiàn)有兩顆未知質量的不同“超級地球”環(huán)繞同一顆恒星公轉，周期分別為T1和T1．根據(jù)上述信息可以計算兩顆“超級地球”的（）A．角速度之比 B．向心加速度之比C．半徑之比 D．所受引力之比10、某學生研究串聯(lián)電路電壓特點的實驗時，接成如圖所示的電路，接通S后，電路中沒有電流，他將高內阻的電壓表并聯(lián)在A、C兩點間時，電壓表讀數(shù)為U；當并聯(lián)在A、B兩點間時，電壓表讀數(shù)也為U；當并聯(lián)在B、C兩點間時，電壓表讀數(shù)為零，故障的原因可能是A．AB段斷路 B．BC段斷路C．AB段短路 D．BC段短路三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）圖(甲)是用一主尺最小分度為1mm，游標上有20個分度的游標卡尺測量一工件的長度，結果如圖所示．可以讀出此工件的長度為_______mm；圖(乙)是用螺旋測微器測量某一圓筒內徑時的示數(shù)，此讀數(shù)應為_______mm．12．（12分）研究燈泡L（3.8V，1.8W）的伏安特性，并測出該燈泡在額定電壓下正常工作時的電阻值，檢驗其標示的準確性。（1）選出既滿足實驗要求，又能減小誤差的實驗電路圖________。（2）請按電路圖連接好圖（1）中的實物圖_____。（3）在閉合開關S前，滑動變阻器觸頭應放在___________端。（選填“a”或“b”）（4）實驗后作出的I-U圖象如圖所示，圖中曲線彎曲的主要原因是______：。（5）根據(jù)所得到的圖象如圖（2）所示，求出它在額定電壓（3.8V）下工作時的電阻值R=_______。這個測量值比真實值偏______。（選填“大”或“小”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，勻強電場的場強E=1.2×102V/m，方向水平向右。一點電荷q=4×10-8C沿半徑為R=10cm的圓周，從A點移動到B點。（已知∠AOB=90°）求：（1）A、B間的電勢差UAB；（2）這一過程電場力做的功。14．（16分）如圖所示，帶有等量異種電荷的平行金屬板M、N豎直放置，M、N兩板間的距離d＝0.5m．現(xiàn)將一質量m＝1×10－2kg、電荷量q＝＋4×10－5C的帶電小球從兩極板上方的A點以v0＝4m/s的初速度水平拋出，A點距離兩板上端的高度h＝0.2m；之后小球恰好從靠近M板上端處進入兩板間，沿直線運動碰到N板上的C點，該直線與曲線的末端相切．設勻強電場只存在于M、N之間，不計空氣阻力，取g＝10m/s2.求（1）小球到達M極板上邊緣B位置時速度的大??；（2）M、N兩板間的電場強度的大小和方向；（3）小球到達C點時的動能．15．（12分）如圖所示，在同一條電場線上A、B兩點相距8cm，一個帶電量為點電荷在A點的電勢能為，在B點的電勢能為.若將該點電荷從A點移動到B點，求：（1）電場力對點電荷做功及A、B兩點間電勢差；（2）若該電場為勻強電場，分析和計算電場強度方向和大小。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

AB.甲為電源的U?I圖象，故縱截距表示電源電動勢，即E＝50V，在路端電壓為20V時電路電流為6A，根據(jù)閉合回路歐姆定律可得50＝20＋6r，解得r＝5Ω，故AB錯誤；CD.當該導體直接與該電源相連時，兩圖線的交點表示工作時的電壓和電流，故可知電阻兩端的電壓為40V，通過電阻的電流為2A，所以該導體的電阻大小為20Ω，電路消耗的總功率為，故C正確，D錯誤；故選擇：C；2、C【解析】試題分析：當電鍵S接位置1時，電流表的示數(shù)為1．21A，則根據(jù)歐姆定律得知：路端電壓U1=I1R1=11×1．2V=2V；電鍵S接2后，電路的總電阻減小，總電流一定增大，所以電流不可能是1．19A，電源的路端電壓一定減小；原來路端電壓為2V，所以電鍵S接2后路端電壓低于2V，因此電流一定小于1．25A，故只能選C．考點：閉合電路歐姆定律名師點睛：本題要根據(jù)閉合電路歐姆定律分析路端電壓與外電阻的關系，同時分析總電流與外電路總電阻的關系，可確定出電流表示數(shù)的范圍進行選擇．3、C【解析】

兩小球間的庫侖力互為相互作用力，在任意時刻都是大小相等方向相反，由F=ma可知它們的加速度之比總是為質量的反比，C對；4、B【解析】

根據(jù)點電荷電場強度公式，結合矢量合成法則，兩個負電荷在正方形中心處場強為零，兩個正點電荷在中心處電場強度為零，故A錯誤；同理，正方形對角線異種電荷的電場強度，即為各自點電荷在中心處相加，因此此處的電場強度大小為，故B正確；正方形對角線的兩負電荷的電場強度在中心處相互抵消，而正點電荷在中心處，疊加后電場強度大小為，故C錯誤；根據(jù)點電荷電場強度公式，結合疊加原理，則有在中心處的電場強度大小，故D錯誤．所以B正確，ACD錯誤．5、C【解析】

