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文檔簡介
廣東揭陽市惠來縣第一中學(xué)2025屆高二物理第一學(xué)期期中綜合測試試題注意事項(xiàng)1.考試結(jié)束后,請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回.2.答題前,請(qǐng)務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用0.5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置.3.請(qǐng)認(rèn)真核對(duì)監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)與本人是否相符.4.作答選擇題,必須用2B鉛筆將答題卡上對(duì)應(yīng)選項(xiàng)的方框涂滿、涂黑;如需改動(dòng),請(qǐng)用橡皮擦干凈后,再選涂其他答案.作答非選擇題,必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答,在其他位置作答一律無效.5.如需作圖,須用2B鉛筆繪、寫清楚,線條、符號(hào)等須加黑、加粗.一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、已知如圖,R1=6Ω,R2=3Ω,R3=4Ω,則接入電路后這三只電阻的()A.電流之比I1:I2:I3=1:2:3B.電流之比I1:I2:I3=6:3:4C.電壓之比U1:U2:U3=1:2:3D.電壓之比U1:U2:U3=6:3:42、關(guān)于物體的重心,下列說法中正確的是A.任何物體的重心都一定在這個(gè)物體上B.重心的位置只與物體的形狀有關(guān)C.形狀規(guī)則、質(zhì)量分布均勻的物體,其重心在物體的幾何中心D.物體重心的位置一定會(huì)隨物體形狀改變而改變3、如圖,在等邊三角形abc的中心O處有一帶正電的點(diǎn)電荷,d為ac邊的中點(diǎn),則在該點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場中()A.a(chǎn)、b、c點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同B.a(chǎn)、c、d點(diǎn)的電勢差滿足Uad=UdcC.電子在a點(diǎn)時(shí)的電勢能小于在b點(diǎn)的電勢能D.電子在a點(diǎn)時(shí)的電勢能大于在d點(diǎn)的電勢能4、比值定義法是定義物理量的一種方法,所定義的物理量只與兩者比值有關(guān),與單個(gè)物理量的大小無關(guān).下列各物理量中不屬于比值定義法的是(
)A.B.C.D.5、一個(gè)初動(dòng)能為6J的物體,受到大小為2N的合外力,且物體沿合外力的方向運(yùn)動(dòng)了5m,則物體的末動(dòng)能是A.10JB.11JC.16JD.20J6、如圖所示,是將靈敏電流計(jì)改裝成歐姆表的原理圖,若此歐姆表已經(jīng)歐姆調(diào)零,用此歐姆表測某一阻值為R的電阻時(shí),指針偏轉(zhuǎn)到靈敏電流計(jì)滿偏刻度的處,現(xiàn)保持該表檔位不變,測量另一未知電阻,指針偏轉(zhuǎn)到靈敏電流計(jì)滿偏刻度的處,則該電阻的阻值為()A.4R B.3R C. D.二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。7、A、B、C為三塊水平放置的金屬板,與電路連接如圖所示,三塊板正中央各有一小孔,A板接地,電源內(nèi)阻為r,三個(gè)定值電阻,電路中電表均為理想電表,滑片P開始置于R2中點(diǎn),現(xiàn)有一質(zhì)量為m、電量為+q的液滴從A板小孔正上方距離為h的D點(diǎn)靜止釋放,恰好能到達(dá)C板,不計(jì)空氣阻力和極板外電場,下列說法中正確的是A.滑片P由R2中點(diǎn)往左移動(dòng),則B板電勢降低B.滑片P由R2中點(diǎn)往左移動(dòng),則電流表A1的示數(shù)減小,A2的示數(shù)增大C.滑片P由R2中點(diǎn)往左移動(dòng),仍將該液滴從D點(diǎn)由靜止釋放,則帶電液滴不能到達(dá)C板D.滑片P由R2中點(diǎn)往左移動(dòng),則不變,的值變小(U為電壓表V示數(shù),I2為電流表A2,為電流表A2示數(shù)的改變量)8、下列各量中,與檢驗(yàn)電荷無關(guān)的量是()A.電場強(qiáng)度EB.電場力FC.電勢差UD.電場做的功W9、右圖是某同學(xué)改裝成某一量程電流表的原理圖(其中表頭內(nèi)阻為Rg,并聯(lián)的定值電阻的阻值為R),結(jié)果他發(fā)現(xiàn)該電流表的示數(shù)總是比準(zhǔn)確值稍大一點(diǎn),請(qǐng)問以下哪些措施可以加以改進(jìn)()A.并聯(lián)一個(gè)比Rg和R的總電阻小得多的電阻B.給定值電阻串聯(lián)一個(gè)比R小得多的電阻C.并聯(lián)一個(gè)比R大得多的電阻D.給表頭串聯(lián)一個(gè)比Rg小得多的電阻10、電動(dòng)勢為E、內(nèi)阻為r的電池與固定電阻R0、可變電阻R串聯(lián),如圖所示,設(shè)R0=r,Rab=2r。當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)片自a端向b端滑動(dòng)時(shí),下列說法正確的是A.變阻器消耗的功率減少B.電池消耗的總功率先變大后變小C.固定電阻R0上消耗的功率將減小D.電池內(nèi)電阻上消耗的功率將變大三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11.(6分)欲用伏安法測定一段阻值約為5Ω左右的金屬導(dǎo)線的電阻,要求測量結(jié)果盡量準(zhǔn)確,現(xiàn)備有以下器材:A.電池組(3V,內(nèi)阻約為1Ω)B.電流表(0~3A,內(nèi)阻約為0.0125Ω)C.電流表(0~0.6A,內(nèi)阻約為0.125Ω)D.電壓表(0~3V,內(nèi)阻約為3kΩ)E.電壓表(0~15V,內(nèi)阻約為15kΩ)F.滑動(dòng)變阻器(0~20Ω,額定電流1A)H.開關(guān)、導(dǎo)線(1)上述器材中,電流表應(yīng)選用的是______;電壓表應(yīng)選用的是______(填寫器材的字母代號(hào)).(2)實(shí)驗(yàn)電路應(yīng)采用電流表________接法(填“內(nèi)”或“外”).12.(12分)某同學(xué)在練習(xí)使用多用電表時(shí)連接的電路如圖所示。(1)若旋轉(zhuǎn)選擇開關(guān),使尖端對(duì)準(zhǔn)直流電流擋,此時(shí)測得的是通過_______(填R1或R2)的電流;(2)若斷開電路中的電鍵,旋轉(zhuǎn)選擇開關(guān)使其尖端對(duì)準(zhǔn)歐姆擋,則測得的是______的電阻。A.R1的電阻B.R2的電阻C.R1和R2的串聯(lián)電阻D.R1和R2的并聯(lián)電阻(3)將選擇倍率的旋鈕撥至×100擋時(shí),指針的偏轉(zhuǎn)角過大,為了提高測量的精確度,請(qǐng)完成下列操作:A.將選擇開關(guān)撥至______擋(填“1kΩ”或“10Ω”);B.將兩根表筆短接C.調(diào)節(jié)調(diào)零電阻,使指針停在0Ω刻度線上D.將兩根表筆分別接觸待測電阻的兩端,指針偏轉(zhuǎn)情況如圖所示,則所測電阻大小為_______Ω.E.