A．A點和B點不在同一個等勢面上，所以它們的電勢不同，故A錯誤。B．根據(jù)電場的對稱性可知，C點和D點的電場強度的大小相同，但是它們的方向不同，則電場強度不同，故B錯誤。C．從A點移至B點，電勢降低，所以正電荷從A點移至B點，電場力做正功，故C正確。D．C點和D點在同一個等勢面上，負電荷在CD兩點電勢能相等；負電荷從C點沿直線CD移至D點，電場力先做正功，后做負功，電勢能先減小后增大原來的值，故D錯誤。6、C【解析】根據(jù)動量守恒定律得：p1+p2=p1′+p2′，解得：p1′=2kg?m/s．碰撞過程系統(tǒng)的總動能不增加，則有：代入數(shù)據(jù)解得：．碰撞后甲的速度不大于乙的速度，則有：，代入數(shù)據(jù)解得：．綜上有，故BC正確，AD錯誤．故選BC．點睛：對于碰撞過程，往往根據(jù)三大規(guī)律，分析兩個質量的范圍：1、動量守恒；2、總動能不增加；3、碰撞后兩物體同向運動時，后面物體的速度不大于前面物體的速度．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】

MN在磁場力作用下向右運動，說明MN受到的磁場力向右，由左手定則可知電流由M指向N，由楞次定律可知，線圈中產(chǎn)生感應電流的磁場應該是向上減小，或向下增加；根據(jù)右手螺旋定則，與楞次定律可知PQ的運動情況．【詳解】MN在磁場力作用下向右運動，說明MN受到的磁場力向右，由左手定則可知電流由M指向N，由楞次定律可知，線圈中產(chǎn)生感應電流的磁場應該是向上減小，或向下增加；再由右手螺旋定則與楞次定律可知，PQ可能是向左加速運動或向右減速運動．故BC正確，AD錯誤。故選BC。【點睛】本題關鍵是分析好引起感應電流的磁通量的變化，進而才能分析產(chǎn)生電流的磁通量是由什么樣的運動產(chǎn)生的。8、ABD【解析】

根據(jù)公式B=FIL，得：B=5×10-40.01×0.5T=0.1T，磁感應強度B與F、I、L9、ABC【解析】

A．根據(jù)得所以可以計算角速度之比，故A正確；BC．根據(jù)開普勒第三定律得由得所以能求半徑之比和向心加速度之比，故BC正確；D．根據(jù)萬有引力定律可知，因為無法知道兩顆“超級地球”的質量比，所以無法求引力之比，故D錯誤。10、AD【解析】

A.接通S后，將電壓表并聯(lián)在A、C兩點間時電壓表讀數(shù)為U，說明電源沒有故障。當并聯(lián)在A、B兩點間時，電壓表讀數(shù)也為U，當并聯(lián)在B、C兩點間時，電壓表的讀數(shù)為零，說明AB間有斷路，故A正確；B.因為電路中沒有電流，B、C間為定值電阻，根據(jù)歐姆定律U=IR可知，B、C間電壓就應為零，這時，A點電勢與電源的正極電勢相等，B點電勢與電源的負極電勢相等。若B、C間斷路，電壓表并聯(lián)在A、B兩點間時，讀數(shù)不應為U，與題設條件不符，故B錯誤。C.若A、B短路，電壓表并聯(lián)在A、B兩點間時，電壓表讀數(shù)應為零，與題設條件不符，故C錯誤。D.由題知，電壓表并聯(lián)在B、C兩點間時，讀數(shù)為零，可能B、C間短路，故D正確。故選：AD三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、52.355.545【解析】試題分析：圖甲中工件的長度為5.2cm+0.05mm×7=52.35mm；圖乙圓筒內徑：5.5mm+0.01mm×4.5=5.545mm.考點：游標卡尺及螺旋測微器的讀數(shù).12、（1）丙；（2）實物圖如圖所示；（3）a；（4）小燈泡的電阻隨著電壓的升高而增大（5）7.6小【解析】（1）描繪燈泡伏安特性曲線，電壓與電流應從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法；

燈泡發(fā)光時的電阻，電流表內阻很小，約為零點幾歐姆，電壓表內阻約為幾千歐姆甚至幾萬歐姆，電壓表內阻遠大于燈泡電阻，電流表應采用外接法，應選圖丙所示電路圖；

（2）根據(jù)圖丙所示電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示：

（3）滑動變阻器采用分壓接法，為保護電路安全，在閉合開關S前，滑動變阻器觸頭應放在a端．

（4）由圖象可知，隨燈泡電壓U增大，燈泡電壓與電流的比值增大，即燈泡電阻變大，由此可知，小燈泡的電阻隨其兩端的電壓增大而增大；

（5）由圖示圖象可知，小燈泡在額定電壓（3.8V）下工作時的電流為0.5A，燈泡電阻值．由于電壓表的分流作用，使得電流表的測量值偏大，則燈泡電阻的測量值偏小.點睛：本題考查了實驗電路的選擇、連接實物電路圖、實注意事項、實驗數(shù)據(jù)處理，是實驗的?？紗栴}，一定要掌握；尤其是要掌握應用圖象法處理實驗數(shù)據(jù)的方法.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）-12V；（2）-4.8×10-8J【解析】

（1）根據(jù)U=Ed，UAB=-ER=-1.2×102×0.1V=-12V；（2）正點電荷從A到B，根據(jù)WAB=qUAB=4.0×10-8×1.2J=-4.8×10-8J，負號表示電場力做負功；14、（1）2m/s（2）5×103N/C水平向右（3）0.2