將選擇開關(guān)撥至交流電壓最高擋上。四、計(jì)算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13.(10分)如圖所示,電源電動(dòng)勢E=64V,內(nèi)阻不計(jì),電阻R1=4Ω,R2=12Ω,R3=16Ω,開始開關(guān)S1閉合,S2斷開,平行板電容器的兩極板A、B與水平面的夾角θ=37°,兩極板A、B間的距離d=0.4m,板間有一個(gè)傳動(dòng)裝置,絕緣傳送帶與極板平行,皮帶傳動(dòng)裝置兩輪軸心相距L=1m,傳送帶逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng),其速度為v=4m/s,現(xiàn)有一個(gè)質(zhì)量m=0.1kg(1)開關(guān)S1閉合,S2斷開時(shí),兩極板(2)工件在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的加速度大小;(3)工件從底端運(yùn)動(dòng)到頂端過程中,工件因與傳送帶摩擦而產(chǎn)生的熱量.14.(16分)如圖所示,平行板電容器的間距為d,極板與水平面成15°角.一電荷量為+q、質(zhì)量為m的帶電粒子在電容器下極板左端處,以初動(dòng)能Ek0豎直向上射入兩板之間,經(jīng)偏轉(zhuǎn)恰好從上極板右射出,且射出時(shí)速度方向與上極板平行.忽略粒子重力、空氣阻力及極板的邊緣效應(yīng).求:(1)板間電場強(qiáng)度E的大??;(2〕兩極板的長度及粒子在兩極板間運(yùn)動(dòng)時(shí)間.15.(12分)如圖所示,真空中兩個(gè)相同的小球帶有等量同種電荷,質(zhì)量均為m,分別用長為L的絕緣細(xì)線懸掛于絕緣天花板的一點(diǎn),當(dāng)平衡時(shí)B球偏離豎直方向60°,A豎直懸掛且與絕緣墻接觸。(重力加速度為g,靜電力常量為k)求:(1)小球的帶電荷量和墻壁受到的壓力.(2)兩條細(xì)線的拉力
參考答案一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】
圖中電阻R1與R2并聯(lián)后與R3串聯(lián);并聯(lián)電阻為:R12=R1R2R1+R2=6×36+3Ω=2Ω;并聯(lián)電路電壓相等,串聯(lián)電路電壓比等于電阻比,故:
U并:U3=R12:R3=2:4=1:2;故:U1:U2:U3=1:1:2;串聯(lián)電路電流相等,并聯(lián)電路電流比等于電阻的反比,故:I1:I2=R2:R1=1:2;又I3=I1+I2【點(diǎn)睛】分析清楚電路的串并聯(lián)結(jié)構(gòu),根據(jù)串并聯(lián)電路的電流和電壓的關(guān)系,利用電壓和功率的公式逐個(gè)計(jì)算可以求得它們的電壓、電流和功率的大小關(guān)系.2、C【解析】試題分析:質(zhì)量分布均勻的籃球,其重心在籃球的球心,就不在物體上,A錯(cuò);重心的位置除與物體的形狀有關(guān)外,還與物體的質(zhì)量分布有關(guān),BD錯(cuò);形狀規(guī)則、質(zhì)量分布均勻的物體,其重心在物體的幾何中心,C對(duì)??键c(diǎn):本題考查重心的概念點(diǎn)評(píng):本題學(xué)生清楚物體的重心跟物體的形狀和物體的質(zhì)量分布有關(guān),由二者共同決定。3、D【解析】
A.由點(diǎn)電荷的場強(qiáng)公式可知,a、b、c點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等,但方向不同,所以a、b、c點(diǎn)的電場強(qiáng)度不相同,故A錯(cuò)誤;B.由于a、b、c三點(diǎn)到點(diǎn)電荷的距離相等,所以a、b、c三點(diǎn)的電勢相等,所以Uad=Ucd,故B錯(cuò)誤;C.由于a、b兩點(diǎn)的電勢相等,所以電子在a點(diǎn)時(shí)的電勢能等于在b點(diǎn)的電勢能,故C錯(cuò)誤;D.由于d點(diǎn)離正點(diǎn)電荷更近,所以d點(diǎn)電勢比a點(diǎn)電勢高,根據(jù)負(fù)電荷在電勢低處電勢能大,所以電子在a點(diǎn)時(shí)的電勢能大于在d點(diǎn)的電勢能,故D正角。4、B【解析】是電場強(qiáng)度的定義式是比值定義的,故A不符合題意;公式是歐姆定律的表達(dá)式,不屬于比值定義法,故B符合題意;公式是電勢的定義式,為比值定義法,故C不符合題意;電容是極板上的電量與極板之間的電壓的比值,是電容的定義式,為比值定義法,故D不符合題意.本題選不是比值定義法的,故選B.點(diǎn)睛:中學(xué)物理中,有相當(dāng)數(shù)量的物理量是采用“比值法”定義的.應(yīng)用比值法定義物理量,往往需要一定的條件;一是客觀上需要,二是間接反映特征屬性的兩個(gè)物理量可測,三是兩個(gè)物理量的比值必須是一個(gè)定值.5、C【解析】
由功的公式可求得合外力做的功,由動(dòng)能定理可求得末動(dòng)能;【詳解】合外力做的功為:;
由動(dòng)能定理可知:;
則物體的末動(dòng)能為:,故選項(xiàng)C正確,ABD錯(cuò)誤.【點(diǎn)睛】本題考查動(dòng)能定理的直接應(yīng)用,要明確動(dòng)能定理的應(yīng)用步驟,解題時(shí)要注意分析合外力做功的正負(fù).6、B【解析】
設(shè)電源是電動(dòng)勢為,歐姆表的內(nèi)阻為內(nèi),滿偏電流為,歐姆表調(diào)零即待測電阻為零,此時(shí)由閉合回路歐姆定律有測阻值為的電阻時(shí),則有測未知電阻時(shí),則有聯(lián)立解得故B正確,A、C、D錯(cuò)誤;故選B。二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】A、滑片P由R2中點(diǎn)往左移動(dòng)時(shí)使并聯(lián)部分電阻減小從而使整個(gè)電路電阻減小,根據(jù)閉合電路歐姆定律可得干路電流增大,即A2的示數(shù)增大,則兩端電壓增大,即B板電勢降低,故選項(xiàng)A正確;B、滑片P由R2中點(diǎn)往左移動(dòng)時(shí)使并聯(lián)部分電阻減小從而使整個(gè)電路電阻減小,根據(jù)閉合電路歐姆定律可得干路電流增大,即A2的示數(shù)增大,路端電壓減小,由于、電壓增大,則并聯(lián)部分電壓降低,根據(jù)并聯(lián)電路特點(diǎn)可以知道電流表A1的示數(shù)增大,故選項(xiàng)B錯(cuò)誤;C、滑片P由R2中點(diǎn)往左移動(dòng)時(shí),電路總電流增大,則兩端電壓增大,即電容器AB電壓增大,液滴加速運(yùn)動(dòng),路端電壓減小,則電容器BC電壓減小,液滴減速運(yùn)動(dòng),液滴將穿過C板,故選項(xiàng)C錯(cuò)誤;D、根據(jù)閉合電路歐姆定律可知:,則為定值,不變,根據(jù)歐姆定律可知為本身并聯(lián)之后與串聯(lián)的總電阻,即減小,故選項(xiàng)D正確.點(diǎn)睛:本題考查閉合電路歐姆定律的動(dòng)態(tài)分析問題,注意電容器兩端電壓的問題.8、AC【解析】
AC.電場強(qiáng)度和電勢分別從力和能量的角度來描述電場的,均是采用比值定義法定義的,它們的大小均與電量無關(guān),由電場本身的性質(zhì)決定的,與檢驗(yàn)電荷無關(guān),對(duì)于電勢差則為電勢之差,由電場中兩點(diǎn)的電勢決定,電勢與檢驗(yàn)電荷無關(guān),因此電勢差與檢驗(yàn)電荷無關(guān).故AC正確;B.電場力,知電場力與檢驗(yàn)電荷有關(guān),故B錯(cuò)誤;D.電場力做功,知電場力做功與檢驗(yàn)電荷的電量有關(guān),故D錯(cuò)誤.9、CD【解析】把小量程電流表改裝成大量程電流表需要并聯(lián)一個(gè)小電阻,由并聯(lián)電路特點(diǎn)可知,電阻越并越大,R分流越小,并聯(lián)后的電阻越接近Rg,改裝后的電流越接近流過表頭的電流,故C、D正確.點(diǎn)晴:由該題可看出,解決此類問題要充分理解電表改裝原理,電路的分壓分流原理.10、AD【解析】
A.將R0看成電源的內(nèi)阻,則有R0+r=2r而Rab=2r當(dāng)外電阻等于內(nèi)阻時(shí),電源消耗功率最大,則滑動(dòng)片由a端向b端滑動(dòng)時(shí),變阻器消耗的功率減小,故A正確;B.根據(jù)電池總功率P=IE可知,電流增大,總功率變大,故B錯(cuò)誤。CD.當(dāng)變阻器的滑動(dòng)片自a端向b端滑動(dòng)時(shí),變阻器接入電路的電阻減小,電路中電流增大,根據(jù)功率P=I2R可知,固定電阻R0上和電源的內(nèi)阻上消耗功率變大,故C錯(cuò)誤,D正確;三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11、CD外【解析】(1)電池組3V,則選取電壓表D;根據(jù)歐姆定律:,故電流表選取C;故選取的器材為:C、D.(2)被測電阻約,故選擇電流表外接。12、R1C10Ω160【解析】
(1)[1].多用電表使用電流檔時(shí)應(yīng)該串聯(lián)在電路中,圖中多用電表與滑動(dòng)變阻器串聯(lián),電流相等,若旋轉(zhuǎn)選擇開關(guān),使其尖端對(duì)準(zhǔn)直流電流檔,此時(shí)測得的是通過R1的電流.(2)[2].?dāng)嚅_電路中的電鍵,R1與R2串聯(lián),多用電表兩表筆接在其兩端,故測得的是R1與R2串聯(lián)的總電阻,故選C;(3)[3][4].用“×100Ω”測電阻時(shí)擋時(shí),指針的偏轉(zhuǎn)角過大,說明所選擋位太大,為準(zhǔn)確測量電阻阻值,應(yīng)換用小擋,應(yīng)選“×10Ω”擋,然后對(duì)歐姆表重新進(jìn)行歐姆調(diào)零,然后再測電阻阻值,歐姆表使用完畢后,要把選擇開關(guān)置于OFF擋或交流電源最高擋上,由圖象表盤可知,待測電阻阻值為:16×10Ω=160Ω;四、計(jì)算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)40V/m,電場方向?yàn)橛葿指向A;(2)2m/s【解析】
由閉合電路的歐姆定律求出開關(guān)S1閉合,S2斷開時(shí),兩極板A、B間的電壓,然后由E=Ud即可求出場強(qiáng);同(1)求出開關(guān)S2也閉合后AB之間的電壓和場強(qiáng),求出工件受到的合力,然后使用牛頓第二定律求出加速度;使用運(yùn)動(dòng)學(xué)的公式,求出工件從底端運(yùn)動(dòng)到頂端的過程中相對(duì)于傳送帶的位移,然后用Q=fL相對(duì)【詳解】解:(1)開關(guān)S1閉合,S2斷開時(shí),R1與R2串聯(lián),電路中的電流:I此時(shí)A、B之間的電勢差等于R1兩端的電壓,所以:U兩極板A、B間的場強(qiáng)大小:E電場方向?yàn)橛葿指向A;(2)開關(guān)S2也閉合,R1與R2串聯(lián)電壓不變,所以流過它們的電流不變,此時(shí)A、B之間的電勢差等于R2兩端的電壓,所以:U兩極板A、B間的場強(qiáng)大?。篍此時(shí)工件的受力如圖,則沿傳送帶的方向由牛頓第二定律得:
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